2025年中考物理終極押題猜想（武漢卷）（全解全析）

2025年中考考前押題密卷（武漢卷）物理·全解全析1．下列關于聲現象的說法錯誤的是（）A．甲圖中，手在不同粗細的弦上撥動琴弦，是為了改變音色 B．乙圖中，將振動的音叉尾部抵在牙齒上，即使用兩個棉球塞住耳朵也能清楚地聽到音叉發(fā)出的聲音 C．丙圖中，發(fā)聲的揚聲器對準燭焰，燭焰搖曳起來，說明聲可以傳遞能量 D．丁圖中，摩托車的消聲器是通過防止噪聲產生的方式控制噪聲【解答】解：A、手在不同粗細的弦上撥動琴弦，是為了改變弦的振動頻率，從而改變聲音的音調，故A錯誤；B、用棉花球塞住耳朵，把振動的音叉尾部抵在牙齒上，可以清楚地聽到音叉發(fā)出的聲音，這是利用固體傳聲（骨傳聲）的原理，故B正確；C、發(fā)聲的揚聲器對準燭焰，燭焰會搖曳起來，說明聲可以傳遞能量，故C正確；D、摩托車的消聲器是在聲源處通過防止噪聲產生的方式控制噪聲，故D正確。故選：A。2．如圖甲所示，學校走廊的AB處有一塊如圖乙所示的儀容鏡靠墻而立，鏡面與墻壁平行，小明同學沿著平行于墻壁的方向由①到③直線走動。下列說法正確的是（）A．小明在鏡中的像先變大后變小 B．小明在位置①可以在鏡中看到位置③另一個同學的像 C．在平面鏡后放一不透明木板，小明在位置②看不到自己的像 D．小明在位置①②③，都可以在鏡中看到自己的像【解答】解：A．平面鏡成等大的虛像，小明在鏡中的像大小不變，故A錯誤；B．小明在位置①與位置③另一個同學的像的連線與鏡面相交，故反射光可以進入小明眼睛，因而可以在鏡中看到位置③另一個同學的像，故B正確；C．平面鏡成像是光的反射，在平面鏡后放一不透明木板，不影響光的反射，小明在位置②能看到自己的像，故C錯誤；D．小明在位置①③，像與自己眼睛的連線與鏡面不相交，因而不可以在鏡中看到自己的像，故D錯誤。故選：B。3．下列有關熱現象的描述，說法不正確的是（）A．液化石油氣利用壓縮體積的方法將氣體變?yōu)橐后w，便于儲存和運輸 B．舞臺上噴灑干冰后霧氣縹緲，仿佛仙境，“霧氣”的形成是升華現象 C．人游泳之后剛從水中出來，感覺特別冷，是由于身體表面的水蒸發(fā)吸熱 D．哈爾濱冰雪大世界的冰塊來自松花江，江水凝固成冰的過程要放出熱量【解答】解：A．液化石油氣在常溫下利用壓縮體積的方法將氣體變?yōu)橐后w，便于儲存和運輸，故A正確；B．舞臺上噴灑干冰后霧氣縹緲，仿佛仙境，利用干冰升華吸熱，使得空氣中的水蒸氣液化形成小水滴，即“霧氣”，故B錯誤；C．人游泳之后剛從水中出來，感覺特別冷，是由于身體表面的水蒸發(fā)吸熱，故C正確；D．哈爾濱冰雪大世界的冰塊來自松花江，江水凝固成冰的過程要放出熱量，故D正確。故選：B。4．小明利用如圖甲所示的裝置，比較a、b兩種液體吸熱的情況：實驗中小明量取質量相等的兩種液體，分別倒入相同的燒杯中，用相同規(guī)格的電加熱器加熱。圖乙是小明根據實驗數據繪制的圖像。下列有關說法錯誤的是（）A．a、b兩液體內能的增加是通過熱傳遞方式改變的 B．由圖乙可知，同時加熱6min，a液體吸收的熱量等于b液體吸收的熱量 C．分析圖乙可知，質量相等的液體a和b，升高相同溫度時，a液體吸收的熱量多 D．實驗中a、b兩種液體的比熱容之比為4：5【解答】解：A、加熱過程中電熱器放熱，液體吸熱內能增加，是通過熱傳遞方式完成，故A正確；B、根據轉換法，同時加熱6min，a液體吸收的熱量等于b液體吸收的熱量，故B正確；C、根據圖乙知，加熱6分鐘（吸熱相同），a升高的溫度為：60℃﹣20℃＝40℃b升高的溫度為60℃﹣10℃＝50℃；據此推理，升高相同溫度時，a加熱時間長，a液體吸收的熱量多；故C正確；D、根據Q＝cmΔt可知，在質量和吸熱相同的情況下，比熱容與升高的溫度之積為一定值，升高的溫度與比熱容成反比，實驗中a、b兩種液體的比熱容之比為：50℃：40℃＝5：4。故D錯誤。故選：D。5．2021年12月30日，中科院合肥物質科學研究院等離子體物理研究所有“人造太陽”之稱的全超導托卡馬克核聚變實驗裝置（EAST）實現1056秒超長放電運行，中國“人造太陽”再創(chuàng)最長放電紀錄。這其中用到了大量與能源、信息和材料的相關知識，下列說法正確的是（）A．太陽能、核能和潮汐能都屬于可再生能源 B．當前的核電站是利用原子核裂變釋放的能量發(fā)電的 C．“超導體”用于電飯鍋的發(fā)熱體可提高其熱效率 D．汽車上的北斗定位導航系統(tǒng)是利用聲波進行定位和導航的【解答】解：A、核能屬于不可再生能源，太陽能、潮汐能是可再生能源，故A錯誤；B、核裂變是可控的，故目前世界上的核電站都是利用原子核分裂時釋放出的能量發(fā)電的，故B正確；C、超導材料電阻為零，不會放熱，電能無法轉化為內能，故C錯誤；D、我國的“北斗”衛(wèi)星導航系統(tǒng)是利用電磁波進行定位和導航的，故D錯誤。故選：B。6．跳臺滑雪主要分為4個階段：助滑、起跳、空中飛行和落地，如圖所示，運動員正處于空中飛行狀態(tài)。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．助滑過程中，運動員雙膝盡量彎曲是為了減小運動員與滑道的摩擦力 B．運動員在空中飛行時，仍受重力作用 C．運動員的滑雪板長而寬，可以減小運動員落地時對雪地的壓力 D．運動員落地還會繼續(xù)向前滑行很遠一段距離，是因為受到慣性的作用【解答】解：A、助滑過程中，運動員雙膝彎曲，是通過降低重心來增加穩(wěn)度，故A錯誤；B、運動員在空中飛行時，仍受到重力作用，故B正確；C、運動員的滑雪板長而寬，是在壓力一定時，通過增大受力面積來減小對雪地的壓強，故C錯誤；D、運動員落地還會繼續(xù)向前滑行很遠一段距離，是因為他具有慣性，慣性不是力，不能說受到慣性作用，故D錯誤。故選：B。7．跳水運動中蘊含著許多物理知識，如圖所示，有關跳水過程中能量變化的說法正確的是（）A．運動員用力下壓跳板的過程中，跳板的彈性勢能減小 B．運動員被跳板向上彈起的過程中，重力勢能減小 C．運動員離開跳板向上運動的過程中，運動員的動能轉化為重力勢能 D．運動員從最高點下落的過程中，機械能守恒【解答】解：A、運動員用力下壓跳板的過程中，跳板的彈性形變程度變大，彈性勢能增大，故A錯誤；B、運動員被跳板向上彈起的過程中，運動員的質量不變，高度變大，重力勢能增大，故B錯誤；C、運動員離開跳板向上運動的過程中，質量不變，高度增加，速度變小，則重力勢能增加，動能減小，運動員的動能轉化為重力勢能，故C正確；D、運動員從最高點下落的過程中，由于受到空氣阻力的作用，一部分機械能轉化為內能，使得機械能減小，故D錯誤。故選：C。8．如圖是《天工開物》中記載的在井上汲水的桔槔，它的前端B端系一重20N的空木桶，后端A端系一重50N的配重石塊，OA長為0.6m，OB長為1.2m。木桶裝滿100N的水后，向上拉繩緩慢將桶提起。硬棒質量忽略不計，下列說法中正確的是（）A．只有向下拉繩放下空桶時，桔槔才為省力杠桿 B．向上拉繩提起裝滿水的桶時，拉力為50N C．向下拉繩放下空桶時，拉力為25N D．向上拉繩提起裝滿水的木桶時，拉力的大小會變大【解答】解：由題意可知，AB兩端的作用力方向都是豎直向下，據此畫出兩力的力臂，如圖所示：A、向下拉繩放下空桶時，B端的力為動力，A端的力為阻力，由所畫圖可知，動力臂大于阻力臂，屬于省力杠桿，向上拉繩提起裝滿水的桶時，在A端的力為動力，B端的力為阻力，動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿，故A正確；BC、由所畫圖可知，△OAC∽△OBD，由數學知識可知，＝＝＝，根據杠桿的平衡條件有：G石×OC＝FB×OD，則杠桿平衡時B端的拉力FB＝×G石＝G石＝×50N＝25N，放下空桶時，向下拉繩子的力F1＝FB﹣G桶＝25N﹣20N＝5N，裝滿水時，桶和水的總重力G總＝G桶+G水＝20N+100N＝120N，向上拉繩提起裝滿水的桶時拉力為F2＝G總﹣FB＝120N﹣25N＝95N，故BC錯誤；D、向上拉繩提起裝滿水的桶時，由FB＝×G石＝G石可知，B端的拉力不變，則向上拉繩提起裝滿水的桶時拉力也不變，故D錯誤。故選：A。9．如圖所示的電路中，閉合開關后，LED發(fā)光、小燈泡不發(fā)光。已知電路中元件均完好，下列說法錯誤的是（）A．電子從LED較短的引腳流入，從較長的引腳流出 B．LED具有單向導電性，若將電池正負極對調，則電路相當于斷路 C．由于只有LED發(fā)光，說明通過LED的電流比通過小燈泡的電流大 D．小燈泡不亮可能是因為它的實際電功率太小【解答】解：A、因為電流從LED較長的引腳流入，從較短的引腳流出，而電子的移動方向與電流相反，故電子從LED較短的引腳流入，從較長的引腳流出，故A正確；B、因為二極管具有單向導電性，故將電路中的干電池正負極對調，則電路相當于斷路，LED不會亮，故B正確；C、燈泡和LED時串聯的，所以通過LED的電流與通過小燈泡的電流相同，故C錯誤；D、燈的亮度由燈的實際功率決定，小燈泡不亮，原因可能是小燈泡的實際電功率太小，故D正確。故選：C。10．關于家庭電路和安全用電，下列說法正確的是（）A．圖甲中，床頭燈開關內的線頭相碰，會造成空氣開關跳閘 B．圖乙中，漏電保護器會在插座被短路時跳閘，迅速切斷電流 C．圖丙中，閉合開關，電燈不亮，用試電筆接觸D、E點時氖管均發(fā)光，測F點時氖管不發(fā)光，該電路故障為EF間斷路 D．圖丁中，用試電筆檢查電氣設備是否帶電時，為了安全，手不能觸碰金屬筆尖和金屬筆卡【解答】解：A、床頭燈開關內的線頭相碰，相當于開關閉合，不會造成電路中的電流過大，不會造成圖甲中空氣開關跳閘，故A錯誤；B、插座被短路時，電路中的電流過大，經過火線、零線的電流相同，漏電保護器不會切斷電流，故B錯誤；C、閉合開關，電燈不亮，用試電筆接觸D、E點時氖管均發(fā)光，測F點時氖管不發(fā)光，該電路故障為E、F之間斷路，故C正確；D、試電筆可以用來區(qū)分零線和火線，使用時要用指尖抵住筆尾的金屬體，不能接觸筆尖金屬體，故D錯誤。故選：C。11．某向學利用如圖所示的電路做“伏安法測電阻”的實驗，已知RX為特測定值電阻，電源電壓恒為4.5V，滑動變阻器R標有“20Ω1A”字樣，他記錄的實驗數據如下表所示。下列說法不正確的是（）序號12345U/V1.02.02.53.04.0I/A0.10.220.260.30.4A．該實驗的原理是 B．第1次實驗的數據是他編造的 C．實驗過程中，當滑片左移時，Rx與R的功率之比增大 D．為減小實驗誤差，可利用每次實驗測得的U之和與I之和的比得到電阻RX的平均值【解答】解：A.“伏安法測電阻”測電阻的實驗原理R＝，故A合理；B.由表中數據結合歐姆定律可得，定值電阻R＝＝＝10Ω，根據分壓原理可知，當滑動變阻器的最大電阻連入電路中時，電壓表示數最小，定值電阻兩端的最小電壓U最?。健罵＝×10Ω＝1.5V＞1V，所以第1次實驗的數據是他編造的，故B合理；C.如圖，Rx與R串聯，故電流相等，由P＝I2R可知，電流一定，Rx與R的功率之比就等于Rx與R之比，當滑片左移時，滑動變阻器接入阻值R變小，定值電阻Rx不變，故變大，即當滑片左移時，Rx與R的功率之比增大，故C合理；D.在測定值電阻的阻值時，由于測量存在誤差，通常多次測量幾組數據，分別求出電阻值求平均值來減小誤差，故D不合理。故選：D。12．如圖所示是某同學設計的一款炒菜機模型的簡化電路圖，它可以實現常溫翻炒、高溫翻炒、低溫燜煮和高溫燜煮四種工作模式，電動機上標有“6V，3W”字樣且通電后正常工作，R1、R2為發(fā)熱電阻且電阻大小相等，四種模式中電流表的最大示數為1.5A。關于下列結論：①開關S與1、2觸點時，炒菜機為高溫燜煮模式；②炒菜機處于低溫燜煮模式時，電路的總電阻為12Ω；③沙菜機處于常溫翻炒與高溫燜煮模式時消耗的電功率之比為1：2；④炒菜機處于高溫翻炒模式時，電路中1min產生的熱量為540J。其中正確的是（）A．①②④ B．②③ C．③④ D．③【解答】解：①、由圖可知，開關S與1、2觸點時，R1、R2串聯，電動機不工作，根據串聯的電阻特點可知，此時電路中的總電阻最大，由P＝可知，電路中的總功率最小，炒菜機為低溫燜煮模式，開關S與2、3觸點時，只有R1工作，電路中的總電阻較小，總功率較大，炒菜機為高溫燜煮模式，故①錯誤；②、開關S與3、4觸點時，R1與電動機并聯，炒菜機處于高溫翻炒模式，根據并聯的電流特點可知，此時電路中的總電流最大，由P＝UI可知，電動機的額定電流：IM＝＝＝0.5A，根據并聯電路的電流特點可知，此時通過R1的電流：I1＝I﹣IM＝1.5A﹣0.5A＝1A，由I＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝6Ω，由于R1、R2為發(fā)熱電阻且電阻大小相等，根據串聯電路的電阻特點可知，炒菜機處于低溫燜煮模式時，電路的總電阻：R＝R1+R2＝6Ω+6Ω＝12Ω，故②正確；C、開關S與4、5觸點時，只有電動機工作，此時炒菜機處于常溫翻炒模式，電路中的電功率：P＝PM＝3W，高溫燜煮模式時消耗的電功率：P′＝UI1＝6V×1A＝6W，炒菜機處于常溫翻炒與高溫燜煮模式時消耗的電功率：P：P′＝3W：6W＝1：2，故③正確；④炒菜機處于高溫翻炒模式時，電路中1min消耗的電能：W＝UIt＝6V×1.5A×1×60s＝540J，由于電動機消耗的電能主要轉化為機械能，則電路中1min產生的熱量小于540J，故④錯誤。故選：B。13．2023年9月正式開通的光谷空軌旅游專線是中國首條懸掛式單軌線路，車輛行駛時，整個車廂懸掛在高架橋上，猶如在空中“飛”過，乘客可在城市上空欣賞光谷科技城日新月異的變化。光谷空軌旅游專線自開通以來，迅速成為我市一張靚麗的名片。（1）光谷空軌旅游專線車廂里全程禁煙，一方面彰顯我市全國文明城市的形象，另一方面也是對乘客的健康保護。從分子運動的角度看，吸煙時，分子在不停地做無規(guī)則的運動，會造成其他乘客被動吸煙。（2）光谷空軌旅游專線的技術創(chuàng)新之一是在國內首次工程化全面應用了飛輪儲能型地面再生能量吸收裝置，當客車到站剎車時，飛輪也帶動發(fā)電機發(fā)電。飛輪儲能的本質是將機械能轉化為電能。【解答】解：（1）由于一切分子都在不停地做無規(guī)則運動，所以公共場合吸煙的時候，煙氣會擴散到空氣中，會造成其他乘客被動吸煙；（2）利用飛輪帶動發(fā)電機發(fā)電時，將機械能轉化為電能，達到儲能的目的。故答案為：（1）不停地做無規(guī)則的運動；（2）機械；電。14．如圖是一款運動手環(huán)，手環(huán)內置一空心密閉的塑料管，管內有一小塊可移動的磁鐵，管外纏繞著線圈。戴著這種手環(huán)走路時磁鐵在管內反復運動，線圈中便會產生電流，液晶屏上就會顯示出運動的步數，這是利用了電磁感應原理。這種手環(huán)的工作原理與發(fā)電機（選填“發(fā)電機”或“電動機”）的工作原理相同。某次外出小明手環(huán)記下的步數是4500步，用時40分鐘，按“三步兩米”（即每3步走過的路程為2m）估算，小明此次運動的平均速度是1.25m/s?！窘獯稹拷猓海?）根據“運動手環(huán)”的特點可知，當塑料管運動時，磁鐵在管中反向運動，線圈切割磁感線而產生電流。因此，運動手環(huán)的基本原理是電磁感應，產生電流的過程中將機械能轉化為電能；（2）發(fā)電機的工作原理是電磁感應現象，電動機的工作原理是通電導體在磁場中受力運動，故手環(huán)的工作原理與發(fā)電機相同；（3）小明通過的路程：s＝×2m＝3000m；小明的平均速度：v＝＝＝1.25m/s。故答案為：電磁感應；發(fā)電機；1.25。15．小明同學用如圖所示的裝置探究凸透鏡成像規(guī)律，他選用了焦距為10cm的凸透鏡A和焦距為15cm的凸透鏡B進行實驗。（1）如圖甲，光屏上恰好得到了一個清晰的像，則小明在實驗中選用的是凸透鏡A（填“A”或“B”），照相機（填“照相機”“投影儀”或“放大鏡”）就是利用該成像原理工作的。（2）小明取來一副眼鏡的鏡片放在蠟燭和凸透鏡之間，發(fā)現光屏上的像變模糊了，他向左移動蠟燭，光屏上的像又變清晰了，說明該鏡片可用來矯正近視眼（填“近視眼”或“遠視眼”）的。（3）如圖乙，當凸透鏡位于光具座上e點時，光屏上恰好得到清晰的像，此時蠟燭與光屏間的距離為L0、與e點的距離為L；在保持蠟燭和光屏位置不變的情況下，將凸透鏡向右移到某點，光屏上再次得到清晰的像，則透鏡向右移動的距離s＝L0﹣2L（用L0、L表示）?！窘獯稹拷猓海?）由圖可知，u＞v，且成像，說明u＝30cm＞2f，2f＞＝15cm＞f，故15cm＞f＞7.5cm，則小明選擇的是A凸透鏡；此時成倒立、縮小的實像，與照相機成像原理一致；（2）小明將一副鏡片放在蠟燭和凸透鏡之間，發(fā)現光屏上的像變模糊了，向左移動蠟燭又出現清晰的像，說明該鏡片對光線具有發(fā)散作用，推遲光線會聚成像，故老師戴的鏡片是凹透鏡，近視眼鏡；（3）當凸透鏡位于光具座上e點時，光屏上恰好得到清晰的像，此時蠟燭與光屏間的距離為L0、與e點的距離為L，則物距為L，像距為L0﹣L，根據折射現象中，光路可逆可知，在保持蠟燭和光屏位置不變的情況下，將凸透鏡向右的距離為L0﹣L，即此時的物距等于原來的像距，此時的像距等于原來的物距，光屏上再次得到清晰的像。故答案為：（1）A；照相機；（2）近視眼；（3）L0﹣2L。16．如圖所示是“研究影響滑動摩擦力大小的因素”的實驗。實驗中用到了一個彈簧測力計、一個木塊、一個砝碼、兩個材料相同但表面粗糙程度不同的長木板。（1）甲實驗中用彈簧測力計水平勻速直線拉動木塊，根據二力平衡的知識，可知彈簧測力計對木塊的拉力與木塊受到的滑動摩擦力大小相等。（2）比較乙、丙兩次實驗，可得出結論：當壓力大小相同時，接觸面越粗糙，滑動摩擦力越大。（3）丙實驗中砝碼隨木塊一起做勻速直線運動，在丙圖畫出木塊對砝碼作用力的示意圖?！窘獯稹拷猓海?）將木塊放在水平長木板上，用彈簧測力計水平勻速拉動木塊，使木塊沿長木板做勻速直線運動。木塊在水平方向上受到平衡力的作用，根據二力平衡原理可知，此時木塊所受摩擦力的大小等于彈簧測力計的示數；（2）分析乙、丙兩次實驗可知，壓力大小相同，改變接觸面粗糙程度，數據可以得出，滑動摩擦力大小與接觸面粗糙程度大小有關；（3）砝碼現對于木塊靜止，不受摩擦力，木塊對砝碼的作用力是一個向上的支持力，故示意圖如下：故答案為：（1）水平；二力平衡；（2）壓力大小；（3）見上圖。17．小夢在做“探究通電螺線管外部的磁場分布”實驗時，實驗裝置如圖甲。（1）閉合開關并輕敲玻璃板，觀察到鐵屑分布情況如圖甲，則通電螺線管外部的磁場與條形磁體周圍的磁場相似。（2）把小磁針放在通電螺線管四周不同的位置，小磁針靜止時N極（小磁針涂黑的一端）所指方向如圖乙，則通電螺線管的右端為N極。（3）對調電源正負極，閉合開關，小磁針靜止時N極所指方向如圖丙，說明通電螺線管的極性與電流方向方向有關?！窘獯稹拷猓海?）由圖可看出，通電螺線管外部的磁場與條形磁體的磁場相似；（2）在磁場中，小磁針的N極表示該點的磁場方向，磁場外部的磁場方向從N極指向S極，則通電螺線管的右端為N極。（3）對調電源的正負極重復上述實驗，電流的方向發(fā)生了變化，小磁針的指向與之前相反，說明通電螺線管的極性跟電流方向有關。故答案為：（1）條形；（2）N；（3）電流方向。18．小明探究“通過導體的電流與電阻的關系”。圖甲為實驗裝置，其中滑動變阻器最大阻值為50Ω，電源電壓恒為6V，實驗時將電阻箱阻值依次調為25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω。（1）圖中有一根導線連接錯誤，請在該導線上畫×，并用筆畫線代替導線在圖上改正（導線不能交叉）。（2）改正電路后，閉合開關，電壓表有示數，電流表示數幾乎為零，經檢查排除導線和接線柱故障，則原因可能是電阻箱斷路。（3）排除故障后，根據數據得I﹣的圖像如圖乙所示，則電阻箱兩端電壓控制為2V。（4）完成某次實驗后，僅改變電阻箱阻值，觀察到電壓表示數如圖丙所示，由此可知上一次電阻箱接入的阻值為15Ω。（5）由以上實驗初步得出電流和電阻的關系，為使結論更具普遍性，下列操作可行的是C（A/B/C）；A.將電阻箱阻值調為30Ω再測一組數據B.僅將電源電壓調為4V，電阻箱兩端控制的電壓不變，重復實驗C.電源電壓保持不變，僅將電阻箱兩端電壓控制為3V不變，重復實驗【解答】解：（1）電阻箱和滑動變阻器串聯接入電路，電壓表與電阻箱并聯接入電路，如圖：；（2）閉合開關，電壓表有示數，電流表示數幾乎為零，說明電路斷路，電壓表串聯接入電路，所以電路故障為電阻箱斷路；（3）由可知當I＝0.4A時，＝0.2Ω﹣1，則R＝＝5Ω，根據歐姆定律可得電阻箱兩端的電壓UV＝IR＝0.4A×5Ω＝2V；（4）實驗中電阻箱兩端的電壓保持2V不變，根據串聯電路電壓規(guī)律可知滑動變阻器兩端的電壓UP＝U﹣UV＝6V﹣2V＝4V，根據串聯分壓原理可得，設上一次電阻箱接入電路的阻值為R′，則滑動變阻器接入電路的阻值為2R′，由丙圖可知電壓表示數為1.5V，因為實驗時將電阻箱阻值依次調為25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，由此分析可知下一次實驗電阻箱的阻值總比上一次小5Ω，則根據串聯電路電壓規(guī)律、串聯分壓原理可得，解方程可得R′＝15Ω；（5）為使結論更具普遍性，需改變電阻箱兩端的電壓，進行多次實驗，A.將電阻箱阻值調為30Ω再測一組數據，根據小題4中分析可知此時滑動變阻器接入電路的阻值為60Ω，滑動變阻器最大阻值為50Ω，故不可行；B.將電源電壓調為4V，重復實驗，電阻箱兩端的電壓不變，根據歐姆定律可知實驗數據不變；C.電阻箱兩端電壓控制為3V不變，重復實驗，根據串聯電路電壓規(guī)律、串聯分壓原理可得，當R＝25Ω時，滑動變阻器接入電路的阻值為25Ω＜50Ω，故可行，故選：C。故答案為：（1）見上圖；（2）電阻箱斷路；（3）2；（4）15；（5）C。19．如圖甲所示，藍鯨1號是我國研制的世界最先進的深水半潛式鉆井平臺。在重外的科技節(jié)上，小坤同學制作了藍鯨1號的模型，如圖乙所示，該模型底部有2個相同的長方體浮箱，每個浮箱底面積為400cm2，高10cm，每個浮箱內有體積為1800cm3的空心部分，可裝水；兩個浮箱上共有4根相同的均勻立柱，每根立柱的橫截面積為50cm2，高30cm，每根立柱內有體積為1000cm3的空心部分，可用于裝載開采的石油：整個模型空重60N。小坤將該模型的2個浮箱全部裝滿水，放入底面積為2000cm2的薄壁柱形容器中，如圖丙所示，模型底部通過4根相同的輕質細繩均勻固定在容器底部，使其保持豎立，此時細繩剛好被拉直。（ρ酒精＝0.8×103kg/m3）求：（1）當2個浮箱全部裝滿水時，整個模型的總重為多少N？（2）圖丙中，模型排開水的體積為多少？（3）在圖丙的基礎上，將每根立柱裝滿酒精，再將浮箱中的水全部排到容器中，最終，每根繩子的拉力為多大？【解答】解：（1）每個浮箱內有體積為1800c