2023年高考各地試卷海南物理-解析

PAGE12023年海南省普通高等學(xué)校招生選擇性考試物理一、單項(xiàng)選擇題，每題3分，共24分1.釷元素衰變時(shí)會(huì)放出β粒子，其中β粒子是（）A.中子 B.質(zhì)子 C.電子 D.光子【答案】C【詳解】放射性元素衰變時(shí)放出的三種射線α、β、γ分別是氦核流、電子流和光子流。故選C。2.如圖所示，帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)和受力說(shuō)法正確的是（）A.小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右 B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度不變C.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的加速度保持不變 D.小球受到的洛倫茲力對(duì)小球做正功【答案】A【詳解】A．依據(jù)左手定則，可知小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右，A正確；BC．小球受洛倫茲力和重力的作用，則小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度、加速度大小，方向都在變，BC錯(cuò)誤；D．洛侖茲力永不做功，D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示，工人利用滑輪組將重物緩慢提起，下列說(shuō)法正確的是（）A.工人受到的重力和支持力是一對(duì)平衡力B.工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力C.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力變小D.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力不變【答案】B【詳解】AB．對(duì)人受力分析有因此有FN＋FT=mg，其中工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力，A錯(cuò)誤、B正確；CD．對(duì)滑輪做受力分析有因此有，所以隨著重物緩慢拉起過(guò)程，θ逐漸增大，F(xiàn)T逐漸增大，CD錯(cuò)誤。故選B。4.下面上下兩圖分別是一列機(jī)械波在傳播方向上相距6m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的周期是5s B.該波的波速是3m/sC.4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng) D.4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)【答案】C【詳解】A．據(jù)振動(dòng)圖像可看出該波的周期是4s，A錯(cuò)誤；B．由于Q、P兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)反相，因此可知兩者間距離等于，n=0，1，2，…根據(jù)，n=0，1，2，…B錯(cuò)誤；C．據(jù)P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，C正確；D．據(jù)Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選C。5.下列關(guān)于分子力和分子勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）A.分子間距離大于r0時(shí)，分子間表現(xiàn)為斥力B.分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離r0處過(guò)程中分子勢(shì)能變大C.分子勢(shì)能在r0處最小D.分子間距離小于r0且減小時(shí)，分子勢(shì)能在減小【答案】C【詳解】據(jù)圖分析，分子間距離大于r0，分子間表現(xiàn)為引力，分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離r0處過(guò)程中，引力做正功，分子勢(shì)能減小，因此在r0處分子勢(shì)能最??；繼續(xù)減小距離，分子間表現(xiàn)為斥力，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大。故選C。6.汽車(chē)測(cè)速利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，汽車(chē)可簡(jiǎn)化為一個(gè)矩形線圈abcd，埋在地下的線圈分別為1、2，通上順時(shí)針（俯視）方向電流，當(dāng)汽車(chē)經(jīng)過(guò)線圈時(shí)（）A.線圈1、2產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上B.汽車(chē)進(jìn)入線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdC.汽車(chē)離開(kāi)線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdD.汽車(chē)進(jìn)入線圈2過(guò)程受到的安培力方向與速度方向相同【答案】C【詳解】A．據(jù)圖分析可知，埋在地下的線圈1、2通順時(shí)針（俯視）方向的電流，因此根據(jù)右手定則，可知線圈1、2產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，A錯(cuò)誤；B．汽車(chē)進(jìn)入線圈1過(guò)程中，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcb（逆時(shí)針），B錯(cuò)誤；C．汽車(chē)離開(kāi)線圈1過(guò)程中，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcd（順時(shí)針），C正確；D．汽車(chē)進(jìn)入線圈2過(guò)程中，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcb（逆時(shí)針），再根據(jù)左手定則，可知汽車(chē)受到的安培力方向與速度方向相反，D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為C，閉合開(kāi)關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（）A.CE B. C. D.【答案】C【詳解】電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，因此整個(gè)回路可看成3R、2R的串聯(lián)部分與R、4R的串聯(lián)部分并聯(lián)，若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電勢(shì)為，電容器下極板的電勢(shì)為，因此電容兩端的電壓，則電容器上的電荷量為。故選C。8.如圖所示，一光滑絕緣軌道水平放置，直徑上有A、B兩點(diǎn)，AO=2cm，OB=4cm，在AB固定兩個(gè)帶電量分別為Q1、Q2的正電荷，現(xiàn)有一個(gè)帶正電小球靜置于軌道內(nèi)側(cè)P點(diǎn)（小球可視為點(diǎn)電荷），已知AP：BP=n：1，試求Q1：Q2是多少（）A.2n2：1 B.4n2：1 C.2n3：1 D.4n3：1【答案】C【詳解】對(duì)小球受力分析如圖所示由正弦定理有，其中∠CPH=∠OPB，∠CHP=∠HPD=∠APO，其中△APO中，同理有其中，聯(lián)立解得Q1：Q2=2n3：1。故選C。二、多項(xiàng)選擇題，每題4分，共20分9.如圖所示，1、2軌道分別是天宮二號(hào)飛船在變軌前后的軌道，下列說(shuō)法正確的是（）A.飛船從1軌道變到2軌道要點(diǎn)火加速 B.飛船在1軌道周期大于2軌道周期C.飛船在1軌道速度大于2軌道 D.飛船在1軌道加速度大于2軌道【答案】ACD【詳解】A．飛船從較低的軌道1進(jìn)入較高的軌道2要進(jìn)行加速做離心運(yùn)動(dòng)才能完成，A正確；BCD．根據(jù)，可得，，，可知飛船在軌道1的周期小于在軌道2的周期，在軌道1的速度大于在軌道2的速度，在軌道1的加速度大于在軌道2的加速度，B錯(cuò)誤，CD正確。故選ACD。10.已知一個(gè)激光發(fā)射器功率為，發(fā)射波長(zhǎng)為的光，光速為，普朗克常量為，則（）A.光的頻率為 B.光子的能量為C.光子的動(dòng)量為 D.在時(shí)間內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)為【答案】AC【詳解】A．光的頻率，A正確；B．光子的能量，B錯(cuò)誤；C．光子的動(dòng)量，C正確；D．在時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)，D錯(cuò)誤。故選AC。11.下圖是工廠利用的交流電給照明燈供電的電路，變壓器原線圈匝數(shù)為1100匝，下列說(shuō)法正確的是（）A.電源電壓有效值為 B.交變電流的周期為C.副線圈匝數(shù)為180匝 D.副線圈匝數(shù)為240匝【答案】BC【詳解】A．電源電壓的有效值，A錯(cuò)誤；B．交流電的周期，B正確；CD．根據(jù)，可得副線圈匝數(shù)匝，C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。12.如圖所示，正三角形三個(gè)頂點(diǎn)固定三個(gè)等量電荷，其中帶正電，帶負(fù)電，為邊的四等分點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.、兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同 B.、兩點(diǎn)電勢(shì)相同C.負(fù)電荷在點(diǎn)電勢(shì)能比在點(diǎn)時(shí)要小 D.負(fù)電荷在點(diǎn)電勢(shì)能比在點(diǎn)時(shí)要大【答案】BC【詳解】A．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加以及對(duì)稱性可知，MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，但是方向不同，A錯(cuò)誤；B．因在AB處的正電荷在MN兩點(diǎn)的合電勢(shì)相等，在C點(diǎn)的負(fù)電荷在MN兩點(diǎn)的電勢(shì)也相等，因此MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等，B正確；CD．因負(fù)電荷從M到O，因AB兩電荷的合力對(duì)負(fù)電荷的庫(kù)侖力從O指向M，則該力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，C點(diǎn)的負(fù)電荷也對(duì)該負(fù)電荷做負(fù)功，可知三個(gè)電荷對(duì)該負(fù)電荷的合力對(duì)其做負(fù)功，因此該負(fù)電荷的電勢(shì)能增加，即負(fù)電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)小；同理可知負(fù)電荷在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)小。C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。13.如圖所示，質(zhì)量為，帶電量為的點(diǎn)電荷，從原點(diǎn)以初速度射入第一象限內(nèi)的電磁場(chǎng)區(qū)域，在（為已知）區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，控制電場(chǎng)強(qiáng)度（值有多種可能），可讓粒子從射入磁場(chǎng)后偏轉(zhuǎn)打到接收器上，則（）A.粒子從中點(diǎn)射入磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度滿足B.粒子從中點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度為C.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到的距離為D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值是【答案】AD【詳解】A．若粒子打到PN中點(diǎn)，因此，，可解得，A正確；B．粒子從PN中點(diǎn)射出時(shí)，則有，速度，B錯(cuò)誤；C．粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度方向與豎直方向夾角為θ，則有粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則，因此粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到MN的距離為，解得，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)有最大運(yùn)動(dòng)半徑時(shí)，進(jìn)入磁場(chǎng)的速度最大，因此此時(shí)粒子從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)豎直最大速度，,出離電場(chǎng)的最大速度因此由，可得最大半徑，D正確；故選AD。14.用激光測(cè)玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚與屏P平行放置，從另一側(cè)用激光筆以一定角度照射，此時(shí)在屏上的S1處有激光點(diǎn)，移走玻璃磚，光點(diǎn)移到S2處，回答下列問(wèn)題：（1）請(qǐng)畫(huà)出激光束經(jīng)玻璃折射后完整的光路圖_________；（2）已經(jīng)測(cè)出AB=l1，OA=l2，S1S2=l3，則折射率n=_________（用l1、l2、l3表示）；（3）若改用寬ab更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，則S1S2間的距離會(huì)_________（填“變大”，“變小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?②.③.變小【詳解】（1）根據(jù)題意分析畫(huà)出光路圖如下圖所示：（2）設(shè)光線入射角為θ、折射角為α，則在C點(diǎn)根據(jù)折射定律有nsinθ=sinα，根據(jù)射入玻璃磚的入射角是射出玻璃磚的折射角，因此有S1S2=CB，根據(jù)幾何關(guān)系可知，，聯(lián)立解得。（3）如果改用寬ab更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，因此畫(huà)出光路圖如下可看出S1S2間的距離變小。15.用如圖所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為100μA，內(nèi)阻約為2000Ω的微安表頭的內(nèi)阻，所用電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V，有兩個(gè)電阻箱可選，R1（0~9999.9Ω），R2（99999.9Ω）（1）RM應(yīng)選_________，RN應(yīng)選_________；（2）根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整_________；（3）下列操作順序合理排列是______：①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；②閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；③斷開(kāi)S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；④斷開(kāi)S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材（4）如圖是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為_(kāi)________，該測(cè)量值_________（填“大于”、“小于”、“等于”）真實(shí)值。（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為_(kāi)________V（保留3位有效數(shù)字）。（6）某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，S2斷開(kāi)，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，S2閉合后調(diào)節(jié)電阻箱RM，使電表半偏時(shí)讀出RM，若認(rèn)為OP間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為_(kāi)________（用RM、RN表示）【答案】①.R1②.R2③.④.①③②④⑤.1998.0Ω⑥.小于⑦.1.28⑧.【詳解】（1）根據(jù)半偏法的測(cè)量原理可知，RM與R1相當(dāng)，當(dāng)閉合S2之后，變阻器上方的電流應(yīng)基本不變，就需要RN較大，對(duì)下方分壓電路影響甚微。因此RM應(yīng)選R1，RN應(yīng)選R2。（2）根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖有（3）根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)為：①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；③斷開(kāi)S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；②閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；④斷開(kāi)S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材。（4）根據(jù)RM調(diào)節(jié)后面板讀數(shù)為1998.0Ω。當(dāng)閉合S2后，原電路可看成如下電路閉合S2后，相當(dāng)于RM由無(wú)窮大變成有限值，變小了，則流過(guò)RN的電流大于原來(lái)的電流，則流過(guò)RM的電流大于，因此待測(cè)表頭的內(nèi)阻的測(cè)量值小于真實(shí)值。（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表，因此需要串聯(lián)一個(gè)電阻R0，則有U=Ig(Rg＋R0)此時(shí)的電壓讀數(shù)有U′=I′(Rg＋R0)，其中U=2V，Ig=100μA，I′=64μA，聯(lián)立解得U′=1.28V（6）根據(jù)題意分析OP間電壓不變，可得，解得。16.某飲料瓶?jī)?nèi)密封一定質(zhì)量理想氣體，時(shí)，壓強(qiáng)。（1）時(shí)，氣壓是多大？（2）保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與（1）時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的多少倍？【答案】（1）；（2）0.97【詳解】（1）瓶?jī)?nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為，溫度變化過(guò)程中體積不變，故由查理定律有，解得。（2）保持溫度不變，擠壓氣體，等溫變化過(guò)程，由玻意耳定律有，解得。17.如圖所示，U形金屬桿上邊長(zhǎng)為，質(zhì)量為，下端插入導(dǎo)電液體中，導(dǎo)電液體連接電源，金屬桿所在空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。（1）若插入導(dǎo)電液體部分深，閉合電鍵后，金屬桿飛起后，其下端離液面高度，設(shè)桿中電流不變，求金屬桿離開(kāi)液面時(shí)的速度大小和金屬桿中的電流有多大；（2）若金屬桿下端剛與導(dǎo)電液體接觸，改變電動(dòng)勢(shì)的大小，通電后金屬桿跳起高度，通電時(shí)間，求通過(guò)金屬桿截面的電荷量?！敬鸢浮浚?），4A；（2）0.085C【詳解】（1）對(duì)金屬桿，跳起的高度為，豎直上拋運(yùn)動(dòng)由運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式，解得，通電過(guò)程金屬桿收到的安培力大小為，由動(dòng)能定理得，解得。（2）對(duì)金屬桿，通電時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理有，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，通過(guò)金屬桿截面的電荷量，聯(lián)立解得