廣東省仲元中學2025屆物理高二第一學期期中聯考模擬試題含解析

廣東省仲元中學2025屆物理高二第一學期期中聯考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、a、b、c為電場中同一條電場線上的三點，c為ab的中點，a、b電勢分別為φa＝8V、φb＝4V．下列敘述正確的是()A．該電場在c點處的電勢一定為6VB．a點處的場強Ea一定大于b點處的場強EbC．一正電荷運動到c點時受到的靜電力由c指向aD．一正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少2、如圖，當閉合電鍵后，滑動變阻器的滑動片向右移動時A．安培表示數變大，燈變暗 B．安培表示數變小，燈變暗C．電壓表示數不變，燈變亮 D．電壓表示數不變，燈變暗3、如圖所示，A、B兩導體板平行放置，在t=0時將電子從A板附近由靜止釋放（電子的重力忽略不計）．分別在A、B兩板間加四種電壓，它們的UAB﹣t圖線如下列四圖所示．其中可能使電子到不了B板的是A． B． C． D．4、如圖所示的電路中，已知電容C1=C2，電阻R1=R2，電源電動勢為E，內阻不計，當開關S由閉合狀態(tài)斷開時，下列說法中正確的是（）A．電容器C1的電量增多，電容器C2的電量減少B．電容器C1的電量減少，電容器C2的電量增多C．電容器C1、C2的電量都增多D．電容器C1、C2的電量都減少5、用兩個相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個量程不同的大量程電流表、，若把、分別采用并聯或串聯的方式接入電路，如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關電表的示數和電表指針偏轉角度的說法正確的是A．圖甲中的、的示數相同B．圖甲中的、的指針偏角相同C．圖乙中的、的示數和偏角都不同D．圖乙中的、的指針偏角相同6、在圖所示的四幅圖中，正確標明了帶正電的粒子所受洛侖茲力方向的是A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在一根張緊的水平繩上掛幾個擺，其中A、E擺長相等；先讓A擺振動起來，其他各擺隨后也跟著振動起來，則()A．其它各擺擺動周期跟A擺相同B．其它各擺振動振幅大小相同C．其它各擺振動振幅大小不相同，E擺振幅最大D．其它各擺振動周期大小不同，D擺周期最大8、一物體做自由落體運動，?。P于該物體的運動情況，下列說法正確的是A．第1s末的速度為 B．第1s末的速度為C．第1s內下落的距離為15m D．第1s內下落的距離為5m9、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時，下面判斷正確的是（）A．L1和L3變亮，L2變暗B．L1變暗，L2變亮，L3亮度不變C．L1中電流變化值小于L3中電流變化值D．L1中電流變化值等于L3中電流變化值10、如圖所示是等腰直角三棱柱，其中底面abcd為正方形，邊長為L，它們按圖示位置放置于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度為B，下面說法中正確的是（）A．通過abcd平面的磁通量大小為L2?BB．通過dcfe平面的磁通量大小為L2?BC．通過abfe平面的磁通量大小為零D．通過bcf平面的磁通量為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪標有“3V，1．4W”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈炮電壓能從零開始變化．所給器材如下：A．電流表（1~211mA，內阻1．5Ω）B．電流表（1~1．6A，內阻1．11Ω）C．電壓表（1~3V，內阻5kΩ）D．電壓表（1~15V，內阻51kΩ）E．滑動變阻器（1~11Ω，1．5A）F．電源（3V）G．電鍵一個，導線若干．（1）為了完成上述實驗，實驗中應選擇的儀器是_____________________．（2）在Ⅱ卷的虛線框中畫出完成此實驗的原理圖______．（3）此實線描繪出的I—U圖線是______（填“曲線”．“直線”），其原因是________．（4）該同學描繪出的I--U圖象和下圖中的______形狀最接近.12．（12分）如圖甲所示電路中，電源電壓8V左右。先使開關S與1端相連，電源向電解電容器充電，然后把開關S擲向2端，電容器通過電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t曲線，如圖乙所示，由此可估算電容器的電容為________F。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力向下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，bd的長度為L，勻強電場的電場強度為E，求：（1）此液滴帶何種電荷；（2）液滴的加速度為多少；（3）b、d兩點的電勢差Ubd.14．（16分）如圖所示，BC是半徑為R=1m的圓弧形光滑且絕緣的軌道，位于豎直平面內，其下端與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強電場中，電場強度為E=2.0×10+4N/C，今有一質量為m=1kg、帶正電q=1.0×10﹣4C的小滑塊，（體積很小可視為質點），從C點由靜止釋放，滑到水平軌道上的A點時速度減為零．若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數為μ=0.2，求：（1）滑塊通過B點時的速度大?。唬?）滑塊通過B點時圓軌道B點受到的壓力大??；（3）水平軌道上A、B兩點之間的距離．15．（12分）如圖所示，有一對平行金屬板，兩板相距為0.05m，電壓為10V。兩板之間有勻強磁場，磁感應強度大小為B0=0.1T，方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓形區(qū)域內也存在勻強磁場，磁感應強度大小為B=33T（1）離子速度v的大小；（2）離子的比荷q/m；（3）離子在圓形磁場區(qū)域中運動時間t。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：當該電場是勻強電場時，由于沿電場方向相同距離電勢差相等，則場在c點處的電勢一定為6V．當該電場不是勻強電場時，在c點處的電勢不一定為6V．故A錯誤．一條電場線無法比較電場線的疏密，就無法比較場強的大小，則a點處的場強不一定大于b點處的場強．故B錯誤；由題可判斷電場線方向從a指向b，正電荷運動到c點時受到的電場力由a指向b.故C錯誤.a點的電勢高于b點的電勢，根據正電荷在電勢高處電勢能大可知，正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少．故D正確．故選D.【點睛】只有當該電場是勻強電場時，在c點處的電勢一定為6V．根據推論：正電荷在電勢高處電勢能大，分析正電荷從c點運動到b點電勢能如何變化．電場線的疏密可以判斷場強的大?。姾墒艿降碾妶隽Ψ较蚺c場強方向相同．2、B【解析】

由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，滑動變阻器的滑動片向右移動時，接入電路中的滑動變阻器的電阻變大，電路中的總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律可得電路中的總電流變小，即安培表的示數變小，根據可知燈泡的變暗，根據可知電壓表示數變大；A.安培表示數變大，燈變暗與分析不符，故A錯誤；B.安培表示數變小，燈變暗與分析相符，故B正確；C.電壓表示數不變，燈變亮與分析不符，故C錯誤；D.電壓表示數不變，燈變暗與分析不符，故D錯誤。3、B【解析】

A．加A圖電壓，電子從A板開始向B板做勻加速直線運動一定能到達B板．故A錯誤；B．加B圖電壓，開始向B板勻加速，再做相同大小加速度的勻減速，但時間是2倍，然后為相同加速度大小的勻加速，做出一個周期的v-t圖，可知一個周期內位移為0，有可能到不了B板，故B正確；C．加C圖電壓，可知電子一直向前運動，可知一定能到達B板．故C錯誤；D．加D圖電壓，可以知道電子在一個周期內速度的方向不變，一直向前運動，一定能到達，故D錯誤．4、D【解析】答案選D分析：電容器的電容不變，通過分析電壓變化來分析電量變化．當開關S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢．當S閉合時，R1、R2串聯，C1與電阻R1并聯，C2與電阻R2并聯，根據兩電容器的電壓與電動勢的關系分析電壓的變化，再判斷電量的變化．解答：解：當開關S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢．當S閉合時，R1、R2串聯，C1與電阻R1并聯，C2與電阻R2并聯，則兩電容器的電壓均小于電動勢，電壓減小，而電容不變，則電容器的電量均減?。蔬xD．5、B【解析】

AB.圖甲中的A1、A2并聯，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉的角度相同，量程不同的電流表讀數不同，故A錯誤，B正確；CD.圖乙中的A1、A2串聯，A1、A2的示數相同，由于量程不同，內阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉的角度不同，故CD錯誤．6、B【解析】由左手定則可知，在A圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向下，故A錯誤；由左手定則可知，在B圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向上，故B正確；由左手定則可知，在C圖中，粒子受洛倫茲力垂直紙面向外，故C錯誤；由左手定則可知，在D圖中，粒子受洛倫茲力垂直紙面向里，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AD.A擺擺動，其余各擺也擺動起來，它們均做受迫振動，所以其余各擺的振動頻率都等于A擺擺動的頻率，振動周期也等于A擺擺動的頻率。故A正確，D錯誤。BC.由于E擺的擺長與A擺擺長相同，所以這兩個擺的固有頻率相同，所以E擺出現共振現象，振幅最大。故C正確，B錯誤。8、AC【解析】根據速度-時間公式得：v=gt=20m/s，故A正確，B錯誤；根據位移時間公式：，可得下落的高度為：，故C正確，D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．9、AC【解析】

AB、當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故L1變亮；電路中總電流增大，故內電壓及R0、L1兩端的電壓增大，而電動勢不變，故并聯部分的電壓減小，故L2變暗；因L2中電流減小，干路電流增大，故流過L3的電流增大，故L3變亮，A正確B錯誤．CD、因L1中電流增大，L3中電流增大，而L2中電流減小；開始時有：I1=I2+I3，故L3上電流變化量大于LI上的電流變化量，C正確D錯誤．10、BCD【解析】通過ABCD平面的磁通量大小等于通過BEFC平面的磁通量，為，故A錯誤，B正確；ADFE平面與bcf平面和磁場平面平行，所以磁通量為零，故C正確；因整個三棱柱是封閉的；故整個三棱柱的磁通量為零；故D正確；故BCD．【點睛】本題要理解并掌握磁通量的一般計算式，知道公式中表示和垂直磁場平面的投影面積，其中夾角是平面與磁場垂直方向的夾角．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）ACEFG；（2）電路圖如圖所示；（3）曲線；燈絲電阻阻值隨溫度變化．【解析】

（1）先選擇必需的儀器，即電源和開關導線等；燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的C誤差較??；額定電流I=PU=0.43≈0.133A，所以電流表的量程選擇211mA的A；燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器E；故選擇的儀器有：ACEFG；

（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時的電阻為：R=U2（4）I-U線斜率的倒數表示電阻，可知隨電壓的增加，電阻變大，則圖B形狀最接近.【點睛】本題考查測量伏安特性曲線的實驗；解決本題的關鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內外接的區(qū)別．同時明確燈泡伏安特性曲線的性質．12、4.3×10-4~4.6×10-4【解析】

根據橫軸與縱軸的數據可知，一個格子的電量為0.08×10-3C，由大于半格算一個，小于半格舍去，因此圖象所包含的格子個數為45，所以釋放的電荷量是：q=0.08×10-3【點睛】關鍵是由圖象的含義可知，橫軸與縱軸的乘積即為電量，通過橫軸與縱軸的數據，求出一個格子對應的電量，再結合圖象所包含的面積，算出多少個格子，從而即可求解。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）負電（2）（3）【解析】（1）因小球做直線運動，由受力分析可判斷小球帶負電；

（2）根據力的合成以及牛頓第二定律可知：，即；

（3）因為，所以，由于：整理可以得到：．點睛：解決本題的關鍵知道當物