2023-2024學(xué)年山東省濱州市高一上學(xué)期期末考試化學(xué)試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1山東省濱州市2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試2024.1本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共10頁(yè)，滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘。注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。將條形碼橫貼在答題卡對(duì)應(yīng)位置“條形碼粘貼處”。2．第Ⅰ卷每小題選出答案后，用2B鉛筆在答題卡上將對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，不能答在試卷上。3．第Ⅱ卷所有題目的答案，考生須用0.5毫米黑色簽字筆答在答題卡規(guī)定的區(qū)域內(nèi)，在試卷上答題不得分。4．考試結(jié)束，監(jiān)考人員將答題卡收回?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：H1C12N14O16Na23S32Cl35．5Ba137Ce140第Ⅰ卷選擇題（共40分）一、選擇題：本題包括10小題，每小題2分，共20分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.中華文化源遠(yuǎn)流長(zhǎng)，化學(xué)與文化傳承密不可分。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.“石膽能化鐵為銅”中石膽（）被鐵還原為銅單質(zhì)B.“凡石灰，經(jīng)火焚煉為用”里的“石灰”指的是C.“雨過(guò)天晴云破處”所描述的瓷器呈青色，來(lái)自三氧化二鐵D.“有硇水者，剪銀塊投之，則旋而為水”，“硇水”指的是硝酸【答案】C【解析】A．“石膽能化鐵為銅”中石膽（）和鐵發(fā)生置換反應(yīng)生成銅，也就是鐵還原銅離子為銅單質(zhì)，A正確；B．碳酸鈣高溫煅燒生成氧化鈣，句子中“石灰”指的是，B正確；C．三氧化二鐵為紅色固體，而不是青色，瓷器的青色不可能來(lái)自氧化鐵，C錯(cuò)誤；D．“有硇水者，剪銀塊投之，則旋而為水”，“硇水”可溶解銀塊，其中的“硇水”指的是強(qiáng)氧化性的硝酸，D正確；故選C。2.下列物質(zhì)的分類(lèi)合理的是A.—酸性氧化物 B.—酸 C.—膠體 D.氨水—電解質(zhì)【答案】B【解析】A．NO2與堿發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成不止一種鹽，不是酸性氧化物，A錯(cuò)誤；B．酸是電離出的陽(yáng)離子都是氫離子的化合物；屬于酸，B正確；C．膠體是分散質(zhì)粒子大小在1nm~100nm的分散系；而氫氧化鐵是化合物，C錯(cuò)誤；D．氨氣不能電離出自由移動(dòng)的離子，屬于非電解質(zhì)，D錯(cuò)誤；故選B。3.下列變化中，不涉及氧化還原反應(yīng)的是A.金屬的冶煉 B.鋼鐵的銹蝕 C.食物的腐敗 D.食品袋里放置的生石灰結(jié)塊【答案】D【解析】A．金屬的冶煉是金屬元素由化合態(tài)變?yōu)橛坞x態(tài)，金屬元素被還原，涉及氧化還原反應(yīng)，A不符合題意；B．鋼鐵的銹蝕是鐵失電子發(fā)生氧化反應(yīng)，涉及氧化還原反應(yīng)，B不符合題意；C．食物的腐敗是食物被氧氣氧化，涉及氧化還原反應(yīng)，C不符合題意；D．食品袋里放置的生石灰結(jié)塊是氧化鈣和水生成氫氧化鈣，氫氧化鈣吸收二氧化碳生成碳酸鈣和水，反應(yīng)中沒(méi)有元素化合價(jià)的變化，不涉及氧化還原反應(yīng)，D符合題意；故選D。4.代表阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說(shuō)法正確的是A.和混合氣體所含原子數(shù)目為B.溶液中，所含數(shù)目為C.常溫常壓下，中所含電子數(shù)目為D.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，與混合后，生成數(shù)目為【答案】C【解析】A．和均為含有2個(gè)原子的分子，且相對(duì)分子質(zhì)量均為28，則和混合氣體含有2mol分子，4mol原子，故所含原子數(shù)目為4，A錯(cuò)誤；B．沒(méi)有告訴溶液的體積，無(wú)法計(jì)算溶液中鉀離子數(shù)目，B錯(cuò)誤；C．1mol水分子含有10mol電子，常溫常壓下，為0.1mol，所含電子為1mol，電子數(shù)目為，C正確；D．二氧化硫和氧氣反應(yīng)，生成三氧化硫分子的量小于0.1mol，D錯(cuò)誤；故選C。5.下列實(shí)驗(yàn)裝置不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖茿．實(shí)驗(yàn)室制取B．實(shí)驗(yàn)室收集C．驗(yàn)證極易溶于水且溶液呈堿性D．除去中混有的少量A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】A．在加熱條件下，濃鹽酸和MnO2反應(yīng)生成Cl2，圖中裝置能制取氯氣，A正確；B．NO難溶于水，所以可以采用排水法收集，B正確；C．打開(kāi)活塞，將膠頭滴管中的水?dāng)D入燒瓶中，氨氣溶于導(dǎo)致燒瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)急劇減小，外界大氣壓不變，大氣壓將水通過(guò)導(dǎo)管進(jìn)入燒瓶中而形成噴泉，氨氣和水反應(yīng)生成的一水合氨電離出OH-而使其水溶液呈堿性，酚酞遇堿溶液變紅色，所以該裝置能

驗(yàn)證NH3易溶于水且溶液呈堿性，C正確；D．CO2、HCl都能和Na2CO3溶液反應(yīng)，應(yīng)該用飽和NaHCO3溶液除去CO2中的HCl，D錯(cuò)誤；故選D。6.下列離子方程式書(shū)寫(xiě)正確的是A.向碳酸氫鈉溶液中滴入少量稀鹽酸：B.向溶液中滴入少量溶液：C.漂白粉密封不當(dāng)失效：D.用84消毒液與雙氧水同時(shí)進(jìn)行消毒，導(dǎo)致消毒效果減弱：【答案】D【解析】A．NaHCO3在水溶液中完全電離成Na+和，向碳酸氫鈉溶液中滴入少量稀鹽酸的離子方程式為+H+=CO2↑+H2O，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．Ca(HCO3)2與Ca(OH)2反應(yīng)生成CaCO3和H2O，反應(yīng)的離子方程式為Ca2++OH-+=CaCO3↓+H2O，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．漂白粉密封不當(dāng)失效的原因?yàn)镃a(ClO)2+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO、2HClO2HCl+O2↑，前者在溶液中的離子方程式為Ca2++2ClO-+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．84消毒液的有效成分為NaClO，ClO-具有強(qiáng)氧化性，H2O2具有還原性，用84消毒液與雙氧水同時(shí)進(jìn)行消毒時(shí)發(fā)生反應(yīng)H2O2+ClO-=Cl-+O2↑+H2O，消毒效果減弱，D項(xiàng)正確；答案選D。7.下列“類(lèi)比”合理的是A.濃常溫下能溶解，則濃常溫下也能溶解B.與反應(yīng)生成和，則與反應(yīng)生成和C.與鹽酸反應(yīng)生成和，則與鹽酸反應(yīng)生成和D.的溶解度比大，則的溶解度比大【答案】C【解析】A．濃常溫下和發(fā)生鈍化反應(yīng)，阻礙了反應(yīng)的進(jìn)行，A錯(cuò)誤；B．具有強(qiáng)氧化性，具有還原性，兩者發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成硫酸鈉，B錯(cuò)誤；C．鈉鎂均為活潑金屬，故也會(huì)與鹽酸反應(yīng)生成和，C正確；D．的溶解度比小而不是大，D錯(cuò)誤；故選C。8.是一種新型耐火材料，可由和在高溫條件下制備，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（夾持裝置省略）。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.開(kāi)始實(shí)驗(yàn)前應(yīng)先檢驗(yàn)裝置的氣密性 B.裝置C的作用是干燥氨氣，試劑X為C.裝置D發(fā)生的反應(yīng)中，作還原劑 D.裝置E的作用是吸收和【答案】B【解析】〖祥解〗a+，即也無(wú)法確定離子組成，D錯(cuò)誤；故答案為：C。；B裝置中生成氨氣通過(guò)C中堿石灰等堿性干燥劑干燥后進(jìn)入D，D中和在高溫反應(yīng)生成，E可以吸收水和尾氣氨氣；A．實(shí)驗(yàn)中涉及氣體的發(fā)生和參與反應(yīng)，則實(shí)驗(yàn)前應(yīng)先檢驗(yàn)裝置的氣密性，A正確；B．氨氣為堿性氣體，不能使用五氧化二磷干燥，B錯(cuò)誤；C．和在高溫條件下制備，反應(yīng)中鈦元素化合價(jià)降低發(fā)生還原反應(yīng)，則反應(yīng)中氨氣作為還原劑，C正確；D．尾氣中氨氣會(huì)污染環(huán)境、且氨氣極易被水吸收，故裝置E的作用是吸收防止污染和吸收，D正確；故選B。9.下列對(duì)物質(zhì)檢驗(yàn)或性質(zhì)驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)操作不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖沁x項(xiàng)ABCD目的檢驗(yàn)補(bǔ)鐵劑中的檢驗(yàn)是否沉淀完全驗(yàn)證能否與水發(fā)生反應(yīng)驗(yàn)證＋4價(jià)硫元素的氧化性操作A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】A．補(bǔ)鐵劑中含有的還原性物質(zhì)也能使酸性KMnO4溶液褪色，干擾Fe2+的檢驗(yàn)，不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康模珹項(xiàng)符合題意；B．靜置后，沿?zé)谙蛏蠈忧逡褐欣^續(xù)滴加BaCl2溶液，若不產(chǎn)生白色沉淀表明沉淀完全，反之沒(méi)有沉淀完全，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，B項(xiàng)不符合題意；C．干燥的Cl2不能使干燥的紅色布條褪色，能使?jié)駶?rùn)的紅色布條褪色，說(shuō)明Cl2能與濕潤(rùn)的紅色布條中的H2O反應(yīng)生成了具有漂白性的HClO，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，C項(xiàng)不符合題意；D．向Na2SO3、Na2S的混合溶液中滴加稀硫酸，觀(guān)察到出現(xiàn)淡黃色渾濁，說(shuō)明發(fā)生反應(yīng)+2S2-+6H+=3S↓+3H2O，該反應(yīng)中+4價(jià)的S被還原成0價(jià)，說(shuō)明+4價(jià)硫元素具有氧化性，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，D項(xiàng)不符合題意；答案選A。10.工業(yè)上用黃鐵礦（）為原料制備硫酸的流程如下。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.步驟①每參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)目為B.若氣體A過(guò)量則煅燒黃鐵礦可直接得到氣體BC.氣體B經(jīng)步驟③吸收后，可返回步驟②循環(huán)利用D.步驟③用98.3%濃硫酸吸收氣體B比用水效果好【答案】B【解析】〖祥解〗和氧氣反應(yīng)生成氧化鐵和二氧化硫，SO2發(fā)生催化氧化被氧氣氧化生成SO3，SO3被濃硫酸吸收生成硫酸。A．和氧氣反應(yīng)生成氧化鐵和二氧化硫，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為，的兩種元素的化合價(jià)都升高了，O元素降低轉(zhuǎn)移44個(gè)電子，所以每生成轉(zhuǎn)移電子，轉(zhuǎn)移電子數(shù)目為，A正確；B．若氧氣過(guò)量，煅燒黃鐵礦過(guò)程中硫元素也被氧化為二氧化硫，而不是三氧化硫，B錯(cuò)誤；C．氣體B經(jīng)步驟③吸收后，過(guò)量的氧氣、二氧化硫可返回步驟②循環(huán)利用，C正確；D．用水吸收三氧化硫過(guò)程中放出大量的熱導(dǎo)致形成酸霧，不利于三氧化硫的吸收，用98.3%的硫酸可以減少吸收過(guò)程中酸霧的形成，用98.3%濃硫酸吸收氣體B比用水效果好，D正確；故選B。二、選擇題：本題包括5小題，每小題4分，共20分。每小題有1個(gè)或2個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。11.下列實(shí)驗(yàn)結(jié)論與實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象相符的一組是選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)結(jié)論A將稀鹽酸滴入某溶液中，產(chǎn)生大量氣體該溶液中一定含有B將某氣體通入到品紅溶液中，品紅溶液褪色該氣體中一定含有C向某無(wú)色氣體中通入氧氣，氣體迅速變?yōu)榧t棕色該無(wú)色氣體中一定含有D向酸性高錳酸鉀溶液中滴入某無(wú)色溶液，溶液褪色該無(wú)色溶液中一定含有A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】A．將稀鹽酸滴入某溶液中，產(chǎn)生大量的氣體，該氣體可能為CO2、H2S等，該溶液中可能含、、S2-、HS-等，A項(xiàng)不相符；B．將某氣體通入到品紅溶液中，品紅溶液褪色，該氣體可能是SO2、Cl2等，B項(xiàng)不相符；C．向某無(wú)色氣體中通入氧氣，氣體迅速變?yōu)榧t棕色，該無(wú)色氣體中一定含NO，發(fā)生反應(yīng)2NO+O2=2NO2，C項(xiàng)相符；D．向酸性高錳酸鉀溶液中滴入某無(wú)色溶液，溶液褪色，該無(wú)色溶液具有還原性，該無(wú)色溶液可能為H2O2、HCl等，D項(xiàng)不相符；答案選C。12.發(fā)藍(lán)工藝是將鋼鐵浸入熱的堿性溶液中，在其表面最終形成一層四氧化三鐵薄膜，其中鐵經(jīng)歷了如下轉(zhuǎn)化。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.四氧化三鐵是一種常用的磁性材料 B.在上述兩步轉(zhuǎn)化中均只作氧化劑C.①和②生成③的反應(yīng)，不屬于氧化還原反應(yīng) D.上述轉(zhuǎn)化中涉及到的物質(zhì)，能導(dǎo)電的只有2種【答案】D【解析】〖祥解〗由流程可知，生成①反應(yīng)為，生成②反應(yīng)，生成③反應(yīng)為，從而制得Fe3O4；A．四氧化三鐵俗稱(chēng)磁鐵，是一種常用的磁性材料，A正確；B．在上述兩步轉(zhuǎn)化中氮元素化合價(jià)降低，發(fā)生還原反應(yīng)，作氧化劑，B正確；C．①和②生成③的反應(yīng)中不存在元素化合價(jià)的改變，不屬于氧化還原反應(yīng)，C正確；D．電解質(zhì)溶液或熔融電解質(zhì)導(dǎo)電的原因是存在自由移動(dòng)的離子，金屬導(dǎo)電的原因是存在自由移動(dòng)的電子；鐵、溶液、四氧化三鐵均為導(dǎo)電物質(zhì)，Na2FeO2、Na2Fe2O4在水溶液或熔融狀態(tài)下能導(dǎo)電，D錯(cuò)誤；故選D。13.天然氣是一種應(yīng)用廣泛的燃料，含有少量氣體。在酸性溶液中，通過(guò)甲、乙兩個(gè)過(guò)程實(shí)現(xiàn)天然氣的脫硫，原理如圖所示。下列說(shuō)法正確的是A.過(guò)程甲發(fā)生的離子反應(yīng)為B.過(guò)程乙中每參加反應(yīng)，需消耗（標(biāo)準(zhǔn)狀況）C.通過(guò)和的相互轉(zhuǎn)化，天然氣中的間接被氧化D.天然氣脫硫一段時(shí)間后，溶液酸性增強(qiáng)【答案】BC【解析】A．過(guò)程甲發(fā)生反應(yīng)為和H2S發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成硫酸亞鐵、硫單質(zhì)，H2S只能寫(xiě)成分子式，離子反應(yīng)為，A錯(cuò)誤；B．過(guò)程乙為硫酸亞鐵在酸性條件下被氧氣氧化生成硫酸鐵和水，離子反應(yīng)方程式為,故有4mol亞鐵離子參加反應(yīng)時(shí)消耗1mol氧氣，標(biāo)況下為1mol×22.4L/mol=22.4L氧氣，B正確；C．脫硫過(guò)程：氧化硫化氫，自身被還原成硫酸亞鐵，硫酸亞鐵又被氧氣氧化成硫酸鐵，故脫硫過(guò)程O(píng)2間接氧化H2S生成硫單質(zhì)，C正確；D．脫硫過(guò)程的總反應(yīng)為氧氣和硫化氫生成水和硫單質(zhì)：，反應(yīng)后生成水，導(dǎo)致酸濃度減弱，酸性變?nèi)?，D錯(cuò)誤；故選BC。14.磷化氫（）可作為電子工業(yè)原料，在空氣中能自燃，具有還原性。工業(yè)上用白磷為原料制備的流程如下。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.制備時(shí)，需在無(wú)氧條件下進(jìn)行B.反應(yīng)1中氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為1:3C.屬于正鹽D.不考慮損失，參與反應(yīng)，可產(chǎn)生【答案】BD【解析】〖祥解〗由題給流程可知，反應(yīng)1為白磷與過(guò)量氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成和磷化氫，反應(yīng)的化學(xué)方程式為，反應(yīng)2為溶液與稀硫酸反應(yīng)生成H3PO2和硫酸鈉，反應(yīng)的化學(xué)方程式為，反應(yīng)3為H3PO2發(fā)生分解反應(yīng)生成H3PO4和PH3，反應(yīng)的化學(xué)方程式為；A．白磷和磷化氫在空氣中都能自燃，所以制備磷化氫時(shí)，最好在無(wú)氧條件下進(jìn)行，A正確；B．反應(yīng)1為白磷與過(guò)量氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成和磷化氫，反應(yīng)的化學(xué)方程式為，反應(yīng)中磷元素的化合價(jià)即升高被氧化又降低被還原，白磷即是反應(yīng)的氧化劑又是反應(yīng)的還原劑，是反應(yīng)的氧化產(chǎn)物，磷化氫是還原產(chǎn)物，則氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為3：1，B錯(cuò)誤；C．由反應(yīng)1中白磷與過(guò)量氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成和磷化氫可知，不能與氫氧化鈉溶液反應(yīng)，說(shuō)明在溶液中不能電離出氫離子，屬于正鹽，C正確；D．由反應(yīng)1的方程式可得：P4~PH3，由反應(yīng)1、反應(yīng)2、反應(yīng)3可得如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：P4~3NaH2PO2~3H3PO2~1.5PH3，則1mol白磷參與反應(yīng)，可產(chǎn)生1mol+1.5mol=2.5mol磷化氫，D錯(cuò)誤；故選BD。15.某無(wú)色透明溶液中可能含有、、、、、、中的幾種。取100mL溶液，向其中加入足量溶液，產(chǎn)生白色沉淀，繼續(xù)加入足量鹽酸，沉淀不消失，同時(shí)產(chǎn)生氣體。過(guò)濾，所得沉淀經(jīng)洗滌、干燥后稱(chēng)量，質(zhì)量為4.66g；所得濾液中加入足量溶液并加熱，收集到672mL氣體（標(biāo)準(zhǔn)狀況）。以下推測(cè)正確的是A.實(shí)驗(yàn)中兩次產(chǎn)生的氣體成分不相同B.原溶液中一定不含、、C.原溶液中一定含有、、，且D.另取試液滴加足量稀鹽酸和溶液，即可確定離子組成【答案】AC【解析】〖祥解〗無(wú)色透明溶液，則不存在；取100mL溶液，向其中加入足量溶液，產(chǎn)生白色沉淀，繼續(xù)加入足量鹽酸，沉淀不消失，同時(shí)產(chǎn)生氣體，過(guò)濾，所得沉淀經(jīng)洗滌、干燥后稱(chēng)量，質(zhì)量為4.66g硫酸鋇沉淀（為0.02mol），由于硝酸根離子具有強(qiáng)氧化性，會(huì)將亞硫酸根離子氧化為硫酸根離子同時(shí)生成NO氣體，故溶液中一定存在，而不確定是否含有，結(jié)合硫元素守恒可知，含硫的陰離子至少為0.02mol；結(jié)合共存可知，不存在；所得濾液中加入足量溶液并加熱，收集到672mL氣體為氨氣（標(biāo)準(zhǔn)狀況，為0.03mol），則含有（為0.03mol）；結(jié)合溶液電中性可知，溶液中一定存在，不確定是否存在；A．由分析可知，實(shí)驗(yàn)中兩次產(chǎn)生的氣體成分不相同，A正確；B．原溶液中一定不含、，而含有、、，B錯(cuò)誤；C．由分析可知，原溶液中一定含有、、、，不確定是否存在，結(jié)合溶液電中性可知，鈉離子至少為0.02mol×2-0.03mol=0.01mol，則，C正確；D．另取試液滴加足量稀鹽酸和溶液，也不能確定溶液中是否含有氯離子，D錯(cuò)誤；故選AC。第Ⅱ卷（非選擇題共60分）三、非選擇題：本題共5小題，共60分。16.分門(mén)別類(lèi)地研究物質(zhì)的組成、性質(zhì)、用途，可以找到有關(guān)規(guī)律，發(fā)現(xiàn)同類(lèi)物質(zhì)之間的內(nèi)在聯(lián)系。下圖是按樹(shù)狀分類(lèi)法對(duì)一組物質(zhì)進(jìn)行的分類(lèi)，回答下列問(wèn)題。已知：納米顆粒是指顆粒直徑在1~100nm之間的微粒。（1）類(lèi)別1是_________，分類(lèi)標(biāo)準(zhǔn)2為_(kāi)________。（2）按照上述分類(lèi)圖示，物質(zhì)③應(yīng)填入圖中_________、_________處（填“A”“B”“C”或“D”），將③均勻分散在乙醇中（已知碳酸鈣不溶于乙醇）得到的分散系為_(kāi)________。（3）上述物質(zhì)間發(fā)生的化學(xué)反應(yīng)，能用表示的是_________（填化學(xué)方程式）。（4）電解質(zhì)溶液中離子導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱可用離子的摩爾電導(dǎo)率來(lái)衡量，摩爾電導(dǎo)率數(shù)值越大，離子在溶液中的導(dǎo)電能力越強(qiáng)。已知、、、、的摩爾電導(dǎo)率數(shù)值分別為34.98、19.8、7.98、6.36、5.01。據(jù)此判斷，向②的溶液中滴加等物質(zhì)的量濃度的①溶液，溶液導(dǎo)電能力變化趨勢(shì)正確的是_________（填標(biāo)號(hào)），滴加①的溶液體積為時(shí)，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)________?！敬鸢浮浚?）①.混合物②.在水溶液中或熔融狀態(tài)下能否導(dǎo)電（或是否為電解質(zhì)）（2）①.A②.C③.膠體（3）（4）①.B②.【解析】【小問(wèn)1詳析】類(lèi)別1是多種物質(zhì)組成的混合物；電解質(zhì)是溶于水或在熔融狀態(tài)下能夠?qū)щ姷幕衔?；非電解質(zhì)是溶于水或在熔融狀態(tài)下不能夠?qū)щ姷幕衔铮唤Y(jié)合圖示可知，分類(lèi)標(biāo)準(zhǔn)2為在水溶液中或熔融狀態(tài)下能否導(dǎo)電（或是否為電解質(zhì)）；【小問(wèn)2詳析】物質(zhì)③納米碳酸鈣顆粒為一種物質(zhì)組成的，屬于純凈物A；碳酸鈣為鹽類(lèi)，屬于電解質(zhì)，故屬于C；膠體是分散質(zhì)粒子大小在1nm~100nm的分散系；將③納米碳酸鈣顆粒均勻分散在乙醇中（已知碳酸鈣不溶于乙醇）得到的分散系為膠體；【小問(wèn)3詳析】可以表示強(qiáng)酸和強(qiáng)堿生成水且不生成其它氣體和沉淀的反應(yīng)，故可以為；【小問(wèn)4詳析】向②氫氧化鋇溶液中滴加等物質(zhì)的量濃度的①硫酸氫鈉溶液，隨著反應(yīng)進(jìn)行氫離子和氫氧根離子生成水、鋇離子和硫酸根離子生成硫酸鋇沉淀，離子濃度減小，則導(dǎo)電性減弱，鋇離子和硫酸根離子恰好反應(yīng)時(shí)，得到氫氧化鈉溶液，繼續(xù)滴加①硫酸氫鈉溶液，氫離子和氫氧根離子繼續(xù)反應(yīng)至恰好時(shí)，溶液為硫酸鈉溶液，結(jié)合摩爾電導(dǎo)率可知，此時(shí)導(dǎo)電能力降至最低，繼續(xù)滴加硫酸氫鈉溶液，引入過(guò)量氫離子，結(jié)合摩爾電導(dǎo)率可知，此時(shí)導(dǎo)電能力又有所上升；故選B。滴加①的溶液體積為時(shí)，發(fā)生反應(yīng)為氫離子和氫氧根離子生成水、鋇離子和硫酸根離子生成硫酸鋇沉淀，離子方程式為。17.食鹽和純堿都是重要的化工原料，位于內(nèi)蒙古中南部的達(dá)來(lái)諾爾湖中含有豐富的食鹽和純堿。夏天，將湖水引入湖灘上曬出食鹽；冬天，湖面上會(huì)漂浮著大量的純堿晶體（），可以直接從湖中撈堿。Ⅰ．化學(xué)原理分析（1）冬天“撈堿”的化學(xué)原理屬于降溫結(jié)晶，夏天“曬鹽”的化學(xué)原理屬于________。（2）“撈堿”所得純堿晶體中往往混有，檢驗(yàn)是否存在時(shí)，使用的試劑是________（填化學(xué)式）。Ⅱ．純堿樣品（含雜質(zhì)）中質(zhì)量分?jǐn)?shù)的測(cè)定第一步：稱(chēng)取質(zhì)量為wg的樣品，置于廣口瓶中。第二步：量取溶液于分液漏斗中，與樣品完全反應(yīng)生成二氧化碳。溶液需用質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98%、密度為的濃硫酸進(jìn)行配制。（3）通過(guò)計(jì)算，需量取濃硫酸的體積為_(kāi)_______mL。下圖中已列出實(shí)驗(yàn)過(guò)程需使用的部分儀器，還缺少的實(shí)驗(yàn)儀器有________（填名稱(chēng)）。（4）某同學(xué)配制溶液的過(guò)程如下：①在燒杯中稀釋濃硫酸，待溶液冷卻至室溫后，轉(zhuǎn)移至容量瓶中②……③將蒸餾水緩慢注入容量瓶，直到液面接近刻度線(xiàn)1~2cm處④……⑤將容量瓶蓋好，顛倒搖勻，裝入試劑瓶步驟④的操作為_(kāi)____________________（5）若該同學(xué)所配的硫酸濃度偏低，可能的原因是______（填標(biāo)號(hào)）。a．移液前容量瓶中有少量水b．洗滌量筒，并將洗滌液轉(zhuǎn)移至容量瓶中c．定容時(shí)俯視液面d．搖勻后發(fā)現(xiàn)液面低于刻度線(xiàn)，補(bǔ)加少量水第三步：按圖示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。（6）經(jīng)實(shí)驗(yàn)測(cè)得A裝置質(zhì)量變化量為ag，則樣品中純堿晶體（）的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為_(kāi)_______×100%（用含w、a的代數(shù)式表示）?！敬鸢浮浚?）蒸發(fā)結(jié)晶（2）、（3）①.10.9②.玻璃棒、膠頭滴管（4）改用膠頭滴管加水至凹液面與刻度線(xiàn)恰好相切（5）d（6）【解析】〖祥解〗配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，所需的步驟有計(jì)算、稱(chēng)量、溶解（冷卻）、轉(zhuǎn)移、洗滌、定容、搖勻、裝瓶貼簽；【小問(wèn)1詳析】純堿的溶解度隨溫度變化大，而氯化鈉的溶解度隨溫度變化小，所以“冬天撈堿”的原理相當(dāng)于實(shí)驗(yàn)室中的降溫結(jié)晶法，“夏天曬鹽”的原理相當(dāng)于實(shí)驗(yàn)室中的蒸發(fā)結(jié)晶；【小問(wèn)2詳析】為檢驗(yàn)純堿樣品中是否含有氯化鈉，應(yīng)先加入稀硝酸排出碳酸根離子的干擾，再加入硝酸銀觀(guān)察是否有白色沉淀生成，故為、；【小問(wèn)3詳析】由可知，濃硫酸中硫酸的物質(zhì)的量為=18.4mol/L；需要使用100mL的容量瓶配制，設(shè)需要濃硫酸的體積為VmL，由稀釋定律可知，稀釋前后溶質(zhì)的物質(zhì)的量不變，則有V×10-3L×18.4mol/L=0.1L×2mol/L，解得V≈10.9mL；配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，所需的步驟有計(jì)算、稱(chēng)量、溶解（冷卻）、轉(zhuǎn)移、洗滌、定容、搖勻、裝瓶貼簽，需用的儀器有：膠頭滴管、燒杯、量筒、玻璃棒、100mL容量瓶；故缺少玻璃棒、膠頭滴管；【小問(wèn)4詳析】配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，所需的步驟有計(jì)算、稱(chēng)量、溶解（冷卻）、轉(zhuǎn)移、洗滌、定容、搖勻、裝瓶貼簽，故步驟④的操作為定容：改用膠頭滴管加水至凹液面與刻度線(xiàn)恰好相切；【小問(wèn)5詳析】a．需要定容操作，故容量瓶中原有少量水不影響溶液的濃度，錯(cuò)誤；b．洗滌量筒，并將洗滌液轉(zhuǎn)移至容量瓶中，導(dǎo)致溶質(zhì)質(zhì)量增大，溶液濃度偏大，故錯(cuò)誤；c．定容時(shí)俯視液面，使得溶液體積偏小，導(dǎo)致溶液濃度偏大，故錯(cuò)誤；d．搖勻后發(fā)現(xiàn)液面低于刻度線(xiàn)，補(bǔ)加少量水使得溶液體積偏大，導(dǎo)致溶液濃度偏小，故正確；故選d；【小問(wèn)6詳析】裝置A吸收反應(yīng)生成的二氧化碳?xì)怏w，增加質(zhì)量為碳酸鈉生成的二氧化碳的質(zhì)量，結(jié)合碳元素守恒可知，則樣品中純堿晶體（）的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為×100%。18.圖示分析是學(xué)習(xí)化學(xué)的一種重要方法，結(jié)合所給圖示回答相關(guān)問(wèn)題。（1）下圖是氮及其化合物的“價(jià)—類(lèi)”二維圖部分信息。①X的化學(xué)式為_(kāi)_______。②圖中關(guān)于和的相互轉(zhuǎn)化，下列說(shuō)法正確的是________（填標(biāo)號(hào)）。a．由轉(zhuǎn)化為，實(shí)現(xiàn)了氮的固定b．工業(yè)上利用與反應(yīng)制取c．不加入還原劑，也可實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)化為d．由硝酸轉(zhuǎn)化成等物質(zhì)的量的時(shí)，消耗碳單質(zhì)和銅單質(zhì)的物質(zhì)的量相同（2）、是大氣污染物的主要成分，催化還原氮氧化物是目前應(yīng)用最廣泛的煙氣氮氧化物脫除技術(shù)，反應(yīng)原理如圖所示。若處理的污染物中與的物質(zhì)的量之比為1:1，則相應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。（3）在微生物的作用下實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)化，稱(chēng)為硝化過(guò)程。在堿性條件下，被氧氣氧化成的總反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)_______。（4）硝酸可用作金屬溶解劑。在不同濃度的混合溶液中，金屬溶解速率和生成，體積的變化如圖。據(jù)圖分析，混合溶液中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)最佳為_(kāi)_______%，理由是________?！敬鸢浮浚?）①.②.bc（2）（3）（4）①.10.5②.溶解速率快，生成的體積少【解析】【小問(wèn)1詳析】①由圖可知，X為+5價(jià)氮的氧化物，化學(xué)式為。②a．由轉(zhuǎn)化為，不是游離態(tài)氮轉(zhuǎn)化為化合態(tài)氮的過(guò)程，不是氮的固定，錯(cuò)誤；b．二氧化氮和水生成硝酸，工業(yè)上利用與反應(yīng)制取，正確；c．硝酸見(jiàn)光會(huì)分解生成二氧化氮?dú)怏w、氧氣和水，故不加入還原劑，也可實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)化為，正確；d．、，由方程式可知，硝酸轉(zhuǎn)化成等物質(zhì)的量的時(shí)，消耗碳單質(zhì)和銅單質(zhì)的物質(zhì)的量不相同，錯(cuò)誤；故選bc；【小問(wèn)2詳析】由圖可知，催化還原氮氧化物生成氮?dú)夂退?，若處理污染物中與的物質(zhì)的量之比為1:1，則1mol與1mol反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子4mol+2mol=6mol電子，根據(jù)電子守恒，則反應(yīng)6mol÷3=2mol，故反應(yīng)為：；小問(wèn)3詳析】在堿性條件下，被氧氣氧化成，氮元素化合價(jià)由-3變?yōu)?5、氧氣中氧元素化合價(jià)由0變?yōu)?2，結(jié)合電子守恒，總反應(yīng)的離子方程式為；【小問(wèn)4詳析】由圖可知，當(dāng)混合溶液中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為10.5%時(shí)，溶解速率較快，生成的體積少，因此最佳溶解金屬的混合溶液中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為10.5%。19.六水合硫酸亞鐵銨（俗稱(chēng)莫爾鹽）是一種重要化工原料，可作凈水劑、木材工業(yè)的防腐劑，還可用于治療缺鐵性貧血。已知莫爾鹽可溶于水，在100℃~110℃時(shí)開(kāi)始分解，某小組同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)探究莫爾鹽的分解產(chǎn)物并測(cè)定其純度。Ⅰ．探究莫爾鹽分解的氣體產(chǎn)物（1）甲同學(xué)設(shè)計(jì)如圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。裝置C中可觀(guān)察到溶液變紅，則分解的氣體產(chǎn)物中有________（填化學(xué)式）。（2）乙同學(xué)認(rèn)為莫爾鹽分解的氣體產(chǎn)物中，還可能含有、及，為驗(yàn)證它們的存在，用下列裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。D．品紅溶液E．溶液F．溶液和足量鹽酸G．排水集氣法H．安全瓶裝置連接的合理順序?yàn)椋篈→H→__________________________→G。②證明存在的離子方程式為_(kāi)_______________。Ⅱ．測(cè)定莫爾鹽純度稱(chēng)取mg莫爾鹽，配成500.00mL溶液；量取25.00mL溶液于分液漏斗中，用如圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。（3）盛放堿石灰的儀器名稱(chēng)是________；量氣管中的試劑最好是________（填標(biāo)號(hào)）。a．b．c．飽和溶液d．飽和溶液（4）實(shí)驗(yàn)測(cè)得體積為VL（常溫常壓），若用標(biāo)況下氣體摩爾體積進(jìn)行計(jì)算，所得莫爾鹽純度的數(shù)值________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。【答案】（1）（2）①.FDE②.（3）①（球形）干燥管②.b（4）偏大【解析】〖祥解〗結(jié)合莫爾鹽組成，莫爾鹽受熱分解，分解時(shí)會(huì)產(chǎn)生氨氣和二氧化硫、三氧化硫等酸性氣體，根據(jù)裝置圖可知，堿石灰可以吸收酸性氣體，氨氣遇到酚酞溶液會(huì)變紅色；檢驗(yàn)生成、及，在甲組實(shí)驗(yàn)中的裝置A產(chǎn)生氣體后，經(jīng)過(guò)安全瓶H后通過(guò)氯化鋇溶液檢驗(yàn)SO3，再通過(guò)品紅溶液檢驗(yàn)SO2，用濃氫氧化鈉除去二氧化硫，用排水集氣法收集氮?dú)?；Ⅱ：莫爾鹽溶液和氧化鈣反應(yīng)生成氨氣，通過(guò)堿石灰干燥后，使用量氣管測(cè)量生成氨氣的體積，進(jìn)而可以計(jì)算莫爾鹽的含量；【小問(wèn)1詳析】Ⅰ：根據(jù)裝置圖可知，堿石灰可以吸收酸性氣體，氨氣遇到酚酞溶液會(huì)變紅色，所以裝置C中可觀(guān)察到的現(xiàn)象是溶液變紅，由此可知莫爾鹽晶體分解的產(chǎn)物中有NH3；【小問(wèn)2詳析】①要檢驗(yàn)生成、及，在甲組實(shí)驗(yàn)中的裝置A產(chǎn)生氣體后，經(jīng)過(guò)安全瓶H后通過(guò)氯化鋇溶液檢驗(yàn)SO3，再通過(guò)品紅溶液檢驗(yàn)SO2，用濃氫氧化鈉除去二氧化硫，用排水集氣法收集氮?dú)?，所以裝置依次連接的合理順序?yàn)锳、H、F、D、E、G，故答案為：FDE；②三氧化硫和氯化鋇溶液生成不溶于酸的硫酸鋇沉淀和鹽酸，反應(yīng)為；【小問(wèn)3詳析】盛放堿石灰的儀器名稱(chēng)是（球形）干燥管；量氣管中收集生成的氨氣，氨氣極易溶于水，故不能選擇水溶液，則試劑最好是b．；【小問(wèn)4詳析】實(shí)驗(yàn)測(cè)得體積為VL（常溫常壓），則標(biāo)況下氨氣體積小于VL，若用標(biāo)況下氣體摩爾體積進(jìn)行計(jì)算，則氨氣體積偏大，使得氨氣的物質(zhì)的量偏大，根據(jù)氮元素守恒計(jì)算所得莫爾鹽純度的數(shù)值將偏大。20.稀土是一種重要的戰(zhàn)略資源。鈰（）是一種常見(jiàn)的稀土元素，其在自然界中主要以氟碳鈰礦（主要成分為）形式存在。工業(yè)上利用氟碳鈰礦制取的一種工藝流程如下?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）上述流程涉及到的物質(zhì)中屬于氧化物的是________（填化學(xué)式）。（2）酸浸過(guò)程中需要用到稀硫酸和，它們參與反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)_______，其中的作用是________。（3）直接加熱會(huì)生成而無(wú)法得到，加入可將轉(zhuǎn)化成，則該轉(zhuǎn)化的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。（4）準(zhǔn)確稱(chēng)取樣品置于錐形瓶中，加入適量（過(guò)硫酸銨）溶液將完全氧化為，再加入溶液與之恰好反應(yīng)完全，測(cè)得消耗溶液體積為40.0mL。該樣品中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為_(kāi)________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（已知：）（5）通過(guò)以上流程中的系列轉(zhuǎn)化可推斷出、、的氧化性由強(qiáng)到弱的順序?yàn)開(kāi)_______。【答案】（1）（2）①.②.作還原劑（或?qū)ⅲ?價(jià)還原為）（3）（4）98.6%或0.986（5）【解析】〖祥解〗氟碳鈰礦焙燒得CeO2，加入過(guò)氧化氫用硫酸酸浸，得到Ce2(SO4)3，Ce2(SO4)3與氫氧化鈉反應(yīng)得Ce(OH)3沉淀，Ce(OH)3沉淀與鹽酸反應(yīng)可得CeCl3?6H2O，加熱CeCl3?6H2O和NH4Cl的固體混合物可得到無(wú)水CeCl3?！拘?wèn)1詳析】氧化物含有2種元素一種為氧，故屬于氧化物的是；【小問(wèn)2詳析】CeO2加入過(guò)氧化氫用硫酸酸浸，得到Ce2(SO4)3，反應(yīng)中Ce化合價(jià)由+4降低為+3，則過(guò)氧化氫中氧元素化合價(jià)升高，發(fā)生氧化反應(yīng)被氧化得到氧氣，過(guò)氧化氫起還原劑作用，結(jié)合電子守恒可知，反應(yīng)為；【小問(wèn)3詳析】會(huì)和反應(yīng)生成，根據(jù)質(zhì)量守恒可知，還會(huì)生成氨氣和水，反應(yīng)為：；【小問(wèn)4詳析】溶液中完全氧化為，再加入溶液與恰好反應(yīng)完全，反應(yīng)中Ce化合價(jià)由+4變?yōu)?3、鐵元素化合價(jià)由+2變?yōu)?3，由電子守恒可知，結(jié)合Ce元素守恒可知，該樣品中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為【小問(wèn)5詳析】氧化劑氧化性大于氧化產(chǎn)物，可知氧化性>；適量（過(guò)硫酸銨）溶液將完全氧化為，說(shuō)明氧化性>；故為：。山東省濱州市2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試2024.1本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共10頁(yè)，滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘。注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。將條形碼橫貼在答題卡對(duì)應(yīng)位置“條形碼粘貼處”。2．第Ⅰ卷每小題選出答案后，用2B鉛筆在答題卡上將對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，不能答在試卷上。3．第Ⅱ卷所有題目的答案，考生須用0.5毫米黑色簽字筆答在答題卡規(guī)定的區(qū)域內(nèi)，在試卷上答題不得分。4．考試結(jié)束，監(jiān)考人員將答題卡收回。可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：H1C12N14O16Na23S32Cl35．5Ba137Ce140第Ⅰ卷選擇題（共40分）一、選擇題：本題包括10小題，每小題2分，共20分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.中華文化源遠(yuǎn)流長(zhǎng)，化學(xué)與文化傳承密不可分。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.“石膽能化鐵為銅”中石膽（）被鐵還原為銅單質(zhì)B.“凡石灰，經(jīng)火焚煉為用”里的“石灰”指的是C.“雨過(guò)天晴云破處”所描述的瓷器呈青色，來(lái)自三氧化二鐵D.“有硇水者，剪銀塊投之，則旋而為水”，“硇水”指的是硝酸【答案】C【解析】A．“石膽能化鐵為銅”中石膽（）和鐵發(fā)生置換反應(yīng)生成銅，也就是鐵還原銅離子為銅單質(zhì)，A正確；B．碳酸鈣高溫煅燒生成氧化鈣，句子中“石灰”指的是，B正確；C．三氧化二鐵為紅色固體，而不是青色，瓷器的青色不可能來(lái)自氧化鐵，C錯(cuò)誤；D．“有硇水者，剪銀塊投之，則旋而為水”，“硇水”可溶解銀塊，其中的“硇水”指的是強(qiáng)氧化性的硝酸，D正確；故選C。2.下列物質(zhì)的分類(lèi)合理的是A.—酸性氧化物 B.—酸 C.—膠體 D.氨水—電解質(zhì)【答案】B【解析】A．NO2與堿發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成不止一種鹽，不是酸性氧化物，A錯(cuò)誤；B．酸是電離出的陽(yáng)離子都是氫離子的化合物；屬于酸，B正確；C．膠體是分散質(zhì)粒子大小在1nm~100nm的分散系；而氫氧化鐵是化合物，C錯(cuò)誤；D．氨氣不能電離出自由移動(dòng)的離子，屬于非電解質(zhì)，D錯(cuò)誤；故選B。3.下列變化中，不涉及氧化還原反應(yīng)的是A.金屬的冶煉 B.鋼鐵的銹蝕 C.食物的腐敗 D.食品袋里放置的生石灰結(jié)塊【答案】D【解析】A．金屬的冶煉是金屬元素由化合態(tài)變?yōu)橛坞x態(tài)，金屬元素被還原，涉及氧化還原反應(yīng)，A不符合題意；B．鋼鐵的銹蝕是鐵失電子發(fā)生氧化反應(yīng)，涉及氧化還原反應(yīng)，B不符合題意；C．食物的腐敗是食物被氧氣氧化，涉及氧化還原反應(yīng)，C不符合題意；D．食品袋里放置的生石灰結(jié)塊是氧化鈣和水生成氫氧化鈣，氫氧化鈣吸收二氧化碳生成碳酸鈣和水，反應(yīng)中沒(méi)有元素化合價(jià)的變化，不涉及氧化還原反應(yīng)，D符合題意；故選D。4.代表阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說(shuō)法正確的是A.和混合氣體所含原子數(shù)目為B.溶液中，所含數(shù)目為C.常溫常壓下，中所含電子數(shù)目為D.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，與混合后，生成數(shù)目為【答案】C【解析】A．和均為含有2個(gè)原子的分子，且相對(duì)分子質(zhì)量均為28，則和混合氣體含有2mol分子，4mol原子，故所含原子數(shù)目為4，A錯(cuò)誤；B．沒(méi)有告訴溶液的體積，無(wú)法計(jì)算溶液中鉀離子數(shù)目，B錯(cuò)誤；C．1mol水分子含有10mol電子，常溫常壓下，為0.1mol，所含電子為1mol，電子數(shù)目為，C正確；D．二氧化硫和氧氣反應(yīng)，生成三氧化硫分子的量小于0.1mol，D錯(cuò)誤；故選C。5.下列實(shí)驗(yàn)裝置不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖茿．實(shí)驗(yàn)室制取B．實(shí)驗(yàn)室收集C．驗(yàn)證極易溶于水且溶液呈堿性D．除去中混有的少量A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】A．在加熱條件下，濃鹽酸和MnO2反應(yīng)生成Cl2，圖中裝置能制取氯氣，A正確；B．NO難溶于水，所以可以采用排水法收集，B正確；C．打開(kāi)活塞，將膠頭滴管中的水?dāng)D入燒瓶中，氨氣溶于導(dǎo)致燒瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)急劇減小，外界大氣壓不變，大氣壓將水通過(guò)導(dǎo)管進(jìn)入燒瓶中而形成噴泉，氨氣和水反應(yīng)生成的一水合氨電離出OH-而使其水溶液呈堿性，酚酞遇堿溶液變紅色，所以該裝置能

驗(yàn)證NH3易溶于水且溶液呈堿性，C正確；D．CO2、HCl都能和Na2CO3溶液反應(yīng)，應(yīng)該用飽和NaHCO3溶液除去CO2中的HCl，D錯(cuò)誤；故選D。6.下列離子方程式書(shū)寫(xiě)正確的是A.向碳酸氫鈉溶液中滴入少量稀鹽酸：B.向溶液中滴入少量溶液：C.漂白粉密封不當(dāng)失效：D.用84消毒液與雙氧水同時(shí)進(jìn)行消毒，導(dǎo)致消毒效果減弱：【答案】D【解析】A．NaHCO3在水溶液中完全電離成Na+和，向碳酸氫鈉溶液中滴入少量稀鹽酸的離子方程式為+H+=CO2↑+H2O，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．Ca(HCO3)2與Ca(OH)2反應(yīng)生成CaCO3和H2O，反應(yīng)的離子方程式為Ca2++OH-+=CaCO3↓+H2O，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．漂白粉密封不當(dāng)失效的原因?yàn)镃a(ClO)2+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO、2HClO2HCl+O2↑，前者在溶液中的離子方程式為Ca2++2ClO-+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．84消毒液的有效成分為NaClO，ClO-具有強(qiáng)氧化性，H2O2具有還原性，用84消毒液與雙氧水同時(shí)進(jìn)行消毒時(shí)發(fā)生反應(yīng)H2O2+ClO-=Cl-+O2↑+H2O，消毒效果減弱，D項(xiàng)正確；答案選D。7.下列“類(lèi)比”合理的是A.濃常溫下能溶解，則濃常溫下也能溶解B.與反應(yīng)生成和，則與反應(yīng)生成和C.與鹽酸反應(yīng)生成和，則與鹽酸反應(yīng)生成和D.的溶解度比大，則的溶解度比大【答案】C【解析】A．濃常溫下和發(fā)生鈍化反應(yīng)，阻礙了反應(yīng)的進(jìn)行，A錯(cuò)誤；B．具有強(qiáng)氧化性，具有還原性，兩者發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成硫酸鈉，B錯(cuò)誤；C．鈉鎂均為活潑金屬，故也會(huì)與鹽酸反應(yīng)生成和，C正確；D．的溶解度比小而不是大，D錯(cuò)誤；故選C。8.是一種新型耐火材料，可由和在高溫條件下制備，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（夾持裝置省略）。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.開(kāi)始實(shí)驗(yàn)前應(yīng)先檢驗(yàn)裝置的氣密性 B.裝置C的作用是干燥氨氣，試劑X為C.裝置D發(fā)生的反應(yīng)中，作還原劑 D.裝置E的作用是吸收和【答案】B【解析】〖祥解〗a+，即也無(wú)法確定離子組成，D錯(cuò)誤；故答案為：C。；B裝置中生成氨氣通過(guò)C中堿石灰等堿性干燥劑干燥后進(jìn)入D，D中和在高溫反應(yīng)生成，E可以吸收水和尾氣氨氣；A．實(shí)驗(yàn)中涉及氣體的發(fā)生和參與反應(yīng)，則實(shí)驗(yàn)前應(yīng)先檢驗(yàn)裝置的氣密性，A正確；B．氨氣為堿性氣體，不能使用五氧化二磷干燥，B錯(cuò)誤；C．和在高溫條件下制備，反應(yīng)中鈦元素化合價(jià)降低發(fā)生還原反應(yīng)，則反應(yīng)中氨氣作為還原劑，C正確；D．尾氣中氨氣會(huì)污染環(huán)境、且氨氣極易被水吸收，故裝置E的作用是吸收防止污染和吸收，D正確；故選B。9.下列對(duì)物質(zhì)檢驗(yàn)或性質(zhì)驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)操作不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖沁x項(xiàng)ABCD目的檢驗(yàn)補(bǔ)鐵劑中的檢驗(yàn)是否沉淀完全驗(yàn)證能否與水發(fā)生反應(yīng)驗(yàn)證＋4價(jià)硫元素的氧化性操作A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】A．補(bǔ)鐵劑中含有的還原性物質(zhì)也能使酸性KMnO4溶液褪色，干擾Fe2+的檢驗(yàn)，不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，A項(xiàng)符合題意；B．靜置后，沿?zé)谙蛏蠈忧逡褐欣^續(xù)滴加BaCl2溶液，若不產(chǎn)生白色沉淀表明沉淀完全，反之沒(méi)有沉淀完全，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康模珺項(xiàng)不符合題意；C．干燥的Cl2不能使干燥的紅色布條褪色，能使?jié)駶?rùn)的紅色布條褪色，說(shuō)明Cl2能與濕潤(rùn)的紅色布條中的H2O反應(yīng)生成了具有漂白性的HClO，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，C項(xiàng)不符合題意；D．向Na2SO3、Na2S的混合溶液中滴加稀硫酸，觀(guān)察到出現(xiàn)淡黃色渾濁，說(shuō)明發(fā)生反應(yīng)+2S2-+6H+=3S↓+3H2O，該反應(yīng)中+4價(jià)的S被還原成0價(jià)，說(shuō)明+4價(jià)硫元素具有氧化性，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，D項(xiàng)不符合題意；答案選A。10.工業(yè)上用黃鐵礦（）為原料制備硫酸的流程如下。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.步驟①每參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)目為B.若氣體A過(guò)量則煅燒黃鐵礦可直接得到氣體BC.氣體B經(jīng)步驟③吸收后，可返回步驟②循環(huán)利用D.步驟③用98.3%濃硫酸吸收氣體B比用水效果好【答案】B【解析】〖祥解〗和氧氣反應(yīng)生成氧化鐵和二氧化硫，SO2發(fā)生催化氧化被氧氣氧化生成SO3，SO3被濃硫酸吸收生成硫酸。A．和氧氣反應(yīng)生成氧化鐵和二氧化硫，發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為，的兩種元素的化合價(jià)都升高了，O元素降低轉(zhuǎn)移44個(gè)電子，所以每生成轉(zhuǎn)移電子，轉(zhuǎn)移電子數(shù)目為，A正確；B．若氧氣過(guò)量，煅燒黃鐵礦過(guò)程中硫元素也被氧化為二氧化硫，而不是三氧化硫，B錯(cuò)誤；C．氣體B經(jīng)步驟③吸收后，過(guò)量的氧氣、二氧化硫可返回步驟②循環(huán)利用，C正確；D．用水吸收三氧化硫過(guò)程中放出大量的熱導(dǎo)致形成酸霧，不利于三氧化硫的吸收，用98.3%的硫酸可以減少吸收過(guò)程中酸霧的形成，用98.3%濃硫酸吸收氣體B比用水效果好，D正確；故選B。二、選擇題：本題包括5小題，每小題4分，共20分。每小題有1個(gè)或2個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。11.下列實(shí)驗(yàn)結(jié)論與實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象相符的一組是選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)結(jié)論A將稀鹽酸滴入某溶液中，產(chǎn)生大量氣體該溶液中一定含有B將某氣體通入到品紅溶液中，品紅溶液褪色該氣體中一定含有C向某無(wú)色氣體中通入氧氣，氣體迅速變?yōu)榧t棕色該無(wú)色氣體中一定含有D向酸性高錳酸鉀溶液中滴入某無(wú)色溶液，溶液褪色該無(wú)色溶液中一定含有A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】A．將稀鹽酸滴入某溶液中，產(chǎn)生大量的氣體，該氣體可能為CO2、H2S等，該溶液中可能含、、S2-、HS-等，A項(xiàng)不相符；B．將某氣體通入到品紅溶液中，品紅溶液褪色，該氣體可能是SO2、Cl2等，B項(xiàng)不相符；C．向某無(wú)色氣體中通入氧氣，氣體迅速變?yōu)榧t棕色，該無(wú)色氣體中一定含NO，發(fā)生反應(yīng)2NO+O2=2NO2，C項(xiàng)相符；D．向酸性高錳酸鉀溶液中滴入某無(wú)色溶液，溶液褪色，該無(wú)色溶液具有還原性，該無(wú)色溶液可能為H2O2、HCl等，D項(xiàng)不相符；答案選C。12.發(fā)藍(lán)工藝是將鋼鐵浸入熱的堿性溶液中，在其表面最終形成一層四氧化三鐵薄膜，其中鐵經(jīng)歷了如下轉(zhuǎn)化。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.四氧化三鐵是一種常用的磁性材料 B.在上述兩步轉(zhuǎn)化中均只作氧化劑C.①和②生成③的反應(yīng)，不屬于氧化還原反應(yīng) D.上述轉(zhuǎn)化中涉及到的物質(zhì)，能導(dǎo)電的只有2種【答案】D【解析】〖祥解〗由流程可知，生成①反應(yīng)為，生成②反應(yīng)，生成③反應(yīng)為，從而制得Fe3O4；A．四氧化三鐵俗稱(chēng)磁鐵，是一種常用的磁性材料，A正確；B．在上述兩步轉(zhuǎn)化中氮元素化合價(jià)降低，發(fā)生還原反應(yīng)，作氧化劑，B正確；C．①和②生成③的反應(yīng)中不存在元素化合價(jià)的改變，不屬于氧化還原反應(yīng)，C正確；D．電解質(zhì)溶液或熔融電解質(zhì)導(dǎo)電的原因是存在自由移動(dòng)的離子，金屬導(dǎo)電的原因是存在自由移動(dòng)的電子；鐵、溶液、四氧化三鐵均為導(dǎo)電物質(zhì)，Na2FeO2、Na2Fe2O4在水溶液或熔融狀態(tài)下能導(dǎo)電，D錯(cuò)誤；故選D。13.天然氣是一種應(yīng)用廣泛的燃料，含有少量氣體。在酸性溶液中，通過(guò)甲、乙兩個(gè)過(guò)程實(shí)現(xiàn)天然氣的脫硫，原理如圖所示。下列說(shuō)法正確的是A.過(guò)程甲發(fā)生的離子反應(yīng)為B.過(guò)程乙中每參加反應(yīng)，需消耗（標(biāo)準(zhǔn)狀況）C.通過(guò)和的相互轉(zhuǎn)化，天然氣中的間接被氧化D.天然氣脫硫一段時(shí)間后，溶液酸性增強(qiáng)【答案】BC【解析】A．過(guò)程甲發(fā)生反應(yīng)為和H2S發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成硫酸亞鐵、硫單質(zhì)，H2S只能寫(xiě)成分子式，離子反應(yīng)為，A錯(cuò)誤；B．過(guò)程乙為硫酸亞鐵在酸性條件下被氧氣氧化生成硫酸鐵和水，離子反應(yīng)方程式為,故有4mol亞鐵離子參加反應(yīng)時(shí)消耗1mol氧氣，標(biāo)況下為1mol×22.4L/mol=22.4L氧氣，B正確；C．脫硫過(guò)程：氧化硫化氫，自身被還原成硫酸亞鐵，硫酸亞鐵又被氧氣氧化成硫酸鐵，故脫硫過(guò)程O(píng)2間接氧化H2S生成硫單質(zhì)，C正確；D．脫硫過(guò)程的總反應(yīng)為氧氣和硫化氫生成水和硫單質(zhì)：，反應(yīng)后生成水，導(dǎo)致酸濃度減弱，酸性變?nèi)?，D錯(cuò)誤；故選BC。14.磷化氫（）可作為電子工業(yè)原料，在空氣中能自燃，具有還原性。工業(yè)上用白磷為原料制備的流程如下。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.制備時(shí)，需在無(wú)氧條件下進(jìn)行B.反應(yīng)1中氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為1:3C.屬于正鹽D.不考慮損失，參與反應(yīng)，可產(chǎn)生【答案】BD【解析】〖祥解〗由題給流程可知，反應(yīng)1為白磷與過(guò)量氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成和磷化氫，反應(yīng)的化學(xué)方程式為，反應(yīng)2為溶液與稀硫酸反應(yīng)生成H3PO2和硫酸鈉，反應(yīng)的化學(xué)方程式為，反應(yīng)3為H3PO2發(fā)生分解反應(yīng)生成H3PO4和PH3，反應(yīng)的化學(xué)方程式為；A．白磷和磷化氫在空氣中都能自燃，所以制備磷化氫時(shí)，最好在無(wú)氧條件下進(jìn)行，A正確；B．反應(yīng)1為白磷與過(guò)量氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成和磷化氫，反應(yīng)的化學(xué)方程式為，反應(yīng)中磷元素的化合價(jià)即升高被氧化又降低被還原，白磷即是反應(yīng)的氧化劑又是反應(yīng)的還原劑，是反應(yīng)的氧化產(chǎn)物，磷化氫是還原產(chǎn)物，則氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為3：1，B錯(cuò)誤；C．由反應(yīng)1中白磷與過(guò)量氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成和磷化氫可知，不能與氫氧化鈉溶液反應(yīng)，說(shuō)明在溶液中不能電離出氫離子，屬于正鹽，C正確；D．由反應(yīng)1的方程式可得：P4~PH3，由反應(yīng)1、反應(yīng)2、反應(yīng)3可得如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：P4~3NaH2PO2~3H3PO2~1.5PH3，則1mol白磷參與反應(yīng)，可產(chǎn)生1mol+1.5mol=2.5mol磷化氫，D錯(cuò)誤；故選BD。15.某無(wú)色透明溶液中可能含有、、、、、、中的幾種。取100mL溶液，向其中加入足量溶液，產(chǎn)生白色沉淀，繼續(xù)加入足量鹽酸，沉淀不消失，同時(shí)產(chǎn)生氣體。過(guò)濾，所得沉淀經(jīng)洗滌、干燥后稱(chēng)量，質(zhì)量為4.66g；所得濾液中加入足量溶液并加熱，收集到672mL氣體（標(biāo)準(zhǔn)狀況）。以下推測(cè)正確的是A.實(shí)驗(yàn)中兩次產(chǎn)生的氣體成分不相同B.原溶液中一定不含、、C.原溶液中一定含有、、，且D.另取試液滴加足量稀鹽酸和溶液，即可確定離子組成【答案】AC【解析】〖祥解〗無(wú)色透明溶液，則不存在；取100mL溶液，向其中加入足量溶液，產(chǎn)生白色沉淀，繼續(xù)加入足量鹽酸，沉淀不消失，同時(shí)產(chǎn)生氣體，過(guò)濾，所得沉淀經(jīng)洗滌、干燥后稱(chēng)量，質(zhì)量為4.66g硫酸鋇沉淀（為0.02mol），由于硝酸根離子具有強(qiáng)氧化性，會(huì)將亞硫酸根離子氧化為硫酸根離子同時(shí)生成NO氣體，故溶液中一定存在，而不確定是否含有，結(jié)合硫元素守恒可知，含硫的陰離子至少為0.02mol；結(jié)合共存可知，不存在；所得濾液中加入足量溶液并加熱，收集到672mL氣體為氨氣（標(biāo)準(zhǔn)狀況，為0.03mol），則含有（為0.03mol）；結(jié)合溶液電中性可知，溶液中一定存在，不確定是否存在；A．由分析可知，實(shí)驗(yàn)中兩次產(chǎn)生的氣體成分不相同，A正確；B．原溶液中一定不含、，而含有、、，B錯(cuò)誤；C．由分析可知，原溶液中一定含有、、、，不確定是否存在，結(jié)合溶液電中性可知，鈉離子至少為0.02mol×2-0.03mol=0.01mol，則，C正確；D．另取試液滴加足量稀鹽酸和溶液，也不能確定溶液中是否含有氯離子，D錯(cuò)誤；故選AC。第Ⅱ卷（非選擇題共60分）三、非選擇題：本題共5小題，共60分。16.分門(mén)別類(lèi)地研究物質(zhì)的組成、性質(zhì)、用途，可以找到有關(guān)規(guī)律，發(fā)現(xiàn)同類(lèi)物質(zhì)之間的內(nèi)在聯(lián)系。下圖是按樹(shù)狀分類(lèi)法對(duì)一組物質(zhì)進(jìn)行的分類(lèi)，回答下列問(wèn)題。已知：納米顆粒是指顆粒直徑在1~100nm之間的微粒。（1）類(lèi)別1是_________，分類(lèi)標(biāo)準(zhǔn)2為_(kāi)________。（2）按照上述分類(lèi)圖示，物質(zhì)③應(yīng)填入圖中_________、_________處（填“A”“B”“C”或“D”），將③均勻分散在乙醇中（已知碳酸鈣不溶于乙醇）得到的分散系為_(kāi)________。（3）上述物質(zhì)間發(fā)生的化學(xué)反應(yīng)，能用表示的是_________（填化學(xué)方程式）。（4）電解質(zhì)溶液中離子導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱可用離子的摩爾電導(dǎo)率來(lái)衡量，摩爾電導(dǎo)率數(shù)值越大，離子在溶液中的導(dǎo)電能力越強(qiáng)。已知、、、、的摩爾電導(dǎo)率數(shù)值分別為34.98、19.8、7.98、6.36、5.01。據(jù)此判斷，向②的溶液中滴加等物質(zhì)的量濃度的①溶液，溶液導(dǎo)電能力變化趨勢(shì)正確的是_________（填標(biāo)號(hào)），滴加①的溶液體積為時(shí)，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)________?！敬鸢浮浚?）①.混合物②.在水溶液中或熔融狀態(tài)下能否導(dǎo)電（或是否為電解質(zhì)）（2）①.A②.C③.膠體（3）（4）①.B②.【解析】【小問(wèn)1詳析】類(lèi)別1是多種物質(zhì)組成的混合物；電解質(zhì)是溶于水或在熔融狀態(tài)下能夠?qū)щ姷幕衔?；非電解質(zhì)是溶于水或在熔融狀態(tài)下不能夠?qū)щ姷幕衔铮唤Y(jié)合圖示可知，分類(lèi)標(biāo)準(zhǔn)2為在水溶液中或熔融狀態(tài)下能否導(dǎo)電（或是否為電解質(zhì)）；【小問(wèn)2詳析】物質(zhì)③納米碳酸鈣顆粒為一種物質(zhì)組成的，屬于純凈物A；碳酸鈣為鹽類(lèi)，屬于電解質(zhì)，故屬于C；膠體是分散質(zhì)粒子大小在1nm~100nm的分散系；將③納米碳酸鈣顆粒均勻分散在乙醇中（已知碳酸鈣不溶于乙醇）得到的分散系為膠體；【小問(wèn)3詳析】可以表示強(qiáng)酸和強(qiáng)堿生成水且不生成其它氣體和沉淀的反應(yīng)，故可以為；【小問(wèn)4詳析】向②氫氧化鋇溶液中滴加等物質(zhì)的量濃度的①硫酸氫鈉溶液，隨著反應(yīng)進(jìn)行氫離子和氫氧根離子生成水、鋇離子和硫酸根離子生成硫酸鋇沉淀，離子濃度減小，則導(dǎo)電性減弱，鋇離子和硫酸根離子恰好反應(yīng)時(shí)，得到氫氧化鈉溶液，繼續(xù)滴加①硫酸氫鈉溶液，氫離子和氫氧根離子繼續(xù)反應(yīng)至恰好時(shí)，溶液為硫酸鈉溶液，結(jié)合摩爾電導(dǎo)率可知，此時(shí)導(dǎo)電能力降至最低，繼續(xù)滴加硫酸氫鈉溶液，引入過(guò)量氫離子，結(jié)合摩爾電導(dǎo)率可知，此時(shí)導(dǎo)電能力又有所上升；故選B。滴加①的溶液體積為時(shí)，發(fā)生反應(yīng)為氫離子和氫氧根離子生成水、鋇離子和硫酸根離子生成硫酸鋇沉淀，離子方程式為。17.食鹽和純堿都是重要的化工原料，位于內(nèi)蒙古中南部的達(dá)來(lái)諾爾湖中含有豐富的食鹽和純堿。夏天，將湖水引入湖灘上曬出食鹽；冬天，湖面上會(huì)漂浮著大量的純堿晶體（），可以直接從湖中撈堿。Ⅰ．化學(xué)原理分析（1）冬天“撈堿”的化學(xué)原理屬于降溫結(jié)晶，夏天“曬鹽”的化學(xué)原理屬于________。（2）“撈堿”所得純堿晶體中往往混有，檢驗(yàn)是否存在時(shí)，使用的試劑是________（填化學(xué)式）。Ⅱ．純堿樣品（含雜質(zhì)）中質(zhì)量分?jǐn)?shù)的測(cè)定第一步：稱(chēng)取質(zhì)量為wg的樣品，置于廣口瓶中。第二步：量取溶液于分液漏斗中，與樣品完全反應(yīng)生成二氧化碳。溶液需用質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98%、密度為的濃硫酸進(jìn)行配制。（3）通過(guò)計(jì)算，需量取濃硫酸的體積為_(kāi)_______mL。下圖中已列出實(shí)驗(yàn)過(guò)程需使用的部分儀器，還缺少的實(shí)驗(yàn)儀器有________（填名稱(chēng)）。（4）某同學(xué)配制溶液的過(guò)程如下：①在燒杯中稀釋濃硫酸，待溶液冷卻至室溫后，轉(zhuǎn)移至容量瓶中②……③將蒸餾水緩慢注入容量瓶，直到液面接近刻度線(xiàn)1~2cm處④……⑤將容量瓶蓋好，顛倒搖勻，裝入試劑瓶步驟④的操作為_(kāi)____________________（5）若該同學(xué)所配的硫酸濃度偏低，可能的原因是______（填標(biāo)號(hào)）。a．移液前容量瓶中有少量水b．洗滌量筒，并將洗滌液轉(zhuǎn)移至容量瓶中c．定容時(shí)俯視液面d．搖勻后發(fā)現(xiàn)液面低于刻度線(xiàn)，補(bǔ)加少量水第三步：按圖示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。（6）經(jīng)實(shí)驗(yàn)測(cè)得A裝置質(zhì)量變化量為ag，則樣品中純堿晶體（）的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為_(kāi)_______×100%（用含w、a的代數(shù)式表示）?！敬鸢浮浚?）蒸發(fā)結(jié)晶（2）、（3）①.10.9②.玻璃棒、膠頭滴管（4）改用膠頭滴管加水至凹液面與刻度線(xiàn)恰好相切（5）d（6）【解析】〖祥解〗配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，所需的步驟有計(jì)算、稱(chēng)量、溶解（冷卻）、轉(zhuǎn)移、洗滌、定容、搖勻、裝瓶貼簽；【小問(wèn)1詳析】純堿的溶解度隨溫度變化大，而氯化鈉的溶解度隨溫度變化小，所以“冬天撈堿”的原理相當(dāng)于實(shí)驗(yàn)室中的降溫結(jié)晶法，“夏天曬鹽”的原理相當(dāng)于實(shí)驗(yàn)室中的蒸發(fā)結(jié)晶；【小問(wèn)2詳析】為檢驗(yàn)純堿樣品中是否含有氯化鈉，應(yīng)先加入稀硝酸排出碳酸根離子的干擾，再加入硝酸銀觀(guān)察是否有白色沉淀生成，故為、；【小問(wèn)3詳析】由可知，濃硫酸中硫酸的物質(zhì)的量為=18.4mol/L；需要使用100mL的容量瓶配制，設(shè)需要濃硫酸的體積為VmL，由稀釋定律可知，稀釋前后溶質(zhì)的物質(zhì)的量不變，則有V×10-3L×18.4mol/L=0.1L×2mol/L，解得V≈10.9mL；配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，所需的步驟有計(jì)算、稱(chēng)量、溶解（冷卻）、轉(zhuǎn)移、洗滌、定容、搖勻、裝瓶貼簽，需用的儀器有：膠頭滴管、燒杯、量筒、玻璃棒、100mL容量瓶；故缺少玻璃棒、膠頭滴管；【小問(wèn)4詳析】配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，所需的步驟有計(jì)算、稱(chēng)量、溶解（冷卻）、轉(zhuǎn)移、洗滌、定容、搖勻、裝瓶貼簽，故步驟④的操作為定容：改用膠頭滴管加水至凹液面與刻度線(xiàn)恰好相切；【小問(wèn)5詳析】a．需要定容操作，故容量瓶中原有少量水不影響溶液的濃度，錯(cuò)誤；b．洗滌量筒，并將洗滌液轉(zhuǎn)移至容量瓶中，導(dǎo)致溶質(zhì)質(zhì)量增大，溶液濃度偏大，故錯(cuò)誤；c．定容時(shí)俯視液面，使得溶液體積偏小，導(dǎo)致溶液濃度偏大，故錯(cuò)誤；d．搖勻后發(fā)現(xiàn)液面低于刻度線(xiàn)，補(bǔ)加少量水使得溶液體積偏大，導(dǎo)致溶液濃度偏小，故正確；故選d；【小問(wèn)6詳析】裝置A吸收反應(yīng)生成的二氧化碳?xì)怏w，增加質(zhì)量為碳酸鈉生成的二氧化碳的質(zhì)量，結(jié)合碳元素守恒可知，則樣品中純堿晶體（）的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為×100%。18.圖示分析是學(xué)習(xí)化學(xué)的一種重要方法，結(jié)合所給圖示回答相關(guān)問(wèn)題。（1）下圖是氮及其化合物的“價(jià)—類(lèi)”二維圖部分信息。①X的化學(xué)式為_(kāi)_______。②圖中關(guān)于和的相互轉(zhuǎn)化，下列說(shuō)法正確的是________（填標(biāo)號(hào)）。a．由轉(zhuǎn)化為，實(shí)現(xiàn)了氮的固定b．工業(yè)上利用與反應(yīng)制取c．不加入還原劑，也可實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)化為d．由硝酸轉(zhuǎn)化成等物質(zhì)的量的時(shí)，消耗碳單質(zhì)和銅單質(zhì)的物質(zhì)的量相同（2）、是大氣污染物的主要成分，催化還原氮氧化物是目前應(yīng)用最廣泛的煙氣氮氧化物脫除技術(shù)，反應(yīng)原理如圖所示。若處理的污染物中與的物質(zhì)的量之比為1:1，則相應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。（3）在微生物的作用下實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)化，稱(chēng)為硝化過(guò)程。在堿性條件下，被氧氣氧化成的總反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)_______。（4）硝酸可用作金屬溶解劑。在不同濃度的混合溶液中，金屬溶解速率和生成，體積的變化如圖。據(jù)圖分析，混合溶液中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)最佳為_(kāi)_______%，理由是________?！敬鸢浮浚?）①.②.bc（2）（3）（4）①.10.5②.溶解速率快，生成的體積少【解析】【小問(wèn)1詳析】①由圖可知，X為+5價(jià)氮的氧化物，化學(xué)式為。②a．由轉(zhuǎn)化為，不是游離態(tài)氮轉(zhuǎn)化為化合態(tài)氮的過(guò)程，不是氮的固定，錯(cuò)誤；b．二氧化氮和水生成硝酸，工業(yè)上利用與反應(yīng)制取，正確；c．硝酸見(jiàn)光會(huì)分解生成二氧化氮?dú)怏w、氧氣和水，故不加入還原劑，也可實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)化為，正確；d．、，由方程式可知，硝酸轉(zhuǎn)化成等物質(zhì)的量