2024年重慶市長(zhǎng)壽區(qū)中考物理模擬試卷+答案解析

2024年重慶市長(zhǎng)壽區(qū)中考物理模擬試卷

一、單選題：本大題共8小題，共16分。

1.12月的某個(gè)大課間，在重慶某校八年級(jí)學(xué)習(xí)的小江和同學(xué)們2min從教室跑到了操場(chǎng)，小江在操場(chǎng)400僅

的跑道上以2.5rn/s的速度跑步，不一會(huì)兒感到渾身發(fā)熱，小江對(duì)小北說(shuō)今天的氣溫好像有35℃。關(guān)于上面

描述的物理量最不符合實(shí)際的是（）

A.2minB.400mC.2.5m/sD.35℃

2.如圖，銅鏡在中國(guó)使用了4000余年。古籍《周禮》中記載的“掌以夫隧取明火于日”

即用凹面鏡取火?！赌?jīng)》有“正鑒”、“異于光”等關(guān)于平面鏡和影子的描述，“鑒

者近鏡，像亦近鏡”則是對(duì)平面鏡成像特點(diǎn)的描述。下列關(guān)于古籍中光現(xiàn)象的說(shuō)法正

確的是（）

A.凹面鏡能夠利用太陽(yáng)光取火是因?yàn)樗鼘?duì)光有發(fā)散作用

B.影子的形成是光在傳播過(guò)程中遇到物體發(fā)生了折射

C.物體靠近平面鏡時(shí)像會(huì)逐漸變大

D.銅鏡的成像原理是光的反射定律

3.詩(shī)詞是我國(guó)優(yōu)秀文化遺產(chǎn)之一，對(duì)下列詩(shī)句中所包含的物理現(xiàn)象分析正確的是（）

A.“一夜新霜著瓦輕，芭蕉新折敗荷傾。“霜”的形成是凝華現(xiàn)象，需要吸熱

B.“露氣蕭條度朔風(fēng)，銀燭依稀夜雨中?！奥丁钡男纬墒瞧F(xiàn)象，需要放熱

C.“欲渡黃河冰塞川，將登太行雪滿山。“冰”的形成是凝固現(xiàn)象，需要放熱

D.“蠟燭有心還惜別，替人垂淚到天明?！皽I”的形成是熔化現(xiàn)象，需要放熱

4.輪渡曾是重慶重要的水上交通工具，如圖所示。隨著跨江大橋的修建，輪渡逐步變?yōu)槁糜斡^光的工具。

下列說(shuō)法正確的是（）

第1頁(yè)，共24頁(yè)

A.船的甲板上有凹凸的花紋是為了增大摩擦B,靜止在江面上的輪渡受到的浮力大于重力

C.船工的鞋底一般比較寬大是為了增大壓強(qiáng)D.船在靠岸前關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)是借助慣性力前進(jìn)

5.如圖所示，關(guān)于電和磁，下列說(shuō)法正確的是（）

摩擦起電的實(shí)質(zhì)是產(chǎn)生了多余的電荷

B.Tr，利用如圖的原理,人們制造了發(fā)電機(jī)

圖中螺線管上方小磁針靜止時(shí)。端是S極

D.如圖裝置可研究電磁鐵的磁性強(qiáng)弱與電流大小的關(guān)系

6.如圖所示電路，電源電壓不變，是巨磁電阻，其阻值隨磁場(chǎng)強(qiáng)度的增強(qiáng)而減小，R為定值電阻。當(dāng)

閉合開關(guān)Si、S2,滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電磁鐵右端為S極B.電流表的示數(shù)增大

C.定值電阻尺的電功率不變D.電壓表與電流表示數(shù)的比值變大

7.A、5兩個(gè)質(zhì)量均勻的正方體放在水平地面上如圖甲所示，8的邊長(zhǎng)是/的2倍。將/沿豎直方向切去寬

為L(zhǎng)的部分，把切去部分疊放在8上，2對(duì)地面的壓強(qiáng)PB與工的變化關(guān)系如圖乙所示。切割后，/剩余部

分對(duì)地的壓強(qiáng)為P4則以下分析正確的是（）（取g=10N/g）

第2頁(yè)，共24頁(yè)

甲

人.8的重力是50"B.E=2.5cm時(shí)，PA：PB=16：21

C.8的底面積為100cm2D./切去一半后，PA=2000Pa

8.在學(xué)校舉行的勞動(dòng)技術(shù)成果匯報(bào)展示活動(dòng)中，小強(qiáng)同學(xué)展示了一輛自己組裝的玩具車，它具有“原地?zé)?/p>

光秀”“調(diào)速前進(jìn)”和“定速后退”三種工作模式。通過(guò)控制開關(guān)&、S2和滑動(dòng)變阻器Ri來(lái)改變燈工的

亮度，實(shí)現(xiàn)“原地?zé)艄庑恪保和ㄟ^(guò)改變直流電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向及轉(zhuǎn)速，實(shí)現(xiàn)“調(diào)速前進(jìn)”或“定速后退”，

如圖所示。已知電源電壓不變，標(biāo)有“0.62”燈上的電阻不變，且Rz=10Q,定值電阻7?2=5。。當(dāng)玩

具車工作在“原地?zé)艄庑恪蹦Ｊ綍r(shí)，電流表/的最大示數(shù)為0.44。關(guān)于下列結(jié)論：

①電源電壓為9k

②玩具車“調(diào)速前進(jìn)”時(shí)，電流表/的最大示數(shù)小于0.64

③玩具車“定速后退”時(shí)，電路消耗的總功率小于2.4W

④S閉合，&接1,S2接2時(shí)，玩具車處于“原地?zé)艄庑恪蹦Ｊ?/p>

其中正確的是（）

A.①③B.②④C.①④D.②③

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二、填空題：本大題共5小題，共10分。

9.智能手機(jī)有一個(gè)功能叫“智慧語(yǔ)音”，它可以通過(guò)識(shí)別聲音實(shí)現(xiàn)對(duì)手機(jī)解鎖，該系統(tǒng)主要是根據(jù)聲音的

（選填“音調(diào)”、“音色”或“響度”）這一特征來(lái)工作的；開會(huì)或?qū)W習(xí)時(shí)，常把手機(jī)調(diào)成“靜音”

模式，這是在______處減弱噪聲。

10.生活中的“吹”字蘊(yùn)含著豐富的物理知識(shí)。圖甲中，小朋友們持續(xù)用力吹氣，將氣球吹得鼓起來(lái)，說(shuō)明

力可以使物體發(fā)生_____;圖乙中，對(duì)著2管吹氣，水滴會(huì)從/管管口噴出，因?yàn)樵跉怏w流速越大的位置,

壓強(qiáng)越

11.如圖所示，重6N的物體在尸=2N的水平拉力作用下，以lOcm/s的速度向左

勻速運(yùn)動(dòng)了5s,已知物體所受的摩擦力為3N,則拉力做的功為J,動(dòng)滑輪

的機(jī)械效率為

12.如圖所示的電路中，小標(biāo)有“6%少”，“標(biāo)有“9四冊(cè)'，不計(jì)溫度對(duì)燈絲電阻的

影響。閉合開關(guān)后，兩燈均發(fā)光，此時(shí)兩電壓表示數(shù)之比?：5=;若將兩燈

并聯(lián)后接入6憶電路中，則兩燈的實(shí)際功率之比馬：乃=o

13.如圖甲所示，圓柱形容器內(nèi)裝有30cm深的某種液體，柱形物塊/的底面積SA=25°62,高/u=20cm,,

將物塊N與足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)桿相連，桿的上端固定在天花板上，調(diào)節(jié)容器的初始位置，使桿對(duì)物塊/的作

用力下為零，再用外力讓容器緩慢豎直向上移動(dòng)，直到物塊/剛好接觸容器底部為止，力表示物塊/的下

表面與容器底的距離，桿對(duì)物塊/的作用力/隨〃變化的圖象如圖乙所示，整個(gè)過(guò)程中沒(méi)有液體溢出。則

第4頁(yè)，共24頁(yè)

物塊/浸沒(méi)時(shí)受到的浮力是N：當(dāng)容器豎直向上移動(dòng)7.5cm時(shí)，液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)為Pa。

三、作圖題：本大題共2小題，共4分。

14.請(qǐng)畫出經(jīng)過(guò)凹透鏡折射后的光線所對(duì)應(yīng)的入射光線。

15.如圖，用細(xì)線把一個(gè)小球懸桂起來(lái)，將小球拉到位置4松開手后小球在/、B、C

點(diǎn)之間來(lái)回?cái)[動(dòng)。畫出小球在位置/時(shí)的受力示意圖。

四、實(shí)驗(yàn)探究題：本大題共3小題，共18分。

16.按要求填空:

(1)某種物質(zhì)熔化時(shí)溫度隨時(shí)間變化規(guī)律，如圖1所示。根據(jù)圖像的特征可以判斷這種物質(zhì)是一種(選

1

A00

90

870

60

50

40

30

(2)在“探究凸透鏡成像特點(diǎn)”的實(shí)驗(yàn)中，將凸透鏡固定在光具座上50c加刻度線處，移動(dòng)蠟燭和光屏至如

圖2所示位置時(shí)，光屏上承接到清晰的像。則該凸透鏡的焦距為cm,若將遠(yuǎn)視眼鏡的鏡片放在蠟燭

第5頁(yè)，共24頁(yè)

和透鏡之間適當(dāng)位置，此時(shí)應(yīng)將光屏向(選填“左”或“右”)移動(dòng)，才能再次承接到清晰的像，此

時(shí)像會(huì)(選填變大、變小或不變)。

17.圖1是小楊探究“浮力大小與哪些因素有關(guān)”實(shí)驗(yàn)，他將同一物體分別放在不同液體中：

甲乙丙丁rii

圖2

(1)乙圖中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是N,物體在乙中所受浮力為N；

(2)由_____圖可知，浮力大小與排開液體的體積有關(guān)，由甲、丙、丁兩圖可知，浮力大小和浸沒(méi)的深度無(wú)

關(guān)，由甲、丁、戊圖可知，浮力大小和有關(guān)，由甲、丙兩圖可知物體的體積為m3；

(3)戊圖中液體的密度是kg/m3；

(4)圖2是小楊設(shè)計(jì)的測(cè)量巧克力球密度的實(shí)驗(yàn)：

①如圖甲所示，用電子秤測(cè)出銅塊的質(zhì)量為60；

②如圖乙所示，測(cè)出圓柱形容器和適量水的質(zhì)量為61；

③如圖丙所示，將鋼塊和巧克力球用繩子系在一起后，使銅塊浸沒(méi)在水中，電子秤的示數(shù)為62；

④如圖丁所示，銅快和巧克力球都浸沒(méi)后，電子秤的示數(shù)為63；

⑤如圖戊所示，放手后，銅塊沉底，電子樣示數(shù)為64；

請(qǐng)幫助小楊的測(cè)量結(jié)果可知：

/巧克力球的密度表達(dá)式是(用字母小0、加1、牝、加3、加4、P水表示)；

b.當(dāng)小楊測(cè)完所有數(shù)據(jù)后，將杯子從電子秤上拿下卻發(fā)現(xiàn)電子秤上顯示“-0.2g”，這樣測(cè)量會(huì)造成密度測(cè)

量值______(選填“偏大”“偏小”或“無(wú)影響”)。

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18.在“探究通過(guò)導(dǎo)體的電流與電阻關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，小美利用可調(diào)電源（可調(diào)為2入3入5K6V）、5個(gè)

定值電阻（阻值分別為5。、10。、15。、200、30。）、滑動(dòng)變阻器（20。0.54）、電壓表、電流表、開關(guān)

以及若干導(dǎo)線做了如下實(shí)驗(yàn)：

（1）他根據(jù)圖甲所示電路圖連接成了圖乙所示的實(shí)物電路，其中只有一根導(dǎo)線連接錯(cuò)誤，請(qǐng)?jiān)谶@根導(dǎo)線上打

“X”，并用筆重新畫一根正確連接的導(dǎo)線。（連線不要交叉）

（2）改正圖乙電路后，閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于最端（選填“左”或“右”）。

（3）正確連接電路后，閉合開關(guān)，小美發(fā)現(xiàn)電流表和電壓表都有較大示數(shù)，移動(dòng)滑片，兩表的示數(shù)均不變，

則電路中的故障可能是：o

（4）排除故障后，連好電路，小美將電源電壓調(diào)為6人

①小美接入10。的定值電阻后，移動(dòng)滑片，電流表示數(shù)如圖丙所示，記錄此時(shí)電流表示數(shù)為A.

②小美保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，將10。的定值電阻換為15。的定值電阻后，閉合開關(guān)，電流表的示

數(shù)會(huì)0.264（選填“大于”、“小于”或“等于”），此時(shí)可將滑動(dòng)移動(dòng)變阻器的滑片向（選填

“左”或“右”），直到電壓表示數(shù)回到原來(lái)值。

③實(shí)驗(yàn)中，小美發(fā)現(xiàn)當(dāng)5個(gè)定值電阻中的某個(gè)電阻接入電路時(shí)，實(shí)驗(yàn)無(wú)法完成，這個(gè)定值電阻的阻值為

______Qo

④為了順利完成5次實(shí)驗(yàn)，小美將電流表調(diào)至0?34量程，并更換部分器材，下列方案可行的有—

4將可調(diào)電源電壓的值設(shè)為5匕其余不變

3將電壓表控制不變的電壓值Uo設(shè)在2.5U?3.6U范圍內(nèi)，其余不變

C滑動(dòng)變阻器調(diào)整為"15QL4”，其余不變

D將30。的定值電阻更換為25。的定值電阻，其余不變

五、計(jì)算題：本大題共3小題，共24分。

19.重慶軌道2號(hào)線在李子壩站“穿”樓而過(guò)，山城的復(fù)雜地形造就了全國(guó)絕

無(wú)僅有的震撼景象。若列車長(zhǎng)度為120m,其發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為360后取行駛速

第7頁(yè)，共24頁(yè)

葭為25m/s,該居民樓長(zhǎng)度為130m，則在列車穿過(guò)居民樓的過(guò)程，求：

(1)列車所花的時(shí)間為多少秒；

(2)列車發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為多少焦耳？

20.如圖甲所示是小偉家購(gòu)買的電燒杯，它的原理圖如圖乙所示，其中必和衣2均為加熱絲，該電燒杯燒水

3

時(shí)有快擋和慢擋兩種擋位，銘牌如圖丙所示。[c水=4.2x10J/(fcff.℃)]

電燒杯容量0.5L

額定電壓220r

慢檔額定功率400瓶

快檔額定功率600%

(1)求電阻必的阻值;

(2)電燒杯中裝滿的水從20℃升高到100℃，求水吸收的熱量。

⑶小偉關(guān)閉其他用電器，讓電燒杯在快擋下工作，觀察到標(biāo)有“2500〃上卬眉”的電能表在5111吊內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)

了100轉(zhuǎn)，求此時(shí)電燒杯快擋的實(shí)際功率。

(1)當(dāng)3對(duì)模型底面壓力Fi=2.5N時(shí)，模型內(nèi)水深加為多少cm；

(2)剛觸發(fā)報(bào)警裝置時(shí)，3浸入水中的深度歷為多少cm?

第8頁(yè)，共24頁(yè)

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、教室到操場(chǎng)距離比較近，2min可能到達(dá)，故N符合實(shí)際；

B、初中的標(biāo)準(zhǔn)跑道一圈為400僅，故8符合實(shí)際；

C、初中生慢跑時(shí)速度可能為2.5m/s,故C符合實(shí)際；

D、在12月，重慶的平均氣溫約為12℃，不可以達(dá)到35℃，故。不符合實(shí)際。

故選：Do

首先要對(duì)相關(guān)物理量有個(gè)初步的認(rèn)識(shí)，不同物理量的估算，有的需要憑借生活經(jīng)驗(yàn)，有的需要經(jīng)過(guò)簡(jiǎn)單的

計(jì)算，有的要進(jìn)行單位換算，最后判斷符合要求的是哪一個(gè)。

物理與社會(huì)生活聯(lián)系緊密，多了解一些生活中常見物理量的數(shù)值可幫助我們更好地學(xué)好物理，同時(shí)也能讓

物理更好地為生活服務(wù)。

2.【答案】D

【解析】解：

/、凹面鏡能夠利用太陽(yáng)光取火，主要是因?yàn)樗鼘?duì)光有會(huì)聚作用，故/錯(cuò)誤；

8、影子的形成是由于光的直線傳播，光被物體擋住后，在物體后面就會(huì)呈現(xiàn)出陰影區(qū)域，即影子，故8錯(cuò)

誤；

C、根據(jù)平面鏡所成的像與物體大小相同知，人靠近平面鏡時(shí)，他在平面鏡中所成的像的大小不變，故C錯(cuò)

誤；

。、銅鏡的成像其實(shí)質(zhì)是平面鏡成像，原理是光的反射定律，故。正確。

故選：Do

(1)凹面鏡屬于球面鏡的一種，是采用球的內(nèi)表面做反射面的，對(duì)光線有會(huì)聚作用；

(2)影子是光沿直線傳播形成的；

(3)平面鏡成像的光學(xué)原理是光的反射定律，其成像特點(diǎn)是：①所成的像是虛像；②像和物體形狀、大小相

同；

③像和物體各對(duì)應(yīng)點(diǎn)的連線與平面鏡垂直；④像和物體各對(duì)應(yīng)點(diǎn)到平面鏡間距離相等，據(jù)此判斷。

本題考查了凹面鏡對(duì)光的作用、影子的形成、平面鏡的成像特點(diǎn)，均屬于光學(xué)知識(shí)的考查，難度一般。

3.【答案】C

第9頁(yè)，共24頁(yè)

【解析】解：/、“霜”是空氣中的水蒸氣遇冷凝華為固體的冰晶，附著在建筑物或植被表面，此過(guò)程中放

熱，故/錯(cuò)誤；

8、“露”都是由水蒸氣液化形成的，液化放熱，故8錯(cuò)誤；

C、這里的“冰”是水凝固形成的，是凝固現(xiàn)象，需要放熱，故C正確；

。、“淚”的形成是屬于蠟燭的熔化現(xiàn)象，需要吸熱，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

(1)物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質(zhì)由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變

為氣態(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固；

(2)六種物態(tài)變化過(guò)程中，都伴隨著吸熱或放熱。其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的

有：熔化、汽化、升華。

分析生活中的熱現(xiàn)象屬于哪種物態(tài)變化，關(guān)鍵要看清物態(tài)變化前后，物質(zhì)各處于什么狀態(tài)；另外對(duì)六種物

態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認(rèn)識(shí)。

4.【答案】A

【解析】解：4船的甲板上有凹凸的花紋，是增大了接觸面的粗糙程度，從而增大了摩擦，故/正確；

8由于輪渡靜止在江面上，則輪渡豎直方向上受力平衡，即輪渡受到的浮力等于重力，故8錯(cuò)誤；

C根據(jù)壓強(qiáng)的計(jì)算公式可知，船工的鞋底一般比較寬大，增大了受力面積，是為了減小壓強(qiáng)，故C錯(cuò)誤；

D慣性是物體本身具有的一種性質(zhì)，不是力，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

(1)增大摩擦力的方法：增大壓力或增大接觸面的粗糙程度；

(2)根據(jù)物體的浮沉條件分析浮力與重力的關(guān)系；

(3)在壓力一定時(shí)，增大接觸面積，可以減小壓強(qiáng)；

(4)慣性是物體的一種性質(zhì)，質(zhì)量越大，慣性越大。

本題綜合考查了摩擦力、浮力、壓強(qiáng)、慣性，綜合性較強(qiáng)，難度不大。

5.【答案】B

【解析】解：/、摩擦起電過(guò)程是得到和失去電子的過(guò)程，因此其實(shí)質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，不是產(chǎn)生了多余的電

荷，故/錯(cuò)誤；

8、發(fā)電機(jī)是利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象工作的，故8正確；

C、由安培定則可知，螺線管的右端為N極，根據(jù)同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引可知，小磁針的a

端為N極，故C錯(cuò)誤；

圖中兩電磁鐵的電流相同，匝數(shù)不同，研究的是電磁鐵磁性強(qiáng)弱與線圈匝數(shù)的關(guān)系，故。錯(cuò)誤。

第10頁(yè)，共24頁(yè)

故選：Bo

(1)由于不同物質(zhì)的原子核對(duì)核外電子的束縛本領(lǐng)不同，在摩擦的過(guò)程中束縛本領(lǐng)強(qiáng)的得電子帶負(fù)電，束縛

本領(lǐng)弱的失電子帶正電。摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，因?yàn)殡娮邮菐ж?fù)電的，所以失去電子的物體帶正

電，得到電子的物體帶負(fù)電。

(2)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的內(nèi)容是：閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。

(3)根據(jù)安培定則和磁極間的相互作用進(jìn)行判斷。

(4)影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素。知道電磁鐵的磁性與電流的大小和線圈匝數(shù)有關(guān)。

本題綜合考查了發(fā)電機(jī)原理、奧斯特實(shí)驗(yàn)、摩擦起電的實(shí)質(zhì)等知識(shí)，屬于基礎(chǔ)知識(shí)的考查。

6.【答案】D

【解析】解：A根據(jù)安培定則可知，電磁鐵的左端為S極，右端為N極，故/錯(cuò)誤；

區(qū)當(dāng)閉合開關(guān)&、S2,滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器電阻越來(lái)越大，電流變小，電磁

鐵磁性減弱，因此GM?其阻值增大，工作電路的總電阻變大，根據(jù)歐姆定律/可知電路中電流變小，

所以電流表的示數(shù)減小，故2錯(cuò)誤；

C.由上述可知，工作電路的電流會(huì)減小，根據(jù)P=/2R可知，定值電阻R的電功率會(huì)減小，故C錯(cuò)誤；

D分析工作電路可知，電壓表測(cè)GMR兩端電壓，電流表測(cè)電路電流，因此電壓表與電流表示數(shù)的比值即為

GWR的阻值，因此電壓表與電流表示數(shù)的比值會(huì)變大，故。正確。

故選：Do

(1)根據(jù)安培定則得出電磁鐵的兩極；

(2)先分析滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器的阻值的變化情況，然后根據(jù)歐姆定律得出電流大小變化情況；

(3)由(2)知工作電路的電流會(huì)減小，根據(jù)p=/2R進(jìn)行判斷；

(4)電壓表測(cè)GMR兩端電壓，電流表測(cè)電路電流，因此電壓表與電流表示數(shù)的比值即為GMR的阻值，據(jù)此

判斷。

本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析，涉及到電磁鐵磁性與電流的關(guān)系和電功率公式的應(yīng)用等，判讀出巨磁電阻的

變化是解題的關(guān)鍵，難度一般。

7.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查壓強(qiáng)公式的靈活運(yùn)用，正確讀取圖中信息是解題的關(guān)鍵。

(1)由乙圖可知乙的最大值為10c%,所以正方體N的邊長(zhǎng)為10cm=0.1m,正方體8的邊長(zhǎng)是/的2倍，

則3的邊長(zhǎng)為20cm=0.2加，進(jìn)一步計(jì)算2的底面積，當(dāng)1=0時(shí)，2對(duì)地面的壓強(qiáng)為5000P。，根據(jù)壓強(qiáng)

第H頁(yè)，共24頁(yè)

公式列方程可得8的重力，當(dāng)L=10cm時(shí)，8對(duì)地面的壓強(qiáng)為6000尸°,根據(jù)壓強(qiáng)公式列方程可得N的重

力，根據(jù)壓強(qiáng)公式計(jì)算/切去一半后/對(duì)地面的壓強(qiáng)；

(2)根據(jù)壓強(qiáng)公式計(jì)算當(dāng)乙=2.5cm時(shí)，/對(duì)地面的壓強(qiáng)和8對(duì)地面的壓強(qiáng)，進(jìn)一步計(jì)算P4：PB的值。

【解答】

由乙圖可知L的最大值為10c%,所以正方體/的邊長(zhǎng)為10cm=0.1m,

正方體2的邊長(zhǎng)是/的2倍，則8的邊長(zhǎng)為20cm=0,2m，3的底面積為20cmx20cm=400c???2,故c

錯(cuò)誤;

當(dāng)￡=0時(shí)，3對(duì)地面的壓強(qiáng)為5000R/,物體對(duì)地面的壓力等于自身重力，根據(jù)壓強(qiáng)公式可得=

即育"^5。。。&,解方程可得GB=200N,故/錯(cuò)誤;

GA+GB

當(dāng)￡=10cm時(shí)，3對(duì)地面的壓強(qiáng)為6000尸°,根據(jù)壓強(qiáng)公式可得=6000Pa,即

SB

寓巖=6。。。&,解方程可得G.40N,

/切去一半后，/對(duì)地面的壓強(qiáng)…p

故。錯(cuò)誤;

10cm—2.5cm3

當(dāng)Z/=2.5cm時(shí)，/對(duì)地面的壓強(qiáng)為10cm*"-x407V

_______4______________=4000Fa,

SA20.1mx(0.1m—0.025m)

25c?n,|

八“加赤——xGA+G-x40N+200N

B對(duì)地面的壓強(qiáng)為10cmB4525QPa,

SB0.2mx0.2m

miIpA_4000Pa_16

UJI|-----------------------——故8正確。

PB5250Pa21

8.【答案】D

【解析】解：根據(jù)題意，通過(guò)控制開關(guān)Si、S2和滑動(dòng)變阻器Ri來(lái)改變燈c的亮度，實(shí)現(xiàn)“原地?zé)艄庑恪保?/p>

此時(shí)直流電動(dòng)機(jī)不連入電路，因此S閉合，&接1,S2接1時(shí)，玩具車處于“原地?zé)艄庑恪蹦Ｊ?，故④錯(cuò)

誤；

當(dāng)玩具車工作在“原地?zé)艄庑恪蹦Ｊ綍r(shí)，電流表/的最大示數(shù)為0.44,電源電壓不變，根據(jù)/可知，

IX

電路中總電阻最小時(shí)電流最大,因此此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻為零，電路為燈c與兄2的串聯(lián)電路,

電源電壓為：

U=I[RL+&)=0.44x(10Q+5Q)=6V,故①錯(cuò)誤；

根據(jù)題意，通過(guò)改變直流電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向及轉(zhuǎn)速，實(shí)現(xiàn)“調(diào)速前進(jìn)”或“定速后退”，說(shuō)明玩具車前進(jìn)

時(shí)需要用滑動(dòng)變阻器Ri來(lái)實(shí)現(xiàn)“調(diào)速”，但后退時(shí)電路中沒(méi)有滑動(dòng)變阻器Ai，以實(shí)現(xiàn)“定速”，因此S

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閉合，Si接1,S2接2時(shí)，玩具車處于''調(diào)速前進(jìn)”模式；S閉合，S1接2,S2接1時(shí)，玩具車處于“定

速后退”模式；

玩具車“調(diào)速前進(jìn)”時(shí)，電源電壓不變，根據(jù)/可知，電路中總電阻最小時(shí)電流最大，因此此時(shí)滑動(dòng)

變阻器連入電路的電阻為零，電路為燈工與直流電動(dòng)機(jī)的串聯(lián)電路，此時(shí)電路電流為

I'=口°="二，因?yàn)镽M不為零，因此電路電流，小于0.64,電流表/的最大示數(shù)小于0.64,

KL十KM+KM

故②正確；

玩具車“定速后退”時(shí)，電路消耗的總功率為：

p_U^_U2_(6U)2_36V2

7?總RL+/22+RM10。+50+RM15Q+RM

因?yàn)镽”不為零，電路為燈上與直流電動(dòng)機(jī)、定值電阻氏2的串聯(lián)電路，因此電路消耗的總功率小于2.4W，

故③正確。

故選：Do

根據(jù)題意，通過(guò)控制開關(guān)&、S2和滑動(dòng)變阻器為來(lái)改變燈E的亮度，實(shí)現(xiàn)“原地?zé)艄庑恪?，此時(shí)直流電

動(dòng)機(jī)不連入電路，因此S閉合，&接1,S2接1時(shí)，玩具車處于''原地?zé)艄庑恪蹦Ｊ?；通過(guò)改變直流電動(dòng)

機(jī)的轉(zhuǎn)動(dòng)方向及轉(zhuǎn)速，實(shí)現(xiàn)“調(diào)速前進(jìn)”或“定速后退”，說(shuō)明玩具車前進(jìn)時(shí)需要用滑動(dòng)變阻器Ri來(lái)實(shí)現(xiàn)

“調(diào)速”，但后退時(shí)電路中沒(méi)有滑動(dòng)變阻器Hi，以實(shí)現(xiàn)“定速”，因此S閉合，&接1,S2接2時(shí)，玩具

車處于“調(diào)速前進(jìn)”模式；S閉合，&接2,S2接1時(shí)，玩具車處于''定速后退”模式；

當(dāng)玩具車工作在“原地?zé)艄庑恪蹦Ｊ綍r(shí)，電流表/的最大示數(shù)為0.4A,電源電壓不變，根據(jù)/=且可知，

電路中總電阻最小時(shí)電流最大,因此此時(shí)滑動(dòng)變阻器氏1連入電路的電阻為零，電路為燈￡與兄2的串聯(lián)電路,

根據(jù)U=I{RL+兄2)求出電源電壓；

玩具車“調(diào)速前進(jìn)”時(shí)，電源電壓不變，根據(jù)/=：可知，電路中總電阻最小時(shí)電流最大，因此此時(shí)滑動(dòng)

變阻器為連入電路的電阻為零，電路為燈上與直流電動(dòng)機(jī)的串聯(lián)電路，根據(jù)1'=二\求出此時(shí)電路電

流；

玩具車“定速后退”時(shí)，電路為燈￡與直流電動(dòng)機(jī)、定值電阻五2的串聯(lián)電路，根據(jù)P=*=

H總/<￡+?2+tlM

求出電路消耗的總功率。

此題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)、歐姆定律、電功率的計(jì)算，有一定難度。

9.【答案】音色聲源

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【解析】解：

不同物體發(fā)出的聲音的音色是不同的，智能手機(jī)的“智慧語(yǔ)音”，可以通過(guò)識(shí)別聲音實(shí)現(xiàn)對(duì)手機(jī)解鎖，該

系統(tǒng)主要是根據(jù)聲音的音色這一特征來(lái)工作的；

開會(huì)或?qū)W習(xí)時(shí)，把手機(jī)調(diào)成靜音狀態(tài)，是為了在聲源處減弱噪聲。

故答案為：音色；聲源。

(1)聲音的三個(gè)特征分別是：音調(diào)、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調(diào)指聲音的高低，由振動(dòng)頻

率決定；響度指聲音的強(qiáng)弱或大小，與振幅、傳播距離和分散程度有關(guān)；音色是由發(fā)聲體本身決定的一個(gè)

特性；

(2)減弱噪聲的途徑：在聲源處、在傳播過(guò)程中、在人耳處。

本題主要考查了學(xué)生對(duì)音色和減弱噪聲的途徑的理解和掌握，屬基礎(chǔ)知識(shí)的考查。

10.【答案】形變小

【解析】解：(1)甲圖中，用手指壓氣球，氣球的形狀發(fā)生變化，說(shuō)明力可以使物體發(fā)生形變；

(2)對(duì)著8管吹氣，/管管口流速快，壓強(qiáng)小，在大氣壓的作用下水滴會(huì)從/管管口噴出。

故答案為：形變；小。

(1)力的作用效果是不但可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，還可以改變物體的形狀，觀察用力后氣球變化情況；

(2)流體流速與壓強(qiáng)的關(guān)系：流體流速越大的地方的壓強(qiáng)越小。

此題主要考查了力的作用效果、流體壓強(qiáng)與流速的關(guān)系等，難度不大，都是基礎(chǔ)知識(shí)。

11.【答案】275%

【解析】解：根據(jù)“=；得物體移動(dòng)的路程：

s物=況=10cm/sx5s=50cm=0.5m,

由圖可知：動(dòng)滑輪上繩子的段數(shù)為2段；則拉力下移動(dòng)的距離s繩=ns物=2x0.5m=16，

則總功為：

卬總=Fs繩=2NxIm=2J,

有用功為：

印有用=人物=3Nx0.5m=1.5J,

動(dòng)滑輪的機(jī)械效率為：

片的=空、100%=75%。

故答案為：2；75%0

Q

根據(jù)。=彳求出物體移動(dòng)的路程，已知?jiǎng)踊喩侠K子的段數(shù)可求拉力/移動(dòng)的距離，根據(jù)公式卬=Fs繩可

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求拉力尸做的總功，根據(jù)%“人物算出有用功，利用片曾算出動(dòng)滑輪的機(jī)械效率。

本題考查有用功、總功和機(jī)械效率的計(jì)算，克服摩擦力做的功為有用功是本題的關(guān)鍵，難點(diǎn)是對(duì)動(dòng)滑輪上

繩子段數(shù)的判斷。

12.【答案】7：33：4

【解析】解：由p=U/=卷可得，兩燈泡的電阻分別為：

R

*=叱%=2

P額13WP額29印

(1)由電路圖可知，閉合開關(guān)后，Li與無(wú)串聯(lián)，電壓表力測(cè)電源兩端的電壓，電壓表心測(cè)%兩端的電壓,

因串聯(lián)電路中總電阻等于各串聯(lián)電阻的電阻之和，所以，此時(shí)電路的總電阻:

R總=Ri+7?2=12。+9Q=21。,

因串聯(lián)電路中各處的電流相等，

所以，由/=且可得，兩電壓表示數(shù)之比：

R

UiIR總、R總21Q7

灰=破=瓦=而=3；

(2)若將兩燈并聯(lián)后接入6%電路中，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，

所以，由「二0/二(可得：

珞

P\__^2_9Q_3

瓦=琢=忌=兩=4。

瓦

故答案為：7：3；3：4o

知道兩燈泡的額定電壓和額定功率，根據(jù)P=UI=＜求出兩燈泡的電阻；

(1)由電路圖可知，心與心串聯(lián)，電壓表匕測(cè)電源兩端的電壓，電壓表匕測(cè)工2兩端的電壓，根據(jù)電阻的

串聯(lián)求出電路的總電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電壓表的示數(shù)之比；

(2)將兩燈并聯(lián)后接入6憶電路中時(shí)，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和P=UI=與求出兩燈的實(shí)際功率之比。

本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、電功率公式的應(yīng)用，是一道較為簡(jiǎn)單的應(yīng)用題。

13.【答案】129600

【解析】解：當(dāng)物塊/的下表面與容器底的距離為30c機(jī)時(shí)，對(duì)物塊/進(jìn)行受力分析,

此時(shí)物塊A受到重力GA與桿對(duì)物塊A的拉力Fi，故GA=為=3N,

此時(shí)液體體積喙=S容器x30an①；

第15頁(yè)，共24頁(yè)

當(dāng)物塊N剛好浸沒(méi)時(shí)，物塊/的下表面與容器底的距離為20c機(jī),此時(shí)液體深為40c/",

對(duì)物塊/進(jìn)行受力分析，物塊/受到向上的浮力玲向下的重力GA和桿對(duì)/的支持力F2,

故F浮

=GA+F2=3N+9N=12N,

彩夜+VA=S容器x40cmz②，

聯(lián)立①②得S容器=50cm2,

F'j^_12Nqq

由F浮=p液g吟得，P液=菊=10N/kgx5x10-卅=2.4義10句/??；

當(dāng)調(diào)節(jié)容器到初始位置時(shí)，由于桿上的力為0N,

所以此時(shí)物體受到的浮力后孚初始=GA=3N,

F浮初始3N3

由正浮初始=P液9啄得，崛F==1.25x1(T4Tzi3=125cm,

p液g2.4x103kg/m3xION/kg

此時(shí)液面初始高度

30cmx50cm2+125cm3

“初始==32.5cm；

50cm2

設(shè)容器上移距離為△入容，液面高度變化為△八液，則有

SAxAh容=液(S容器一S4),即25。/x7.5cm=液(SOcn/—25cm2),

解得，液=7.5cwi,

容器上移后液面高度

人上移-h初始+△九液=32.5cm+7.5cm—40cm=0.4m,

故容器上移后壓強(qiáng)

p上移二P液上移=2.4x103kg/m3x10N/kgx0.4m=9600Pa。

故答案為：12；9600o

對(duì)于浮力與圖像結(jié)合的題目一般的切入點(diǎn)為從圖上找一些已經(jīng)給出數(shù)據(jù)的特殊點(diǎn)，思考特殊點(diǎn)對(duì)應(yīng)的物理

狀態(tài)，再根據(jù)受力分析、體積公式、壓強(qiáng)公式、阿基米德原理等列出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式。

抓住四個(gè)狀態(tài)：第一個(gè)狀態(tài)是物體還未進(jìn)入液體的時(shí)刻，此時(shí)物體受到重力的大小等于桿上拉力的大小，

可以求出物體重力；

第二個(gè)狀態(tài)是物體剛好浸沒(méi)的時(shí)刻，對(duì)物體受力分析可求出受到浮力的大小，同時(shí)結(jié)合體積分析可以求出

容器底面積，結(jié)合阿基米德定律可以求出液體密度；

第三個(gè)狀態(tài)是初始狀態(tài)，即浮力與物體重力相等的時(shí)刻，由浮力與重力相等列式可求出此時(shí)排開液體體積,

繼而求出此時(shí)液面高度；

第四個(gè)狀態(tài)是容器上升7.5cm后的狀態(tài)，使用體積分析列出液面高度變化的表達(dá)式，求出液面高度變化量,

第16頁(yè)，共24頁(yè)

繼而求出變化后的液面高度，最后用液體壓強(qiáng)公式算出容器底部受到的壓強(qiáng)。

此題考察了浮力的多過(guò)程綜合運(yùn)算及液面高度變化問(wèn)題，條件以文字及圖像的方式給出，需要同學(xué)們從圖

像中尋找已知量并且判斷圖像中各個(gè)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的物理狀態(tài)，綜合來(lái)說(shuō)難度較大，對(duì)學(xué)生的物理過(guò)程理解能力

和數(shù)學(xué)計(jì)算能力要求較高，是一個(gè)區(qū)分度較高的題。

14.【答案】解：延長(zhǎng)線過(guò)另一側(cè)焦點(diǎn)的光線經(jīng)凹透鏡折射后將平行于主光軸，如圖所示：

【解析】仔細(xì)觀察折射光線的特點(diǎn)，根據(jù)凹透鏡的三條特殊光線作圖。

凹透鏡的三條特殊光線：①延長(zhǎng)線過(guò)另一側(cè)焦點(diǎn)的光線經(jīng)凹透鏡折射后將平行于主光軸；②平行于主光軸

的光線經(jīng)凹透鏡折射后，其折射光線的反向延長(zhǎng)線過(guò)焦點(diǎn)；③過(guò)凹透鏡光心的光線傳播方向不改變。

【解析】解：小球在/位置時(shí)，受到豎直向下的重力和細(xì)線對(duì)小球的拉力，過(guò)重心畫出這兩個(gè)力，如圖所

小：

首先對(duì)小球到達(dá)/時(shí)進(jìn)行受力分析，然后按照力的示意圖的畫法畫出各個(gè)力。

畫力的示意圖的一般步驟為：一畫簡(jiǎn)圖二定點(diǎn)，三畫線，四畫尖，五把力的符號(hào)標(biāo)尖邊。按照這個(gè)作圖步

驟，很容易能夠畫出指定力的示意圖。

16.【答案】晶體吸收不變15.0左變小

【解析】解：（1）由于該物質(zhì)熔化時(shí)存在固定的熔化溫度，故為晶體；熔化過(guò)程中，不斷的吸收熱量，若停

止加熱，則熔化停止；從圖象可以看出，從第lOmin開始熔化，到27min左右停止熔化，熔化時(shí)，溫度保

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持不變；

(2)將凸透鏡固定在光具座上50.0cm刻度線處，移動(dòng)蠟燭和光屏至如圖所示位置時(shí)，光屏上承接到清晰的,

此時(shí)物距等于像距，等于兩倍的焦距，等于30.0cm,則焦距為15.0cm；

若將遠(yuǎn)視眼鏡的鏡片放在蠟燭和透鏡之間適當(dāng)位置，遠(yuǎn)視眼鏡的鏡片是凸透鏡，對(duì)光線具有會(huì)聚作用，故

此時(shí)應(yīng)將光屏向左移動(dòng)；

物距不變，但是焦距變小，像距變小，像變小。

故答案為：(1)晶體；吸收；不變；(2)15.0；左；變小。

(1)晶體和非晶體最大的區(qū)別就在于，晶體有一定的熔點(diǎn)，而非晶體沒(méi)有一定的熔點(diǎn)，表現(xiàn)在圖象上，晶體

熔化有段圖象是水平的，而非晶體是一直上升的，晶體熔化吸熱，溫度不變；

(2)根據(jù)〃=。=2九成倒立、等大的實(shí)像，據(jù)此確定凸透鏡的焦距；遠(yuǎn)視眼鏡是凸透鏡，凸透鏡對(duì)光線具

有會(huì)聚作用；像距越小，像越小。

此題主要考查晶體熔化規(guī)律和凸透鏡成像的規(guī)律，以及凸透鏡對(duì)光線的會(huì)聚作用，看似復(fù)雜，其實(shí)只要用

心，仔細(xì)審題，并不難。

—mi—m。

17.【答案】4.41.6甲、乙、丙液體密度2.5xICT4o.8x1032球=------------P水偏大

m3-m2

【解析】解：(1)圖1,乙圖中彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為0.2N,示數(shù)為4.4N；

物體在乙中所受浮力為：

歹浮=G—F示=6N—4.4N=1.6N,

(2)由乙丙可知，液體的密度相同，隨著排開液體的體積的增大，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)減小，由稱重法可知，

浮力在變大，可知浮力大小與排開液體的體積有關(guān)；

由甲、丁、戊圖可知，同一物體浸沒(méi)在不同的液體中，液體的密度不同，排開液體的體積相同，彈簧測(cè)力

計(jì)的示數(shù)不同，由稱重法可知，受到的浮力不同，可知浮力大小和液體的密度有關(guān)；

由甲、丙兩圖可知物體受到的浮力為：

F浮1=G—F示1=6N—3.5N=2.5N,

物體的體積為：

V=V^=W=L0xIOS：*xION/旬=15x1°黃機(jī)3，

(3)戊圖中物體受到的浮力為：

F浮2=G—F示2=6N—4N=2N,

戊圖中液體的密度：

第18頁(yè)，共24頁(yè)

P液=普=WN/kgx10-W=°-8*,

(4)由圖2乙丙可知，電子秤示數(shù)的變化是由于把銅塊放進(jìn)容器中引起的，銅塊受到浮力的作用，由于力的

作用是相互的，容器中的水也受到銅塊的豎直向下的壓力作用，從而使電子秤受到的壓力發(fā)生改變，由阿

基米德原理可知，銅塊所受到的浮力等于排開液體受到的重力，則電子秤示數(shù)的變化量等于銅塊排開液體

的質(zhì)量，銅塊受到的浮力為：

馬孚丙=G排丙=△F丙=(m2-Tni)g,

同理，由乙丁兩圖可知，銅塊和巧克力球一起受到的浮力為：

6孚丁=G排丁=ZXF丁=(m3-mi)g,

由甲乙戊可知，巧克力球的質(zhì)量為：

m=1TI4—mi—mo,

由丙丁可知，巧克力球受到的浮力為:

%=耳孚丁-F浮丙=3-mI)g-(W-m^g=(m3-m2)g,

由F浮=P液?jiǎn)峋芍?，巧克力球的體積為:

號(hào)_(館3—2)。_=3一硒

%=唳排=

p水gP水gP水

巧克力球的密度表達(dá)式是:

mmq—mi—mom4—mi—m()

0球=瓊=—"3—^2—=—-m2—1

P水

將杯子從電子秤上拿下卻發(fā)現(xiàn)電子秤上顯示“-0.2g”，說(shuō)明之前的示數(shù)比實(shí)際值偏小，因此之前測(cè)量的質(zhì)

量都要加上0.2g才等于實(shí)際的質(zhì)量。則巧克力球的實(shí)際密度為:

(wi4+0-2g)—(mi+0.2q)—(mo+0-2q)7714—mi—mo—0.2g7714—mi-mo

<

P球?qū)?(恤+0.25)-(m2+0.2g)07km3-m2'水m3-m2'

故這樣測(cè)量會(huì)造成密度的測(cè)量值偏大。

故答案為：(1)4.4；1.6；

⑵甲、乙、丙；液體密度；2.5x10—4；

(3)0.8x103；

/八m-mi-m

(4)。球=--4----------0p水，偏大。

恤一機(jī)2

(1)觀察彈簧測(cè)力計(jì)的分度值0.2N，根據(jù)指針位置讀數(shù)，根據(jù)正浮=6-F示求出浮力；

(2)分析甲、乙、丙圖可知，浮力大小與排開液體的體積有關(guān)；由甲、丁、戊圖可知，同一物體浸沒(méi)在不同

的液體中，液體的密度不同，排開液體的體積相同，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)不同，由稱重法可知，受到的浮力

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不同，可知浮力大小和液體的密度有關(guān)；由甲、丙兩圖可知物體受到的浮力，可得物體的體積；

(3)根據(jù)甲戊圖可得物體受到的浮力，可得戊圖中液體的密度；

(4)由圖2乙丙可知，電子秤示數(shù)的變化是由于把銅塊放進(jìn)容器中引起的，銅塊受到浮力的作用，由于力的

作用是相互的，容器中的水也受到銅塊的豎直向下的壓力作用，從而使電子秤受到的壓力發(fā)生改變，由阿

基米德原理可知，銅塊所受到的浮力等于排開液體受到的重力，則電子秤示數(shù)的變化量等于銅塊排開液體

的質(zhì)量，銅塊受到的浮力；同理，由乙丁兩圖可知，銅塊和巧克力球一起受到的浮力；由甲乙戊可知，巧

克力球的質(zhì)量；由丙丁可知，巧克力球受到的浮力；由?浮=2液％|國(guó)可知，巧克力球的體積；可得巧克力

球的密度表達(dá)式；將杯子從電子秤上拿下卻發(fā)現(xiàn)電子秤上顯示“一0.2g”，說(shuō)明之前的示數(shù)比實(shí)際值偏小,

因此之前測(cè)量的質(zhì)量都要加上0.2g才等于實(shí)際的質(zhì)量。則巧克力球的實(shí)際密度，故這樣測(cè)量會(huì)造成密度的

測(cè)量值偏大。

本題考查探究影響浮力大小的因素以及固體密度的測(cè)量，本題固體密度的測(cè)量難度大。

18.【答案】左滑動(dòng)變阻器上方的兩個(gè)接線柱接入電路中0.4大于左5C

【解析】解：(1)由圖乙可知，定值電阻沒(méi)有接入電路，定值電阻應(yīng)串聯(lián)在電路中，電壓表與定值電阻并聯(lián),

電流從電壓表的正接線柱流入，負(fù)接線柱流出，如圖所示：

(2)為了保護(hù)電路，閉合開關(guān)實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最大阻值處，由圖知，滑片左側(cè)電阻絲接

入電路，所以滑片應(yīng)移到阻值最大的左端；

(3)移動(dòng)滑片兩電表示數(shù)不變說(shuō)明變阻器沒(méi)有了變阻的作用，由電流表和電壓表都有較大的示數(shù)可知，電路

中的電阻較小，故此時(shí)滑動(dòng)變阻器上方的兩個(gè)接線柱接入電路中；

(4)①由圖甲可知，電流表的量程為0-0.64，分度值為0.024，由圖乙可知，示數(shù)為0.42；

②由歐姆定律可知，定值電阻兩端所控制的電壓：Uv=hRi=0.4Ax10Q=4V,

由串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知，接入10。的定值電阻時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓：

%="—%=6U—4V=2/,

2V

滑動(dòng)變阻器分得的電壓為定值電阻兩端電壓的弓；=0.5倍，

4V

根據(jù)分壓原理，此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路中的電阻為：A滑=0.5x100=50,

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由串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)和歐姆定律可知，保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，將10Q的定值電阻換為15。的定

值電阻后，閉合開關(guān)，電流表的示數(shù)：4=〃：!IKC=0-34>。26A

根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理可知，將定值電阻由10。改接成15。的電阻，電阻增大，其分得的電壓增大；探

究電流與電阻的實(shí)驗(yàn)中應(yīng)控制電壓不變，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律可知，為了保持定值電阻兩端電壓不變,

應(yīng)增大滑動(dòng)變阻器分得的電壓，由串聯(lián)分壓的分壓原理可知，應(yīng)增大滑動(dòng)變阻器連入電路中的電阻，所以

滑片應(yīng)向左端移動(dòng)，使電壓表的示數(shù)不變；

③由歐姆定律可知，電壓一定時(shí)，電阻越小，電流越大，因此電路中的最大電流：

/大=彳Uv/==4V=0.8A>0.5/,即此時(shí)電路中的電流大于滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流，

■小0□I

4V

定值電阻兩端電壓為滑動(dòng)變阻器分得的電壓的而=2倍，當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大為20。時(shí)，

根據(jù)分壓原理，定值電阻的最大阻值：R最大=2x200=400>30Q,故使用阻值為5。的定值電阻無(wú)法

完成實(shí)驗(yàn)；

④4由于所控制的電壓不變，因此使用阻值為5。的定值電阻實(shí)驗(yàn)時(shí)，電路中電流仍大于滑動(dòng)變阻器允許

通過(guò)的最大電流，無(wú)法完成實(shí)驗(yàn)，故/不可行；

B、由歐姆定律可知，當(dāng)定值電阻兩端所控制的最大電壓為：外大=7'大R小=0.54x5。=2.5V,故3不

可行；

C、定值電阻兩端的電壓始終保持方=4/,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，變阻器分得的電壓：

=U—即=6V—4V=2U,變阻器分得的電壓為電壓表示數(shù)的二=0.5倍，根據(jù)分壓原理，當(dāng)接入

300電阻時(shí)，變阻器連入電路中的電阻為：R滑=0.5x30。=15。，即所選擇的變阻器的最大阻值不能小

于15。，故C可行；

。、將30。的定值電阻更換為25。的定值電阻時(shí)，電路中的最大電流還是超過(guò)滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電

流，故。不可行。

故選：Co

故答案為：（1）如圖所示；（2）左；（3）滑動(dòng)變阻器上方的兩個(gè)接線柱接入電路中；（4）①0.4；②大于；左；

③5；@Co

（1）由圖乙可知，定值電阻沒(méi)有接入電路，據(jù)此改正連接錯(cuò)誤；

（2）為了保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P移到阻值最大處；

（3）移動(dòng)滑片兩電表示數(shù)不變說(shuō)明變阻器沒(méi)有了變阻的作用，根據(jù)電表示數(shù)的大小利用歐姆定律分析判斷電

路中可能的故障；

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(4)①根據(jù)圖丙電流表所選量程確定分度值讀數(shù)；

②根據(jù)歐姆定律求出定值電阻兩端所控制的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律求出變阻器分得的電壓，根據(jù)

串聯(lián)電路的分壓原理求出接入10。的定值電阻時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻，再根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)

和歐姆定律求出換為15。的定值電阻后電路中的電流；

根據(jù)控制變量法，研究電流與電阻的關(guān)系時(shí)，需控制定值電阻兩端的電壓相同，當(dāng)換上大電阻時(shí)，根據(jù)分

壓原理確定電壓表示數(shù)的變化，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律結(jié)合分壓原理確定滑片移動(dòng)的方向；

③根據(jù)歐姆定律求出電路中的最大電流，與滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流進(jìn)行比較，探究電流與電阻的

關(guān)系，應(yīng)保持電阻兩端的電壓不變；根據(jù)分壓原理，求出當(dāng)變阻器連入電路中的電阻最大時(shí)定值電阻的阻

值，進(jìn)而確定無(wú)法完成實(shí)驗(yàn)的電阻；

④逐一分析每個(gè)選項(xiàng)，找出符合題意的答案。

本題探究通過(guò)導(dǎo)體的電流與電阻關(guān)系，考查電路連接、注意事項(xiàng)、故障分析、電流表讀數(shù)、歐姆定律的應(yīng)

用、控制變量法和實(shí)驗(yàn)方案的評(píng)價(jià)。

19.【答案】解：(1)列車所花的時(shí)間為

s120m+130m八

25m/s

(2)列車發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為W=Pt=360x10Wx10s=3.6x106J。

答：(1)列車所花的時(shí)間為10s；

⑵列車發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為3.6x106J?

S

【解析】(1)列車穿過(guò)居民樓的路程等于車長(zhǎng)加上居民樓的長(zhǎng)度，又知道列車行駛的速度，根據(jù)力=石求出

列車穿過(guò)居民樓的時(shí)間；

(2)知道電動(dòng)機(jī)的功率和工作時(shí)間，根據(jù)卬=P力求出列車電動(dòng)機(jī)做的功。

本題考查了速度公式和電功公式的應(yīng)用，要注意列車穿過(guò)居民樓的路程等于車長(zhǎng)加上居民樓的長(zhǎng)度。

20.【答案】解：(1)分析電路圖，且并聯(lián)電路電阻的特點(diǎn)可知，當(dāng)S閉合，&斷開時(shí)，只有Ri工作，此時(shí)

為慢擋，功率。慢=40