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文檔簡介

4.6超重與失重

學(xué)習(xí)目標(biāo)

1結(jié)合生活體驗,通過實驗認識超重和失重現(xiàn)象,理解產(chǎn)生超重、失重現(xiàn)象的條件和實質(zhì)。

2.進一步熟練掌握應(yīng)用牛頓運動定律解決問題的方法和步驟。

知識梳理

一、基本概念

1、實重和視重

(1)實重:物體實際所受的重力,它與物體的運動狀態(tài)無關(guān).

(2)視重:當(dāng)物體在豎直方向上有加速度時,物體對彈簧測力計的拉力或?qū)ε_秤的壓力將不等于物

體的重力.此時彈簧測力計的示數(shù)或臺秤的示數(shù)即為視重.

2、超重

(1)定義:物體對支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?大王物體所受重力的現(xiàn)象

(2)產(chǎn)生條件:物體具有向上的加速度.

3、失重圖4.6-2

(1)定義:物體對支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?4年物體所受重力的現(xiàn)象

(2)產(chǎn)生條件:物體具有向上的加速度.

4、完全失重

mg

(1)定義:物體對支持物(或懸掛物)完全沒有作用力的現(xiàn)象稱為完全失重現(xiàn)象

圖4.6-3

(2)產(chǎn)生條件:物體的加速度a=g,方向豎直向下.

二、判斷超重和失重的方法

1、從受力的角度判斷

當(dāng)物體所受向上的拉力(或支持力)大于重力時,物體處于超重狀態(tài);小于重力時,物體處于失重狀

態(tài);等于零時,物體處于完全失重狀態(tài).

2、從加速度的角度判斷

當(dāng)物體具有向上的加速度時,物體處于超重狀態(tài);具有向下的加速度時,物體處于失重狀態(tài);向下的

加速度等于重力加速度時,物體處于完全失重狀態(tài).

特征狀態(tài)加速度視重(F)與重力關(guān)系運動情況受力示意圖

F

平衡a=0F=mg靜止或勻速直線運動

匚mg

F

由F—mg=ma得F=

超重向上向上加速或向下減速a

mg

F?

由mg—F—ma得F—

失重向下向下加速或向上減速a

m(g—d)<mg

由mg—F—ma得F—自由落體運動,拋體運g

完全失重向下且a=g

0動

f

三、對超重和失重現(xiàn)象的理解

1、發(fā)生超重或失重現(xiàn)象時,物體所受的重力沒有變化,只是壓力(或拉力)變大或變小了(即“視

重”變大或變小了).

2、物體處于超重或失重狀態(tài)只與加速度方向有關(guān),而與速度方向無關(guān).

3、物體超重或失重多少由物體的質(zhì)量m和豎直加速度a共同決定,其大小等于ma.

4、在完全失重的狀態(tài)下,一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會完全消失,如天平失效、浸在水

中的物體不再受浮力作用、液柱不再產(chǎn)生壓強等.

問題探究

題型1超重與失重現(xiàn)象

[例題1](2023秋?雁塔區(qū)期末)某質(zhì)量為60kg的人站在隨電梯運動的臺秤上觀看自身體重隨電梯

運動的變化情況,若電梯運動的v-t圖像如圖所示。(取電梯向上運動的方向為正,g取

10m/s2)下列表述正確的是()

?v/(m-s-1)

A.0?2s內(nèi),臺秤示數(shù)為660N,電梯加速上升,人處于失重狀態(tài)

B.0?2s內(nèi),臺秤示數(shù)為540N,電梯加速上升,人處于超重狀態(tài)

C.5s?6s內(nèi),臺秤示數(shù)為720N,電梯減速上升,人處于超重狀態(tài)

D.5s?6s內(nèi),臺秤示數(shù)為480N,電梯減速上升,人處于失重狀態(tài)

【解答】解:A、0?2s內(nèi),加速度大小是lm/s2,根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律得臺秤示數(shù)

為660N,

電梯加速上升,加速度方向向上,所以人處于超重狀態(tài),故A錯誤,B錯誤

C、5s?6s內(nèi),加速度大小是2m/s2,加速度方向向下,根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律得臺秤

示數(shù)為480N,人處于失重狀態(tài)。故C錯誤,D正確

故選:D。

方波直接

當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時,就說物體處于超重狀態(tài),此時有向上的加速度;

當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時,就說物體處于失重狀態(tài),此時有向下的加速度;

如果沒有壓力了,那么就是處于完全失重狀態(tài),此時向下加速度的大小為重力加速度g.

[變式1](2023秋?烏蘭察布期末)2023年10月7亞運會女排決賽,中國女排3比0橫掃本女排得

冠軍。圖為女排運動員跳起擊球時的鏡頭,下列對運動員和排球描述正確的是(

A.排球離開手后觸地前做勻速直線運動

B.排球受到彈力作用是因為手發(fā)生形變引起的

C.運動員在最高點處速度為零,處于平衡狀態(tài)

D.運動員手擊打排球的力大于排球?qū)κ值淖饔昧?/p>

【解答】解:A.排球離開手后觸地前,受重力作用,將做拋體運動。故A錯誤;

B.由彈力的產(chǎn)生條件可知,排球受到彈力作用是因為手發(fā)生形變引起的。故B正確;

C.運動員在最高點處速度為零,受自身重力作用,具有加速度,處于失重狀態(tài)。故C錯誤;

D.根據(jù)牛頓第三定律可知,運動員手擊打排球的力等于排球?qū)κ值淖饔昧?。故D錯誤。

故選:Bo

[變式2](2023秋?寧波期末)如圖所示,浙江運動員李玲在參加杭州亞運會女子撐桿跳高比賽時,

以4.63m的成績奪得金牌,并再度刷新亞運會賽事紀(jì)錄。其完整的撐桿跳高過程可簡化為三個

階段一一持桿助跑、撐桿起跳上升、越桿下落著地。下落時,人桿分離,最后落在軟墊上速度

減為零。不計空氣阻力,則()

A.研究其越桿過程的技術(shù)動作可將李玲視作質(zhì)點

B.李玲越過桿后在空中下落的過程中處于完全失重狀態(tài)

C.李玲在撐桿起跳上升的過程中,撐桿對她的力始終沿桿

D.李玲落在軟墊上的運動過程中,軟墊對她的作用力大小大于她對軟墊的作用力大小

【解答】解:A、研究其越桿過程的技術(shù)動作時,運動員的大小不能忽略,不可將李玲視作質(zhì)點,

故A錯誤;

B、李玲越過桿后在空中下落的過程中,加速度為重力加速度g,處于完全失重狀態(tài),故B正確;

C、李玲在撐桿起跳上升的過程中,撐桿對她的力不是始終沿桿的方向,故c錯誤;

D、李玲落在軟墊上的運動過程中,軟墊對她的作用力與她對軟墊的作用力是相互作用力,等大

反向,故D錯誤。

故選:Bo

[變式3](2023秋?福州期末)跳跳桿是一種深受小朋友喜愛的彈跳器??梢宰杂缮炜s的中心彈簧,

一端固定在跳桿上,另一端固定在與踏板相連的桿身上,當(dāng)人在踏板上用力向下壓縮彈簧,然

后彈簧向上彈起,將人和跳桿帶離地面。當(dāng)某同學(xué)玩跳跳桿時從最高點豎直下落到最低點的過

程中,忽略空氣阻力的影響,下列說法正確的是()

A.下落全過程中,該同學(xué)速度一直減小

B.下落全過程中,該同學(xué)加速度先增大后減小

C.下落全過程中,跳桿剛接觸地面時,該同學(xué)速度最大

D.下落全過程中,跳跳桿形變量最大時,該同學(xué)處于超重狀態(tài)

【解答】解:ABC、下落全過程中,跳跳桿接觸地面前,該同學(xué)和跳跳桿做自由落體運動,速度

增大,加速度保持不變;跳跳桿剛接觸地面后,一開始彈簧彈力小于該同學(xué)和跳桿的總重力,該

同學(xué)和跳桿繼續(xù)向下做加速度減小的加速運動,當(dāng)彈簧彈力等于該同學(xué)和跳桿的總重力時,該同

學(xué)和跳跳桿的速度達到最大,之后彈簧彈力大于該同學(xué)和跳桿的總重力,該同學(xué)和跳桿繼續(xù)向下

做加速度增大的減速運動,故下落全過程中,該同學(xué)速度先增大后減小,加速度先減小后增大,

故ABC錯誤;

D,下落全過程中,跳跳桿形變量最大時,加速度方向向上,該同學(xué)處于超重狀態(tài),故D正確。

故選:D。

[變式4](2023秋?太原期末)蹦極是一項極限體育項目,運動員身拴彈性繩從高處跳下,在彈性

繩被拉直前做自由落體運動。當(dāng)彈性繩被拉直后,運動員繼續(xù)下降,到達最低點后再向上運動。

不計空氣阻力,下列說法正確的是()

A.運動員下降過程中,在彈性繩被拉直后,一直處于失重狀態(tài)

B.運動員下降過程中,在彈性繩被拉直后,先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)

C.運動員上升過程中,在彈性繩恢復(fù)原長前,一直處于超重狀態(tài)

D.運動員上升過程中,在彈性繩恢復(fù)原長前,先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)

【解答】解:AB、運動員下降過程中,在彈性繩被拉直后,一開始彈力小于重力,運動員繼續(xù)向

下加速運動,加速度方向向下,運動員處于失重狀態(tài),當(dāng)彈力大于重力時,運動員向下減速運動,

加速度方向向上,運動員處于超重狀態(tài),故AB錯誤;

CD、運動員上升過程中,在彈性繩恢復(fù)原長前,一開始彈力大于重力,運動員向上加速運動,加

速度方向向上,運動員處于超重狀態(tài),當(dāng)彈力小于重力時,運動員向上減速運動,加速度方向向

下,運動員處于失重狀態(tài),故C錯誤,D正確。

故選:D?

題型2超重與失重的有關(guān)計算

[例題2](2023秋?福田區(qū)校級期末)如圖所示,質(zhì)量為m的人站在傾角為。的自動扶梯的水平踏

板上,隨扶梯一起斜向上做勻減速直線運動,加速度大小為a,重力加速度為g,下列說法正確

的是()

A.人未受到摩擦力作用

B.人處于超重狀態(tài)

C.踏板對人的摩擦力大小Ff=masin8

D.踏板對人的支持力大小FN=mg-masin。

【解答】解:AB.把加速度分解為水平和豎直兩個方向,可知加速度具有水平向左的分加速度,

根據(jù)牛頓第二定律可知人受到水平向左的摩擦力作用,加速度具有豎直向下的分加速度,人處于

失重狀態(tài)。故AB錯誤;

CD.對人受力分析,有

Ff=macos0,mg-F^—masin0

解得

FN=mg-masinO

故C錯誤,D正確。

故選:D。

廳法點依

將人的加速度分解到水平方向和豎直方向,根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可。

[變式5](2023秋?天河區(qū)期末)某人站在壓力傳感器上做“下蹲一起立”的動作時,記錄的壓力

隨時間變化的圖線如圖所示,縱坐標(biāo)為力(單位為N),橫坐標(biāo)為時間(單位為s),由圖線可

知,該人的體重約為650N。除此之外,還可以得到的信息是()

A.該人做了一次“下蹲一起立”的動作

B.下蹲過程中先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)

C.5s末人正在向下勻速運動

D.下蹲過程中人的最大加速度約為5m/s2

【解答】解:AB.人在下蹲的過程中,先加速向下運動后減速向下運動,所以人先失重后超重,

人在起立的過程中,先加速向上運動后減速向上運動,所以人先超重后失重,完成下蹲或者起立

后人對傳感器的壓力等于自身重量,對照圖中曲線的變化可知,該人做了一次“下蹲一起立”的

動作,故A正確、B錯誤;

C.由圖可知5s末時人完成了下蹲動作,并且對傳感器的壓力等于自身重量,說明此時人靜止的

蹲在傳感器上,故C錯誤;

G-FN

D.根據(jù)牛頓第二定律可知,下蹲過程中人的加速度為a=--------

m

所以人的加速度最大時候就是傳感器提供的支持力最小的時候,由圖可知最小的支持力約為180N,

G-FNmin6501180

22

所以人的最大加速度約為amax=------------=_650_m/s=7.2m/s

m10

故D錯誤。

故選:Ao

[變式6](2023秋?南開區(qū)期末)某課外興趣小組開展超重、失重體驗與研究。在豎直運行的升降

電梯內(nèi)地板上放一體重計,小郭同學(xué)站在體重計上,電梯靜止時體重計示數(shù)為50kg。某一段時

間內(nèi),發(fā)現(xiàn)體重計示數(shù)穩(wěn)定如圖所示。若g=10m/s2,則在這段時間內(nèi)()

A.電梯在向下做勻速運動

B.電梯的加速度為2m/s2,方向一定豎直向下

C.電梯在以2m/s2的加速度向下勻減速運行中

D.小郭同學(xué)的體重變?yōu)?0kg

【解答】解:ABC.由圖可知,小郭同學(xué)處于失重狀態(tài),則電梯的加速度方向一定豎直向下,電梯

可能減速上升也可能加速下降,設(shè)加速度大小為a,根據(jù)牛頓第二

ma—N,

定律可得mg-N=ma,解得加速度大小為a=一——,解得a=2m/s2,故AC錯誤,B正確;

D.小郭同學(xué)處于失重狀態(tài),但小郭同學(xué)體重不變?nèi)詾?0kg,故D錯誤。

故選:Bo

[變式7](2023秋?盤龍區(qū)期末)2023年10月3日,杭州亞運會跳水女子10m跳臺決賽展開爭奪,

中國隊選手全紅嬋以438.20分奪得冠軍,隊友陳芋汐落后2.55分獲得亞軍,馬來西亞選手帕姆

格以280.50分排名第三。圖甲是中國隊選手全紅嬋獲得冠軍的一張?zhí)畧D片,圖乙為其豎直分

速度與時間的關(guān)系圖像,以其向上離開跳臺時作為計時起點,運動過程中視其為質(zhì)點,則()

A.在0?t2時間內(nèi)該運動員在豎直方向上做勻變速直線運動

B.在t2~t3時間內(nèi)運動員處于失重狀態(tài)

C.t3時刻運動員開始進入水面

D.在0?力時間內(nèi)與ti~t2時間內(nèi)運動員的加速度大小相等方向相反

【解答】解:A.在v-t圖像中,斜率表示加速度,0?t2時間內(nèi)斜率不變,加速度不變,因此該

運動員在豎直方向上做勻變速直線運動,故A正確;

B.在。?t2時間內(nèi)全紅嬋加速度方向豎直向下且圖線斜率為正,t2?t3時間內(nèi)圖線斜率變?yōu)樨撝?

所以加速度方向變?yōu)樨Q直向上,運動員處于超重狀態(tài),故B錯誤;

C.從全紅嬋起跳到恰好入水的過程中,圖線斜率不變,其加速度不變,在入水后,減速運動,加

速度將發(fā)生突變,即在t2時刻開始進入水面,t3刻速度變?yōu)榱?,到達水中最低點,故C錯誤;

D.在0?ti時間內(nèi)與ti?t2時間內(nèi)圖線斜率相同,加速度相同,故D錯誤。

故選:Ao

[變式8](2023秋?遼寧期末)“反向蹦極”是一項比蹦極更刺激的運動。如圖所示,彈性輕繩的上

端固定在O點,拉長后將下端固定在體驗者的身上,人再與固定在地面上的拉力傳感器相連,

傳感器示數(shù)為1200N。打開扣環(huán),人從A點由靜止釋放,像火箭一樣被“豎直發(fā)射”,經(jīng)B上

升到最高位置C點,在B點時速度最大。人與裝備總質(zhì)量m=60kg(可視為質(zhì)點)。忽略空氣

阻力,重力加速度g取10m/s2。下列說法正確的是()

A.上升過程,人的加速度先增大后減小

B.打開扣環(huán)瞬間,人的加速度大小為20m/s2

C.在B點,人處于超重狀態(tài)

D.在C點,人處于超重狀態(tài)

【解答】解:A、人從A點到B點過程,彈性繩的拉力大于人的重力,隨著人向上運動,彈性繩

的伸長量減小,則彈性繩的彈力F減小,根據(jù)牛頓第二定律F-mg=ma,可知加速度減?。?/p>

從B點到C點過程,彈性繩的拉力小于人的重力,隨著人向上運動,彈性繩的伸長量繼續(xù)減小,

則彈性繩的彈力F減小,直到減小到0,根據(jù)牛頓第二定律有mg-F=ma,可知加速度增大,直

到增大到g,故A錯誤;

B、固定在地面時傳感器示數(shù)為T=1200N,設(shè)此時彈性繩的彈力為F,由平衡條件得

F=T+mg

打開扣環(huán)瞬間,對人根據(jù)牛頓第二定律得

F-mg=ma

代入數(shù)據(jù)解得

人的加速度大小為a=20m/s2,故B正確;

C、在B點時人的速度最大,此時人所受合力為零,加速度為零,彈性繩的彈力等于重力,不是

處于超重狀態(tài),故C錯誤;

D、在最高點C點速度為零,只受重力,有向下的加速度,故人處于失重狀態(tài),不是超重狀態(tài),

故D錯誤。

故選:Bo

強化訓(xùn)練

【基礎(chǔ)強化】

1.(2023秋?臺州期末)杭州外賣小哥彭清林“驚人一跳”挽救了一名年輕女子。彭清林在空中

可看作自由下落,時間約為1.8s,以下說法正確的是()

A.下落高度約為32m

B.落水前Is內(nèi)的位移約為5m

C.落水前的瞬時速度約為32m/s

D.自由下落過程中彭清林處于失重狀態(tài)

1

【解答】解:A.根據(jù)題意,由公式卜=開產(chǎn)可得,下落高度約為

1_

h=-x10X1.82m=16.2m,故A錯誤;

1.

B.根據(jù)題意,由公式h=]gt2可得,落水前is內(nèi)的位移約為

△h=-gt2--g(t-I)2=13m

故B錯誤;

C.根據(jù)題意,由公式v=gt可得,落水前的瞬時速度約為

v=gt=10X1.8m/s=18m/s,故C錯誤;

D.加速度向下為失重狀態(tài),加速度向上為超重狀態(tài);自由下落過程中,彭清林具有向下的加速

度,處于失重狀態(tài),故D正確。

故選:D。

2.(2023秋?碑林區(qū)校級期末)打開手機加速度傳感器APP,手握手機迅速下蹲,手機記錄的圖

像如圖所示,a、b分別為圖像的峰值,則()

A.峰值a對應(yīng)時刻,人向下運動的速度最大

B.峰值b對應(yīng)時刻,人向下運動的速度最大

C.峰值a對應(yīng)時刻,人對地面的壓力小于自身重力

D.峰值b對應(yīng)時刻,人對地面的壓力小于自身重力

【解答】解:人手握手機迅速下蹲,速度先增大再減小,人先加速后減速,加速度先減小后增大,

人對地面的壓力先小于自身重力后大于自身重力,所以峰值不可能對應(yīng)速度最大值,開始下蹲時

壓力小于自身重力對應(yīng)峰值b,故ABC錯誤,D正確。

故選:D。

3.(2024?溫州二模)如圖所示,小球從距地面高度?=1.25m的A點由靜止釋放,經(jīng)地面第一

次反彈,豎直上升至最高點B,B點距地面高度h2=0.8m,不計空氣阻力,下列說法正確的是

6B

■不

/?.:

A.小球在B點處于靜止?fàn)顟B(tài)

B.小球下降過程處于失重,上升過程處于超重

C.小球與地面作用過程速度變化量的大小為lm/s

D.小球下降過程的平均速度大小大于上升過程的平均速度大小

【解答】解:A、小球在B點速度為零,但合力不為零,不是平衡狀態(tài),故A錯誤;

B、小球下降過程和上升過程加速度方向均向下,處于失重狀態(tài),故B錯誤;

_1°

C、根據(jù)機械能守恒定律得,mg/ii=3m;2

整理解得v=

代入數(shù)據(jù)解得v=5m/s,

規(guī)定向上為正方向,根據(jù)動量定理得(mg-F)t=0-(-mv)

mv

整理解得F=mg+—

可知小球與地面作用過程速度變化量的大小大于5m/s,故C錯誤;

D、根據(jù)平均速度的定義式于=萬知,小球下降過程和上升過程位移大小相等,下降過程的時間

小于上升過程的時間,則下降過程的平均速度大小大于上升過程的平均速度大小,故D正確。

故選:D。

4.(2023秋?福州期末)我國的無人機在各行各業(yè)中有著廣泛的應(yīng)用。在一次高空攝影過程中,

地面測控系統(tǒng)測出無人機從地面起飛,豎直方向上運動的速度v隨時間t變化規(guī)律如圖所示,t4

時刻無人機回到地面,下列說法正確的是()

A.ti時刻無人機上升到最高位置

B.ti?t2時間內(nèi)無人處于超重狀態(tài)

C.0?口時間內(nèi),無人機的加速度先減小后增大

D.0~t2時間與t3~t4時間內(nèi)圖線與時間軸所圍面積大小相等

【解答】解:A、0?t2時間內(nèi)速度一直為正,則無人機一直上升,則t2時刻無人機上升到最高位

置,故A錯誤;

B、口?t2時間內(nèi)無人機向上減速,加速度向下,則處于失重狀態(tài),故B錯誤;

C、圖像的斜率等于加速度,可知0?h時間內(nèi),無人機的加速度先增大后減小,故C錯誤;

D、0?t2時間無人機上升,t3?t4時間內(nèi)無人機回到地面,因圖像的面積等于位移大小,可知0?

t2時間與t3?t4時間內(nèi)圖線與時間軸所圍面積大小相等,故D止確。

故選:D。

5.(2023秋?洛陽期末)很多智能手機都有加速度傳感器,安裝有能顯示加速度情況的應(yīng)用程序,

手機會顯示其加速度的變化情況。小明利用手機傳感器測量電梯從靜止開始向上運動的a-t關(guān)

系如圖所示,下列說法正確的是()

B.2s末電梯的速度大約為2m/s

C.2-3s內(nèi)電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)

D.4-5s內(nèi)手機對電梯的壓力大于自身重力

【解答】解:A、由a-t圖像可知,t=1.5s時,加速度方向向上,電梯處于超重狀態(tài),故A錯誤;

B、根據(jù)a-t圖像與橫軸圍成的面積表示速度變化量,且電梯的初速度為0,則2s末電梯的速度

大約為v=△v=lX2m/s=2m/s,故B正確;

C、2-3s內(nèi),加速度為0,電梯做勻速直線運動,故C錯誤;

D、4-5s內(nèi),加速度方向向下,處于失重狀態(tài),手機對電梯的壓力小于自身重力,故D錯誤。

故選:Bo

6.(2023秋?下城區(qū)校級期末)某校把跳長繩作為一項常規(guī)運動項目,其中一種運動方式為:由

12人一起進長繩,計算同步一起跳的個數(shù)。跳繩的過程中,下列說法正確的是(

A.起跳離開地面前,學(xué)生對地面的壓力是由于地面發(fā)生了形變

B.起跳離開地面的瞬間,學(xué)生受到的重力與地面對學(xué)生的支持力大小相等

C.起跳加速離開地面時,學(xué)生對地面的壓力與地面對學(xué)生的支持力大小相等

D.學(xué)生從最高點開始下落至速度為零的過程中,先處于完全失重狀態(tài),再處于超重狀態(tài),最后

處于失重狀態(tài)

【解答】解:A、起跳離開地面的瞬間,學(xué)生對地面的壓力是由于學(xué)生的腳發(fā)生形變而產(chǎn)生的,

故A錯誤;

B、學(xué)生起跳離開地面前的瞬間,學(xué)生向上做加速運動,處于超重狀態(tài),學(xué)生受到的重力小于地

面對學(xué)生的支持力,故B錯誤;

C、學(xué)生對地面的壓力與地面對學(xué)生支持力是相互作用力,總是大小相等、方向相反,故C正確;

D、學(xué)生從最高點開始下落的過程中,學(xué)生只受到重力作用,處于完全失重狀態(tài),當(dāng)學(xué)生接觸地

面時,此時受到的重力大于支持力,繼續(xù)向下做加速運動,處于失重狀態(tài),當(dāng)?shù)孛鎸W(xué)生的支持

力大于重力時,開始做減速運動,處于超重狀態(tài),故D錯誤。

故選:C=

7.(2023秋?海淀區(qū)期末)如圖所示,某同學(xué)站在體重計上觀察超重與失重現(xiàn)象。由穩(wěn)定的站姿

變化到穩(wěn)定的蹲姿稱為“下蹲”過程;由穩(wěn)定的蹲姿變化到穩(wěn)定的站姿稱為“起立”過程。她

穩(wěn)定站立時,體重計的示數(shù)為Ao,關(guān)于實驗現(xiàn)象,下列說法正確的是()

A.“下蹲”過程,體重計的示數(shù)一直小于A。

B.“起立”過程,體重計的示數(shù)一直大于Ao

C.“起立”的過程,先出現(xiàn)失重現(xiàn)象后出現(xiàn)超重現(xiàn)象

D.“起立”、“下蹲”過程,都能出現(xiàn)體重計的示數(shù)大于Ao的現(xiàn)象

【解答】解:下蹲過程中,人先向下做加速運動,后向下做減速運動,所以先處于失重狀態(tài)后處

于超重狀態(tài);

人從下蹲狀態(tài)站起來的過程中,先向上做加速運動,后向上做減速運動,最后回到靜止?fàn)顟B(tài),人

先先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài);

所以“起立”、“下蹲”過程,都能出現(xiàn)體重計的示數(shù)大于A。的現(xiàn)象;

故D正確,ABC錯誤。

故選:D?

(2023秋?石家莊期末)如圖所示,一個盛水的容器底部有一小孔。靜止時用手指堵住小孔不

且忽略空氣阻力,則(

A.容器自由下落時,小孔向下漏水

B.將容器豎直向上拋出,容器向上運動時,小孔向下漏水;容器向下運動時,小孔不向下漏水

C.將容器豎直向上拋出,不管是容器向上運動,還是向下運動,小孔都向下漏水

D.將容器豎直向上拋出,不管是容器向上運動,還是向下運動,小孔都不向下漏水

【解答】解:無論是讓容器自由下落,還是豎直上拋,拋出之后的物體都只受到重力的作用,水

和容器都是處于完全失重狀態(tài),此時水和容器的運動狀態(tài)相同,它們之間沒有相互作用,水不會

流出,所以不管怎樣,水都不會漏下來,所以ABC錯誤,D正確。

故選:D?

【素養(yǎng)提升】

9.(2023秋?新市區(qū)校級期末)將一個質(zhì)量為0.5kg的小球豎直向上拋出,最終落回拋出點,運動

過程中所受阻力大小恒定,方向與運動方向相反。該過程的v-t圖像如圖所示,g取10m/s2。

則小球(

A.受到的阻力大小為6N

B.落回到拋出點時的速度大小為4V^n/s

C.上升過程與下落過程都處于超重狀態(tài)

D.上升過程與下落過程所用時間之比為2:3

V1

【解答】解:A.由圖可知小球上升過程中的加速度大小為a1=解得:ai=12m/s2

根據(jù)牛頓第二定律有mg+f=mai

解得受到的阻力大小為f=IN,故A錯誤;

2

BD.小球下落過程的加速度大小為22=竺?,解得:a2=8m/s

11

根據(jù)h=5(2i詔,h=~a2t2

可得小球上升與下落所用時間之比定=冊,解得:

則小球下落的時間為t2=J|tl=J|s

小球落回到拋出點的速度大小為V2=a2t2,解得:V2=4V6rn/s,故B正確,D錯誤;

D.小球在上升過程和下落過程加速度方向均向下,所以小球均處于失重狀態(tài),故D錯誤。

故選:Bo

10.(2023秋?廣州期末)如圖所示,臺秤上有一裝水容器,容器底部用一質(zhì)量不計的細線系住一

個乒乓球。某時刻細線斷開,乒乓球向上加速運動,在此過程中,關(guān)于臺秤的示數(shù)與線斷前相

比的變化情況及原因。下列說法正確的是()

A.容器、水、乒乓球整個系統(tǒng)的重心加速下移,處于失重狀態(tài),所以示數(shù)變小

B.細線斷后不再向上提拉容器底部,所以示數(shù)變大

C.細線斷后,乒乓球有向上的加速度,處于超重狀態(tài),故示數(shù)變大

D.由于乒乓球仍在容器中,所以示數(shù)與細線斷前相同

【解答】解:細線斷開,乒乓球向上加速運動,處于超重狀態(tài),相當(dāng)于還有一個等體積的水球在

向下加速移動,因為水球的質(zhì)量大于乒乓球的質(zhì)量,所以整個系統(tǒng)的重心是加速下移的,處于失

重狀態(tài),所以示數(shù)變小,故A正確,BCD錯誤;

故選:Ao

11.(2023秋?長安區(qū)校級期末)利用智能手機的加速度傳感器可直觀顯示手機的加速度情況。用

手掌托著手機,打開加速度傳感器后,手掌從靜止開始豎直向上拋出手機,后又接住。以豎直

向上為正方向,測得手機在豎直方向的加速度隨時間變化的圖像如圖所示,則手機可能在()

A.h~t2時間內(nèi)減速上升,t2?t3時間內(nèi)加速下降

B.ti?t2時間內(nèi)加速上升,t2?t3時間內(nèi)減速上升

C.口?t2時間內(nèi)減速上升,t2?t3時間內(nèi)加速上升

D.h?t2時間內(nèi)加速上升,t2?t3時間內(nèi)減速下降

【解答】解:圖像與時間軸圍成的“面積”表示速度的變化量;根據(jù)圖像可知,h時刻手機加速

度最大,口時刻之后,手機加速度依然是正值,手機還要繼續(xù)加速上升,t2時刻手機加速度為0,

此時手機向上的速度最大,之后手機的加速度反向,開始減速上升;加速過程速度變化量(增加

量)大于減速過程速度的變化量(減少量),則t2?t3手機的運動方向一直向上,所以口?t2時間

內(nèi)加速上升,t2?t3時間內(nèi)減速上升。故B正確,ACD錯誤;

故選:Bo

【能力培優(yōu)】

12.(2023秋?洛陽期末)如圖1所示,一個同學(xué)在豎直升降的電梯內(nèi),探究超重失重現(xiàn)象。該同

學(xué)站在

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