2024年廣西河池市高考物理一模試卷(含詳細答案解析)

2024年廣西河池市高考物理一模試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.在核反應(yīng)方程WHe+>NT?O+X中，X表示的是（）

A.質(zhì)子B.中子C.電子D.粒子

2.如圖是某種靜電推進裝置的原理圖，發(fā)射極與吸板接在高壓電源兩端，兩極間產(chǎn)生強電場，虛線為等勢

面，相鄰的等勢面間的電勢差相等。在強電場作用下，一帶電液滴由靜止出發(fā)從發(fā)射極沿圖中實線加速飛

向吸板，〃、〃是其路徑上的兩點，不計液滴重力，下列說法正確的是（）

A.液滴帶的是負電B.。點的電勢比人點的低

C.液滴在a點的加速度比在。點的小D.液滴在。點的電勢能比在b點的大

3.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，C=0時刻恰好傳播到％=60m處，波形

如圖所示。t=0.2s時，平衡位置為x=4.5m的質(zhì)點A第一次到達波峰。下

列說法正確的是（）

A.笥諧橫波的波速大小為30m/s

B.波源振動的周期為0.8s

C.t=0.2s時，平衡位置為％=3.0m的質(zhì)點處于波谷

D.從C=0到t=2.0s時間內(nèi)，平衡位置x=9.0m的質(zhì)點通過的路程為1.8血

4.如圖所示為半圓形玻璃磚的橫截面，直徑MN與水平面平行。由兩

種單色光組成的細光束沿從MN邊射入玻璃磚，細光束進入玻璃

磚后分成兩束光分別打到玻璃磚截面的從c兩點處（入射到爪c兩點

的兩束單色光分別稱為單色光力和單色光c）,從。兩點分別位于玻璃

b

磚截面最低點的左右兩側(cè)。下列說法正確的是（）

A.單色光b可能在b點發(fā)生全反射

B.在玻璃磚中，單色光〃的速度比單色光。的大

C.單色光b的波長比單色光c的長

D.單色光b的頻率比單色光c的小

5.輸電能耗演示電路如圖所示。左側(cè)理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：4,輸入電壓有效值為9V的正弦

式交流電。連接兩理想變壓器的導(dǎo)線總電阻為4C,負載R的阻值為8。。右側(cè)理想變壓器原、副線圈匝數(shù)

A.P=16WB.P=321VC.P=64WD.P=72W

6.某次排球比賽中，甲運動員在離地高度為b=2.87幾處將排球水平擊出；乙運動員在離地電=1.0m處將

排球墊起，墊起后球的速度大小相等，方向相反，且與水平方向成37。。已知排球質(zhì)量m=0.3kg,取重力

加速度g=10m/s2,不計空氣阻力。以下說法正確的是（）

A.排球在墊起前在空中運動的時間為0.8s

B.徘球水平擊出時的初速度大小為6.0m/s

C.排球與乙同學(xué)作用的過程中所受合外力沖量的大小為6.0N?s

D.排球被墊起后運動到最高點時距離地面的高度為3.2m

7.在“互聯(lián)網(wǎng)+”時代，網(wǎng)上購物已經(jīng)成為一種常見的消費方式，網(wǎng)購也促進

了快遞業(yè)發(fā)展。如圖，一快遞小哥在水平地面上拖拉一個貨箱，貨箱和里面快

遞的總質(zhì)量為30奴，貨箱與地面間的動摩擦因數(shù)〃=噂。若該小哥拉著貨箱在

水平地面上做勻速直線運動，取g=10m/s2,則所施加拉力的最小值和方向為

A.大小為100N,方向指向左上方與水平方向成30°

B.大小為100N,方向指向左上方與水平方向成60°

C.大小為150N,方向指向左上方與水平方向成30°

D.大小為150M方向指向左上方與水平方向成60°

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.天舟七號貨運飛船入軌后順利完成狀態(tài)設(shè)置，于北京時間2024年1月18/

日（農(nóng)歷臘月初八）1時46分，成功對接于空間站天和核心艙后向端口?，F(xiàn)為\

研究方便簡化為：對接前，“空間站”在如圖所示的軌道3上繞地球做勻速R（lCO）P

圓周運動，而“天舟七號”在圖中軌道1上繞地球做勻速圓周運動，兩者都）

在圖示平面內(nèi)逆忖針運轉(zhuǎn)：“天舟七號”在軌道1上的〃點瞬間改變其速度\S/

的大小，使其運行的軌道變?yōu)闄E圓軌道2,并在軌道2和軌道3的切點R與

“空間站”進行對接。則下列說法正確的是（）

A.“天舟七號”應(yīng)在P點瞬間加速才能使其運動軌道由1變?yōu)?

B.“天舟七號”沿橢圓軌道2從P點經(jīng)Q飛向R點過程中，地球?qū)λ娜f有引力不做功

C.“天舟七號”瞬間改變速度后沿橢圓軌道2從P點經(jīng)。飛向R點的過程，機械能守恒

D.“空間站”在軌道3上經(jīng)過欠點時的速度與“天舟七號”在軌道2上經(jīng)過A點時的速度大小相等

9.甲、乙兩輛車初始時相距1200用，甲車在后、乙車在前，乙車在&s時刻開始運Av/（m/s）

動,它們在同一直線上做勻變速直線運動，速度-時間圖像如圖所示，則下列說法正；

確的是（）2Tx乙

A.乙車的加速度大小為0.42m/s2O5R川50”t/<

B.兩輛車在t=36s時速度相等

C.兩輛車可能相撞

D.甲車停下時，乙車在甲車前面391〃?處

10.如圖所示，兩平行光滑長直金屬導(dǎo)軌水平放置，間距為心而cd區(qū)域有勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為

以方向豎直向上。初始時刻，磁場外的細金屬桿M以初速度飛向右運動，磁場內(nèi)的細金屬桿N處于靜止

狀態(tài)。兩桿在磁場內(nèi)未相撞且N出磁場時的速度為斗。兩金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好且運動過程中始終與導(dǎo)軌

4

到轉(zhuǎn)軸。點的距離的長度，測出每一個G的長度以及其對應(yīng)的力傳感器的讀數(shù)凡得出多組數(shù)據(jù)，畫出

F-42的關(guān)系圖像應(yīng)該為______。

(4)驗證向心力與角速度關(guān)系時讓小球球心到轉(zhuǎn)軸0點距離心2不變，調(diào)節(jié)甩動機轉(zhuǎn)速，遮光片P每次通過

光電門的時間不同，記錄某次擋光時間/同時記錄此時力傳感器的讀數(shù)凡得出多組產(chǎn)與/的數(shù)據(jù)，為了準

確驗證小球所受向心力產(chǎn)與角速度3的關(guān)系，利用實驗測量應(yīng)畫______(選填“F-t”“尸-產(chǎn)，，，，尸一

土“或“尸一2”)關(guān)系圖。

12.桂林市某一中學(xué)電學(xué)實驗室需要測量某電阻燈(阻值約為3kS)的阻值，現(xiàn)有

如下器材：

A：電流表4國程0.64，內(nèi)陽約為3。

B：電流表/量程1/M,內(nèi)阻約為100C

C：電壓表匕量程3匕內(nèi)阻約為3000。

D：電壓表/量程15匕內(nèi)阻約為15ko

E：滑動變阻器％,最大阻值1AC，允許最大電流0.6A

F：滑動變阻器Rz，最大阻值200允許最大電流1A

C：電源電動勢3U

H：導(dǎo)線、開關(guān)若干

(1)某實驗小組設(shè)計了如圖所示的測量電路，為了準確測量燈的阻值，電流表應(yīng)選，電壓表應(yīng)選

,滑動變阻器應(yīng)選______。(填各器材前面的序號)

(2)他們根據(jù)笫(1)問中所選器材的相關(guān)數(shù)據(jù)按照圖示電路連接好電路，閉合開關(guān)S,然后______(選填“閉

合，斷開S2"或''閉合52斷開SJ'),調(diào)節(jié)Rp到合適位置，分別讀出電壓表和電流表讀數(shù)為U和/,測得

Rx=%

(3)調(diào)節(jié)外得出多組U和/的值，算出多組心值，然后取平均值，此平均值即為勺的測量值。

(4)該實驗小組分析了實驗誤差，發(fā)現(xiàn)測量值_____真實值(選填“大于”“等于”或“小于”)，于是設(shè)計

了一個新的操作方案：

①仍按如圖所示連接好電路；

②閉合S之后，再閉合Si斷開S2,調(diào)節(jié)Rp讓電流表、電壓表有合適值，讀出此時的電壓表讀數(shù)內(nèi)；

③不調(diào)動RP的位置，斷開工和S2,讓電流表與“直接串聯(lián)，讀出此時電流表讀數(shù)為A；

④計算得燈的測量值為治=會

請你分析一下這個新的操作方案有沒有系統(tǒng)誤差（分析時可認為，不調(diào)動即位置則0P間的電壓不變），Rx

的測量值_____真實值（選填“大于”“等于”或“小于”）o

四、簡答題：本大題共3小題，共38分。

13.小林同學(xué)在實驗室探究氣體狀態(tài)變化規(guī)律，如圖所示，實驗室有一下端有口

小段軟管、導(dǎo)熱性能良好的U形管，U形管左端封閉右端開口，左管內(nèi)用水L

銀柱封閉一段氣體，可看成理想氣體，左端封閉的氣體長度L=22cn,左右「

兩管水銀柱高度相同都為H=28cm,U形管的非軟管部分粗細均勻，已知大”

氣壓強為75cmHg,實驗室溫度為27℃,管的粗細相對水銀柱的高度來說可忽

略不計，求：

（1）現(xiàn)將U形管右管緩慢放置水平，此過程水銀柱沒有溢出，此時水銀柱右端離右管口的距離多大？

（2）小林同學(xué)利用這個U形管和?把刻度尺，能測量不同環(huán)境的溫度，他將U形管移到另一個封閉環(huán)境（如

題圖所示豎直放在地面上），左端氣柱長度明顯變短，小林同學(xué)將右管緩慢旋轉(zhuǎn)，使得左管氣體長度恢任

原長22%此時，小林用刻度尺測出右管水銀面離地面的豎直高度為22o〃，依據(jù)這些條件可求出這個封

閉環(huán)境溫度為多少攝氏度？

14.質(zhì)譜儀是最早用來測定微觀粒子比荷弓的精密儀器，某一改進后帶有

AS2；U.

速度選擇器的質(zhì)譜儀能更快測定粒子的比荷，其原理如圖所示，A為粒子x:寵

B*X!X

加速器，加速電壓力,B為速度選擇器，其中磁場與電場正交，磁場磁感

W

x；XDF

應(yīng)強度為反，兩板距離為乩C為粒子偏轉(zhuǎn)分離器，磁感應(yīng)強度為B2,今---------------I-r-

xxXSAXxjk：

有一比荷為的（未知）的正粒子P,不計重力，從小孔舟“飄入”（初速度為XX--------------------?雙

零），經(jīng)加速后，該粒子從小孔S2進入速度選擇器8,恰能通過速度選擇XXXXXX

器，粒子從小孔S3進入分離器C后做勻速圓周運動，恰好打在照相底片。點上，測出。點與$3距離為心

求：

（1）粒子。的比荷自為多大；

（2）速度選擇器的電壓應(yīng)為多大；

（3）另一粒子。同樣從小孔&“飄入”，保持4和d不變，調(diào)節(jié)辦的大小，使粒子。能通過速度選擇器進

入分離器C,最后打到照相底片上的尸點（在。點右側(cè)），測出F點與。點距離為X,則可得粒子Q比荷

%求心（用七表示）。

15.如圖所示，一足夠長傾斜角6=30。的斜面頂端放置一長木板人，木板人上表C

B

面的某處放置一小滑塊B(可看成質(zhì)點)，已知人和8的質(zhì)量分別為2/〃和3〃，，木

A

板A頂端與滑塊B相距為L=0.9次的地方固定一光滑小球C(可看成質(zhì)點)，已知0__________

小球。的質(zhì)量為機，A與3之間的動摩擦因數(shù)%=苧，A與斜面間動摩擦因數(shù)“2=?，假設(shè)最大靜摩擦

力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2,將固定的光滑小球C由靜止釋放，C與B會發(fā)生彈性碰

撞，求：

(1)小球C與滑塊8碰后瞬間各自的速度分別多大；

(2)要使小球C再次碰到滑塊8之前B未能滑出A下端，則木板A至少多長；

(3)4和4共速時，滑塊6與小球C距多遠。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，彳He+/N0+；X,X表示的是質(zhì)子，故A正確，8CQ錯誤。

故選Ac

2.【答案】D

【解析】解：4因為電場方向向右，液滴加速向右運動，可知液滴帶正電，故A錯誤；

8.電場的方向由發(fā)射極指向吸板，沿電場線電勢逐漸降低，可知。點的電勢比8點的高，故8錯誤；

。.國。點的等勢面較。點密集，匕知。點的場強大于8點場強，則液滴在。點的加速度比在8點的大，故

C錯誤；

。.液滴帶正電，且。點的電勢比〃點的高，則液滴在。點的電勢能比在0點的大，故。正確。

故選：。。

根據(jù)高壓電源的正、負極判斷吸板與發(fā)射極之間的電場方向，再根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低判斷電勢

的高低；等差等勢線的疏密反映場強的大小，等勢面越密的地方，場強越大，據(jù)此分析加速度大?。恢挥?/p>

電場力做功時動能和電勢能的總量保持不變，電場力做正功動能增大，電勢能減小，據(jù)此分析判斷。

本題考查了電勢的高低、場強的大小、電勢能的大小的判斷；在非勻強電場中，可以用場強與電勢差的關(guān)

系進行定性判斷；知道只有電場力做功時動能和電勢能的總量保持不變。

3.【答案】D

【解析】解：AB.t=0時，質(zhì)點A在波谷，t=0.2s第一次到達波峰，則有t=0.2s=/可知周期為T=

0.4s,從波形圖中可知波長為4=6m,則波速為u=*=黑m/s=15zn/s,故48錯誤；

C、￡=0時，平衡位置為工=3.0m的質(zhì)點位于平衡位置，且速度沿），軸正方向，且t=0.2s=則t=

0.2s時，平衡位置為x=3.0m的質(zhì)點處于平衡位置，且速度沿,，軸負方向，故C錯誤；

D、波從x=6.0m處傳到x=9.0m處需要的時間為0=—=9°~6'°s=0.2s,從t=0至Ut=2.0s時間內(nèi)，

1/X3

平衡位置在x=9.0m的質(zhì)點振動時間為亡2=2.0s-0.2s=1.8s=4；T,所以從t=0到t=0.2s時間內(nèi)，平

衡位置x=9.06的質(zhì)點通過的路程為s=4.5X4A=184=18x10cm=180cm=1.8m,故。正確。

故選：。。

由圖讀出波長，由質(zhì)點A的振動情況求出周期，從而求得波速。根據(jù)時間與周期的關(guān)系判斷t=0.2s時，

平衡位置為X=3.07九的質(zhì)點的位置。結(jié)合時間與周期的倍數(shù)求質(zhì)點通過的路程。

解答本題時，要把握質(zhì)點的振動與波動之間的聯(lián)系，理解波的形成過程，根據(jù)時間與周期的關(guān)系來分析質(zhì)

點的位置以及質(zhì)點通過的路程。

4.【答案】A

【解析】解.：4設(shè)光處M點入射的入射角為0,到達〃的折射角為a,到達〃時的入射角為出如圖

設(shè)單色光力的從玻璃射出時的折射角為y,根據(jù)折射定律，有〃=器，n=|^

從圖中可知，單色光〃的從玻璃射出時的入射角/?大于從空氣射入玻璃時的折射角a,則勺>乙0

若y>90。，則單色光》能發(fā)生全反射，故A正確：

B根據(jù)折射定律，結(jié)合題H的圖可知單色光〃的折射率比單色光c的大，根據(jù)①=（可知在玻璃磚中，單色

光力的速度比單色光c的小，故3錯誤；

CD單色光b的折射率比單色光c的大，根據(jù)折射率與頻率的關(guān)系，所以單色光。的頻率比單色光c的大，

根據(jù)入=:可知，單色光。的波長比單色光c的小，故CQ錯誤。

故選：Ao

根據(jù)光的折射率分析兒兩點對應(yīng)光的種類，根據(jù)全反射臨界條件，分析是否發(fā)生全反射：由v=?結(jié)合折

射率，分析光速；由u=比較波長大小；根據(jù)波長與頻率的關(guān)系判斷。

本題考查學(xué)生對折射定律、全反射臨界條件、光的頻率、波長關(guān)系等規(guī)律的掌握，解題關(guān)鍵是正確畫出光

路圖。

5.【答案】B

【解析】解：依題意知，升壓變壓器原線圈兩端的電壓為：%=9V

根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系得：g=

解得升壓變壓器副線圈兩端的電壓為：U2=36V

在輸電回路中，由歐姆定律有

U?—U3+，2丁

對于降壓變壓器，有

出2

H3

一

五--

-心

1

七

吊

一-

/4

對R,有/二?

聯(lián)立可得通過/?的電流為：〃=24

所以P==22x8〃=32W,故ACD錯誤，B正確。

故選:故

先服據(jù)變壓關(guān)系求出升壓變壓器副線圈兩端的電壓。在輸電回路中，根據(jù)歐姆定律列式。結(jié)合降壓變壓器

變壓關(guān)系、變流關(guān)系列式，聯(lián)立求出R的電流，再求R消耗的功率。

本題考查遠距離輸電問題，解題的關(guān)鍵在于掌握理想變壓器的規(guī)律，找出各部分電壓和電流的關(guān)系。

6.【答案】C

【解析】解：4排球從被擊出到被墊起前做平拋運動，設(shè)其飛行時間為，豎直方向有

1

九1一八2二訝。/

解得

t=0.6s

故A錯誤：

B.墊起后球的速度大小相等，方向相反，所以乙同學(xué)墊起排球前瞬間排球在豎直方向速度的大小為

vy=gt=10xQ.6m/s=6m/s

根據(jù)題目可得此時速度方向與水平方向的夾角為e=37。，故排球被水平擊出時的初速度大小為

6

Vy6-?S

%=曲^3/

73-

4

故B錯誤;

C.乙同學(xué)墊起排球前瞬間排球速度的大小為

v=J咤+琢=V82+62m/s=10m/s

根據(jù)動量定理，排球與乙同學(xué)作用的過程中所受合外力沖量的大小為

/=2mv=2x0.3x10N?s=6N?s

故C正確：

D根據(jù)運動的對稱性可得，排球被墊起后會沿原軌跡返回，故互知排球運動到最高點時距離地面的高度為

/i=/ii=2.8m,故D錯誤。

故選：Co

根據(jù)豎直方向自由落體運動的規(guī)律計算；先計算墊起排球前瞬間排球在豎直方向速度的大小，再根據(jù)幾何

知識計算初速度；根據(jù)勾股定理計算乙同學(xué)墊起排球前瞬間排球速度的大小，再根據(jù)動量定理計算合外力

沖量的大??；根據(jù)對稱性分析判斷。

本題關(guān)鍵掌握該斜拋運動是平拋運動的逆過程。

7.【答案】C

【解析】解：設(shè)施加拉力為F,方向與水平面夾角為由平衡條件可得：FcosG=fi(mg-Fsin6>)

整理可得：

V。

由數(shù)學(xué)知識，令sina==半，cosa=——=j3=1

FJ1+(苧/2M歷辭2

則有：F=,Mmg——

J/i2+lsin(0+a)

10

當e+a=J時，即e=30。，F(xiàn)有最小值，最小值為：F=~^==JN=150/V,方向指向左上

2min河J1+(苧)2

方與水平方向成30。，故C正確，A8。錯誤。

故選：C。

對物體受力分析，設(shè)拉力最小時，尸與水平方向夾角為6,根據(jù)平衡條件列方程，根據(jù)數(shù)學(xué)知識求解極

值。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用

平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答。

8.【答案】AC

【解析】解?：力.“天舟七號”要在P點從軌道1變?yōu)檐壍?,軌道半徑變大，要做離心運動，其速度要增

大，所以“天舟七號”應(yīng)在夕點瞬間加速才能使其軌道由1變?yōu)?,故A正確：

員"天舟七號”沿橢圓軌道2從尸點經(jīng)Q飛向R點過程中，其所受的萬有引力與瞬時速度的夾角為鈍角，

則萬有引力對其做負功，故B錯誤；

C.“天舟七號”瞬間改變速度后沿橢圓軌道2從P點飛向。點過程中，只有萬有引力做功，其機械能守

恒，故C正確；

D“天舟七號”由軌道2變軌到軌道3,必須在R點加速，所以“空間站”在軌道3上經(jīng)過/?點時的速度

比“天舟七號”在軌道2上經(jīng)過八點時的速度大，故。錯誤。

故選：AC.

A.根據(jù)離心運動的條件進行分析判斷；

8.根據(jù)萬有引力和速度方向的夾角判斷做功情況；

。.根據(jù)機械能守恒的條件判斷；

。.根據(jù)變軌條件進行分析判斷。

考查衛(wèi)星的變軌、能量守恒等問題，結(jié)合萬有引力提供向心力等知識點進行分析判斷。

9.【答案】BD

【解析】解：4乙車的加速度大小為：

Av2

02二陽

其中=21mls-0=21mls,At2=50s—8s=42s

2

代人數(shù)據(jù)得：a2=0.5m/s,故A錯誤；

B.甲車加速度為：

Avi

%=田

其中4%=0-50m/s=-50m/s,4tl=50s-0=50s

代入數(shù)據(jù)得：%=-lm/s2

兩車速度相等時，有

%+-8s)

解得：t=36s,故B正確；

CD甲車停下時，位移為：

其中%=50m/s>t0=50s

代入數(shù)據(jù)得：Xi=1250m

此時乙的位移為：

1

x2-8s)2

代入數(shù)據(jù)得：x2=441m

則兩車之間距離為：

Ax=x2+xo-X1

代入數(shù)據(jù)得：Ax=391m

由此可知兩車不相撞，故C錯誤，。正確。

故選：BD.

根據(jù)速度-時間圖像的斜率求出加速度；分別寫出甲、乙的速度與時間的關(guān)系，再求速度相等的時間；當兩

車速度相等時不撞就不會再相撞了，根據(jù)位移關(guān)系分析，由位移-時間公式和位移關(guān)系分析兩車位置關(guān)系。

本題考查圖象的應(yīng)用，要明確u-t圖象中圖象的面積表示位移的應(yīng)用，知道斜率表示加速度，對于相

遇問題，關(guān)鍵要分析兩車的位移關(guān)系、速度關(guān)系。

10.【答案】8。

【解析】解：4M剛進入磁場時，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律可得電路中的電流為：1=

E_BLVQ

2R~2R

則M剛進入磁場時受到的安培力戶的大小為：尸=出乙=嚶"，故A錯誤；

AN在磁場內(nèi)運動過程，取向右為正方向，根據(jù)動量定理有：lBLAt=m^

4

解得N在磁場內(nèi)運動過程中通過回路的電荷量為：q—Lit一翳，故3正確：

'4BL

C.兩桿在磁場內(nèi)不相撞的臨界條件時兩者速度相同時恰好相遇，取向右為正方向，

對M根據(jù)動量定理可得：-IBLAt=mv0

對N根據(jù)動量定理可得：=-0

其中.lAt=q=—=—

火T.⑷q2R2R

解得初始時刻N到必的最小距離為：x=嚶，故C錯誤；

D從M進入磁場到N離開磁場，雙向右為正方向，對M根據(jù)動量定理可得：一/BZz/C=nw-Tn%

解得：v=1v0

根據(jù)能量守恒有：=|mv2+|?71(y)2+Q,,

金屬桿N產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=gQ：

聯(lián)立解得：Q=警，故。正確。

故選：BDO

M剛進入磁場時，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、安培力的計算公式求解安培力少的大

??；

根據(jù)動量定理解得N在磁場內(nèi)運動過程中通過回路的電荷量;

根據(jù)電荷量的計算公式求解初始時刻N到ab的最小距離；

從M進入磁場到N離開磁場，對M根據(jù)動量定理求解離開磁場時的速度大小，根據(jù)能量守恒、焦耳定律

求解金屬桿N產(chǎn)生的焦耳熱。

對于安培力作用下導(dǎo)體棒的運動問題，如果涉及電荷量、求位移問題，常根據(jù)動量定理結(jié)合法拉第電磁感

應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律列方程進行解答。

11.【答案】1.880-^-AF

【解析】解：(1)螺旋測微器的讀數(shù)為d=1.5mm+38.0x0.01mm=1.880m?n

(2)遮光片通過光電門時光電門計時為3則此時遮光條的線速度為

d

V='t

小球此時的角速度等r遮光條的角速度，為

vd

f二4

(3)遮光片P每次通過光電門的時間相同，刀、4不變，則3不變，由F=可知F—G的關(guān)系圖像為

過原點的傾斜直線，故A正確，8co錯誤。

故選：Ao

22

(4)由尸=ma)L2=mx(y^-)xL2=黑/

所以為了準確驗證小球所受向心力尸與角速度3的關(guān)系，利用實驗測量應(yīng)畫『一〃圖像。

故答案為：(1)1.880；(2)2；(3)4(4)F-

乙1ct

(1)螺旋測微器的讀數(shù)等「固定刻度與可動刻度讀數(shù)之和，需要估讀一位；

(2)根據(jù)U=(求出遮光條的線速度，由3=3求出遮光條的角速度，小球此時的角速度等于遮光條的角速

度。

(3)利用向心力公式F=分析圖像的形狀。

(4)根據(jù)尸=m32G結(jié)合角速度與，的關(guān)系，得到圖像的解析式，再分析圖像的形狀。

本題考查用傳感器探究向心力與角速度的關(guān)系，解題關(guān)鍵是掌握向心力公式，掌握螺旋測微器的讀數(shù)方

法：固定刻度與可動刻度讀數(shù)之和，需要估讀一位。

12.【答案】8c廣閉合S2斷開工大于小于

【解析】解：(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律，電路中最大電流約為/=5=磊4=0.00L4

/<xJUUU

因此電流表選量程1〃滔的電流表小，故選以

電源的電動勢為3H所以電壓表選擇量程3丫的匕，故選C。

為了便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器選擇阻值較小的&，故選F。

rhT3000o八Ry3000

(2)由于瓦；=麗=3°＞后=旃=11

因此電流表應(yīng)采取內(nèi)接法，按照圖示電路連接好電路，閉合開關(guān)S,然后閉合S2斷開工；

(4)由于電流表的分壓，根據(jù)歐姆定律，待測電阻&=彳一&＜彳=心漸

因此電阻的測量值大于真實值；

當閉合S之后，再閉合S】斷開S2,由于電壓表與電阻&并聯(lián)，并聯(lián)部分的電阻小于待測電阻，電路中的電

流較大，待測電阻兩端的真實電壓偏大，即力〃＞%；

斷開S］和S2時，通過待測電阻的真實電流偏小，即

根據(jù)歐姆定律，待測電阻真實值%

所以利用&=皆測得的電阻值小于真實值。

故答案為:(1)B；C；F；(2)閉合S2斷開Si；(4)大于；小于。

(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律，估算電路中的最大電流，據(jù)此選擇電流表；根據(jù)電源電動勢選擇電壓表；

從保證電路安全和方便調(diào)節(jié)的角度選擇滑動變阻器；

(2)根據(jù)待測電阻、電流表內(nèi)阻和電壓表內(nèi)阻的比值大小確定電流表的內(nèi)外接法，然后確定開關(guān)的閉合情

況；

(4)閉合52斷開Si時，實驗誤差來源于電流表的分壓作用，根據(jù)歐姆定律分析實驗誤差；

閉合Si斷開S2,電壓表與待測電阻并聯(lián)，并聯(lián)部分的電阻小于待測電阻，電路中的電流較大，待測電阻兩

端的真實電壓偏大；斷開Si和S2時，通過待測電阻的真實電流偏小，再根據(jù)歐姆定律進行分析。

本題考查了電阻的測量，關(guān)鍵是要明確實驗原理，能夠根據(jù)歐姆定律、串聯(lián)和并聯(lián)電路的特點分析實驗誤

差。

13.【答案】解：(1)左端封閉氣體初始狀態(tài)壓強為=Po=75c〃i”g、封閉氣體的長度為八=L=22cm

右管水平時，水銀柱右端離右管口的距離設(shè)為d，則此時左端封閉氣體的壓強為P2=PO-P9(H-L+

d),封閉氣體的長度分別為%=L+L—d

由玻意耳定律可得P1SL=p2Sl2

代入數(shù)據(jù)解得d=14cm

(2)左端封閉氣體初始狀態(tài)的溫度為71=300K,設(shè)另一環(huán)境的熱力學(xué)溫度為4；

右管水銀面離地面的豎直高度為22o〃時，左端封閉氣體的壓強為P3=75cmHg-(28-22)cmHg=

69cmHg

由查理定律可得票=學(xué)

7173

代人數(shù)據(jù)解得73=276K

則攝氏溫度為￡=(276-273)℃=3丫。

答：(1)此時水銀柱右端離右管口的距離14am

(2)這個封閉環(huán)境溫度為3℃。

【解析】(1)根據(jù)玻意耳定律求解水銀柱右端離右管口的距離：

(2)根據(jù)查理定律求解封閉環(huán)境的溫度，再根據(jù)熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系求解封閉環(huán)境的攝氏溫度。

本題主要考查了玻意耳定律和瓷理定律的理解和運用；分清氣體的狀態(tài)參量是解題的關(guān)犍。

14.【答案】解：(1)粒子在加速器中加速過程，由動能定理得

qUi=-mv^

粒子在分離器C后做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，則

VQ

qvQB2=m-^

由幾何關(guān)系得

L

R=2

聯(lián)立解得：心=熱

(2)該粒子從小孔S2進入速度選擇器8,恰能通過速度選擇器，粒子做勻速直線運動，電場力與洛倫茲力平

衡，可得

U

q攻當=p2q

解得：4二筆紅

(3)由題意得，。粒子進入分離器的速度與尸粒子的速度相同，則

v2

qfvB=m1-^

32K

由幾何關(guān)系得

,L+x

R

解得：&二怨

答：(1)粒子尸的比荷女1為當4；

￡?2tz

(2)速度選擇器的電壓/應(yīng)為華步；

(3M為償。

【解析】(1)粒子在加速器中加速過程，根據(jù)動能定理列方程；粒子在速度選擇器中做勻速直線運動，粒

子在分離器C后做勻速圓周運動，由洛倫茲