湖南省長(zhǎng)沙市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題（含答案）2

湖南省長(zhǎng)沙市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)正確）1．下列關(guān)于電磁波的說(shuō)法正確的是（）A．X射線穿透力較強(qiáng)，可用來(lái)進(jìn)行人體透視B．紫外線能在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，有很強(qiáng)的熒光效應(yīng)，可用于防偽C．麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論并證實(shí)了電磁波的存在D．紅外體溫計(jì)是依據(jù)體溫計(jì)發(fā)射紅外線來(lái)測(cè)量體溫的2．對(duì)于以下光學(xué)現(xiàn)象的說(shuō)法中正確的是（）A．圖甲是雙縫干涉示意圖，若只增大擋板上兩個(gè)狹縫S1、S2間的距離d，兩相鄰亮條紋間距離B．圖乙是單縫衍射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，若只在狹縫寬度不同情況下，上圖對(duì)應(yīng)狹縫較寬C．圖丙是用干涉法檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，彎曲的干涉條紋說(shuō)明被檢測(cè)的平面在此處是凸起的D．圖丁中的P、Q是偏振片，當(dāng)P固定不動(dòng)，緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)Q時(shí)，只有當(dāng)P、Q的透振方向完全相同時(shí)光屏上才是明亮的，當(dāng)P、Q的透振方向不完全相同時(shí)光屏上都是黑暗的3．某物理興趣小組的同學(xué)進(jìn)行如圖所示的自感現(xiàn)象研究。在圖中，L為自感系數(shù)較大的電感線圈，且電阻忽略不計(jì)，A、B為兩個(gè)完全相同的燈泡，且它們的額定電壓均等于電源的電動(dòng)勢(shì)。下列說(shuō)法正確的是（）A．閉合開(kāi)關(guān)S的瞬間，燈泡A先亮，燈泡B后亮，待電路穩(wěn)定后，B燈泡熄滅B．閉合開(kāi)關(guān)S的瞬間，兩燈泡同時(shí)亮，待電路穩(wěn)定后，B燈泡熄滅C．閉合開(kāi)關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，則燈泡A立即熄滅，燈泡B不亮D．閉合開(kāi)關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，則燈泡A逐漸變暗最后熄滅，燈泡B閃亮后再次熄滅4．如圖所示，OBCD為半圓柱體玻璃的橫截面，OD為直徑，一束由紫光和紅光組成的復(fù)色光沿AO方向從真空射入玻璃，分別從B、C點(diǎn)射出，下列說(shuō)法中正確的是（）A．從B點(diǎn)射出的是紅光B．兩束光在半圓柱體玻璃中傳播時(shí)間相等C．紫光在半圓柱體玻璃中傳播速度較大D．逐漸減小入射角i，在圓弧面上紅光先發(fā)生全反射5．下列單位中，不能表示磁感應(yīng)強(qiáng)度單位符號(hào)的是（）A．T B．NA?m C．N?sC?m6．如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，P、Q兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的平衡位置分別位于x=3.5m和x=6.A．這列波的周期為0.5sB．這列波的傳播速度為6m/sC．t=0.D．質(zhì)點(diǎn)Q在0~0.9s內(nèi)的路程為18cm7．某變壓器內(nèi)部示意圖如圖所示，定值電阻R1、R2分別連在理想變壓器原、副線圈上，且R1=4RA．1：1 B．2：1 C．1：2 D．1：3二、多選題（本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）8．圖甲中實(shí)線和虛線分別為同一直線上兩個(gè)波源a、b做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖像，以ab所在直線為x軸，波源a、b平衡位置的坐標(biāo)分別為xa=0，xbA．波源a、b產(chǎn)生的機(jī)械波不能發(fā)生干涉B．兩列波的波速均為10m/sC．0~0.5s內(nèi)x=3m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為0D．t=0.5s時(shí)，x=4m9．圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡(jiǎn)易模型。在風(fēng)力作用下，風(fēng)葉帶動(dòng)與桿固連的永磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連。在某一風(fēng)速時(shí)，傳感器顯示如圖乙所示（圖線為正弦曲線），則（）A．磁鐵的轉(zhuǎn)速為10r/sB．線圈兩端電壓的有效值為6C．交流電的電壓表達(dá)式為U=12D．該交流電可以直接加在擊穿電壓為9V的電容器上10．如圖所示，在熒光板MN的上方分布了水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里。距熒光板距離為d處有一粒子源S．能夠在紙面內(nèi)不斷均勻地向各個(gè)方向發(fā)射速度大小為v=qBdA．從粒子源出發(fā)到板的最短時(shí)間為πmB．同一時(shí)刻發(fā)射的粒子打到熒光板上的最大時(shí)間差為7πmC．粒子能打到板上的區(qū)域長(zhǎng)度為2dD．打到板上的粒子數(shù)為1三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，每空2分，共16分）11．某同學(xué)在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：（1）該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)得單擺小球的直徑為mm；同學(xué)用秒表記錄的時(shí)間如圖所示，則秒表的示數(shù)為s。（2）若該同學(xué)測(cè)得的重力加速度數(shù)值大于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊膶?shí)際值，造成這一情況的原因可能是____。（選填下列選項(xiàng)前的序號(hào)）A．測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，把擺線的長(zhǎng)度當(dāng)成了擺長(zhǎng)B．?dāng)[線上端未牢固地固定于O點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線越擺越長(zhǎng)C．測(cè)量周期時(shí)，誤將擺球（n?1）次全振動(dòng)的時(shí)間t記為了n次全振動(dòng)的時(shí)間，并由計(jì)算式T=tD．?dāng)[球的質(zhì)量過(guò)大（3）如果該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)，用的擺球質(zhì)量分布不均勻，無(wú)法確定其重心位置。他第一次量得擺線的長(zhǎng)度為L(zhǎng)1，測(cè)得周期為T1；第二次量得擺線的長(zhǎng)度為L(zhǎng)2，測(cè)得周期為T12．某同學(xué)在做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室具備的實(shí)驗(yàn)器材有：斜槽軌道，兩個(gè)大小相等、質(zhì)量不同的小鋼球A、B，刻度尺，白紙，圓規(guī)，重垂線。實(shí)驗(yàn)裝置及實(shí)驗(yàn)中小球運(yùn)動(dòng)軌跡及落點(diǎn)平均位置如圖甲所示。（1）對(duì)于實(shí)驗(yàn)中注意事項(xiàng)、器材和需測(cè)量的物理量，下列說(shuō)法中正確的是____（填字母序號(hào)）。A．實(shí)驗(yàn)前軌道的調(diào)節(jié)應(yīng)注意使槽的末端的切線水平B．實(shí)驗(yàn)中要保證每次A球從同一高處由靜止釋放C．實(shí)驗(yàn)中還缺少的器材有復(fù)寫(xiě)紙和秒表D．實(shí)驗(yàn)中需測(cè)量的物理量只有線段OP、OM和ON的長(zhǎng)度（2）實(shí)驗(yàn)中若小球A的質(zhì)量為m1，小球B的質(zhì)量為m2，當(dāng)m1>m2時(shí)，實(shí)驗(yàn)中記下了O、M、P、N四個(gè)位置，若滿足（用（3）相對(duì)誤差σ=|碰撞前總動(dòng)量?碰撞后總動(dòng)量碰撞前總動(dòng)量|×100%，小于5.0%可視為碰撞中系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒。某次實(shí)驗(yàn)中：測(cè)得入射小球質(zhì)量m1是被碰小球質(zhì)量四、計(jì)算題（本題共3小題，第13題12分，第14題13分，第15題16分）13．兩塊質(zhì)量分別為m的木塊靜止在光滑水平面上，中間用一根輕彈簧連接著，如圖所示?，F(xiàn)從水平方向迎面射來(lái)一顆子彈，質(zhì)量為m4，速度為v（1）在子彈擊中木塊后的瞬間木塊A的速度大小vA（2）在子彈擊中木塊后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能。14．如圖所示，空間存在一有水平邊界的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域（邊界有磁場(chǎng)），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場(chǎng)方向與豎直平面垂直（垂直紙面向里），邊界間距為L(zhǎng)。一邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)、電阻為R、質(zhì)量為m的正方形導(dǎo)線框沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，線框所在平面始終與磁場(chǎng)方向垂直，且線框上、下邊始終水平。t=0時(shí)刻導(dǎo)線框的上邊恰好與磁場(chǎng)的下邊界重合（圖中位置Ⅰ），導(dǎo)線框的初速度為v0（1）線框從位置Ⅰ開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)時(shí)線框中感應(yīng)電流的方向（用“順時(shí)針?lè)较颉被颉澳鏁r(shí)針?lè)较颉北硎荆?，以及此時(shí)線框的加速度大??；（2）線框運(yùn)動(dòng)全過(guò)程（從位置Ⅰ開(kāi)始又回到位置Ⅰ）產(chǎn)生的焦耳熱；（3）線框運(yùn)動(dòng)全過(guò)程（從位置Ⅰ開(kāi)始又回到位置Ⅰ）的時(shí)間。15．如圖甲所示，在0?x?d的區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場(chǎng)，在x<0的區(qū)域內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫(huà)出）。一質(zhì)子從點(diǎn)P(?3d，?d（1）求質(zhì)子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小和方向；（2）若質(zhì)子在0～T（3）若質(zhì)子從點(diǎn)M(d，0)處離開(kāi)磁場(chǎng)，且離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)相同，求磁感應(yīng)強(qiáng)度

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、X射線穿透力較強(qiáng)，可用來(lái)進(jìn)行人體透視，故A正確；

B、紫外線有很強(qiáng)的熒光效應(yīng)，可用于防偽，但不帶電，不能在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；

C、麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論并預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過(guò)實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，故C錯(cuò)誤；

D、紅外體溫計(jì)是依據(jù)人體發(fā)射紅外線來(lái)測(cè)量體溫的，不是體溫計(jì)發(fā)射紅外線，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論并預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過(guò)實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在。熟悉掌握電磁波譜中各波的特點(diǎn)及應(yīng)用。2．【答案】C【解析】【解答】A、根據(jù)雙縫干涉相鄰兩亮條紋的間距Δx與雙縫間距離d及光的波長(zhǎng)λ的關(guān)系式Δx=可知只增大擋板上兩個(gè)狹縫S1、S2間的距離d，兩相鄰亮條紋間距離Δx將減小，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件可知，狹縫越窄，衍射現(xiàn)象越明顯，因此若這是在狹縫寬度不同的情況下，上圖對(duì)應(yīng)狹縫較窄，故B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，條紋向空氣薄膜較厚處發(fā)生彎曲，說(shuō)明彎曲處的光程差變短，空氣薄膜間距變小，則被檢測(cè)的平面在此處是凸起的，故C正確；

D、緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)Q時(shí)，當(dāng)P、Q的透振方向完全相同時(shí)光屏上最明亮，然后會(huì)逐漸變暗，當(dāng)P、Q的透振方向垂直時(shí)最暗，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)雙縫干涉相鄰兩亮條紋的間公式結(jié)合題意判斷條紋間距變化情況。狹縫越窄，衍射現(xiàn)象越明顯。熟悉掌握偏振光的特點(diǎn)及應(yīng)用。3．【答案】B【解析】【解答】AB、合上開(kāi)關(guān)S的瞬間，自感線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流增大，由于電源電壓同時(shí)加到兩燈泡上，燈泡A、B同時(shí)亮，待電路穩(wěn)定后，自感線圈電阻忽略不計(jì)，相當(dāng)于導(dǎo)線，燈泡B被短路熄滅，燈泡A兩端電壓為電源電壓，變得更亮，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、閉合開(kāi)關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S瞬間，燈泡A立即熄滅，自感線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流減小，在自感線圈與燈泡B間構(gòu)成的閉合回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，燈泡B閃亮一下后熄滅，故CD錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】上開(kāi)關(guān)S的瞬間，自感線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流增大，其所在支路的電流逐漸變大。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S瞬間，燈泡A立即熄滅，自感線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流減小，其所在回路的電流逐漸減小。4．【答案】B【解析】【解答】A、玻璃對(duì)紫光的折射率大于紅光，從B點(diǎn)射出的是紫光，故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)OD長(zhǎng)度為d，折射角分別為θB、θC，連接BD、CD，如下圖

根據(jù)nB=解得sin光在玻璃中傳播時(shí)間為t=可解得t故B正確；

C、根據(jù)v=玻璃對(duì)紫光的折射率大于紅光，紫光在半圓柱體玻璃中傳播速度較小，故C錯(cuò)誤；

D、逐漸減小入射角i，在半圓柱體玻璃內(nèi)部的紫光臨界角較小，先先發(fā)生全反射，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)圖像確定兩光線在O點(diǎn)折射角的大小關(guān)系，再根據(jù)折射定律確定兩光線折射率的關(guān)系。折射率越大，在玻璃中傳播速度較小，全反射角越小。5．【答案】C【解析】【解答】AB、根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式B=得1故AB正確，不符合題意；

C、由安培力的單位是N，長(zhǎng)度的單位為m，而電流的單位是A，根據(jù)I=則單位的換算可得1故C錯(cuò)誤，符合題意；

D、根據(jù)公式F=ma由質(zhì)量的單位是kg，而加速度的單位是m/s2，則單位的換算可得1故D正確，不符合題意。

故答案為：C。

【分析】主要考察對(duì)單位制的應(yīng)用和理解，熟悉掌握利用公式對(duì)物理量單位進(jìn)行推導(dǎo)的方法和步驟。6．【答案】D【解析】【解答】A、質(zhì)點(diǎn)P從當(dāng)前位置至第二次位于波峰位置，用時(shí)t=T+解得T=0.4故A錯(cuò)誤；

B、由圖可知波長(zhǎng)λ=2m，所以波速v=故B錯(cuò)誤；

C、t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q正在向下振動(dòng)；t=0.6s時(shí)，Q回到了平衡位置，且正在向上振動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、質(zhì)點(diǎn)Q在0~0.9s內(nèi)，完成了兩個(gè)全振動(dòng)，又從平衡位置振動(dòng)到了波谷處，所以其路程s=(4×2+1)A=18故D正確。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)波的傳播方向，根據(jù)“平移法”或者“上下坡”法結(jié)合題意確定0.5s與周期的關(guān)系，再根據(jù)波速共速確定波速的大小。熟悉掌握質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)過(guò)程運(yùn)動(dòng)路程的計(jì)算方法。7．【答案】A【解析】【解答】R1的功率P變壓器次級(jí)電壓，即R2兩端電壓為UR2的功率P故答案為：A。

【分析】將原副線圈等效成兩個(gè)閉合的回路，判斷回路的連接方式。再根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律及功率的定義及變壓器規(guī)律進(jìn)行解答。8．【答案】B,C,D【解析】【解答】A、由圖甲可知波源a、b產(chǎn)生的機(jī)械波的周期均為T=0.4s，則頻率均為f=可知兩列波具有相同的頻率，相位差恒定，故能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B、由圖乙可知兩列波的波長(zhǎng)均為4m，則兩列波的波速均為v=故B正確；

C、由圖乙可知當(dāng)波源a的波谷傳到x=3m處時(shí)，波源b的波峰也剛好傳到x=3m處，可知x=3m處為振動(dòng)減弱點(diǎn)，且兩列波的振幅相同，故x=3m處的質(zhì)點(diǎn)一直處于平衡位置，即在0~0.5s內(nèi)x=3m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程是0，故C正確；

D、由圖乙可知波源b在x=4m處的起振方向向上，從0.2~0.5s時(shí)間內(nèi)，由于0.3可知t=0.5s時(shí)，波源b的振動(dòng)使得x=4m處的質(zhì)點(diǎn)的位移為-10cm，在0.3s內(nèi)波向前傳播的距離為Δx=vΔt=10×0.3由圖乙可知，t=0.5s時(shí)，波源a的波谷剛好傳到x=4m處，故t=0.5s時(shí)，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)位移為-20cm，故D正確。

故答案為：BCD。

【分析】?jī)闪胁ň哂邢嗤念l率，相位差恒定，振動(dòng)方向相同，則能發(fā)生干涉現(xiàn)象。根據(jù)圖像確定兩列波的波長(zhǎng)與周期，繼而確定波速大小。根據(jù)起振方向結(jié)合質(zhì)點(diǎn)與波源的路程差與波長(zhǎng)的關(guān)系判斷質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)或振動(dòng)減弱點(diǎn)。9．【答案】B,C【解析】【解答】A、由題圖乙可知電壓的周期為T＝0.4s，故磁鐵的轉(zhuǎn)速為n=故A錯(cuò)誤；

B、通過(guò)題圖乙可知電壓的最大值為12V，故有效值U=故B正確；

C、周期T＝0.4s，故ω=故電壓的表達(dá)式為U=12故C正確；

D、電容器的擊穿電壓為交流電的最大值，而交流電的最大值大于電容器的擊穿電壓，故該交流電不能直接加在擊穿電壓為9V的電容器上，故D錯(cuò)誤。

故答案為：BC。

【分析】當(dāng)電容量?jī)啥说乃矔r(shí)值大于擊穿電壓時(shí)，電容器會(huì)被擊穿。根據(jù)圖像確定線圈電壓的最大值及周期，再根據(jù)交變電流有效值與最大值的關(guān)系確定線圈的有效值。熟悉掌握交變電流表達(dá)式的格式及計(jì)算方法。10．【答案】B,D【解析】【解答】A、在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)和最短的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如下，粒子做整個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)的周期

T=由幾何關(guān)系可知最短時(shí)間t故A錯(cuò)誤；

B、粒子在磁場(chǎng)中最長(zhǎng)時(shí)間t最大時(shí)間差為?t=故B正確；

C、粒子運(yùn)動(dòng)的半徑R=粒子運(yùn)動(dòng)到絕緣板的兩種臨界情況如圖：設(shè)SC垂直于MN與MN交于C點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知，左側(cè)最遠(yuǎn)處與S之間的距離恰好是圓的直徑，則左側(cè)最遠(yuǎn)處A離C距離為3d，右側(cè)離C最遠(yuǎn)處為B，距離為d，所以粒子能打在板上的區(qū)域長(zhǎng)度是3

D、當(dāng)向垂直于板豎直方向左側(cè)發(fā)射時(shí)，均可打到板上，而向垂直于板豎直方向右側(cè)發(fā)射時(shí)，均打不到板上，所以打到板上的粒子數(shù)為12N，故D正確。

故答案為：BD。

11．【答案】（1）10.70；96.8（2）C（3）4π2【解析】【解答】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以單擺小球的直徑為10秒表的讀數(shù)為分針讀數(shù)與秒針讀數(shù)之和，所以圖中秒表的示數(shù)為60（2）A、根據(jù)T=2π整理得g=測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，把擺線的長(zhǎng)度當(dāng)成了擺長(zhǎng)，則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏小，故A錯(cuò)誤；

B、擺線上端未牢固地固定于O點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線越擺越長(zhǎng)，知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度測(cè)量值偏小，故B錯(cuò)誤；

C、測(cè)量周期時(shí)，誤將擺球（n-1）次全振動(dòng)的時(shí)間t記為了n次全振動(dòng)的時(shí)間，則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故C正確；

D、擺球的質(zhì)量過(guò)大，不影響重力加速度的測(cè)量，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

（3）根據(jù)單擺的周期公式有T1=2π聯(lián)立可得g=【分析】讀數(shù)時(shí)注意儀器的分度值及是否需要估讀，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理推導(dǎo)得出重力加速度的表達(dá)式，在結(jié)合體題意分析各參數(shù)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響情況。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理確定不同擺長(zhǎng)時(shí)單擺周期的表達(dá)式，再聯(lián)立得出g值結(jié)果。12．【答案】（1）A；B（2）m1?OP=（3）1.9（1.9%也算對(duì)）【解析】【解答】（1）A、因?yàn)槌跛俣妊厮椒较?，所以必須保證槽的末端的切線是水平的，故A正確；

B、因?yàn)閷?shí)驗(yàn)要重復(fù)進(jìn)行多次以確定同一個(gè)彈性碰撞后兩小球的落點(diǎn)的確切位置，所以每次碰撞前入射球A的速度必須相同，故B正確；

C、要測(cè)量A球的質(zhì)量mA和B球的質(zhì)量mB，故需要天平；讓入射球落地后在地板上合適的位置鋪上白紙并在相應(yīng)的位置鋪上復(fù)寫(xiě)紙，用重垂線把斜槽末端即被碰小球的重心投影到白紙上O點(diǎn)，故需要復(fù)寫(xiě)紙，不需要秒表，故C錯(cuò)誤；

D、由m可知實(shí)驗(yàn)中需測(cè)量的物理量是A球的質(zhì)量mA和B球的質(zhì)量mB，線段OP、OM和ON的長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤。

故答案為：AB。

（2）小球做平拋運(yùn)動(dòng)下落的高度相同，則時(shí)間相同，水平位移和速度成正比，則可以用水平位移代替水平速度，從圖中可以看出，碰前的總動(dòng)量為m1?OP，碰后的總動(dòng)量為m1?OM+m2?ON，若碰前的總動(dòng)量與碰后的總動(dòng)量近似相等，就可以驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，即需滿足m若碰撞前后動(dòng)能相等，則有1聯(lián)立解得ON=OP+OM（3）根據(jù)題意結(jié)合上述分析得σ=1.9%【分析】為保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，必須保證槽的末端的切線是水平。為確保碰前小球速度相等，小球需從同一位置釋放。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，再根據(jù)動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒確定條件確定需滿足的表達(dá)式。13．【答案】（1）解：對(duì)子彈和木塊A組成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m解得v（2）解：在子彈擊中木塊后，當(dāng)A和B達(dá)到共同速度v時(shí)，A和B組成的系統(tǒng)相當(dāng)于完成了一次完全非彈性碰撞，損失的動(dòng)能最多，而損失的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為了彈簧的彈性勢(shì)能，所以此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m解得v=根據(jù)能量守恒定律可知彈簧的最大彈性勢(shì)能為E【解析】【分析】（1）子彈射入木塊A并留在其中，子彈擊木塊A過(guò)程，B木板運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變。對(duì)子彈及木塊A運(yùn)動(dòng)動(dòng)量守恒定律進(jìn)行解答即可；

（2）在子彈擊中木塊后，當(dāng)A和B達(dá)到共同速度v時(shí)，A和B組成的系統(tǒng)相當(dāng)于完成了一次完全非彈性碰撞，損失的動(dòng)能最多，而損失的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為了彈簧的彈性勢(shì)能。對(duì)整體運(yùn)用動(dòng)量守恒定律及能量守恒定律進(jìn)行解答即可。14．【答案】（1）解：據(jù)右手定則可得，線框中感應(yīng)電流的方向?yàn)椋耗鏁r(shí)針?lè)较蚓€框在位置Ⅰ感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BL產(chǎn)生的感應(yīng)電流：I=所受的安培力：F合外力：F解得：a=g+（2）解：據(jù)能量守恒可得：Q（3）解：對(duì)開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)到下落回位置Ⅰ的整個(gè)過(guò)程，取向下為正方向，由動(dòng)量定理：mgt+或mgt+或mgt+由于v或vΔ或iΔ所以t=【解析】【分析】（1）確定線框向上運(yùn)