2025屆廣東省江門市示范初中高二物理第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆廣東省江門市示范初中高二物理第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、噴墨打印機(jī)的簡化模型如圖所示．墨盒可以噴出質(zhì)量一定的墨汁微粒，經(jīng)帶電室?guī)ж?fù)電后，以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符．已知墨汁微粒所帶電荷量的多少由計算機(jī)的輸入信號按照文字的排列規(guī)律進(jìn)行控制，微粒偏移量越小打在紙上的字跡越小，則從墨汁微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場開始到打到紙上的過程中(不計墨汁微粒的重力)，以下說法正確的是()A.減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓，可以縮小字跡B.電量相同的墨汁微粒軌跡相同C.墨汁微粒的運動軌跡與帶電量無關(guān)D.墨汁微粒的軌跡是拋物線2、一帶正電粒子僅在電場力作用下做直線運動，從A點經(jīng)B、C運動到D點，其v－t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.A處的電場強(qiáng)度小于B處的電場強(qiáng)度B.粒子在A處的電勢能小于在B處的電勢能C.C、D間各點電場強(qiáng)度和電勢都為零DA、B兩點的電勢差等于C、B兩點間的電勢差3、如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向平行于ab邊向上．當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度ω逆時針轉(zhuǎn)動時，a、b、c三點的電勢分別為Ua、Ub、Uc．已知bc邊的長度為l．下列判斷正確的是（）AUa＞Uc，金屬框中無電流B.Ub＞Uc，金屬框中電流方向沿a﹣b﹣c﹣aC.Ubc=﹣Bl2ω，金屬框中無電流D.Ubc=Bl2ω，金屬框中電流方向沿a﹣c﹣b﹣a4、在電場中的P點放一個試探電荷q，已知q受到電場力為F，若將電荷量增大到2q，則（）A.電荷受到的電場力為F，P點的電場強(qiáng)度為E=B.電荷受到的電場力為2F，P點的電場強(qiáng)度為E=C.電荷受到的電場力為F，P點的電場強(qiáng)度為E=D.電荷受到的電場力為2F，P點的電場強(qiáng)度為E=5、如圖所示，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在絕緣斜面上，導(dǎo)軌間距為L，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧上端固定，下端與導(dǎo)體棒ab相連，彈簧與導(dǎo)軌平面平行并與ab垂直，棒垂直跨接在兩導(dǎo)軌上，空間存在垂直導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.當(dāng)棒通以方向由a到b、大小為I的電流時，棒處于平衡狀態(tài)，平衡時彈簧伸長量為x1；保持電流大小不變，使棒中電流反向，則棒平衡時下列說法正確的是()A.彈簧伸長，伸長量為＋x1B.彈簧伸長，伸長量為＋x1C.彈簧壓縮，壓縮量為－x1D.彈簧壓縮，壓縮量為－x16、如圖所示，A1和A2是兩個相同的小燈泡，L是自感系數(shù)相當(dāng)大的線圈，其電阻阻值與R相同．由于存在自感現(xiàn)象，在開關(guān)S接通和斷開時，燈A1、A2亮暗的先后順序是（）A.接通時，A1先達(dá)最亮；斷開時，A1后暗B.接通時，A2先達(dá)最亮；斷開時，A2后暗C.接通時，A1、A2同時達(dá)最亮；斷開時，A1后暗D.接通時，A2先達(dá)最亮；斷開時，A1后暗二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關(guān)于原子核的結(jié)合能，下列說法正確的是()A.原子核的結(jié)合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰變成粒子和另一原子核，衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于原來重核的結(jié)合能C.銫原子核()的結(jié)合能小于鉛原子核()的結(jié)合能D.比結(jié)合能越大，原子核越不穩(wěn)定8、在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，下列說法正確的是()A.感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場的變化B.感應(yīng)電流的磁場方向總是與引起它的磁場方向相反C.穿過閉合電路的磁通量越大，電路中的感應(yīng)電流也越大D.穿過電路的磁通量變化越快，電路中的感應(yīng)電動勢也越大9、地面附近空間中存在著水平方向的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，一個帶電油滴沿著一條與豎直方向成θ角的直線MN運動．如圖所示，由此可以判斷：（）A.油滴一定做勻速直線運動B.油滴可能做勻變速直線運動C.如果油滴帶正電，它是從N點運動到M點D.如果油滴帶正電，它是從M點運動到N點10、如圖所示的電路中，電感L的自感系數(shù)很大，電阻可忽略，D為理想二極管，則下列說法正確的有（）A.當(dāng)S閉合時，L1立即變亮，L2逐漸變亮B.當(dāng)S閉合時，L1一直不亮，L2逐漸變亮C.當(dāng)S斷開時，L1立即熄滅,L2也立即熄滅D.當(dāng)S斷開時，L1突然變亮，然后逐漸變暗至熄滅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一位同學(xué)在測定電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，利用圖的電路進(jìn)行了實驗數(shù)據(jù)的測量記錄，又將測得的數(shù)據(jù)在圖的坐標(biāo)系中作出了圖線。根據(jù)圖線得出電池的電動勢_____，電池的內(nèi)阻___。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）對圖電路分析可知，實驗中實際測得的_______（選填“電壓值”或“電流值”）并不等于實驗原理中所要的值，而是比所要的值_______（選填“偏大”或“偏小”）。12．（12分）有一個小燈泡上標(biāo)有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線，現(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表（0～5V，內(nèi)阻10kΩ）B．電壓表（0～15V，內(nèi)阻20kΩ）C．電流表（0～3A，內(nèi)阻0.4Ω）D．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻1Ω）E．滑動變阻器（最大阻值10Ω，允許最大電流為2A）F．滑動變阻器（最大阻值為500Ω，允許最大電流為lA）G．學(xué)生電源（直流6V）、開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實驗中所用電壓表應(yīng)選用__，電流表應(yīng)選用_____，滑動變阻器應(yīng)選用__．（用序號字母表示）（2）實驗時，所用電路應(yīng)選圖______（填“甲”或“乙”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢，內(nèi)阻，電阻，，，電容器的電容，開關(guān)S原來斷開，現(xiàn)在合上開關(guān)S到電路穩(wěn)定，試問這一過程中通過電流表的電量是多少？14．（16分）如圖所示，BC是半徑為R的圓弧形的光滑且絕緣的軌道，位于豎直平面內(nèi)，其下端與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度為E．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電q的小滑塊（可視為質(zhì)點），從C點由靜止釋放，滑到水平軌道上的A點時速度減為零．若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為μ，求：（1）滑塊通過B點時的速度大??；（2）滑塊經(jīng)過圓弧軌道的B點時，所受軌道支持力的大??；（3）水平軌道上A、B兩點之間的距離15．（12分）如圖所示，導(dǎo)體桿ab的質(zhì)量為kg，電阻為，放置在與水平面成角的光滑傾斜金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間距為0.5m且電阻不計，系統(tǒng)處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.2T，電源內(nèi)阻為，通電后桿能靜止于導(dǎo)軌上，g取10m/s2。求：（1）電源電動勢E；（2）若突然將磁場反向，求反向后瞬間導(dǎo)體桿的加速度。（不計磁場反向引起的電磁感應(yīng)效應(yīng)）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A.墨汁微粒在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，，出偏轉(zhuǎn)電場后做直線運動，其豎直方向偏移量為故減小偏轉(zhuǎn)電壓時，y變小，A正確；BC由可知，軌跡與質(zhì)量、電荷量有關(guān)，故B、C錯誤；D.在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，出偏轉(zhuǎn)電場后做直線運動，故其軌跡不是拋物線，D錯誤；故選A。2、D【解析】從圖象可以看出，粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關(guān)系，從而得到電場強(qiáng)度德大小關(guān)系．由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與CB兩點間的電勢差的大小關(guān)系【詳解】由運動的速度-時間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強(qiáng)度一定大于B點的電場強(qiáng)度，故A錯誤；由A到B的過程中，速度變大了，說明是電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為動能，由功能關(guān)系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在B時的電勢能，所以粒子在A點的電勢能高于B點的電勢能，故B錯誤；從C到D，粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強(qiáng)度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；A、C兩點的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D正確．故選D【點睛】本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關(guān)系，其關(guān)系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)．還考查了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關(guān)，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關(guān)系相似.3、C【解析】因為當(dāng)金屬框繞軸轉(zhuǎn)運時，穿過線圈abc的磁通量始終為0，故線圈中無感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項BD錯誤；但對于bc與ac邊而言，由于bc邊切割磁感線，故bc邊會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由右手定則可知，c點的電勢要大于b點的電勢，故Ubc是負(fù)值，且大小等于Bl×=Bl2ω，故選項C正確；對于導(dǎo)體ac而言，由右手定則可知，c點的電勢大于a點的電勢，故選項A錯誤，所以選項C是正確的考點：導(dǎo)合格切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢【名師點睛】該題既可以通過法拉第電磁感應(yīng)定律得出線圈abc的感應(yīng)電流情況，又可以通過對bc邊和ac邊的研究，看它們切割磁感線時產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小，判斷導(dǎo)線端點的電勢大小情況4、B【解析】在電場中的P點放一個試探電荷q，已知q受到電場力為F，則該點的電場強(qiáng)度電場強(qiáng)度的大小由電場本身決定，不隨檢驗電荷的正負(fù)及電荷量的多少而改變所以將電荷量增大到2q時，P點電場強(qiáng)度仍為電荷所受電場力：選項B正確，ACD錯誤。故選B。5、A【解析】當(dāng)棒通以方向由a到b、大小為I的電流時，由左手定則知，受到的安培力沿導(dǎo)軌斜向上，大小為BIL；設(shè)導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ，則由平衡條件得：mgsinθ=BIL+kx1當(dāng)保持電流大小不變，使棒中電流反向，由左手定則知，受到的安培力沿導(dǎo)軌斜向下，大小還是BIL，此時有mgsinθ+BIL=kx因此解得彈力沿著斜面向上，則彈簧是伸長的；A.彈簧伸長，伸長量為＋x1，與結(jié)論相符，選項A正確；B.彈簧伸長，伸長量為＋x1，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C.彈簧壓縮，壓縮量為－x1，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.彈簧壓縮，壓縮量為－x1，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選A。6、A【解析】電鍵接通瞬間，電路中迅速建立了電場，立即產(chǎn)生電流，但線圈中產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的增加，所以開始時通過燈泡A1的電流較大，故燈泡A1較亮；電路中自感電動勢阻礙電流的增加，但不能阻止電流增加；由于L是一個自感系數(shù)相當(dāng)大的線圈，其電阻與R相同，所以電流穩(wěn)定后，兩個燈泡一樣亮，即A1燈泡亮度逐漸正常，電鍵斷開瞬間，電路中電流要立即減小零，但線圈中會產(chǎn)生很強(qiáng)的自感電動勢，與燈泡A1構(gòu)成閉合回路放電，故斷開時A1后滅；由于電路中的電流穩(wěn)定時通過A1與L的電流是相等的，所以斷開時，A1不會閃亮一下，故A正確。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A.由原子核的結(jié)合能定義可知，原子核的結(jié)合能等于使其完全分解成自由核子時所需的最小能量，故A正確；B.一重原子核衰變成粒子和另一原子核，要釋放能量，衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于原來重核的結(jié)合能，故B正確；C.原子核的結(jié)合能大小取決于核子數(shù)，銫原子核的核子數(shù)比鉛原子核的核子數(shù)少，因此銫原子核的結(jié)合能小于鉛原子核的結(jié)合能，C正確；D.比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故D錯誤。故選ABC。8、AD【解析】根據(jù)楞次定律可知：感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場的變化，故A正確．由楞次定律可知：原磁通量減小時，感應(yīng)電流的磁場方向與引起它的磁場方向相同，故B錯誤．穿過閉合電路的磁通量越大，但磁通量變化率不一定越大，所以根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知感應(yīng)電動勢不一定越大，感應(yīng)電流也就不一定越大．故C錯誤．穿過電路的磁通量變化越快，磁通量變化率越大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知感應(yīng)電動勢也越大．故D正確．故選AD【點睛】解決本題的關(guān)鍵是理解并掌握楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，要注意感應(yīng)電動勢與磁通量變化率成正比，而不是與磁通量和磁通量變化量成正比9、AD【解析】對帶電粒子進(jìn)行受力分析，受到豎直向下的重力，水平方向的電場力和垂直于虛線的洛倫茲力，由于帶電粒子做直線運動，所以洛倫茲力只能垂直于直線向上，從而可判斷粒子的電性（帶負(fù)電），同時可知電場力的方向向左，再根據(jù)各力的做功情況，即可判斷各選項的正誤【詳解】AB．油滴做直線運動，受重力、電場力和洛倫茲力作用，因為重力和電場力均為恒力，根據(jù)物體做直線運動條件可知，粒子所受洛倫茲力亦為恒力據(jù)F=qvB可知，粒子必定做勻速直線運動;故A正確,B錯誤.CD．根據(jù)做直線運動的條件和受力情況，如圖所示：可知如果油滴帶正電，由左手定則判斷可知，油滴的速度從M點到N點，故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】帶電粒子在重力場、電場、磁場的復(fù)合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行）．若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動10、BD【解析】當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律，以及二極管具有單向?qū)щ娦赃M(jìn)行分析【詳解】閉合開關(guān)的瞬間，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以無電流通過L1，由于線圈中自感電動勢的阻礙，L2燈逐漸亮，故A錯誤，B正確．待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，線圈L產(chǎn)生自感電動勢，兩燈串聯(lián)，所以L1突然變亮，然后逐漸變暗至熄滅．故C錯誤，D正確．故選BD【點睛】對于線圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時，它是電阻不計的導(dǎo)線；當(dāng)電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源；同時運動注意二極管的作用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1.47~1.50)②.(0.855~0.909)③.電流值④.偏小【解析】[1][2]根據(jù)全電路的歐姆定律：可知，圖像的總截距表示電動勢，斜率表示內(nèi)阻，有：(1.47V~1.50V)；(0.855~0.909)。[3][4]本實驗測干電池的電動勢和內(nèi)阻，采用的是滑動變阻器的限流式接法，電流表的內(nèi)接法，其中電壓表測路端電壓準(zhǔn)確，電流表測干路電流偏小，因為電壓表不是理想電表，實際有一定的分流。12、①.A②.D③.E④.甲【解析】(1)[1]因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應(yīng)稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準(zhǔn)確；故只能選用0～5V的電壓表，故選A；[2]由P=UI得，燈泡的額定電流故電流表應(yīng)選擇0～0.6A的量程，故選D；[3]而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應(yīng)選總阻值小的滑動變阻器，故選E；(2)[4]在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，所以