海南省魯迅中學2024屆高考原創(chuàng)信息試卷物理試題（五）

海南省魯迅中學2024屆高考最新原創(chuàng)信息試卷物理試題（五）

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、電阻為R的單匝閉合金屬線框，在勻強磁場中繞著與磁感線垂直的軸勻速轉動，產生的交變電動勢的圖像如圖所

示。下列判斷正確的是（）

FT

B.穿過線框的磁通量最大為士

2萬

C.線框轉動一周做的功為與Z

R

TXTp

D.從到/=:的過程中，線框的平均感應電動勢為受

442

2、如圖所示，一個內壁光滑、導熱性能良好的汽缸豎直吊在天花板上，開口向下，質量與厚度均不計、導熱性能良好

的活塞橫截面積為S=2xl0?m2,與汽缸底部之間封閉了一定質量的理想氣體,此時活塞與汽缸底部之間的距離〃=24cm,

活塞距汽缸口10cm。汽缸所處環(huán)境的溫度為30OK,大氣壓強p（）=L0xl05pa,?g=10m/s2；現將質量為機=4kg的物塊

掛在活塞中央位置上，活塞掛上重物后，活塞下移，則穩(wěn)定后活塞與汽缸底部之間的距離為（）

A.25cmB.26cmC.28cmD.30cm

3、卜冽說法正確的是（）

A.比結合能越小表示原子核中的核子結合得越牢固

B.湯姆孫發(fā)現了電子，并提出了原子的棗糕模型

C.將放射性元素摻雜到其他穩(wěn)定元素中，降低其溫度，該元素的半衰期將增大

D.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應，是因為該束光的強度小

4、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比為1：2,正弦交流電源電壓為U=12V,電阻肥=1Q,&=2Q,滑動

變阻器用最大阻值為20Q,滑片尸處于中間位置，則

A.朋與此消耗的電功率相等B.通過凡的電流為3A

C.若向上移動P,電壓表讀數將變大D.若向上移動P,電源輸出功率將不變

5、在1軸上固定兩個點電荷力、夕2,其靜電場中X軸上各點的電勢。如圖所示，下列說法正確的是（）

A.4和%為同種電荷，且均在的區(qū)域內

B.4和%為同種電荷，工=用和1=工2兩點在兩電荷之間

C.4和公為異種電荷，且均在的區(qū)域內

D.4和％為異種電荷，且均在的區(qū)域內

6、密閉容器內封有一定質量的空氣，使該容器做自由落體運動，氣體對容器壁的壓強（）

A.為零B.保持不變

C.減小D.增大

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，水平傳送帶以恒定的速度y運動，一質量為機的小物塊輕放在傳送帶的左端，經過一段時間后，物塊

和傳送帶以相同的速度一起運動。已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數為〃，重力加速度為g,則（）

A.物塊加速運動時的加速度為“K

B.物塊加速運動的時間為^—

24g

C.整個過程中，傳送帶對物塊做的功為

2

D.整個過程中，摩擦產生的熱量為〃M

8、下列說法中正確的是（）

A.光的偏振現象證明了光波是橫波

B.機械波和電磁波一樣，從空氣進入水中波長變短

C.白光經過三棱鏡色散后，紫光的傳播方向改變量最大

D.拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以增加透射光的強度

E.在白織燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，這是光的干涉現象

9、如圖所示為半圓形的玻璃磚，C為AB的中點，00,為過C點的AB面的垂線。a,力兩束不同頻率的單色可見細光

束垂直AB邊從空氣射入玻璃磚，且兩束光在AB面上入射點到C點的距離相等，兩束光折射后相交于圖中的P點，

以下判斷正確的是（）

0

aIb

0,

A.在半圓形的玻璃磚中，。光的傳播速度小于方光的傳播速度

B.。光的頻率小于力光的頻率

C.兩種色光分別通過同一雙縫干涉裝置形成的干涉條紋，相鄰明條紋的間距。光的較大

D.若，兩束光從同一介質射入真空過程中，。光發(fā)生全反射的臨界角小于力光發(fā)生全反射的臨界角

E.”光比h光更容易發(fā)生衍射現象

10、如圖所示，在豎直平面內存在豎直方向的勻強電場。長度為/的輕質絕緣細繩一端固定在。點，另一端連接一質

量為〃，、電荷量為+4的小球（可視為質點），初始時小球靜止在電場中的。點，此時細繩拉力為2?rg,g為重力加速

度。若小球在。點獲得一水平初速度3使其恰能在豎直面內做完整的圓周運動，則（）

',,■■??■....I...----,

b

A.電場強度為衛(wèi)空，方向豎直向上

q

B.a、0兩點的電勢差〃o二----

q

c.初速度加=Ji而

D.小球在豎直面內做勻速圓周運動

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示是“驗證動量守恒定律”實驗中獲得的頻閃照片，已知A、B兩滑塊的質量分是在碰撞外=1.5kg,

m?=lkg,拍攝共進行了四次。第一次是在兩滑塊相撞之前，以后的三次是在碰撞墻之后。B滑塊原來處于靜止狀態(tài),

并且A、B滑塊在拍攝頻閃照片的這段時間內是在10cm至105cm這段范圍內運動（以滑塊上的箭頭位置為準），試根

據頻閃照片（閃光時間間隔為0.5s）回答問題。

（1）根據頻閃照片分析可知碰撞發(fā)生位置在__________cm刻度處;

（2）A滑塊碰撞后的速度匕：=片滑塊碰撞后的速度以'=，A滑塊碰撞前的速度匕=

⑶根據頻閃照片分析得出碰撞前兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和是—kg?m/s；碰撞后兩個滑塊各自的

質量與各自的速度的乘積之和是—kg.m/s.本實驗中得出的結論是______?

12.（12分）某同學設計如圖所示的裝置測量靈敏電流計的內阻電壓表可視為理想電壓表，請完成以下問題：

（1）按照原理圖甲，完成圖乙中實物間的連線;

—?*--

—?----

⑵實驗時，閉合開關前應先將電阻箱的電阻調到（選填“最大值”，“最小值”或“任意值”）；

⑶調節(jié)電阻箱的阻值，使靈敏電流計滿偏。并讀出此時電阻箱的阻值心電壓表示數U。已知靈敏電流計滿偏時的示

數及，則靈敏電流計的內阻&=（用K、U、/&表示）;

（4）已知該靈敏電流計的內阻%=300。，滿偏電流/g=200jiA,除該靈敏電流計外，還有以下實驗器材:

A.電池組（電動勢6V,內阻約為0.5Q）；

B.滑動變阻器K（070C,額定電流1A）；

C.電流表A（0~50mA,內阻約為20Q）；

D.標準電阻凡=14700。

E.一個電鍵S、導線若干

現要用伏安法測量一個阻值約為50C的電阻心的阻值，請在方框中畫出測R阻值的熨驗電路圖_______（要求測量

結果盡量準確，電表的測量范圍盡可能大一些，并在電路圖中標明對應器材的符號）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13,（10分）2020年1月1日起，TPMS（胎壓監(jiān)測系統(tǒng)）強制安裝法規(guī)將開始執(zhí)行。汽車行駛時，TPMS顯示某一

輪胎內的氣體溫度為27C,壓強為250kPa,己知該輪胎的容積為30L。阿伏加德羅常數為NA=6.0X1023mol\標準

狀態(tài)下ln】ol任何氣體的體積為22.4L,latm=100kPao求該輪胎內氣體的分子數。（結果保留一位有效數字）

14.（16分）如圖1所示，在直角坐標系xOy中，MN垂直x軸于N點，第二象限中存在方向沿j軸負方向的

勻強電場，Oy與MN間（包括0八MN）存在均勻分布的磁場，取垂直紙面向里為磁場的正方向，其感應強度隨時

qL

間變化的規(guī)律如圖2所示。一比荷-^■二法丁的帶正電粒子（不計重力）從O點沿紙面以大小數）=1、方向與Oy夾

機叫Jo"）

2732BJ2G

角〃=60,的速度射入第一象限中，已知場強大小￡=（1+&.）—+,ON=（-+^-）L

3ro7i2

（1）若粒子在t=t.時刻從O點射入，求粒子在磁場中運動的時間ri；

⑵若粒子在05之間的某時刻從O點射入，恰好垂直J軸進入電場，之后從P點離開電場,求從O點射入的

時刻ti以及P點的橫坐標XP；

15.（12分）如圖，水平面上有一條長直固定軌道，尸為軌道上的一個標記點，豎直線尸。表示一個與長直軌道垂直的

豎直平面，尸。的右邊區(qū)域內可根據需要增加一個方向與軌道平行的水平勻強電場。在軌道上，一輛平板小車以速度

y°=4m?沿軌道從左向右勻速運動.當小車一半通過平面時，一質量為帆=lkg的絕緣金屬小滑塊（可視為質點）

被輕放到小車的中點上，已知小滑塊帶電荷量為+2C且始終不變，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數為〃=02整個

過程中小車速度保持不變，g=10m/s2。求：

（1）若尸。右側沒有電場，木板足夠長，在滑塊與小車恰好共速時小滑塊相對尸點水平位移和摩擦力對小車做的功；

⑵當右側電場強度取七=3V/m方向水平向右，且板長L=2m時，為保證小滑塊不從車上掉下，則電場存在的時

間滿足什么條件？

（附加；若右側加一個向右的勻強電場，且木板長L=2m,為確保小滑塊不從小車左端掉下來，電場強度大小應滿

足什么條件？）（此附加問為思考題，無需作答）

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參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解題分析】

A.由圖可知/=,時刻感應電動勢最大，此時線圈所在平面與中性面垂直，A錯誤;

B.當感應電動勢等于零時，穿過線框回路的磁通量最大，且由丸得

①=A_=E。=處

mN①人生24

T

B正確；

C.線圈轉一周所做的功為轉動一周的發(fā)熱量

C錯誤；

D.從;T到亍3時7刻的平均感應電動勢為

44

22

D錯誤。

故選嘰

2、D

【解題分析】

該過程中氣體初末狀態(tài)的溫度不變，根據玻意耳定律有

代入數據解得

Zh=30cm

故D正確，ABC錯誤。

故選D。

3、B

【解題分析】

A.在原子核中，比結合能越大表示原子核中的核子結合得越牢固，故A錯誤；

B.湯姆你通過研究陰極射線發(fā)現了電子，并提出了原子的棗糕模型，故B正確;

C.半衰期由原子核本身次定，與外界因素無關，故c錯誤；

D.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應，是因為金屬的極限頻率大于入射光的頻率，故D錯誤。

故選B。

4、B

【解題分析】

理想變壓器原副線圈匝數之比為1：2,可知原副線圈的電流之比為2：1,根據P=FR可知R|與R?消耗的電功率之比

為2：1,故A錯誤；設通過R1的電流為I,則副線圈電流為0.51,初級電壓：U-IRi=12-I；根據匝數比可知次級電壓

為2(121),則三含〃=R2+g飛朗=12。，解得I=3A,故B正確；若向上移動P,則R3電阻減小，次級電流變

大，初級電流也變大，根據P=IU可知電源輸出功率將變大，電阻Ri的電壓變大，變壓器輸入電壓變小，次級電壓變

小，電壓表讀數將變小，故CD錯誤；故選B。

5、C

【解題分析】

由題目圖，結合電勢與位置圖象的斜率表示電場強度，可知，在9處的電場強度大小為零，因兩點電荷的具體位置不

確定，貝!點電荷的電性也無法確定，因此可能是同種電荷，也可能是異種電荷；

AB.若4和%為同種電荷，則電場強度為零的點在兩電荷連線上的線段上的某一點，即公處于兩個點電荷之間，故

AB錯誤；

CD.若劣和%為異種電荷，則電場強度為零的點在兩電荷連線的線段之外的某一點，由王電勢為零，且占到超電勢

逐漸升高可知，4和％均在的區(qū)域內，且靠近.。的點電荷為負點電荷，遠離』的點電荷為正電荷，且正電荷電

量的絕對值大于負電荷電量的絕對值；故C正確，D錯誤。

故選C。

6、B

【解題分析】

氣體的壓強是由于氣體分子做無規(guī)則運動，對器壁頻繁地撞擊產生的，容器做自由落體運動時處于完全失重狀態(tài)，但

氣體分子的無規(guī)則運動不會停止.根據氣體壓強的決定因素：分子的平均動能和分子的數密度可知，只要溫度和氣體

的體積不變，分子的平均動能和單位體積內分子數目不變，氣體對容器壁的壓強就保持不變，故B正確，ACD錯誤.故

選B.

點睛：大量的氣體分子做無規(guī)則熱運動，對器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產生了壓力，單個分子碰撞器壁的沖力是短暫的，

但是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對器壁產生持續(xù)、均勻的壓力.所以從分子動理論的觀點來看，氣體的壓強等于大

量氣體分子作用在器壁單位面枳上的平均作用力.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、AC

【解題分析】

A.物塊加速運動時，由牛頓第二定律得

pm^=ma

可得

a=Mg

故A正確；

B.物塊加速運動的時間為

vv

t=-=—

a4g

故B錯誤；

C.整個過程中，根據動能定理得傳送帶對物塊做的功為

1,1,

VI--77ir-0=—mv~

22

故C正確；

D.物塊加速運的動時間內傳送帶的位移為

x帶=加

物塊的位移為

0+vvt

x物=二2-/=二2

物塊與傳送帶間相對位移大小為

vtv2

△x=x帶-I物一

22〃g

整個過程中摩擦產生的熱量為

Q=Hnighx=ymv1

故D錯誤。

故選AC,

8、ACE

【解題分析】

A.光的偏振現象證明了光波是橫波，故A正確；

B.機械波從空氣進入水中波速變大，波長變長，而電磁波從空氣進入水中，波速變小，波長變短，故B錯誤；

C.可見光通過三棱鏡后，傳播方向改變最大的紫色的光，紅光改變最小。在光的色散中，對于同一種介質，光的頻

率越大，介質對其的折射率就越大。而折射率越大，光的折射角就越小，偏轉程度就越大。由于可見光中紫光的頻率

最大，所以紫色的光線的折射角最小，偏轉最大，故c正確；

D.拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以消除玻璃反射的偏振光。故D錯誤；

E.在白熾燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，是薄膜干涉。故E正確。

故選：ACEo

9、BCE

【解題分析】

A.由圖分析可知，玻璃磚對b光的偏折角大于對。光的偏折角，根據折射定律得知：玻璃磚對方光的折射率大于對。

光的折射率，由□=￡得知，。光在玻瑞磚中的傳播速度大于力光的傳播速度。故A錯誤。

n

B.對于同種介質，光的頻率越大，光的折射率越大，則知。光的頻率小于b光的頻率。故B正確，

C.雙縫干涉條紋的間距與波長成正比，。光的頻率小，波長長，故相鄰明條紋的間距〃光的較大。故C正確。

D.由臨界角公式sinC二」分析得知，。光的折射率〃小，則。光發(fā)生全反射的臨界角大于力光發(fā)生全反射的臨界角。

n

故D錯誤。

E.。光波長較大，則比力光更容易發(fā)生衍射現象，選項E正確。

故選BCEo

10、AC

【解題分析】

A.小球算止在。點時，由共點力平衡得

mg+2mg=qE

解得

E①

q

方向豎直向上，故A正確；

B.在勻強電場中，。點電勢比。點低，根據電勢差U=&/可知。、O兩點電勢差為

U__蛔

UaO-

q

故B錯誤;

CD.小球從。點運動到。點，由于重力和電場力做功，不可能做勻速圓周運動，設到。點速度大小為以，由動能定埋

得

一夕￡?2/+，〃g?2l=g〃球一g，%匕；

小球做圓周運動恰好通過力點時，由牛頓第二定律得

qE-mg=

聯(lián)立解得

故C正確，D錯誤;

故選AC,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、300.4m/s0.6m/s0.8m/s1.21.2兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒

【解題分析】

由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處；

(2)[2][3][4]碰后A的位置在40cm,60cm,80cm處,則

哪二迎止話二。.4襁

40.5

碰后B的位置在45cm,75cm,105cm處，則

30x10-2

m/s=0.6m/s

0.5

由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處，碰后B從30m處運動到45cm處，經過時間

(45-30)x10”

s=0.25s

0.6

碰前A從10cm處運動到30cm處用時

f=0.5s—O.25s=0.25s

則碰前

(30-10)xl0^/s=08m/s

A0.25

⑶⑸碰推前兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和

tnAvA+〃％匕?=1.2kg?m/s

網碰撞后兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和

+mBvB，=1.2kg?m/s

⑺本實驗中得出的結論是兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒

最大值

【解題分析】

實物連線加圖

(2)[21實驗時，閉合開關前應使電路中的電流最小，故先將電阻箱的電阻調到最大值。

(3)[3]由歐姆定律

T

%

解得靈敏電流計的內阻

&=*R

(4)[4]伏安法測電阻需要電壓表，由于器材中沒有電壓表，所以需要用表頭串聯(lián)電阻修改裝成電壓表。若滑動變阻器

采用限流式接法，則電路中的最小電流大約為

6

A=75mA

50+20+10

超過電流表的量程，故只能采用分壓式接法。由于表頭內阻已知，電流表采用外接法。故電路圖如國

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、2x1(產個

【解題分析】

設胎內氣體在lOOkPa、(TC狀態(tài)下的體積為Vo,根據氣體狀態(tài)方程有：

PM_Po%

ZT。'

代入解得：

Vo=68.25L

則胎內氣體分子數為：

N=-^-NY2X1()24個

22.4人

14、(2)(1--，兒,一且；(3)(5+任比

3，34冗3萬

【解題分析】

(1)若粒子在力時刻從。點射入，粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，如圖所示：

由幾何關系可知圓心角

2

a=—7r

3

洛倫茲力提供向心力，則

qv0Bo=m±

已知

-q=--7T

加B。%

周期

2兀R必

T=--=2%

%

粒子在磁場中運動的時間

符合題意。

⑵由⑴可知

2

解得

R，

71

設，2時刻粒子從。點射入時恰好垂直)’軸進入電場，如圖所示:

則

R,、

—T=^0^0-^2)

tan。

解得

JO-志兒

粒子在電場中做類平拋運動，分解位移

f=咿3

根據牛頓第二定律有

qE=ma

解得

L

XP=-----

71

⑶粒子在磁場中轉動，己知周期

T=Z°

運動軌跡如圖所示:

由于

3%To=2%=T

粒子從C點開始恰好做勻速圓周運動一圈回到。點，4/。時刻運動到。，則

CD=卬。=L

粒子從。點開始恰好做勻速圓周運動一圈回到。點，6，°后沿。G做直線運動，則

DG=7?tan-=—L

234

OG=OC+CD+DG=(\+^-)L

因為

OGsin<?=(-+

71

恰好等于ON的長度，所以最大路程為

s=OG+2x2〃R=