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Page31湖北省2024屆高三數(shù)學下學期開學診斷性考試試卷本試題卷共5頁,滿分150分,考試用時120分鐘.留意事項:1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上.2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上相應的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號;回答非選擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效.3.考試結(jié)束后,將本試題卷和答題卡一并交回.★??荚図槷敗镆弧雾椷x擇題:本大題共8小題,每小題5分,共40分.在每小題列出的四個選項中,只有一項符合題意,錯選、不選、多選均不得分.1.已知,集合,集合,若,則實數(shù)的取值范圍是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】因為,故設(shè),此時,令,則的解,其中故為的兩個根,故,所以,解得,故選B.2.歐拉公式(為自然對數(shù)的底數(shù),為虛數(shù)單位)是瑞士聞名數(shù)學家歐拉獨創(chuàng)的,是英國科學期刊《物理世界》評比出的十大最宏大的公式之一.依據(jù)歐拉公式可知,復數(shù)的虛部為A. B. C. D.【答案】C【詳解】復數(shù)ii的虛部為.故選C.3.如圖,在三棱錐,是以AC為斜邊的等腰直角三角形,且,,二面角的大小為,則三棱錐的外接球表面積為()A. B. C. D.【答案】B【詳解】依據(jù)題意,作出圖形,如圖所示,因為是以AC為斜邊的等腰直角三角形,所以的外心在中點,設(shè)為,設(shè)的外心為,中點為,,因為,所以必在連線上,則,即,因為兩平面交線為,為平面所在圓面中心,所以,,又因為二面角的大小為,,所以,所以,錐體外接球半徑,則三棱錐的外接球表面積為,故選:B4.已知是方程的兩根,有以下四個命題:甲:;乙:;丙:;?。?假如其中只有一個假命題,則該命題是()A.甲 B.乙 C.丙 D.丁【答案】B【詳解】因為是方程的兩根,所以,則甲:;丙:.若乙?丁都是真命題,則,所以,,兩個假命題,與題意不符,所以乙?丁一真一假,假設(shè)丁是假命題,由丙和甲得,所以,即,所以,與乙不符,假設(shè)不成立;假設(shè)乙是假命題,由丙和甲得,又,所以,即與丙相符,假設(shè)成立;故假命題是乙,故選:.5.如圖為正方體ABCD﹣A1B1C1D1,動點M從B1點動身,在正方體表面沿逆時針方向運動一周后,再回到B1的運動過程中,點M與平面A1DC1的距離保持不變,運動的路程x與l=MA1+MC1+MD之間滿意函數(shù)關(guān)系l=f(x),則此函數(shù)圖象大致是()A. B.C. D.【答案】C【詳解】由于點M與平面A1DC1的距離保持不變,且從B1點動身,因此點M沿著運動.設(shè)點P為B1C的中點,當M從B1到P時,如圖所示在平面A1B1CD內(nèi),作點A1關(guān)于B1B的對稱點A′,則MA1+MD=MA′+MD,由圖象可知,當M從B1到P時,MA1+MD是減小的,MC1是由大變小的,所以當M從B1到P時,l=MA1+MC1+MD是漸漸減小的,故解除B,D;因為PC1是定值,MC1,函數(shù)是減函數(shù),類似雙曲線形式,所以C正確;故選:C6.若正實數(shù)a,b滿意,且,則下列不等式肯定成立的是()A. B. C. D.【答案】D【詳解】因為,為單調(diào)遞增函數(shù),故,由于,故,或,當時,,此時;,故;,;當時,,此時,,故;,;故ABC均錯誤;D選項,,兩邊取自然對數(shù),,因為不管,還是,均有,所以,故只需證即可,設(shè)(且),則,令(且),則,當時,,當時,,所以,所以在且上恒成立,故(且)單調(diào)遞減,因為,所以,結(jié)論得證,D正確故選:D7.已知,,.若,則的最小值為()A.0 B. C.1 D.【答案】D【詳解】令,依題意,,而,則,因,則有點C在半徑為1,所含圓心角為的扇形的弧上,如圖,因,則表示直線上的點Q與直線上的點P間距離,、分別是點C到點Q,P的距離,因此,表示三點Q,P,C兩兩距離的和,作點C關(guān)于直線OA對稱點N,關(guān)于直線OB對稱點M,連MN交OA,OB分別于點F,E,連FC,EC,ON,OM,則有,令,則,,于是得,而,由余弦定理得,因此,,對于直線上隨意點Q、直線上隨意點P,連接CQ,NQ,QP,CP,PM,PN,則,,當且僅當點Q與F重合且點P與點E重合時取“=”,從而得,所以的最小值為.故選:D8.對于數(shù)列,定義為數(shù)列“加權(quán)和”,已知某數(shù)列的“加權(quán)和”,記數(shù)列的前n項和為,若對隨意的恒成立,則實數(shù)p的取值范圍為()A. B. C. D.【答案】A【詳解】由,∴時,,∴,∴,時,也成立,∴,∴數(shù)列的前n項和為:,∵對隨意的恒成立,∴,即,即,即,即,即對隨意的恒成立,當時,對隨意的恒成立,因為,∴,所以,當時,恒成立,,當時,對隨意的恒成立,因為,∴,所以,綜上可得:實數(shù)p的取值范圍為.故選:A.二、多項選擇題:本大題共4小題,每小題5分,共20分.在每小題列出的四個選項中,有多項符合題意,全選得5分,漏選得2分,錯選、不選均不得分.9.已知隨機變量的取值為不大于的非負整數(shù),它的概率分布列為……其中滿意,且.定義由生成的函數(shù),為函數(shù)的導函數(shù),為隨機變量的期望.現(xiàn)有一枚質(zhì)地勻稱的正四面體型骰子,四個面分別標有1,2,3,4個點數(shù),這枚骰子連續(xù)拋擲兩次,向下點數(shù)之和為,此時由生成的函數(shù)為,則()A. B.C. D.【答案】CD【詳解】解:因為,則,,令時,,故選項A錯誤,選項C正確;連續(xù)拋擲兩次骰子,向下點數(shù)之和為,則的分布列為:故選項B錯誤;選項D正確.故選:CD.10.已知定義在上的函數(shù)滿意,則下列不等式肯定正確的是()A. B.C. D.【答案】AD【詳解】由,得,設(shè),則,設(shè),則在上為增函數(shù),且,則當時,,此時,此時函數(shù)為增函數(shù);當時,,此時,此時函數(shù)為減函數(shù),故由,即,A正確;由,得,即,B錯誤;與不在一個單調(diào)區(qū)間上,C中算式無法比較大小,C錯誤;由,得,即,D正確.故選:AD11.如圖,在直三棱柱中,,,為的中點,過的截面與棱、分別交于點、,則下列說法中正確的是()A.存在點,使得B.線段長度取值范圍是C.當點與點重合時,四棱錐的體積為D.設(shè)截面、、的面積分別為、、,則的最小值為【答案】BC【解析】【詳解】因為平面,,以點為坐標原點,、、所在直線分別為、、軸建立如下圖所示的空間直角坐標系,則、、、、、、、設(shè)點、,其中,.對于A選項,若存在點,使得,且,,,解得,不合乎題意,A錯;對于B選項,設(shè),其中、,即,即,可得,,則,所以,,B對;對于C選項,當點與點重合時,,則,此時點為的中點,如下圖所示:在直三棱柱中,四邊形為矩形,則且,、分別為、的中點,則且,所以,且,同理且,且,所以,,故幾何體為三棱臺,,,,,因此,,C對;對于D選項,,,則點到直線的距離為,,則點到直線的距離為,所以,,故,當且僅當時,等號成立,故的最小值為,D錯.故選:BC.12.已知拋物線的焦點為,準線為,過點且斜率大于0的直線交拋物線于兩點(其中在的上方),為坐標原點,過線段的中點且與軸平行的直線依次交直線于點.則()A.若,則直線的斜率為B.C.若是線段的三等分點,則直線的斜率為D.若不是線段的三等分點,則肯定有【答案】ABC【詳解】拋物線焦點為,設(shè)直線方程為,,,由得,由韋達定理可知,,,因為,則可得,且,,所以,即,且,解得,得,所以,且所以,故A正確,又因為,,故直線方程為,又因為共線,所以,,同理可得,,,所以,,即,故B正確.若是線段的三等分點,則,,,又,,,,所以,解得,,故C正確.由,得,即,所以,,又,所以,,所以,當時,,故D錯誤.故選:ABC.三、填空題:本大題共4小題,每小題5分,共20分.13.正三角形中,為中點,為三角形內(nèi)滿意的動點,則最小值為______.【答案】【詳解】不妨設(shè)正三角形的邊長為,以為坐標原點,正方向為軸,可建立如圖所示平面直角坐標系,則,,,設(shè),則,,,,,即,點軌跡為:,;當時,,;當時,令,則表示與連線的斜率,設(shè)直線與圓相切,則圓心到直線距離,解得:或,,則當時,取得最小值,;綜上所述:的最小值為.故答案為:.14.已知雙曲線的左右焦點分別為F1,F(xiàn)2,若C與直線有交點,且雙曲線上存在不是頂點的P,使得,則雙曲線離心率取值范圍范圍為___________.【答案】【詳解】雙曲線C與直線有交點,則,,解得,雙曲線上存在不是頂點的P,使得,則點在右支上,設(shè)與軸交于點,由對稱性,所以,所以,,所以,由得,所以,又中,,,所以,即,綜上,.故答案為:.15.已知集合,對于集合的兩個非空子集,,若,則稱為集合的一組“互斥子集”.記集合的全部“互斥子集”的組數(shù)為(視與為同一組“互斥子集”).那么______.【答案】【詳解】依據(jù)題意,隨意一個元素只能在集合之一中,則這個元素在集合中,共有種;其中為空集種數(shù)為,為空集的種數(shù)為個,故可得均為非空子集的種數(shù)為,又因為與為同一組“互斥子集,故.故答案為:.【點睛】本題考查集合新定義,涉及排列組合的求解,屬綜合中檔題.16.已知關(guān)于的不等式恒成立,則實數(shù)的取值范圍為________.【答案】【詳解】易知,將原不等式變形:,,可得,即,其中.設(shè),則,原不等式等價于.當時,原不等式明顯成立;當時,因為在上遞增,恒成立,設(shè),則,所以在遞減,遞增,所以的最小值為,故.故答案為:四、解答題:本大題共6小題,共70分.解答應寫出文字說明,證明過程或演算步驟.17.在中,設(shè)角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,且滿意.(1)求證:;(2)求的最小值.【答案】(1)證明見解析(2)【小問1詳解】證明:在中,由已知及余弦定理,得,即,由正弦定理,得,又,故.∵,∴,∵,∴,故.【小問2詳解】由(1)得,∴,,由(1),得,當且僅當時等號成立,所以當時,的最小值為.18.如圖,在幾何體中,平面平面,.四邊形為矩形.在四邊形中,,,.(1)點在線段上,且,是否存在實數(shù),使得?若存在,求出的值;若不存在,請說明理由.(2)點在線段上,求直線與平面所成角的正弦值的取值范圍.【答案】(1)存在實數(shù),使得,且的值為(2)【小問1詳解】解:因為四邊形為矩形,所以.因為平面平面,平面平面,平面,所以平面不妨設(shè),則.以為原點,所在直線為軸,所在直線為軸,過D與AB平行的直線為y軸,建立如圖所示的空間直角坐標系,則,,,,,所以,,,,所以,.因為,所以,解得.故存在實數(shù),使得,且的值為【小問2詳解】解:設(shè)平面的法向量,則,即,不妨取,則.設(shè),,則,.直線與平面所成的角為,則.…令,當時,;當時,.所以.故直線與平面所成角的正弦值的取值范圍為.19.若正項數(shù)列的前項和滿意.(1)求數(shù)列的通項公式;(2)若對于隨意的,都有成立,求的最大值.【答案】(1)(2)【小問1詳解】時,,且,解得,(舍去),,,化簡可得時,,,,,,,累加可得,,又,故時,,當時,上式也成立,所以,又因為,所以,所以,,,時,適合該式,故.【小問2詳解】由(1)得,(此處不等關(guān)系是因為:,故,當且僅當時取等號,而,故上式中等號取不到),,,因為,所以,即,所以,即,所以數(shù)列是遞減數(shù)列,所以,因為,都有成立,所以.20.某企業(yè)安排新購買100臺設(shè)備,并將購買的設(shè)備安排給100名年齡不同(視為技術(shù)水平不同)的技工加工一批模具,因技術(shù)水平不同而加工出的產(chǎn)品數(shù)量不同,故產(chǎn)生的經(jīng)濟效益也不同.若用變量x表示不同技工的年齡,變量y為相應的效益值(元),依據(jù)以往統(tǒng)計閱歷,他們的工作效益滿意最小二乘法,且y關(guān)于x的線性回來方程為.(1)試預料一名年齡為52歲的技工運用該設(shè)備所產(chǎn)生的經(jīng)濟效益;(2)試依據(jù)r的值推斷運用該批設(shè)備的技工人員所產(chǎn)生的效益與技工年齡的相關(guān)性強弱(,則認為y與x線性相關(guān)性很強;,則認為y與x線性相關(guān)性不強);(3)若這批設(shè)備有A,B兩道獨立運行的生產(chǎn)工序,且兩道工序出現(xiàn)故障的概率依次是0.02,0.03.若兩道工序都沒有出現(xiàn)故障,則生產(chǎn)成本不增加;若A工序出現(xiàn)故障,則生產(chǎn)成本增加2萬元;若B工序出現(xiàn)故障,則生產(chǎn)成本增加3萬元;若A,B兩道工序都出現(xiàn)故障,則生產(chǎn)成本增加5萬元.求這批設(shè)備增加的生產(chǎn)成本的期望.參考數(shù)據(jù):;參考公式:回來直線的斜率和截距的最小二乘估計分別為,,,.【答案】(1)元(2)很強(3)萬元【解析】【小問1詳解】當時,.所以預料一名年齡為歲的技工運用該設(shè)備所產(chǎn)生的經(jīng)濟效益為元【小問2詳解】由題得,所以,所以.因為,所以與線性相關(guān)性很強.所以運用該批設(shè)備的技工人員所產(chǎn)生的的效益與技工年齡的相關(guān)性強.【小問3詳解】設(shè)增加的生產(chǎn)成本為(萬元),則的可能取值為,,,.,,,.所以(萬元),所以這批設(shè)備增加的生產(chǎn)成本的期望為萬元.21.已知橢圓一個頂點,以橢圓的四個頂點為頂點的四邊形面積為.(1)求橢圓E的方程;(2)過點P(0,-3)的直線l斜率為k的直線與橢圓E交于不同的兩點B,C,直線AB,AC分別與直線交y=-3交于點M,N,當|PM|+|PN|≤15時,求k的取值范圍.【答案】(1);(2).【詳解】(1)因為橢圓過,故,因為四個頂點圍成的四邊形的面積為,故,即,故橢圓的標準方程為:.(2)設(shè),因為直線的斜率存在,故,故直線,令,則,同理.直線,由可得,故,解得或.又,故,所以又故即,綜上,或.22.已知函數(shù).(1)探討極值點的個數(shù);(2)若有兩個極值點,且,證明:.【答案】(1)見解析(2)見解析【小問1詳解】,則,明顯不是的零點,令,則,在單調(diào)遞減,在(0,1)單調(diào)遞減,在單調(diào)遞增.當時
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