2025年高考二輪復習化學大單元選擇題突破6　A組2

選擇題突破六A組基礎鞏固練(分值:39分)學生用書P215(選擇題每小題3分)題組一常見無機物的性質與轉化1.(2024·海南省海南中學一模)鐵、銅及其化合物之間的轉化具有重要應用。下列說法錯誤的是()A.常溫下使用鐵質容器盛裝濃硫酸B.氯化鐵溶液在聚合物的基材上蝕刻出銅電路C.電解精煉銅時,粗銅連電源的正極D.向飽和FeCl3溶液中滴加稀氨水制備氫氧化鐵膠體答案:D解析:常溫下濃硫酸可以使鐵鈍化,所以常溫下可以使用鐵質容器盛裝濃硫酸,A正確;氯化鐵溶液在聚合物的基材上蝕刻出銅電路的反應為2Fe3++CuCu2++2Fe2+,B正確;電解精煉銅時,粗銅作陽極,應連電源的正極,C正確;將飽和FeCl3溶液滴入沸水中才能制備氫氧化鐵膠體,D錯誤。2.(2024·北京卷)關于Na2CO3和NaHCO3的下列說法中,不正確的是()A.兩種物質的溶液中,所含微粒的種類相同B.可用NaOH溶液使NaHCO3轉化為Na2CO3C.利用兩者熱穩(wěn)定性差異,可從它們的固體混合物中除去NaHCO3D.室溫下二者飽和溶液的pH差約為4,主要是由于它們的溶解度差異答案:D解析:Na2CO3和NaHCO3的溶液中均存在H2O、H2CO3、H+、OH、Na+、CO32-、HCO3-,A正確;向NaHCO3溶液加入NaOH會發(fā)生反應NaOH+NaHCO3Na2CO3+H2O,B正確;NaHCO3受熱易分解可轉化為Na2CO3,而Na2CO3受熱不易分解,利用二者熱穩(wěn)定性差異,可從它們的固體混合物中除去NaHCO3,C正確;室溫下Na2CO3和NaHCO3飽和溶液的pH相差較大的主要原因是CO33.(2024·廣東韶關綜合測試二)部分硫元素或鐵元素的“價類”關系如圖所示。下列敘述正確的是()A.1mold與足量a充分反應轉移電子數(shù)為3NAB.g常用作涂料的紅色顏料C.含2moli的溶液最多吸收1molbD.常用d容器盛裝冷的c的濃溶液,因為d和c的濃溶液不反應答案:B解析:根據(jù)硫元素和鐵元素常見的化合價和物質種類可知,a是硫單質,b是二氧化硫,c是硫酸,d是鐵單質,e是氫氧化亞鐵,f是氧化亞鐵,g是三氧化二鐵,h是硝酸亞鐵,i是硝酸鐵。d是鐵單質,a是硫單質,二者反應只能生成硫化亞鐵,則1mol鐵與足量硫充分反應轉移電子數(shù)為2NA,A錯誤;g是三氧化二鐵,俗稱“鐵紅”,常用作紅顏色涂料,B正確;i是硝酸鐵,b是二氧化硫,二氧化硫足量時,二者發(fā)生的反應是Fe(NO3)3+5SO2+4H2O3NO+FeSO4+4H2SO4,則含2molFe(NO3)3的溶液最多吸收10molSO2,C錯誤;d是鐵單質,c是硫酸,鐵遇到冷的濃硫酸會鈍化,不是不反應,D錯誤。4.(2024·湖南長沙雅禮中學一模)部分含銅物質的分類與相應銅元素的化合價關系如圖所示。下列說法正確的是()A.a、d均易溶于水B.b既有氧化性又有還原性C.加熱條件下f與單質硫反應生成dD.向固體c中通入H2S氣體生成e答案:B解析:a為CuO,b為Cu2O,c為Cu(OH)2,d為CuS,e為Cu2S,f為Cu。a為CuO,d為CuS,二者均為難溶于水的黑色粉末,故A錯誤;b為Cu2O,Cu的化合價為+1價,處于中間價態(tài),既有氧化性又有還原性,故B正確;Cu與硫加熱時生成Cu2S,故C錯誤;向固體Cu(OH)2中通入H2S氣體生成CuS和水,故D錯誤。題組二常見物質的性質與應用5.(2024·湖南天一聯(lián)盟大聯(lián)考)現(xiàn)有下列實驗探究摩爾鹽[(NH4)2Fe(SO4)2·6H2O]的化學性質。裝置實驗試劑a現(xiàn)象①紫色石蕊溶液溶液變紅色②過量NaOH溶液產生白色沉淀③酸性KMnO4溶液KMnO4溶液褪色④K3[Fe(CN)6]溶液產生藍色沉淀下列解釋相應實驗現(xiàn)象的離子方程式錯誤的是()A.①中溶液變紅:NH4++H2ONH3·H2O+H+;Fe2++2H2OFe(OH)2+2H+B.②中產生白色沉淀:NH4++Fe2++3OHNH3·H2O+Fe(OH)2C.③中溶液褪色:5Fe2++MnO4-+8H+5Fe3++Mn2++4H2D.④中產生藍色沉淀:K++Fe2++[Fe(CN)6]3KFe[Fe(CN)6]↓答案:B解析:銨根離子、亞鐵離子水解使得溶液顯酸性,酸性溶液使紫色石蕊溶液變紅色,A正確;少量摩爾鹽[(NH4)2Fe(SO4)2·6H2O]與過量的NaOH溶液反應的離子方程式為2NH4++Fe2++4OH2NH3·H2O+Fe(OH)2↓,B錯誤;+2價的鐵被MnO4-氧化為+3價,MnO4-被還原為Mn2+,反應的離子方程式為5Fe2++MnO4-+8H+5Fe3++Mn2++4H2O,C正確;K3[Fe(CN)6]用來鑒別Fe2+生成藍色沉淀,反應的離子方程式為K++Fe2++[Fe(CN)6]3KFe[Fe(CN)6.(2024·浙江溫州二模)下列關于元素及其化合物的說法不正確的是()A.將Cl2通入冷的石灰水中可制得漂白粉B.鐵是人體必需的微量元素,人體內缺鐵會發(fā)生貧血C.鋁粉和NaOH的混合物可作為家庭廚衛(wèi)管道疏通劑的主要成分D.硫元素廣泛存在于自然界中,在沒有人類活動的影響下,也可能形成酸雨答案:A解析:向冷的石灰乳中通入氯氣可制得漂白粉,A錯誤;鐵是人體必需的微量元素,人體內缺鐵易造成造血原料不足而發(fā)生貧血,B正確;利用鋁和氫氧化鈉遇水反應放出大量的熱,加快氫氧化鈉對毛發(fā)等淤積物的腐蝕,同時產生的氫氣增加管道內的氣壓,利于疏通,C正確;硫元素廣泛存在于自然界中,火山噴發(fā)時巖漿中的硫化物和硫酸鹽會隨著巖漿噴出,在沒有人類活動的影響下,也可能形成酸雨,D正確。7.(2024·湖南重點高中二模)根據(jù)下列實驗操作及現(xiàn)象,得出的結論正確的是()選項操作及現(xiàn)象結論A向FeSO4溶液中滴加苯酚溶液,溶液變紫色FeSO4已變質B向CaCO3中滴加稀硫酸,沒有明顯現(xiàn)象酸性:H2CO3>H2SO4C在酸性KMnO4溶液中滴加FeBr2溶液,溶液褪色Br還原MnOD在I2的四氯化碳溶液中加入KI溶液,下層液體顏色變淺KI具有還原性答案:A解析:滴加苯酚溶液后顯紫色,說明溶液中存在三價鐵,則硫酸亞鐵已變質,故A正確;碳酸鈣與稀硫酸反應后產生的硫酸鈣會覆蓋在表面,阻止反應的進行,硫酸是強酸,碳酸是弱酸,故B錯誤;酸性KMnO4溶液中滴加FeBr2溶液,發(fā)生氧化還原反應而褪色,但是二價鐵的還原性大于溴離子的還原性,因此二價鐵優(yōu)先還原高錳酸根,故C錯誤;在I2的四氯化碳溶液中加入KI溶液,下層液體顏色變淺是由于,碘離子濃度增大,I2+II3-的平衡正向移動,導致碘單質減少,故D8.(2024·湖南婁底一模)實驗探究是化學學習的方法之一,某化學實驗小組進行FeSO4·7H2O在N2氣氛中受熱分解實驗,根據(jù)實驗結果或現(xiàn)象,所得結論不正確的是()A.FeSO4·7H2O脫水熱分解,其熱重曲線如圖所示。根據(jù)實驗結果推算出:x=4,y=1B.FeSO4熱分解后,其固態(tài)產物的顏色為紅色,說明生成的物質為Fe2O3C.生成的氣態(tài)產物通過酸性高錳酸鉀溶液,溶液褪色,說明產生了SO2D.把產生的氣態(tài)產物通過氯化鋇溶液,立即有沉淀生成,不能證明其氣態(tài)產物中含有SO3答案:D解析:FeSO4·7H2O相對分子質量為278,100℃時,失重率為19.4%,278×19.4%≈54,即分解生成FeSO4·4H2O和H2O,同理可以求得200℃時,FeSO4·4H2O分解生成FeSO4·H2O和H2O,300℃時,FeSO4·H2O分解生成FeSO4和H2O,更高溫度下,FeSO4隔絕空氣,分解生成Fe2O3、SO2、SO3。100℃時,生成FeSO4·4H2O,即x=4,200℃時,分解生成FeSO4·H2O,即y=1,A正確;由分析知,FeSO4熱分解后,其固態(tài)產物的顏色為紅色,說明最終生成的物質為Fe2O3,B正確;能使酸性高錳酸鉀溶液褪色的是常溫有還原性的氣體,反應中可能生成的有還原性的氣體只有SO2,故生成的氣態(tài)產物通過酸性高錳酸鉀溶液,溶液褪色,說明產生了SO2,C正確;把產生的氣態(tài)產物通過氯化鋇溶液,立即有沉淀生成,因為SO2無法和氯化鋇溶液反應得到硫酸鋇沉淀,故可以說明其氣態(tài)產物中含有SO3,故D錯誤。9.(2024·山東濟南3月模擬)關于非金屬含氧酸及其鹽的性質,下列說法正確的是()A.Ag與濃硝酸反應比與稀硝酸反應快,所以實驗室通常用濃硝酸洗滌附著在試管內壁上的銀鏡B.加熱濃硫酸與NaCl固體的混合物可制備HCl,說明H2SO4酸性強于HClC.將CO2通入Ba(NO3)2溶液無明顯現(xiàn)象,則將SO2通入Ba(NO3)2溶液也無明顯現(xiàn)象D.向NaClO溶液中滴加酚酞溶液,溶液先變紅后褪色,證明NaClO在溶液中發(fā)生了水解反應答案:D解析:實驗室通常用稀硝酸清洗銀鏡,稀硝酸成本更低,A錯誤;加熱濃硫酸與NaCl固體反應的化學方程式為H2SO4(濃)+2NaCl2HCl↑+Na2SO4,反應能發(fā)生是由于HCl為揮發(fā)性酸,不斷離開反應體系,使得反應不斷進行,與H2SO4和HCl的酸性強弱無關,B錯誤;將SO2通入Ba(NO3)2溶液中,SO2被氧化為硫酸根離子,會生成BaSO4白色沉淀,C錯誤;向NaClO溶液中滴加酚酞溶液,溶液先變紅后褪色,是由于次氯酸根離子發(fā)生水解反應ClO+H2OHClO+OH,使溶液呈堿性,由于生成的次氯酸具有漂白性,所以溶液變紅后又褪色,D正確。10.(2024·廣東江門等5地一模)某學習小組設計如圖所示實驗裝置(裝置中空氣已排盡)探究氮的氧化物的性質。下列說法不正確的是()A.裝置Ⅰ中產生紅棕色氣體,體現(xiàn)了濃硝酸的強氧化性B.將裝置Ⅱ浸入熱水浴中,氣體顏色變深,說明2NO2(g)N2O4(g)正向是放熱反應C.裝置Ⅲ中的溶液變藍,說明NO2氧化了金屬銅D.向裝置Ⅴ中加入蒸餾水,無色氣體變?yōu)榧t棕色答案:C解析:銅與濃硝酸反應生成紅棕色氣體NO2,體現(xiàn)了濃硝酸的強氧化性,A正確;將裝置Ⅱ浸入熱水浴中,氣體顏色變深,說明2NO2(g)N2O4(g)平衡逆向移動,正向反應是放熱反應,B正確;NO2溶于水生成硝酸,裝置Ⅲ中的溶液變藍,硝酸氧化了金屬銅,不是NO2氧化了銅,C錯誤;向裝置Ⅴ中加入蒸餾水,Na2O2與水反應生成O2,O2與無色氣體NO反應生成紅棕色氣體NO2,無色氣體變?yōu)榧t棕色,D正確。題組三無機化工“微流程”及分析11.(2024·湖南師大附中一模)二氧化氯(ClO2)是一種黃綠色氣體,是國際上公認的安全、無毒的綠色消毒劑。二氧化氯的制備以及由二氧化氯制備一種重要的含氯消毒劑——亞氯酸鈉(NaClO2)的工藝流程如圖:已知:①NaClO2的溶解度隨溫度升高而增大,適當條件下可結晶析出NaClO2·3H2O;②純ClO2易分解爆炸,一般用稀有氣體或空氣稀釋到10%以下以保證安全。下列說法正確的是()A.工業(yè)上的氯堿工業(yè)(制備燒堿和氯氣)用的是陰離子交換膜B.“ClO2發(fā)生器”中鼓入空氣的作用是將NaClO3氧化成ClO2C.“吸收塔”內發(fā)生反應的化學方程式為2NaOH+2ClO2NaClO2+H2O+NaClO3D.對NaClO2·3H2O晶體進行重結晶可獲得純度更高的晶體答案:D解析:電解法生產亞氯酸鈉的工藝流程:無隔膜電解槽電解飽和氯化鈉溶液,NaCl+3H2ONaClO3+3H2↑,得到氯酸鈉溶液,氯酸鈉(NaClO3)在酸性條件下被二氧化硫還原成二氧化氯,發(fā)生反應2NaClO3+SO2Na2SO4+2ClO2,ClO2在二氧化硫和空氣混合氣體中不易分解爆炸,通入空氣的目的是稀釋ClO2,防止ClO2爆炸,吸收塔中加入氫氧化鈉、過氧化氫發(fā)生反應生成NaClO2,經(jīng)過濾、結晶得到NaClO2·3H2O,以此分析解答。工業(yè)上的氯堿工業(yè)(制備燒堿和氯氣),為防止生成的氯氣與OH接觸反應,應用陽離子交換膜,故A錯誤;由已知②可知,純二氧化氯易分解爆炸,一般用稀有氣體或空氣稀釋到10%以下安全,則發(fā)生器中鼓入空氣的作用應是稀釋二氧化氯以防止爆炸,故B錯誤;吸收塔內發(fā)生的反應為在堿性條件下,二氧化氯與過氧化氫發(fā)生氧化還原反應生成亞氯酸鈉、氧氣和水,反應的化學方程式2NaOH+2ClO2+H2O22NaClO2+2H2O+O2,故C錯誤;粗晶體經(jīng)過重結晶可得到純度更高的晶體,則要得到更純的NaClO2·3H2O晶體必須進行的操作是重結晶,故D正確。12.(2024·湖南株洲質檢)次磷酸(H3PO2)是一元中強酸,次磷酸鈉(NaH2PO2)廣泛應用于化學鍍鎳,次磷酸鈉的生產與鍍鎳過程如圖所示。下列有關說法正確的是()A.Ni2+的核外電子有26種空間運動狀態(tài)B.“堿溶”時氧化劑與還原劑的物質的量之比為3∶1C.PH3、PO43-、P4(正四面體結構)中的鍵角:PO4D.次磷酸銨與足量氫氧化鈉共熱:NH4++H2PO2-+3OHNH3+3H答案:C解析:Ni2+的核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d8,核外電子的空間運動狀態(tài)有14種,A錯誤;“堿溶”時發(fā)生反應P4+3NaOH+3H2O3NaH2PO2+PH3↑,氧化劑P4與還原劑P4的物質的量之比為1∶3,B錯誤;PH3、PO43-、P4中P的價層電子對數(shù)均為4,均為sp3雜化,PO43-為5原子的正四面體結構,鍵角為109°28',P4為4原子的正四面體結構,鍵角為60°,PH3中P含有1個孤電子對,空間結構為三角錐形,由于孤電子對對成鍵電子對的斥力較大,所以鍵角PO43->PH3>P4,C正確;次磷酸銨為正鹽,與足量氫氧化鈉共熱發(fā)生反應的離子方程式為NH413.(2024·湖南長郡中學一模)明礬[KAl(SO4)2·12H2O]是一種常用的凈水劑,以廢易拉罐(主要成分為鋁和少量不溶于堿性溶液的物質)