2025屆江蘇“決勝新高考”高三年級(jí)上冊(cè)10月大聯(lián)考物理試卷（含答案）

2024-2025學(xué)年江蘇省決勝新高考高三（上）大聯(lián)考物理試卷（10

月）

一、單選題：本大題共11小題，共44分。

1.關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.在空氣中觀察到塵埃的運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)

B.懸浮在水中花粉微粒內(nèi)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)

C.在顯微鏡下觀察到煤油中小粒灰塵的運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)

D.懸浮在液體中的微粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯

2.如圖所示，分別用1、2兩種材料作K極進(jìn)行光電效應(yīng)探究，其逸出功的大小關(guān)系為叫＜勿2,保持入

射光不變，則光電子到達(dá)A極時(shí)動(dòng)能的最大值瓦皿隨電壓U變化關(guān)系的圖像是（）

3.某衰變的核反應(yīng)方程為普Nar筮M(jìn)g+X,下列說(shuō)法正確的是（）

A.X是a粒子B.衰變的快慢與衰變物質(zhì)的溫度無(wú)關(guān)

C.爸Na核與筮M(jìn)g核的核子數(shù)不同D.普Na核的比結(jié)合能比笠Mg核大

4.某同學(xué)采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置做“研究平拋運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)，下列會(huì)影響“研究平拋運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)準(zhǔn)確性

的是（）

A.小球與斜槽之間有摩擦

B.小球在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡與描跡板面不平行

C,每次從斜槽上相同的位置無(wú)初速度釋放小球

D.根據(jù)曲線計(jì)算平拋運(yùn)動(dòng)的初速度時(shí)，在曲線上取作計(jì)算的點(diǎn)離原點(diǎn)。較遠(yuǎn)

5.如圖所示，輕桿AC和輕桿的一端用光滑較鏈連接在C點(diǎn)，另一端分別用光滑較鏈固定在豎直墻壁

上，將一物塊通過(guò)細(xì)線連接在C點(diǎn)并保持靜止?fàn)顟B(tài)，若對(duì)C端施加一水平向右的作用力E則下列說(shuō)法正

確的是（）

A.輕桿AC中的彈力一定變大B.輕桿AC中的彈力可能減小

C.輕桿BC中的彈力一定變大D.輕桿BC中的彈力一定減小

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6.如圖所示，某衛(wèi)星繞地球做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，軌道的半長(zhǎng)軸為。，衛(wèi)星運(yùn)行周期為T(mén),在近地點(diǎn)A處的速

度為V、與地球中心距離為b,衛(wèi)星質(zhì)量為加,地球質(zhì)量為萬(wàn)有引力常量為6.則（）

A.衛(wèi)星經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度最小B.衛(wèi)星從A到C的過(guò)程中機(jī)械能不斷增加

C.衛(wèi)星在A處滿(mǎn)足關(guān)系G孝〉界D.,與衛(wèi)星的質(zhì)量無(wú)關(guān)

7.如圖所示，長(zhǎng)木板A3置于水平面上,板長(zhǎng)為L(zhǎng),板的B端放置質(zhì)量為m的小物塊.現(xiàn)將板繞A端由靜止

開(kāi)始在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)a角時(shí)，物塊的速度為％物塊始終保持與板相對(duì)靜止，重力加速度為g,則在上述

轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中（）

A.重力對(duì)物塊做的功為-mgLcosa

B.摩擦力對(duì)物塊做的功為zngLsina

C.彈力對(duì)物塊做的功為mgLsina+-mv2

D.板對(duì)物塊做的功為

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8.迪塞爾循環(huán)是一種熱力學(xué)循環(huán)，常用在柴油引擎中.該循環(huán)由兩個(gè)絕熱過(guò)程、一個(gè)等壓過(guò)程和一個(gè)等容過(guò)

程組成.如圖所示arbrcrd-a為一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷的迪塞爾循環(huán)，則（）

A.在a—b過(guò)程中，氣體的溫度降低

B.在b-c過(guò)程中，氣體對(duì)外界做的功小于氣體吸收的熱量

C.在CTd過(guò)程中，氣體分子的平均速率增加

D.在d7a過(guò)程中，氣體的內(nèi)能增大

9.如圖所示電路中，A、B為兩個(gè)相同燈泡，L為自感系數(shù)較大、電阻可忽略不計(jì)的電感線圈，C為電容

較大的電容器，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.接通開(kāi)關(guān)S,A立即變亮，最后A比8亮

B.接通開(kāi)關(guān)S,8逐漸變亮，最后A、2一樣亮

C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,A、B都立刻熄滅

D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,A、2都逐漸熄滅

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10.如圖所示，內(nèi)壁光滑的半球形碗固定不動(dòng)，其軸線垂直于水平面，兩個(gè)質(zhì)量相同的小球A和B緊貼著

內(nèi)壁分別在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）

A.球A的向心加速度小于球B的向心加速度

B.球A對(duì)碗壁的壓力與球B對(duì)碗壁的壓力大小相等

C.球A的角速度大于球B的角速度

D.球A的線速度等于球B的線速度

11.如圖所示，在AC連線上4M=M0=0N=NC,兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別固定在M點(diǎn)與N點(diǎn)，連線

3。與AC垂直，貝式）

一q

...-?-------?

ONC

A.A、O兩處電勢(shì)相同B.A、C兩處場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不相同

C.將電子從2點(diǎn)移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D.電子從C點(diǎn)移到。點(diǎn)，電場(chǎng)力做的總功為正

二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。

12.小明同學(xué)想較準(zhǔn)確測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻他查閱資料得知此電池的電動(dòng)勢(shì)約1.4U、內(nèi)阻約800僅除

待測(cè)電池、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線外，可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有：

A.電壓表了（量程3V,內(nèi)阻約6k。）

R電流表4（量程2mA,內(nèi)阻約為150）

C.滑動(dòng)變阻器％（阻值0?50。）

D滑動(dòng)變阻器燈（阻值0?10M）

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(1)小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選(選填"RJ或"/?2”),

(2)請(qǐng)根據(jù)設(shè)計(jì)的電路，在圖乙中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將實(shí)物電路圖連接完整.

(3)正確連接電路后，閉合開(kāi)關(guān)S前應(yīng)將圖乙中所示的滑動(dòng)變阻器置于(選填“最左端”或“最

右端”).然后閉合開(kāi)關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，測(cè)出多組U、/值，記入下表.

U/V1.111.050.880.720.56

I/mA0.300.400.600.801.00

(4)根據(jù)記錄表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖丙坐標(biāo)中作出U-/圖象，由圖象可得出該電池的電動(dòng)勢(shì)為—

匕內(nèi)阻為0(得出的結(jié)果均保留三位有效數(shù)字).

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UN

(5)上述實(shí)驗(yàn)電池內(nèi)阻的測(cè)量值(選填“大

圖丙

于”、“等于”或“小于”)真實(shí)值，原因是.

三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。

13.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波在沿+x軸方向傳播，圖甲和圖乙分別為軸上a、b兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，兩質(zhì)點(diǎn)

的平衡位置在x軸上的坐標(biāo)分別為“=0.1爪、=1.3m,已知波長(zhǎng)大于1.2m,試求這列波的波長(zhǎng)2和波

速也

14.如圖所示，橫截面為正方形的棱鏡正方形邊長(zhǎng)為m棱鏡的折射率n=宿，一束激光從AE邊

界上的。點(diǎn)與AE成30。的夾角射入棱鏡，能直接傳播到皮＞邊界，已知真空中光速為c,不考慮光在8。

邊界的反射.求：

(1)從BD邊界出射的光線在棱鏡中傳播的時(shí)間t.

(2)從BD邊界出射的光線與AE邊界上的入射光線偏折的角度a;

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15.如圖所示，質(zhì)量為的半圓弧槽靜止在光滑的水平面上，圓弧槽左端有固定在水平面上的豎直擋板,

圓弧軌道位于豎直平面內(nèi)且兩端等高，半徑為R,左半面弧光滑，右半面弧粗糙.一質(zhì)量為根的小

滑塊從距槽頂端A的正上方P點(diǎn)處由靜止釋放，A與P點(diǎn)的高度差也為R,重力加速度為g.

(1)求滑塊第一次到達(dá)槽最低點(diǎn)B時(shí)的速度大小為和受到的支持力大小N；

(2)當(dāng)滑塊第一次到達(dá)槽右端C時(shí)，恰好與圓弧槽相對(duì)靜止，求滑塊第一次到達(dá)C點(diǎn)前的過(guò)程系統(tǒng)損失的

機(jī)械能；

(3)若去除擋板，圓弧槽可在光滑的水平面上自由運(yùn)動(dòng)，仍在靜止的圓弧槽頂端A的正上方尸點(diǎn)處由靜止

釋放滑塊，求滑塊第一次到達(dá)槽最低點(diǎn)B時(shí)，圓弧槽的速度大小.

16.回旋加速器的示意圖如圖甲所示，兩。形金屬盒5、外圓心分別為。1、。2,兩盒間狹縫間距為"，勻

強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為8,加在狹縫間的交變電壓“血的變化規(guī)律如圖乙所示，電壓值的

大小為U,1=(時(shí)刻，在。1點(diǎn)由靜止釋放質(zhì)量為機(jī)、電荷量為+q的帶電粒子，粒子在狹縫間做勻變速運(yùn)

(1)求粒子經(jīng)兩次加速進(jìn)入金屬盒Di區(qū)域內(nèi)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑；

(2)若粒子連續(xù)4次經(jīng)過(guò)交變電場(chǎng)加速后到達(dá)圖中的A點(diǎn)，求粒子從01點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A的時(shí)間t;

(3)為使粒子經(jīng)過(guò)交變電場(chǎng)始終做加速運(yùn)動(dòng)，求粒子最多連續(xù)加速的次數(shù)〃和。形金屬盒的半徑的最大值R.

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】A在空氣中觀察到塵埃的運(yùn)動(dòng)事受到氣流和重力的影響，不是布朗運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

8.懸浮在水中花粉微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，而不是花粉顆粒內(nèi)的分子運(yùn)動(dòng)為布朗運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.在顯微鏡下觀察到煤油中小?；覊m的運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，故C正確；

。.懸浮在液體中的微粒越大，液體分子撞擊微粒的不平衡性越不明顯，布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，故。錯(cuò)誤。

2.【答案】A

【解析】由光電效應(yīng)方程：/iv=|mv^+Wo,

光電子到達(dá)A極板過(guò)程，由動(dòng)能定理：eU=Ekm-

聯(lián)立知，光電子到達(dá)A板時(shí)動(dòng)能的最大值久恒=eU+hv-W0,

可見(jiàn)外恒-U圖像的斜率為e,縱截距為初-明，

由題知，IVi<W2,且入射光相同，則hv-Wr>hv-W2,可見(jiàn)用材料1和2進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)得到的

Ekm-U圖線相互平行，且用材料2進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)得到的外館-U圖像的縱軸截距較小，故選A。

3.【答案】B

【解析】A根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為0,電荷數(shù)為-1,所以X是電子，故A錯(cuò)誤；

8放射性元素的半衰期是由原子核內(nèi)部自身因素決定的，與外界因素?zé)o關(guān)，故8正確；

C.普Na核與君Mg核的核子數(shù)相同，故C錯(cuò)誤；

D.爸Na核的比結(jié)合能比筮M(jìn)g核小，故O錯(cuò)誤。

故選人

4.【答案】B

【解析】4C.只要小球從同一高度由靜止釋放即可保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相等，小球與斜槽之間有

摩擦不會(huì)造成實(shí)驗(yàn)誤差，故AC錯(cuò)誤；

3.根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知其運(yùn)動(dòng)軌跡在豎直平面內(nèi)，小球在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡與描跡板面不平行，會(huì)影響

“研究平拋運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性。故B正確；

D根據(jù)曲線計(jì)算平拋運(yùn)動(dòng)的初速度時(shí)，在曲線上取作計(jì)算的點(diǎn)離原點(diǎn)。較遠(yuǎn)，可以減小偶然誤差，不會(huì)增

大實(shí)驗(yàn)誤差，故。錯(cuò)誤。

故選人

5.【答案】A

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【解析】【分析】

本題考查動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，解題關(guān)鍵是做好C點(diǎn)的受力分析，利用正交分解法，根據(jù)豎直方向和水平方向合

力均為零分析。

【解答】

對(duì)C點(diǎn)受力分析如圖所示，

T和N豎直向上的分力之和等于物塊重力G,T向左的分力等于N向右的分力加上凡當(dāng)廠從無(wú)到有，C

點(diǎn)仍保持平衡，只能是T變大，N變小，甚至反向變大，所以輕桿AC中的彈力一定變大，輕桿BC中的彈

力可能變小，也可能反向變大，故選A項(xiàng)。

6.【答案】D

【解析】【解答】

A根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，近地點(diǎn)A點(diǎn)速度最大，故A錯(cuò)誤；

b衛(wèi)星運(yùn)行過(guò)程只有萬(wàn)有引力做功，機(jī)械能守恒，故3錯(cuò)誤；

C.衛(wèi)星在A處做離心運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供的向心力G等小于衛(wèi)星在A處需要的向心力加《，故C錯(cuò)誤。

bzb

只與中心天體即地球質(zhì)量有關(guān)，與衛(wèi)星的質(zhì)量無(wú)關(guān)，故。正確。

7.【答案】C

【解析】A.重力對(duì)■物塊做的功為-mgLsina;故A錯(cuò)誤；

8.小物塊始終保持與板相對(duì)靜止，在這個(gè)過(guò)程中物塊所受的為靜摩擦力，靜摩擦力的方向總是與速度的方

向垂直，則摩擦力對(duì)物塊做的功為零；故2錯(cuò)誤；

11

C.根據(jù)動(dòng)能定理可知，W-mgLsina=-mv2,解得彈力對(duì)物塊做的功為W=mgLsina+故C正

確；

。.根據(jù)動(dòng)能定理可知，合力對(duì)物塊做的功為g瓶盧;板對(duì)物塊做的功為mgLsina+故。錯(cuò)誤.

8.【答案】B

【解析】A.在a-b過(guò)程中，此過(guò)程為絕熱過(guò)程，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體內(nèi)能增

大，溫度升高，故A錯(cuò)誤；

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員在6-c過(guò)程中，為等壓過(guò)程，氣體體積增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度升高，內(nèi)能增大；根據(jù)熱力

學(xué)第一定律，氣體對(duì)外界做的功小于氣體吸收的熱量，故2正確；

C.在c-d過(guò)程中，此過(guò)程為絕熱過(guò)程，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體內(nèi)能減小，溫度降

低，氣體分子的平均速率減??；故C錯(cuò)誤；

。.在d-a過(guò)程中，為等容過(guò)程，氣體壓強(qiáng)減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度降低，氣體的內(nèi)能減小，

故D錯(cuò)誤。

9.【答案】B

【解析】【解答】

AB.接通開(kāi)關(guān)S,電容器C要通過(guò)A充電，因此A立刻亮，由于充電電流越來(lái)越小，當(dāng)充電完畢后，相當(dāng)

于斷路，而L對(duì)電流變化有阻礙作用，所以通過(guò)8的電流逐漸增大，故2逐漸變亮，當(dāng)閉合足夠長(zhǎng)時(shí)間

后，C中無(wú)電流，相當(dāng)于斷路，乙相當(dāng)于短路，因此A、B一樣亮。故A錯(cuò)誤，B正確；

CD當(dāng)S閉合足夠長(zhǎng)時(shí)間后再斷開(kāi)，A立刻熄滅，而L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，且電容器也要對(duì)2放電，故2要

逐漸熄滅，故CO錯(cuò)誤。

10.【答案】C

【解析】【分析】

2

小球受重力和支持力，靠重力和支持力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)尸4=ma=ni，=nir32,比

口T

較線速度、角速度和向心加速度的大小.并比較支持力的大小，從而能比較壓力的大小。

解決本題的關(guān)鍵知道小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠重力和支持力的合力提供向心力，能靈活選擇向心力的形

式，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律列式分析。

【解答】

4CD對(duì)于任意一球，設(shè)其軌道處半球形碗的半徑與豎直方向的夾角為￡,半球形碗的半徑為K。

mg

根據(jù)重力和支持力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，得：

2_______________

F合=mgtanB=ma=m*=mra)2,又r=Rsin。,聯(lián)立得：u=JgRtanSsin/?,a=gtan/3,co=

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，R一定,可知s越大，線速度V越大、角速度3越大、向心加速度a越大，所以球A的線速度大于

球8的線速度，球A的角速度大于球8的角速度，球A的向心加速度大于球8的向心加速度。故C正

確，AD錯(cuò)誤；

員由圖得：球所受的支持力鳳=器，。越大，F(xiàn)N越大，則碗對(duì)A球的支持力較大，由牛頓第三定律知球

A對(duì)碗壁的壓力大于球8對(duì)碗壁的壓力，故8錯(cuò)誤。

11.【答案】D

【解析】A、根據(jù)等量的異種電荷的等勢(shì)面的特點(diǎn)可知，O點(diǎn)電勢(shì)為零，。點(diǎn)左側(cè)電勢(shì)均為正值，。點(diǎn)右

側(cè)電勢(shì)均為負(fù)值，故A點(diǎn)電勢(shì)為正，。點(diǎn)電勢(shì)為零，故A點(diǎn)電勢(shì)高于。點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

8、根據(jù)等量的異種電荷的電場(chǎng)線的分布可知，A、C兩處場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相同，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)電場(chǎng)力做功0=勺4。，由于8。兩點(diǎn)電勢(shì)均為零，電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤；

。、電子從C點(diǎn)移到。點(diǎn)，從低電勢(shì)向高電勢(shì)運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做的總功為正，故。正確，

1.33?1.37；775?808；(5)大于；測(cè)量值包含了電流表的內(nèi)阻。

【解析】(1)因?yàn)殡姵氐膬?nèi)阻約800。由題圖甲可知滑動(dòng)變阻器為限流式接法，而凡的阻值太小，基本起

不到調(diào)節(jié)電流作用，故實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R2；

(2)由題圖甲所示電路圖將實(shí)物連接如圖所示:

(3)為保護(hù)實(shí)驗(yàn)電路，滑動(dòng)變阻器在閉合開(kāi)關(guān)S前應(yīng)接入最大阻值，故應(yīng)將圖乙中所示的滑動(dòng)變阻器置于最

左端;

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(4)根據(jù)表格描點(diǎn)連線如圖所示:

(5)由閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir,結(jié)合所做U-/圖象可得該電池的電動(dòng)勢(shì)為1.35匕內(nèi)阻為：r=

10.4-1.351

—=------71n2x7920；

I//Ill.2xio-3l

若考慮電流表內(nèi)阻，由閉合電路歐姆定律得：U=E—/(〃+&),所以〃+以=|第=|靄胃O=

79212,則可知電池內(nèi)阻的測(cè)量值大于真實(shí)值，原因是測(cè)量值包含了電流表的內(nèi)阻。

13.【答案】解：由題意可知，t=0時(shí)刻a、b兩質(zhì)點(diǎn)間的波形如圖所示,

□

則有9兀=々,_/

代入數(shù)據(jù)解得4=1.6m

由圖像可知波的周期T=0.4s

由于。=生代入數(shù)據(jù)解得：v=4m/So

【解析】詳細(xì)解答和解析過(guò)程見(jiàn)【答案】

14.【答案】解：(1)射入O點(diǎn)的光入射角外=60。，設(shè)折射角為多

由于n=砥

代入數(shù)據(jù)解得。2=30°

光在棱鏡中的傳播速度u=；光路圖如答圖,

第13頁(yè)，共15頁(yè)

AB

由幾何關(guān)系有%=。2,光在棱鏡中的傳播路程S=孩歷

則"三=組

VC

(2)如圖可知n=徵

代入數(shù)據(jù)解得n=60°

由幾何關(guān)系可知a=120°

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15.【答案】解：(1)由機(jī)械能守恒定律有2mgR=