保定市重點(diǎn)中學(xué)2024年高考物理必刷試卷含解析

保定市重點(diǎn)中學(xué)2024年高考物理必刷試卷

注意事項(xiàng)

1.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5亳米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.

3.請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05亳米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、一物塊的初速為加初動能為以0,沿固定斜面（粗糙程度處處相同）向上滑動，然后滑回到原處。此過程中，物

塊的動能以與位移x,速度y與時間，的關(guān)系圖像正確的是（）

2、如圖（甲）所示，質(zhì)最〃『2kg的小物體放在長直的水平地面上，用水平細(xì)線繞在半徑R=0.5m的薄圓筒上。U0時

刻，圓筒由靜止開始繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動，其角速度◎隨時間，的變化規(guī)律如圖（乙）所示，小物體和地面間的動摩擦

因數(shù)為03重力加速度g=10m/s2。則下列判斷正確的是（）

A.細(xì)線的拉力大小為4N

B.細(xì)線拉力的瞬時功率滿足P=4f

C.小物體的速度隨時間的變化關(guān)系滿足哼4,

D.在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為4N?g

3、如圖所示，圓形磁場區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，三個帶電粒子4、B、C先后從P點(diǎn)以相同的速度沿P0

方向射入磁場，分別從a、b、c三點(diǎn)射出磁場，三個粒子在磁場中運(yùn)動的時間分別用如、加、tc表示，三個粒子的比

荷分別用以、公、kc表示，三個粒子在該磁場中運(yùn)動的周期分別用以、TB、TC表示，下列說法正確的是（）

A.粒子B帶正電B.C.kA<kn<kcD.TA>TH>TC

4、下列說法中正確的是（）

A.布朗運(yùn)動是指液體分子的無規(guī)則運(yùn)動

B.物體對外做功，其內(nèi)能一定減小

C.兩分子間距離減小，分子間的引力和斥力都增大

D.用打氣筒往自行車輪胎內(nèi)打氣時需要用力，說明氣體分子間存在斥力

5、如圖所示，為四分之一圓柱體的豎直截面，半徑為此在5點(diǎn)上方的C點(diǎn)水平拋出一個小球，小球軌跡恰好

在。點(diǎn)與圓柱體相切，。。與。笈的夾角為53。，則C點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為（或1153。=0.8,cos530=0.6）（）

6、水平地面上方分布著水平向右的勻強(qiáng)電場，一光滑絕緣輕桿豎直立在地面上，輕桿上有兩點(diǎn)A、輕桿左側(cè)固定

一帶正電的點(diǎn)電荷，電荷量為+。，點(diǎn)電荷在輕桿A5兩點(diǎn)的中垂線上，一個質(zhì)量為,小電荷量為+g的小球套在輕桿上,

從4點(diǎn)靜止釋放，小球由A點(diǎn)運(yùn)動到8點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）

A.小球受到的電場力先減小后增大

B.小球的運(yùn)動速度先增大后減小

C.小球的電勢能先增大后減小

D.小球的加速度大小不變

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、兩根平行的通電長直導(dǎo)線。、〃均垂直于紙面放置，其中的電流方向如圖所示，電流分別為/和2/。此時。所受

安培力大小為尸。若在〃的上方再放置一根與之平行的通電長直導(dǎo)線導(dǎo)線力、。間的距離相等，此時。所

受安培力的合力的大小也是歹。則下列說法中正確的是（）

C

I21

0?

ab

A.導(dǎo)線。中的電流為/B.導(dǎo)線。中的電流為2/

C.導(dǎo)線〃受到安培力的合力的大小為2GbD.導(dǎo)線方受到安培力的合力的大小為正?

8、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t=0時刻的波動圖像,乙圖為參與波動質(zhì)點(diǎn)P的振動圖像，則下列判斷

正確的是.

甲乙

A.該波的傳播速率為4m/s

B.該波的傳播方向沿x軸正方向

C.經(jīng)過0.5s,質(zhì)點(diǎn)P沿波的傳播方向向前傳播4m

D.該波在傳播過程中若遇到2m的障礙物,能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象

E.經(jīng)過0.5s時間，質(zhì)點(diǎn)P的位移為零,路程為0.4m

9、如圖所示，用橡膠錘敲擊音叉，關(guān)于音叉的振動及其發(fā)出的聲波，下列說法正確的有（）

A.在空氣中傳播的聲波是縱波

B.聲波在空氣中傳播的速度隨波頻率增大而增大

C.音叉周圍空間聲音強(qiáng)弱的區(qū)域相互間隔

D.換用木錘敲擊，音叉發(fā)出聲音的音調(diào)變得

10、一物體沿一直線運(yùn)動，先后經(jīng)過勻加速、勻速和減速運(yùn)動過程，已知物體在這三個運(yùn)動過程中的位移均為S,所

用時間分別為2，、，和貝"）

2

A.物體做勻加速運(yùn)動時加速度大小為之

r

B.物體做勻減速運(yùn)動時加速度大小為上

C.物體在這三個運(yùn)動過程中的平均速度大小為二

3/

D.物體做勻減速運(yùn)動的末速度大小為三

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測量儀器，請回答下列問題：

（1）在使用多用電表測量時，若選擇開關(guān)撥至“1mA”擋，指針的位置如圖（a）所示，則測量結(jié)果為

（2）多用電表測未知電阻阻值的電路如圖（b）所示，電池的電動勢為E、Ro為調(diào)零電阻，某次將待測電阻用電阻箱

代替時，電路中電流I與電阻箱的阻值Rx關(guān)系如圖（c）所示，則此時多用電表的內(nèi)阻為C,該電源的電動

勢E=V.

（3）下列判斷正確的是__________。

A.在圖（b）中，電表的左、右插孔處分別標(biāo)注著“+”

B.因?yàn)閳D（。是非線性變化的，所以對應(yīng)歐姆表的刻度盤上的數(shù)字左小右大

C.歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過調(diào)節(jié)Ro,使Ro=O時電路中的電流達(dá)到滿偏電流

D.電阻R,的變化量相同時，&越小，則對應(yīng)的電流變化量就越大

12.（12分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的裝置，做驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)。當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間：

（1）電磁鐵通過鐵夾固定在鐵架臺上，給電磁鐵通電，小球被吸在電磁鐵下方（光電門的正上方）。電磁鐵斷電，小球

由靜止釋放，測得小球通過光電門所用時間為，，測得小球直徑為"，電磁鐵下表面到光電門的距高為做〃，?"），根

據(jù)測得數(shù)值，得到表達(dá)式（用已知和測得的物理量表示）在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)

證；

⑵若保持電磁鐵位置不變，改變光電門的位置，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，得到多組〃及小球通過光電門的時間/,為了能通過

圖像直觀地得到實(shí)驗(yàn)結(jié)果，需要作出〃-（填，，/，，，，『,“’,’或“二”）圖像，當(dāng)圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜直線時，

IV

且在誤差允許的范圍內(nèi)，斜率等于（用已知和測得的物理量表示），則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證；

⑶下列措施可以減小實(shí)驗(yàn)誤差的是_____O

A.選用直徑較小，質(zhì)量較大的小球B.選用直徑較大，質(zhì)量較大的小球

C.電磁鐵下表面到光電門的距離適當(dāng)大些D.盡量讓小球球心通過光電門

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，一豎直放置的氣缸上端開口，氣缸壁內(nèi)有卡口。和瓦。、〃間距為心〃距缸底的高度為〃；活塞

只能在。、力間移動，其下方密封有一定質(zhì)量的理想氣體。已知活塞質(zhì)量為機(jī)，面積為S,厚度可忽略；活塞和汽缸壁

均絕熱.不計(jì)他們之間的摩擦,開始時活塞處于靜止?fàn)顟B(tài).上、下方氣體壓強(qiáng)均為p。.溫度均為7k現(xiàn)用電熱絲緩慢

加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好到達(dá)力處。求此時氣缸內(nèi)氣體的溫度以及在此過程中氣體對外所做的功。重力加速

度大小為g。

1..:丁

II

14,（16分）如圖，固定在豎直平面內(nèi)的傾斜軌道4E,與水平光滑軌道相連，豎直墻壁C7）高"=0.2m，緊靠

墻壁在地面固定一個和CD等高，底邊長L=0.3機(jī)的斜面，一個質(zhì)量/〃=01總的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）在軌道A5上從

距離2點(diǎn)/=4〃?處由靜止釋放，從。點(diǎn)水平拋出，已知小物塊在48段與軌道間的動摩擦因數(shù)為0.5,達(dá)到8點(diǎn)時無

能量損失：4△段與水平面的夾角為37.（重力加速度g=10〃?/sin37一0.6,cos37=0.8）

（1）求小物塊運(yùn)動到B點(diǎn)時的速度大小：

⑵求小物塊從C點(diǎn)拋出到擊中斜面的時間;

⑶改變小物塊從軌道上釋放的初位置，求小物塊擊中斜面時動能的最小值.

15.（12分）應(yīng)用如圖所示的裝置研究帶電粒子在電場、磁場中的運(yùn)動情況。相鄰的區(qū)域I、H均為邊長為L的正方形。

區(qū)域I內(nèi)可以添加方向豎直向下的勻強(qiáng)電場；區(qū)域II內(nèi)可以添加方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。區(qū)域H的邊緣處有可

探測帶電粒子的屏。一束帶電粒子沿兩區(qū)域中間軸線以速度%水平射入?yún)^(qū)域I,粒子束中含有多種粒子，其電荷量由

小到大的范圍為+[~+%,質(zhì)量由小到大的范圍為町~m2。粒子在電場中只受電場力，在磁場中只受洛倫茲力。

（1）若只在區(qū)域n內(nèi)添加磁場，且能夠在屏上探測到所有粒子，則磁感應(yīng)強(qiáng)度為多大；

⑵若只在區(qū)域I內(nèi)添加電場，且能夠在屏上探測到所有粒子，則電場強(qiáng)度為多大；

⑶當(dāng)兩個區(qū)域分別添加上述⑴⑵中的電場及磁場，電荷量為名、質(zhì)量為m2的粒子能夠在屏上探測到。求解粒子在屏

上顯現(xiàn)的位置，試列出各求解方程式。（不對方程式求解）

L屏

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、A

【解析】

AB.設(shè)斜面的傾角為仇物塊的質(zhì)量為根據(jù)動能定理可得，上滑過程中

-/wg￥sin。一pmgxcQsO=Ek-Ek0

則

Ek=EkQ-（mgsin0+pmgcos9）x

下滑過程中

mgx'sin9-〃〃咚v'cos0=Ek-0

則

Ek=(//zgsin0-jumgcos，)Y

可知，物塊的動能以與位移x是線性關(guān)系，圖像是傾斜的直線，根據(jù)能量守恒定律可得，最后的總動能減小，故A

正確，B錯誤；

CD.由牛頓第二定律可得，取初速度方向?yàn)檎较?，物塊上滑過程有

-mgsin0-jumgcos0=ma

下滑過程有

-mgsin+cos0=ma

則物塊上滑和下滑過程中加速度方向不變，但大小不同，故CD錯誤。

故選A。

2、D

【解析】

AC.根據(jù)圖象可知，圓簡做勻加速轉(zhuǎn)動，角速度隨時間變化的關(guān)系式為

CD=t

圓筒邊緣線速度與物塊前進(jìn)速度大小相同，根據(jù)u=得

v=coR=0.5/

物體運(yùn)動的加速度

Av0.5Ar?,/,

a=—=-------=().5m/s-

A/A/

根據(jù)牛頓第二定律得

F-=ma

解得細(xì)線的拉力大小為

F=2X0.5+0.1X2X10=3N

AC錯誤；

B.細(xì)線拉力的瞬時功率

p=Fv=3x0.5z=1.5r

故B錯誤；

D.物體的合力大小為

=F-///^=3-0.1x2xl0=lN

在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為

I=F合t=1x4=4N-s

故D正確。

故選D。

3、B

【解析】

根據(jù)題意做出ABC三種粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡如圖所示,

A.根據(jù)左手定則，可以判斷8粒子帶的電荷為負(fù)電荷，A錯誤；

C.由圖可知，三粒子做圓周運(yùn)動的半徑C最大，A最小，根據(jù)

inv

r=---

qB

又粒子的速度都相等，所以比荷的大小關(guān)系是：kA>kB>kCf故C錯誤；

D.根據(jù)周期公式

.2兀m

I=-----

qB

及比荷的大小關(guān)系可知：TC>TB>TA,故D錯誤；

B.由圖，ABC三個粒子形成的圖象在滋場區(qū)域留下的弧長C最長，A最短，而三個粒子的速度相同，根據(jù)，=,，所

V

以有：IAVIBVEC，故B正確。

故選B。

4、C

【解析】

A.布朗運(yùn)動是固體顆粒的運(yùn)動，間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動，故A錯誤;

B.改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，只知道物體對外做功，而不知道熱傳遞的情況，無法確定其內(nèi)能變化，故B借

誤；

C.分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但總是斥力變化得較快，故C

正確；

D.用打氣筒往自行車輪胎內(nèi)打氣時需要用力，是因?yàn)闅怏w壓強(qiáng)增大的緣故，并不能說明氣體分子間存在斥力，而且

氣體分子間的分子力幾乎可以忽略不計(jì)，故D錯誤。

故選C。

5、B

【解析】

由題意知得：小球通過。點(diǎn)時速度與圓柱體相切，則有

Vy=votan530

小球從C到。，水平方向有

Rsin530=vof

豎直方向上有

心

2

聯(lián)立解得

1K

15

根據(jù)幾何關(guān)系得，C點(diǎn)到8點(diǎn)的距離

2

o

yCB=y-Ra-coS53)=-R

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

6、C

【解析】

A.小球下滑時受勻強(qiáng)電場的電場力是不變的，受到點(diǎn)電荷的電場力先增加后減小，則小球受到的電場力先增大后減

小，選項(xiàng)A錯誤；

B.小球下滑時，勻強(qiáng)電場的電場力垂直小球運(yùn)動方向，則對小球不做功；點(diǎn)電荷在前半段先對小球做負(fù)功，重力做

正功，但是由于不能比較正功和負(fù)功的大小關(guān)系，則不能確定小球速度變化情況；在后半段，點(diǎn)電荷電場力和重力均

對小球做正功，則小球的運(yùn)動速度增大，選項(xiàng)B錯誤；

C.小球卜滑時，勻強(qiáng)電場的電場力垂直小球運(yùn)動方向，則對小球不做功；點(diǎn)電荷在前半段先對小球做負(fù)功，在后半

段對小球做正功，則小球的電勢能先增大后減小，選項(xiàng)c正確；

D.由小球的受力情況可知，在A點(diǎn)時小球的加速度小于g,在A3中點(diǎn)時小球的加速度等于g,在3點(diǎn)時小球的加速

度大于g,則加速度是不斷變化的，選項(xiàng)D錯誤。

故選C

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BD

【解析】

AB.如圖所示

落

由右手螺旋定則知2導(dǎo)線在。處產(chǎn)生豎直向下的磁場，。導(dǎo)線受該磁場向左的安培力

F[=F

由牛頓第三定律知〃導(dǎo)線也受到。導(dǎo)線的磁場向右的安培力，大小也是片。。產(chǎn)生的磁場對。有安培力用，結(jié)合題意

分析得：6與心夾角為120。，且

F\=F?=F

則。、導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，又C、匕導(dǎo)線與。的距離相等，則C、〃導(dǎo)線電流大小相等，為2/。所

以B正確，A錯誤；

CD.。導(dǎo)線在。、處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，則力受其安培力為2/。由余弦定理得

222

Fh=7F+(2F)-4Fcos120°=幣F

所以D正確，C錯誤。

故選BD.

8、ADE

【解析】

A.由甲圖讀出該波的波長為1=4m,由乙圖讀出周期為T=ls,則波速為v=g=4m/s,故A正確；

B.在乙圖上讀出t=0時刻P質(zhì)點(diǎn)的振動方向沿y軸負(fù)方向，在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸負(fù)方向，故R錯

誤；

C.質(zhì)點(diǎn)P只在自己的平衡位置附近上下振動，并不隨波的傳播方向向前傳播，故C錯誤；

D.由于該波的波長為4m,與障礙物尺寸相差較多，故能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確；

T

E.經(jīng)過t=0.5s=—,質(zhì)點(diǎn)P又回到平衡位置，位移為零,路程為S=2A=2x0.2m=0.4m,故E正確.

2

9、AC

【解析】

A.根據(jù)音叉振動發(fā)出聲波的原理可知，音叉振動方向與波的傳播方向在同一直線上，故在空氣中傳播的聲波是縱波,

故A正確；

B.聲波在空氣中的傳播速度，與介質(zhì)有關(guān)，不會隨波的頻率變化而變化，故B錯誤；

C.音叉振動發(fā)音時兩個叉股是兩個頻率相同的波源，它們產(chǎn)生的波發(fā)生干涉，所以音叉周圍空間聲音強(qiáng)弱的區(qū)域相

互間隔，故C正確；

D.音調(diào)與音叉的材料有很大關(guān)系，音叉材料沒變，所以音叉發(fā)出的聲音的音調(diào)沒變，而換用木錘敲擊時沒有緩沖減

震作用，音叉振幅較大，所以音叉的響度較大，故D錯誤。

故選AC,

10、BD

【解析】

A.勻速運(yùn)動的速度

s

v=-,

t

設(shè)勻加速運(yùn)動的初速度為匕，根據(jù)平均速度公式有：

V]+V_S

2~2tf

聯(lián)立上面兩式得：

%=0,

對勻加速運(yùn)動，根據(jù)位移公式有：

2

s=-a](2t),

解得：

s

a-彳9

2r

A錯誤：

BD.設(shè)勻減速直線運(yùn)動的末速度為匕，對勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)平均速度公式有:

V?+VS

三3，

2

解得：

“工

3，

勻減速直線運(yùn)動的加速度大小：

ss

=宇=番，

A/39/2

-I

2

BD正確；

C.三個過程中的平均速度大小

-3s2s

2

C錯誤。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.461.5x1049CD

【解析】（1）選擇開關(guān)置于“1mA”時，選擇表盤第二排刻度進(jìn)行讀數(shù)，分度值為0.02A,對應(yīng)刻度示數(shù)為23,故則測量

結(jié)果為0.02x23=0.46A；

⑵根據(jù)二-==，二==三丁，由圖可得二-二0.6匚,當(dāng)二=25匚時，二口=15口匚，解得

CJ?M

二」="二二1=2.5x."二,二=肛

（3）A、根據(jù)電流紅進(jìn)黑出，在圖（b）中，電表的右、左插孔處分別標(biāo)注著“+故A錯誤;

B、函數(shù)圖象是非線性變化，導(dǎo)致歐姆表刻度不均勻,示數(shù)左大右小是由于外電阻增大，電路電流減小造成的，故B

項(xiàng)錯誤。

C、歐姆表調(diào)零通過調(diào)節(jié)滑動變阻器Ro,調(diào)節(jié)至待測電阻R、為零（即兩表筆短接）時，電流表滿偏，對應(yīng)歐姆表示數(shù)

為零，故C正確；

D、歐姆表刻度不均勻的原因是待測電阻和電路電流關(guān)系非線性變化，而且I-&切線斜率大小隨待測電阻值增大減小,

即R、阻值變化量對應(yīng)電流變化量隨待測電阻增大而減小，歐姆表刻度左密右疏，故D正確；

故選CD,

c,1,d\21

12、的=5(7)產(chǎn)-d-ACD

【解析】

由機(jī)械能守恒有

.1/d

m^n=—m{—y

故要驗(yàn)證的表達(dá)式為gh=1(-)\

2t

⑵[2]網(wǎng)由g/?=:(@)2得

2t

,d11

h=-------

2g/

即為了直觀地得到實(shí)驗(yàn)結(jié)果，應(yīng)作人!圖像，在誤差允許的范圍內(nèi)圖像的斜率為則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證。

「2g

⑶⑷

AB.為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選用質(zhì)量大、體積小的小球，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯誤；

CD.電磁鐵下表面到光電門的距離適當(dāng)大些可以減小長度及速度測量的誤差，盡量讓小球球心通過光電門，減小因小

球遮光長度不是直徑引起的誤差，選項(xiàng)C、D正確。

故填A(yù)CDo

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、1+]]To；(〃()S+〃7g)〃；

IH八Po、7

【解析】

開始時活塞位于a處，加熱后，汽缸中的氣體先等容升溫過程，直至活塞開始運(yùn)動。設(shè)此時汽缸中氣體的溫度為八，

壓強(qiáng)為m，根據(jù)查理定律有：

牛吟①

根據(jù)力的平衡條件有:

P1S=PoS+，ng②

聯(lián)立①②式可得:

1+儂

工=T。③

P^)

此后，汽缸中的氣體經(jīng)歷等壓過程，直至活塞剛好到達(dá)方處，設(shè)此時汽缸中氣體的溫度為不；活塞位于。處和力處時

氣體的體積分別為-和七。根據(jù)蓋一呂薩克定律有：

—二—④

式中Vi=SH?,V2=S(H+h)⑥

聯(lián)立③④⑤⑥式解得：

從開始加熱到活塞到達(dá)b處的過程中，汽缸中的氣體對外做的功為：

W=(〃()s+〃?g)〃⑧

14、(l)4m/5⑵(3)0.15J

【解析】

(1)對滑塊從A到B過程，根據(jù)動能定理列式求解末速度；

(2)從C點(diǎn)畫出后做平拋運(yùn)動，根據(jù)分位移公式并結(jié)合幾何關(guān)系列式分析即可；

⑶動能最小時末速度最小，求解末速度表達(dá)式分析即可.

【詳解】

(1)對滑決從A到B過程，根據(jù)動能定理，有：mglsin37-gmgcos37=gmv；,

解得：vB=4m/s；