2024年安徽高考物理七模試卷

2024年安徽省高考物理七模試卷

一、單選題：本大題共8小題，共32分。

1.玉兔二號(hào)月球車能源為太陽(yáng)能，當(dāng)月球進(jìn)入月夜，表面溫度會(huì)降低到-180。&“玉兔二號(hào)”失去動(dòng)力源

一一太陽(yáng)能，此時(shí)“玉兔二號(hào)”依靠核電池供能來(lái)抵御月夜的寒冷，核電池將觥8P〃衰變釋放的核能?部分

轉(zhuǎn)換成電能，器沖〃的衰變方程為端8PaT能力+X,卜.列說(shuō)法中正確的是（）

A.衰變方程中的X為電子

B.貧8Plz比蔡4〃多兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子

C.咳核反應(yīng)過(guò)程質(zhì)量數(shù)減少

D.100個(gè)屐8P八原子核經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期后一定還剩50個(gè)

2.如圖所示，用兩根等長(zhǎng)的細(xì)繩將一勻質(zhì)圓柱體懸掛在木板上的P點(diǎn)，將木板以底邊MN為軸由水平緩慢轉(zhuǎn)

動(dòng)直至豎直，繩與木板之間的夾角保持不變，忽略圓柱體與木板之間的摩擦，在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中（）

A.細(xì)繩上的拉力的合力保持不變B.兩細(xì)繩上拉力均先增大后減小

C.圓柱體對(duì)木板的壓力先減小后增大D.圓柱體對(duì)木板的壓力先增大后減小

3.我國(guó)高分系列衛(wèi)星的高分辨對(duì)地觀察能力不斷提高，極大豐富了我國(guó)自主對(duì)地觀測(cè)數(shù)據(jù)源，為現(xiàn)代農(nóng)業(yè)、

防災(zāi)減災(zāi)、環(huán)境監(jiān)測(cè)等領(lǐng)域提供了可靠穩(wěn)定的衛(wèi)星數(shù)據(jù)支持。系列衛(wèi)星中的“高分三號(hào)”的軌道高度約為

755km，“高分四號(hào)”的軌道為高度約3.6x10"m的地球同步軌道。已知地球表面重力加速度g=9.8m/s2,

若將衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)均看作是繞地球的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）

A.“高分三號(hào)”的運(yùn)行周期大于24萬(wàn)

B.“高分三號(hào)”的向心加速度大于9.8m/s2

C“高分四號(hào)”的運(yùn)行角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度

D.“高分三號(hào)”的運(yùn)行速度大于“高分四號(hào)”的運(yùn)行速度

4.如圖，坐標(biāo)原點(diǎn)。有一粒子源，能向坐標(biāo)平面一、二象限內(nèi)發(fā)射大量y

質(zhì)量為m、電量為q的正電粒子(不計(jì)重力)，所有粒子速度大小相等。圓

二

心在(0,/?),半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),二

二

磁感應(yīng)強(qiáng)度為8。磁場(chǎng)右側(cè)有一長(zhǎng)度為R,平行于y軸的光屏，其中心位二

于(2R,R)。已知初速度沿y軸正向的粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后，恰能垂直射在光

屏上,則()

A.粒子速度大小為幽

m

B.所有粒子均能垂直射在光屏I；

C.能射在光屏上的粒子，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)為駕

D.能射在光屏上的粒子初速度方向與％軸夾角滿足45。<0<135。

5.如圖所示，理想變壓器與電阻A,交流電壓表V、交流電流表4按圖甲所示方式連接，已知變壓器原副線

圈的匝數(shù)比為小:n2=10：1,電阻R=50.圖乙是R兩端電壓U隨時(shí)間變化的圖象，?則下列說(shuō)

法中正確的是()

A.交變電流的頻率是Um=B.電壓表V的讀數(shù)為10V

C.電流表4的讀數(shù)為204D.變壓器的輸入功率為40w

6.反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩來(lái)產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過(guò)

程類似。已知靜電場(chǎng)的方向平行于x軸，其電勢(shì)@隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量m=2.0xl0-20kg,電荷量

q=2.0xIO-"?的帶負(fù)電的粒子從(-1,0)點(diǎn)由靜止開(kāi)始，僅在電場(chǎng)力作用下在工軸上往返運(yùn)動(dòng)c則

A”軸原點(diǎn)左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度均和右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度%的大小之比獸=7

fc21

B.苞子沿不軸正方向從-Icm運(yùn)動(dòng)到0和從0運(yùn)動(dòng)到0.5cm運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受電場(chǎng)力的沖量相同

C.該粒子運(yùn)動(dòng)的周期丁=4.0x10-8s

D.該粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能為4.0x10-8/

7.如圖所示，在水平地面上，有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連的物塊A和B,它們的質(zhì)量均為m,彈簧的勁度系數(shù)為k,

現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量也為7九的物體C從A的正上為一定高度處由靜11.釋放，C和A相碰后的立即粘在一起，之后在豎

直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。在簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體B對(duì)地面的最小彈力為臂，則以下說(shuō)法正確的是（）

口。

cA

Jm

k

lQs

B

///////〃

A.若。物體從更高的位置釋放，碰后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)速度最大的位置會(huì)更低

B.。和A相碰后立即減速向下運(yùn)動(dòng)

C.B對(duì)地面的最大彈力為17mg/3

D.笥諧運(yùn)動(dòng)的振幅為7mg/3k

g.如圖所示，為科學(xué)家用某種透明均勻介質(zhì)設(shè)計(jì)的“圓環(huán)”，圓心為。，內(nèi)、外半

徑分別為R和2R0A8部分是超薄光線發(fā)射板。發(fā)射板右側(cè)各個(gè)位置均能發(fā)射出水

平向右的光線，發(fā)射板左側(cè)為光線接收器。通過(guò)控制發(fā)射光線的位置，從C位置發(fā)

射出一細(xì)單色光束。發(fā)現(xiàn)該光束在“圓環(huán)”中的路徑恰好構(gòu)成一個(gè)正方形，且沒(méi)有

從“圓環(huán)”射出。光在真空中的速度為c。下列說(shuō)法正確的是（）

A.“圓環(huán)”對(duì)該光束的折射率可能是1.4B.“圓環(huán)”對(duì)該光束的折射率可能

是1.5

C.光束在介質(zhì)中的傳播速度可能是三cD.光束在介質(zhì)中的傳播速度可能是c

二、多選題：本大題共2小題，共10分。

①將長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，其右端安裝定滑輪，左端固定位移傳感器;總質(zhì)量為M的滑塊［含拉力傳感

器）在長(zhǎng)木板上緊靠位移傳感器放置，拉力傳感器通過(guò)細(xì)繩跨過(guò)定滑輪與質(zhì)量為機(jī)的重物連接，調(diào)節(jié)使

細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行；

②靜止釋放滑塊，記錄拉力傳感器和位移傳感器的數(shù)據(jù)，用計(jì)算機(jī)擬合得到滑塊位移隨時(shí)間變化的s-t圖

像如圖乙所示，該圖線的函數(shù)表達(dá)式是s=1.19t2（m）,則可得滑塊加速度a=m/s2（計(jì)算結(jié)果保留兩

位小數(shù)）;

③若滑塊的加速度為Q時(shí)，拉力傳感器示數(shù)為幾則滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=（用題中物理量

字母符號(hào)表示）。

（2）本實(shí)驗(yàn)中（選填“需要”“不需要”）滿足滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量。

12.為了測(cè)量阻值約為20。的電阻心的阻值，在實(shí)驗(yàn)室提供了如下實(shí)驗(yàn)器材：

A、電壓表V（量程為15V,內(nèi)阻約為2000。）；

B、電流表4（最程為20m4內(nèi)陽(yáng)q=30。）：

C、電流表42（量程為內(nèi)限七=1。。）；\:

。、滑動(dòng)變阻器長(zhǎng),最大阻值為50,額定電流為0.54

：..........；?.二.”

E、滑動(dòng)變阻器&，最大阻值為50,額定電流為1.04

F、定值電阻凡=I。。。：

E、電源E（電動(dòng)勢(shì)E=4V,內(nèi)阻較小可不計(jì)）；

H、開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干，貝人

（1）為了使電表的調(diào)節(jié)范圍足夠大，測(cè)量比較準(zhǔn)確，并且測(cè)量時(shí)電表的示數(shù)不小于其量程的上那么，電表應(yīng)

該選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選（用實(shí)驗(yàn)儀器前面的序號(hào)字母填寫）。

（2）根據(jù)你所選擇的實(shí)驗(yàn)器材，請(qǐng)?jiān)谔摼€方框內(nèi)畫出測(cè)量電阻勺的最佳實(shí)驗(yàn)電路圖，并標(biāo)注所選器材名稱。

（3）待測(cè)電阻的表達(dá)式心=______（用實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的物理量及題中已知量的字母表示）。

四、計(jì)算題：本大題共3小題，共42分。

13.一個(gè)重力不計(jì)的帶電粒子，以大小為v的速度從坐標(biāo)（04）的。點(diǎn)，平行于％軸射入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、

方向垂直紙面向外的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，并從x軸上b點(diǎn)射出磁場(chǎng)，射出速度方向與工軸正方向夾角為60。，

如圖.求:

(1)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑(請(qǐng)認(rèn)真作圖畫軌跡);

(2)帶電粒子的比荷A

(3)粒子從a運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的時(shí)間；

14.如圖甲所示，在豎直放置、足夠長(zhǎng)的細(xì)玻璃管內(nèi)用h=15cm的水銀柱

封閉一段空氣柱，空氣柱的長(zhǎng)度匕=21cm、溫度為J=27℃0已知大氣

壓強(qiáng)Po=75cmHg,絕對(duì)零度為力=-273。(：，重力加速度g的大小取

10?n/s2o現(xiàn)將玻璃管在豎育平面內(nèi)線?慢轉(zhuǎn)動(dòng)，直至與水平工軸成。=37。角,

玻璃管與工軸在同一豎宜平面內(nèi)，如圖乙所示。現(xiàn)保持玻璃管與X軸夾角e=

37c不變,求:

(1)將玻璃管內(nèi)氣柱的溫度緩慢升高到￡2=47匯時(shí)，玻璃管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度42。

(2)讓玻璃管沿工軸正方向做加速度為Q=5m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，玻璃管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度人，(不考慮玻

璃管內(nèi)氣柱溫度的變化，忽略大氣壓強(qiáng)的變化)

15.如圖所示，水平面右端放一質(zhì)量徵=0.1kg小物塊，使小物塊以為=4zn/s的初速度向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)d=

1m后將彈簧壓至最短，反彈回出發(fā)點(diǎn)時(shí)物塊速度大?。?2m/s。若水平面與一長(zhǎng)L=3m的水平傳送帶平

滑連接，傳送帶以w=10m/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶石端與豎直平面內(nèi)的光滑圓軌道的底端平滑

連接，圓軌道半徑R=0.8m。當(dāng)小物塊進(jìn)入圓軌道時(shí)會(huì)觸發(fā)閉合裝置將圓軌道封閉，取g=10m/s2,sin53°=

0.8,cos530=0.6?求：

(1)小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)由：

(2)彈.黃具有的最大彈性勢(shì)能J；

(3)要使小物塊進(jìn)入豎直圓軌道后不脫離圓軌道，傳送帶與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)內(nèi)應(yīng)滿足的條件。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】A.根據(jù)核反應(yīng)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，的衰變方程為觥8p〃瞽尹〃+匆e

故衰變方程中的X為a粒子，故A錯(cuò)誤；

B.容P”比卷打的質(zhì)子數(shù)多，多的個(gè)數(shù)為n】=94-92=2

需8Plz比的切的中子數(shù)多，多的個(gè)數(shù)為電=238-234-2=2

故B正確；

C.核反應(yīng)過(guò)程中，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，故C錯(cuò)誤；

。半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少量原子核衰變不適用，故。錯(cuò)誤。

故選

本題主要考查了核反應(yīng)方程、半衰期的理解，基礎(chǔ)題，知道核反應(yīng)過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，明確半衰

期為統(tǒng)計(jì)規(guī)律。

2.【答案】0

【解析】【分析】

該題考查共點(diǎn)力平衡相關(guān)知識(shí)。分析好受力，根據(jù)正交分解法列式得出力的表達(dá)式，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行求

解，注意角度的變化情況。

【解答】

設(shè)兩繩子對(duì)圓柱體的拉力的合力為八木板對(duì)圓柱體的支持力為N,繩子合力與木板夾角為%木板與水平

方向夾角為0，沿著木板和垂直于木板建立坐標(biāo)系，圓柱體保持平衡，則在沿著木板方向有：mgsin6=Tcosa,

垂直于木板方向有：mgcosp+Tsina=N,將木板以底邊MN為軸由水平緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)直至豎直，已知a不變，

0從0逐漸增大到90。，則7變大，且丁=可得N=mgcosp+襄丁?sina=771g(cos/?+tana-sin/?),

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，N=V1+taMamgsinS十3),所以N先增大后減小，結(jié)合牛頓第三定律可知，圓柱

體對(duì)木板的壓力先增大后減小，設(shè)兩繩子之間的夾角為2。，繩子拉力為V,則2Vcos6=T可得〃=三，

Zcosa

。不變，7?逐漸增大，可知繩子拉力不斷增大，故。正確，A3C錯(cuò)誤。

3.【答案】D

【解析】解：“高分三號(hào)”的軌道高度約為755km,“高分四號(hào)”的軌道為高度約3.6xl02m的地球同步

衛(wèi)星，則“高分三號(hào)”的軌道半徑小于“高分四號(hào)”的軌道半徑，且“高分四號(hào)”的周期為24M

3

A、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得3r=k,可知“高分三號(hào)”的運(yùn)行周期小于“高分四號(hào)”的運(yùn)行周期，即小于

24/1,故4錯(cuò)誤；

B、根據(jù)牛頓第二定律可得等=ma,解得Q=得，在地球表面，有：爺=mg,解得g=*=9.8m/s2,

由于r>R,所以“高分三號(hào)”的向心加速度小于9.8m/s2,故8錯(cuò)誤；

C、“高分四號(hào)”為地球同步衛(wèi)星，其運(yùn)行角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故C錯(cuò)誤；

。、由萬(wàn)有引力提供向心力有：等二血斗，解得：/二J單，可知“高分三號(hào)”的運(yùn)行速度大于“高分四

號(hào)”的運(yùn)行速度，故。正確。

故選：Do

本題主要是考查方有引力定律及其應(yīng)用，解答本題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力結(jié)合向心力公式

進(jìn)行分析，掌握開(kāi)普勒第三定律的應(yīng)用方法。

4.【答案】C.

【解析】解：4初速度沿y軸正向的粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后，恰能垂直射在光屏上，說(shuō)明粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡

半徑為r=R.

根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有：qvB=my

解得：u=鯉,故4錯(cuò)誤；

m

及由于所有粒子的速度大小相等，但方向不同，旦離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的出射點(diǎn)距離圓心的豎直高度最大值為2R,

不會(huì)打在光屏上，故4錯(cuò)誤；

C如圖，由幾何關(guān)系可得，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子，對(duì)應(yīng)軌跡的圓心角為

yt

根據(jù)周期公式可得：7=等=胃

能射在光屏上的粒子，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)為："誓=翳故。正確;

。.若能打在光屏下端，如圖

由幾何知識(shí)可知初速度與“軸夾角為d=60°

同理，粒子打在光屏上端時(shí)，初速度與％軸夾角為4=120。

能射在光屏上的粒子初速度方向與t軸夾角滿足60。W6工120°,故。錯(cuò)誤。

故選:故

根據(jù)軌跡確定軌跡半徑再由牛頓第二定律計(jì)算速度；分析速度沿x軸負(fù)方向時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，再判斷是否會(huì)垂

直打在光屏上；分析能射在光屏上且在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)時(shí)的軌跡，根據(jù)幾何知識(shí)和周期公式計(jì)算；根

據(jù)幾何知識(shí)分析打到屏上端和下端的軌跡及速度與不軸的夾角。

對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供

向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間；對(duì)于帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般是

按類平拋運(yùn)動(dòng)或勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行解答。

5.【答案】B

【解析】解：4由圖象可知，周期為7=2x10-25,那么交流電的頻率：/="=^=50"z,故A錯(cuò)誤；

B、由于=則有效值為：［/=黑=喈=10V,電壓表的讀數(shù)為有效值，即10K故B正確；

V2V2

C、根據(jù)歐姆定律，副線圈中的電流值：I2=^=^=2A,變壓器是原副線圈的電流與匝數(shù)成反比，則原

線圈中電流：/1=導(dǎo)/2=4乂2=0.2人.故。錯(cuò)誤；

D、輸入功率等于輸出功率，即：2人=UG=1OX2=20W.故。錯(cuò)誤；

故選:B.

根據(jù)電阻R兩端電壓〃隨時(shí)間￡變化的圖象，結(jié)合有效值與最大值的關(guān)系，及周期，即可求解頻率；交流電壓

表測(cè)量是有效值；根據(jù)原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，即可求解電源的電壓〃隨時(shí)間t變化的規(guī)律；根據(jù)歐

姆定律，即可求出原線圈中電流i隨時(shí)間￡變化的規(guī)律.

考查電表測(cè)量是有效值，掌握有效值與最大值的聯(lián)系與區(qū)別，理解由圖象確定電壓或電流的變化規(guī)律，注

意原副線圈的電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系.

6.【答案】0

【解析】【分析】

由少-“圖象斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度求解電場(chǎng)強(qiáng)度之比；由沖量為矢量，通過(guò)分析電場(chǎng)力方向判斷；由動(dòng)能定理

求解最大動(dòng)能；根據(jù)受力情況確定運(yùn)動(dòng)情況，從而明確振動(dòng)周期.

對(duì)@-x圖象的正確理解是求解的關(guān)鍵。

【解答】

A#，一》圖象斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，由圖可知左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為:員=熟=不條V/m=2.0x1031V根；

3

右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為：E2=|^|=^^2V/m=4.0xl0V/m,所以x軸原點(diǎn)左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度瓦和右側(cè)

電場(chǎng)強(qiáng)度%的大小之比：邑：E2=l：2,故4錯(cuò)誤；

B.因?yàn)檠仉妶?chǎng)線方向電勢(shì)降落，所以粒子在-1cm到0和0到0.5cm過(guò)程中受到電場(chǎng)力方向不同，所以受到電

場(chǎng)力的沖量不同，故8錯(cuò)誤；

2

。.帶負(fù)電粒子先做加速度運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，在％=0處速度最大，由動(dòng)能定理得:q（0°-St）=^mvm=

8

Ekm,解得：Ekm=4.0x10-7,故。正確；

C.設(shè)粒子在原點(diǎn)左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為G、￡2,在原點(diǎn)時(shí)的速度為與?，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：%=嚕（1：

同理可知：％=等t2；Ekm=如為2；而周期：7=2（￡]+3，聯(lián)立以上各式并代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得：

T=3.0x10-8s,故C錯(cuò)誤。

故選。。

7.【答案】C

【解析】【分析】

根據(jù)平衡位置的特點(diǎn)得出物體速度最大所在的位置可判斷；結(jié)合牛頓第二定律判斷碰后的運(yùn)動(dòng)情況；先分

析B求出8對(duì)地面的壓力最小時(shí)彈簧的彈力，再以4、C組成的整體為研究對(duì)象，求出彈簧它們匕勺加速度，然

后結(jié)合簡(jiǎn)諧振動(dòng)的對(duì)稱性求出此時(shí)彈簧的形變量；由振幅的定義求出振幅。

彈簧在高考中出現(xiàn)較多，應(yīng)對(duì)其彈力的變化過(guò)程作充分的了解，并能靈活應(yīng)用所學(xué)物理規(guī)律求解。此題屬

于難題，在解答時(shí)要注意彈簧的形變量與振幅的關(guān)系。

【解答】

人力。碰后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)速度最大的位置，即為力。處于平衡狀態(tài)的位置，此時(shí)彈力等于4。的重力，即

kxc=2mg因此若C物體從更高的位置釋放，碰后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)速度最大的位置不變，故A錯(cuò)誤；

B.C和A相碰前，對(duì)力有F彈=mg,C和A相碰后F”v2mg,則AC先向下加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈力等于重力之和時(shí)，

加速度減零，此時(shí)速度最大，以后兩物體做減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

D當(dāng)彈力等于AC的重力時(shí)4C處于平衡狀態(tài)，有以°=2mg,解得平衡位置時(shí)彈簧的形變量為的=等處于

壓縮狀態(tài)；當(dāng)B對(duì)地面彈力最小時(shí)，對(duì)B分析，則有mg=等+依故彈簧此時(shí)形變量％=緩，此時(shí)彈簧處

于伸長(zhǎng)狀態(tài)；故簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為

A=x°+x=竿+券=需故。錯(cuò)誤；

C.當(dāng)4C運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，/?對(duì)地面的彈力最大；由對(duì)稱性可知，此時(shí)彈簧的形變量為4x=2%o+x=2x

2mp2mg_147ng

工+百二*

此時(shí)彈力為尸=kdx=空，8對(duì)地面的彈力為尸'二9+69=粵，故。正確。

?5*5

8.【答案】B

【解析】解:AB.從。位置發(fā)射出一細(xì)單色光束能發(fā)生全發(fā)射，光路如圖所示：

B

由幾何關(guān)系可知。=45。，光沒(méi)有從“圓環(huán)”射出，則光在介質(zhì)界面上發(fā)生全反射

則全反射的臨界角1工仇又因?yàn)閟i獻(xiàn)=工，所以工WsE45。，解得，折射率幾之，3故A錯(cuò)誤，B正確：

nn

CD、光束在介質(zhì)中的傳播速度為□=；,所以"工苧c，故C、。錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)題意作出光路圖，根據(jù)臨界角公式求出折射率的范圍；根據(jù)折射率與光速的關(guān)系求出光在介質(zhì)中的傳

播速度，然后分析答題。

本題考查了的光的折射與全反射問(wèn)題，根據(jù)題意作出光路圖是解題的前提，應(yīng)用臨界角公式、折射率與光

速的關(guān)系即可解題。

9.【答案】BC

【解析】解：力、根據(jù)振動(dòng)圖象可知，t=2s時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故在波動(dòng)圖象中，根據(jù)同側(cè)

法可知波向x軸負(fù)方向傳播，根據(jù)波動(dòng)圖象可知波長(zhǎng)為4=2m,根據(jù)振動(dòng)圖象可知周期為丁=2s,則可求出

波速為u=*=綱/s=lm/s,故再過(guò)1=0.5s,波沿%軸負(fù)方向傳播j's=/=1x0.5m=0.5m,故A

錯(cuò)誤；

B、根據(jù)波動(dòng)圖象可知t=2s時(shí)Q點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故t=1.5s時(shí)，Q質(zhì)點(diǎn)正在波谷，速度大小為0,加

速度方向沿y軸正方向，故6正確；

C、從￡=2s到￡=3s這■秒內(nèi)，即經(jīng)過(guò)^丁，質(zhì)點(diǎn)R通過(guò)的路程為s'=2A=2x10cm=20cm,故C正確：

。、根據(jù)波形圖象可知P、Q兩質(zhì)點(diǎn)在如圖所示位置時(shí)，根據(jù)“同側(cè)法”可知質(zhì)點(diǎn)P正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，

質(zhì)點(diǎn)Q正向-y方向運(yùn)動(dòng)，所以圖示位置質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)的速度方向就不相同，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)振動(dòng)圖象結(jié)合同側(cè)法可知波向》軸負(fù)方向傳播，根據(jù)u=:求解波速，根據(jù)s=ut'求解波傳播的距離；

判斷t=1.5s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)所處的位置，由此求解速度和加速度；

經(jīng)過(guò)27質(zhì)點(diǎn)R通過(guò)的路程為24：

根據(jù)波形圖象可知P、Q兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的速度方向，由此判斷。

本題主要是考查了波的圖象；解答本題的關(guān)鍵是根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向判斷出波的傳播方向；一般的判斷方

法是根據(jù)“平移法”或“同側(cè)法”，或者根據(jù)“走坡法”來(lái)判斷；知道波速、波長(zhǎng)和頻率之間的關(guān)系/="。

10.【答案】ABD

【解析】【分析】

根據(jù)圖乙分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程，口時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)，￡1?￡3,彈簧被拉伸，在亡2時(shí)刻伸長(zhǎng)量最大，時(shí)刻共速，

4時(shí)刻彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，此時(shí)A的速度最大，￡3~15,B加速,4減速，在Q時(shí)刻壓縮量最大，圖中￡1工3工5時(shí)刻

Q=0,彈簧彈力為零，則說(shuō)明這些時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)，結(jié)合動(dòng)量守恒與能量守恒進(jìn)行求解。

本題主要考查利用動(dòng)量和能量分析彈簧問(wèn)題，難度較大，關(guān)鍵在于通過(guò)Q-￡圖像判斷運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，其次a-￡

圖像圍成的面積代表Au判斷速度的變化過(guò)程。

【解答】

A.從圖乙可知，解除鎖定之后，在。時(shí)刻叫＞。8,由于彈簧彈刀大小相等，由牛頓第二定律可知

所以7714＜血8，故A正確：

A根據(jù)a圖像圍成的面積代表的物理意義可知，a-亡圖像圍成的面積代表4〃由于8的初速度為零，所

以i%=/?=S而次，如果圖中Sx=Sz，則J時(shí)刻"的速度為零，若S1VSz，則。在。時(shí)刻速度與“時(shí)刻反向，

因此只需要判斷匕時(shí)刻速度與火的方向關(guān)系，即可判斷工,52的大小關(guān)系，圖中5t3,電時(shí)刻。=0,彈簧彈力

為零，則說(shuō)明這些時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)，對(duì)人B及彈簧組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒與能量守恒可得：7nBv0=

222

mBvB+mAvA,^mBv0=\mBvB+^mAvA,解得小=（加7%）%>0,即與孫同向，所以Si'S2,故4

///7M8十巾人

正確;

C。時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)，0?￡3,彈簧被拉伸，在《2時(shí)刻伸長(zhǎng)量最大，￡2時(shí)刻48共速，￡3時(shí)刻彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，

此時(shí)人的速度最大，￡3?后，8力口速，A減速，在Q時(shí)刻壓縮量最大，故c錯(cuò)誤；

。.在為時(shí)刻，因?yàn)镼-t圖像圍成的面積正負(fù)抵消，所以力的速度減為零，8的速度為%,則0?G，對(duì)8由動(dòng)

量定理可得/期=7718%—0,彈簧對(duì)4和8的作用力大小時(shí)刻相等，因此0?念時(shí)間內(nèi)，彈簧對(duì)A物體的沖量

大小為血8%，故。正確。

11.【答案】（1）①長(zhǎng)木板右端定滑輪（“定滑輪”也可以）；②：2.38;

③寶（說(shuō)明：答案為普、制將.好年代入得*-Ma）均可以）。

（2）不需要;

【解析】【分析】本題考查用傳感器測(cè)動(dòng)摩擦因素，解題關(guān)鍵是正確分析實(shí)驗(yàn)原理，數(shù)據(jù)的處理。

【解答】（1）①此實(shí)驗(yàn)保證滑塊受到的拉力沿運(yùn)動(dòng)方面，故開(kāi)始實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板右端定滑輪使細(xì)繩與長(zhǎng)

木板平行；

②滑塊在重物作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由位移時(shí)間關(guān)系％結(jié)合題目條件，可知ga=i」9,整

理a=2.38m/s2;

③根據(jù)牛頓第二定律尸—〃Mg=Ma,整理〃=寄。

（2）本實(shí)驗(yàn)的拉力可以由拉力傳感器準(zhǔn)確測(cè)出，故不需要滿足滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量.

12.【答案】①、A2E零件

【解析】解：（1）由丁電壓表量程為15P,根據(jù)歐姆定律知，電沆會(huì)接近750〃乂，可知電壓表量程偏大：應(yīng)

使電流表和定值電阻配合充當(dāng)電壓表，則電表選擇A1、A?，

取

滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，閉合電鍵時(shí)，流過(guò)滑動(dòng)變阻

器的電流大約為0.84,則滑動(dòng)變阻器選擇E.

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)讓41與定值電阻R0串灰充當(dāng)電壓表，滑動(dòng)變阻

器阻值較小，采用分壓接法，電路圖如圖所示。

S

（3）根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)知，流過(guò)Rx的電流為"-A，Rx兩端的電壓U=/i（Ro+ri）,根據(jù)歐姆定律得,

待測(cè)電阻勺二華粵。

故答案為：（1）&、A2,E,（2）如圖所示，（3）寫等。

實(shí)驗(yàn)器材中電壓表的量程偏大，應(yīng)使電流表和定值電阻配合充當(dāng)電壓表，同時(shí)結(jié)合歐姆定律和串并聯(lián)電路

的特點(diǎn)解決問(wèn)題，注意測(cè)量時(shí)要求電表讀數(shù)不得小于其量程的%

本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選取，實(shí)驗(yàn)器材的選取是本題的難點(diǎn)，也是正確解題的關(guān)鍵，選擇實(shí)驗(yàn)器材時(shí)，既

要符合題目要求，又要滿足：安全性原則、精確性原則與方便實(shí)驗(yàn)操作性原則。

13.【答案】解：（1）畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖，由幾何知識(shí):Rsin3Q0+L=R

（2）由洛倫茲力提供向心力，得：

R

所以.1=_L=JL

所人,mRB2BL

（3）粒子運(yùn)動(dòng)的周期：7=等二手

時(shí)間：t二旦丁二里

36003v

【脩析】（1）畫出運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系，列出方程即可求解；

（2、3）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，即可求得帶電粒子的比荷；軌跡偏轉(zhuǎn)的角度

與周期的關(guān)系，即可求得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；

該題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，正確地畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系找出半徑與已知量之間的

關(guān)系是解題的關(guān)鍵。

14.【答案】解：（1）設(shè)在圖甲、圖乙時(shí)氣柱的壓強(qiáng)分別為小、P2；溫度分別為“、72；水銀的密度為P，則

Pi=Po+pgh

P2=Po+pghsind

解得：pi=