2024年滬教版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版高二物理下冊(cè)月考試卷601考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在寒冷的冬天氣溫零下33℃，某鋼瓶?jī)?nèi)的液化氣將用完時(shí)內(nèi)部氣體壓強(qiáng)為1.2×105pa，現(xiàn)用熱水加熱液化氣鋼瓶使瓶?jī)?nèi)氣壓上升，以便繼續(xù)使用一段時(shí)間。已知熱水溫度77℃，則加熱后瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)約為A.2.8×105paB.1.8×105paC.2.8×106paD.1.8×106pa2、一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度—時(shí)間圖線如圖所示，則以下說法中正確的是：（）A.第1s末質(zhì)點(diǎn)的位移和速度都改變方向B.第2s末質(zhì)點(diǎn)的位移改變方向C.第4s末質(zhì)點(diǎn)的位移為零D.第3s末和第5s末質(zhì)點(diǎn)的位置相同。3、20世紀(jì)50年代，科學(xué)家提出了地磁場(chǎng)的“電磁感應(yīng)學(xué)說”，認(rèn)為當(dāng)太陽強(qiáng)烈活動(dòng)影響地球而引起磁暴時(shí)，磁暴在外地核中感應(yīng)產(chǎn)生衰減時(shí)間較長(zhǎng)的電流，此電流產(chǎn)生了地磁場(chǎng)．連續(xù)的磁暴作用可維持地磁場(chǎng)，則外地核中的電流方向?yàn)椋ǖ卮艌?chǎng)N極與S極在地球表面的連線稱為磁子午線）（）A.垂直磁子午線由西向東B.垂直磁子午線由東向西C.沿磁子午線由南向北D.沿磁子午線由北向南4、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，有一矩形線圈以一定的初速度進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，線圈全部進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，其動(dòng)能恰好等于它在磁場(chǎng)外面時(shí)的一半，設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾却笥诰€圈寬度，則（）A.線圈恰好在完全離開磁場(chǎng)時(shí)停下B.線圈在未完全離開磁場(chǎng)時(shí)即已停下C.線圈能通過場(chǎng)區(qū)不會(huì)停下D.線圈在磁場(chǎng)中某個(gè)位置停下5、如圖所示，線圈平面與水平方向夾角婁脠=60鈭?

磁感線豎直向下，線圈平面面積S=0.4m2

勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T.

把線圈以cd

為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過120鈭?

角，則通過線圈磁通量的變化量為(

)

A.0.16Wb

B.0.32Wb

C.0.48Wb

D.0.64Wb

6、如圖所示，物塊A

靜莊在傾斜的木板上，當(dāng)木板的傾角為婁脕

時(shí)，物塊所受摩擦力的大小為f

此時(shí)(

)

A.物塊A

受3

個(gè)力的作用B.若減小木板的傾角婁脕

則物塊A

所受的摩擦力的大小不變C.若換更粗糙的木板，傾角婁脕

不變，則物塊A

所受的摩擦力的大小增大D.若增大木板的傾角婁脕

則物塊A

一定會(huì)沿斜面下滑7、如圖所示，正方形容器處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一束電子從孔a垂直于磁場(chǎng)沿ab方向射入容器中，其中一部分從c孔射出，一部分從d孔射出，容器處于真空中，則下列結(jié)論中正確的是（）A.從兩孔射出的電子速率之比vc：vd=1：2B.從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比tc：td=1：2C.從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比ac：ad=1D.從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)的角速度之比ωc：ωd=2：18、質(zhì)量相等的AB

兩球之間壓縮一根輕質(zhì)彈簧，靜置于光滑水平桌面上，當(dāng)用板擋住小球A

而只釋放B

球時(shí)，B

球被彈出落到距桌邊水平距離為x

的地面上，如圖所示，若再次以相同力壓縮該彈簧，取走A

左邊的擋板，將AB

同時(shí)釋放，則B

球的落地點(diǎn)距桌邊

A.x2

B.2x

C.x

D.22x

9、下列說法中正確的是（）A.在一個(gè)以點(diǎn)電荷為中心、r為半徑的球面上，各處的電場(chǎng)強(qiáng)度都相同B.據(jù)E=可知，某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)E與F成正比，與q成反比C.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向就是放入電場(chǎng)中電荷受到的電場(chǎng)力的方向D.電場(chǎng)中某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向與試探電荷的正負(fù)無關(guān)評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、電源給電容器充電使平行板電容器所帶量為Q=4×l0-6C，它的兩極板之間電壓U=2V，然后去掉電源。則它的電容為____μF；如果將兩板電量各減少一半，則電容器所帶量為____C，它的電容為____μF，兩板間電勢(shì)差變?yōu)開___V；如果再將兩板間距離增為原來的2倍，則它的電容為____μF，兩板間電勢(shì)差變?yōu)開___V11、如圖所示，斜面體固定在地面上，一質(zhì)量為m的小球用勁度系數(shù)為k的彈簧連接，靜止在傾角為θ的光滑斜面上，則彈簧的伸長(zhǎng)量為______．12、動(dòng)力線路用的正弦式交流電的電壓是380V．它們的有效值是______V、峰值是______V．13、某同學(xué)利用圖所示的裝置，通過半徑相同且質(zhì)量分別為m1、m2的A、B兩球所發(fā)生的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．圖中o點(diǎn)為球離開軌道時(shí)球心的投影位置，p點(diǎn)為A球單獨(dú)平拋后的落點(diǎn)，p1、p2分別為A、B碰撞后A、B兩球的落點(diǎn)．已知A球始終從同一高度滾下．今測(cè)得op=x，op1=x1，op2=x2，則動(dòng)量守恒表達(dá)式為______，（用m1、m2、x1、x2表示）若表達(dá)式______成立，則可判斷AB發(fā)生彈性正碰．14、兩個(gè)帶有異種電荷的相同的金屬小球(

可看作點(diǎn)電荷)

帶電量之比為17

在真空中相距為r

兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則它們間的庫(kù)侖力變?yōu)樵瓉淼腳_____倍.

15、完成下列儀器讀數(shù)．

(1)

游標(biāo)卡尺讀數(shù)：______cm

(2)

螺旋測(cè)微器讀數(shù)：______mm

．16、如圖示，盒裝牛奶的體積為______m3．若該牛奶的密度是1.2×103kg/m3，則牛奶的質(zhì)量為______g．喝掉一半后，牛奶的密度將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共4分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共3分)26、在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）某同學(xué)操作步驟如下：

①取一定量的無水酒精和油酸；制成一定濃度的油酸酒精溶液。

②在量筒中滴入一滴該溶液；測(cè)出它的體積。

③在蒸發(fā)皿內(nèi)盛一定量的水；再滴入一滴溶液，待其散開穩(wěn)定。

④在蒸發(fā)皿上覆蓋玻璃板；描出油膜形狀，用透明方格紙測(cè)量油膜面積。

請(qǐng)指出錯(cuò)誤或有遺漏的步驟；并改正其錯(cuò)誤：

錯(cuò)誤的步驟：______

有遺漏的步驟：______

（2）實(shí)驗(yàn)中，用amL純油酸配制成bmL的油酸酒精溶液，現(xiàn)已測(cè)得一滴溶液cmL，將一滴溶液滴入水中，油膜充分展開后面積為Scm2，估算油酸分子的直徑大小為______cm．

（3）用油膜法測(cè)出油酸分子直徑后，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需知道油滴的______．

A．摩爾質(zhì)量B．摩爾體積C．質(zhì)量D．體積．評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共32分)27、(7

分)

參照伽利略時(shí)期演示平拋運(yùn)動(dòng)的方法制作了圖示的實(shí)驗(yàn)裝置，圖中水平放置的底板上豎直地固定有M

板和N

板。M

板上部有一半徑為R

的圓弧形的粗糙軌道，P

為最高點(diǎn)，Q

為最低點(diǎn)，Q

點(diǎn)處的切線水平，距底板高為H

。N

板上固定有三個(gè)圓環(huán)。將質(zhì)量為m

的小球從P

處?kù)o止釋放，小球運(yùn)動(dòng)至Q

飛出后無阻礙地通過各圓環(huán)中心，落到底板上距Q

水平距離為L(zhǎng)

處。不考慮空氣阻力，重力加速度為g

。求：

(1)

小球到達(dá)Q

點(diǎn)時(shí)的速度大??；(2)

小球運(yùn)動(dòng)到Q

點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；(3)

小球克服摩擦力做的功。28、參照伽利略時(shí)期演示平拋運(yùn)動(dòng)的方法制作了圖示的實(shí)驗(yàn)裝置，圖中水平放置的底板上豎直地固定有M

板和N

板。M

板上部有一半徑為R

的圓弧形的粗糙軌道，P

為最高點(diǎn)，Q

為最低點(diǎn)，Q

點(diǎn)處的切線水平，距底板高為H

。N

板上固定有三個(gè)圓環(huán)。將質(zhì)量為m

的小球從P

處?kù)o止釋放，小球運(yùn)動(dòng)至Q

飛出后無阻礙地通過各圓環(huán)中心，落到底板上距Q

水平距離為L(zhǎng)

處。不考慮空氣阻力，重力加速度為g

。求：

(1)

小球到達(dá)Q

點(diǎn)時(shí)的速度大?。?2)

小球運(yùn)動(dòng)到Q

點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；(3)

小球克服摩擦力做的功。29、(1)

氧氣分子在0隆忙

和100隆忙

溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖中兩條曲線所示。下列說法正確的是________。(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.圖中兩條曲線下面積相等。

B.圖中虛線對(duì)應(yīng)于氧氣分子平均動(dòng)能較小的情形C.圖中實(shí)線對(duì)應(yīng)于氧氣分子在100隆忙

時(shí)的情形D.圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子數(shù)目E.與0隆忙

時(shí)相比，100隆忙

時(shí)氧氣分子速率出現(xiàn)在0隆蘆400m/s

區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較大(2)

如圖，容積均為V

的汽缸A

、B

下端有細(xì)管(

容積可忽略)

連通，閥門K2

位于細(xì)管的中部，A

、B

的頂部各有一閥門K1K3

B

中有一可自由滑動(dòng)的活塞(

質(zhì)量、體積均可忽略)

初始時(shí)，三個(gè)閥門均打開，活塞在B

的底部；關(guān)閉K2K3

通過K1

給汽缸充氣，使A

中氣體的壓強(qiáng)達(dá)到大氣壓p

0

的3

倍后關(guān)閉K1

已知室溫為27隆忙

汽缸導(dǎo)熱。

(i)

打開K2

求穩(wěn)定時(shí)活塞上方氣體的體積和壓強(qiáng)；(ii)

接著打開K3

求穩(wěn)定時(shí)活塞的位置；(iii)

再緩慢加熱汽缸內(nèi)氣體使其溫度升高20隆忙

求此時(shí)活塞下方氣體的壓強(qiáng)。30、【物理隆陋

選修3鈭?3

】(1)

下列說法中正確的是____(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.氣體放出熱量，其分子的平均動(dòng)能可能增大B.布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但它可以說明分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大D.第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第一定律E.某氣體的摩爾體積為v

，每個(gè)分子的體積為v

0

則阿伏伽德羅常數(shù)可表示為NA

=

V

/

V

0

(2)

一高壓氣體鋼瓶，容積為V

0

用絕熱材料制成，開始時(shí)封閉的氣體壓強(qiáng)為p

0

溫度為T

0=300K

內(nèi)部氣體經(jīng)加熱后溫度升至T

1=350K

求：壟脵

溫度升至T

1

時(shí)氣體的壓強(qiáng)；壟脷

若氣體溫度保持T

1=350K

不變，緩慢地放出一部分氣體，使氣體壓強(qiáng)再回到p

0

此時(shí)鋼瓶?jī)?nèi)剩余氣體的質(zhì)量與原來氣體總質(zhì)量的比值為多少？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】試題分析：因?yàn)殇撈績(jī)?nèi)氣體為等容變化，根據(jù)氣體的等容變化方程解得選項(xiàng)B正確?？键c(diǎn)：氣體的等容變化方程?！窘馕觥俊敬鸢浮緽2、C|D【分析】【解析】試題分析：、當(dāng)速度大于零時(shí)物體沿正方向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度小于零時(shí)物體沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故物體在t=2s時(shí)和t=4s時(shí)運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤．速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體通過的位移，故0～2s內(nèi)物體通過的位移在2～4s內(nèi)物體通過的位移所以物體在0～4s內(nèi)通過的位移而從t=4s開始物體又沿正方向運(yùn)動(dòng)，故在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物體的位移方向不變．故B錯(cuò)誤．根據(jù)選項(xiàng)B分析可知第4s末物體的位移為0，故C正確．速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體通過的位移，故在3～4s物體通過的位移在4～5s內(nèi)通過的位移故物體在3～5s內(nèi)通過的位移即在這兩秒內(nèi)物體通過的位移為0，故兩時(shí)刻物體處于同一位置，故D正確．故選CD．考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．【解析】【答案】CD3、B【分析】解：由題意知；地磁體的N極朝南，根據(jù)安培定則，大拇指指向地磁體的N極，則四指的繞向即為電流的方向，即安培假設(shè)中的電流方向應(yīng)該是由東向西垂直磁子午線，故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選：B．

要解決此題首先要掌握安培定則：四指繞向電流的方向；大拇指所指的方向便是螺線管的N極．

首先根據(jù)信息中給出的已知條件；根據(jù)根據(jù)“磁子午線”由安培定則確定電流的方向．

該題通過一個(gè)信息，考查了學(xué)生對(duì)安培定則的掌握及應(yīng)用，相對(duì)比較簡(jiǎn)單，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】B4、C【分析】解：線圈出磁場(chǎng)時(shí)的速度小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度，安培力F=BIL=知出磁場(chǎng)時(shí)所受的安培力小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)所受的安培力，根據(jù)動(dòng)能定理，由于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)安培力做功大于出磁場(chǎng)時(shí)安培力做功，則出磁場(chǎng)時(shí)動(dòng)能的變化量小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)動(dòng)能的變化量，進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)其動(dòng)能恰好等于它在磁場(chǎng)外面時(shí)的一半，知出磁場(chǎng)后，動(dòng)能不為零，還有動(dòng)能，將繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，不會(huì)停下來．故D正確．A；B、D錯(cuò)誤．

故選：C．

線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速運(yùn)動(dòng)；進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)的過程都做變減速直線運(yùn)動(dòng)，比較進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)時(shí)所受的安培力大小，從而判斷出線圈能否通過磁場(chǎng)．

解決本題的關(guān)鍵比較出進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)時(shí)的安培力，根據(jù)動(dòng)能定理進(jìn)行分析．【解析】【答案】C5、C【分析】解：開始時(shí)穿過線圈的磁通量婁碌1=BScos婁脠=0.8隆脕0.4隆脕0.5=0.16Wb

當(dāng)把線圈以cd

為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過120鈭?

角時(shí)，線圈平面與磁感線的方向垂直，所以通過線圈磁通量婁碌2=BS=0.8隆脕0.4=0.32Wb

由圖可知，當(dāng)把線圈以cd

為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過120鈭?

角時(shí)；穿過線圈的磁通量的方向與開始時(shí)穿過線圈的磁通量的方向是相反的，所以磁通量的變化量：

鈻?婁碌=婁碌1+婁碌2=0.16+0.32=0.48Wb.

故C正確；ABD錯(cuò)誤。

故選：C

磁感應(yīng)強(qiáng)度B

又叫磁通密度。勻強(qiáng)磁場(chǎng)中磁通量公式婁碌=BS(

其中S

是垂直磁感強(qiáng)度的面積)

分別求出兩次的磁通量，然后求出磁通量的變化量。

對(duì)于磁通量，可運(yùn)用投影的方法理解，確定求解磁通量的公式；但在解答的過程中要注意的是：磁通量雖然是標(biāo)量，但磁通量有方向，在分析磁通量的變化時(shí)，要注意開始時(shí)磁通量的方向與末狀態(tài)時(shí)磁通量的方向之間的關(guān)系是方向相同還是方向相反。【解析】C

6、A【分析】解：A

對(duì)A

分析可知；A

受重力、支持力及摩擦力的作用，共受3

個(gè)力；故A正確；

B；若減小木板的傾角婁脕

則物塊A

重力向下的分力減?。还仕艿哪Σ亮Φ拇笮p?。还蔅錯(cuò)誤；

C；若換成更粗糙的木板；只要傾角不變，則重力向下的分力不變，物體仍處于靜止，故A受到的摩擦力不變；故C錯(cuò)誤；

D；若增大木板的傾角婁脕

則物塊A

重力向下的分力增大；但向下的分力仍可能小于最大靜摩擦力；故不一定沿斜面下滑；故D錯(cuò)誤；

故選：A

．

對(duì)A

受力分析可知根據(jù)共點(diǎn)力的平衡可知A

受力情況；再根據(jù)夾角及動(dòng)摩擦因數(shù)的變化可知A

的運(yùn)動(dòng)情況．

本題考查了物體平衡、摩擦力；注意靜摩擦力隨外力的變化而變化，同時(shí)其大小方向都可能會(huì)發(fā)生變化；要做好受力分析正確應(yīng)用共點(diǎn)力平衡的規(guī)律．【解析】A

7、B【分析】解：設(shè)磁場(chǎng)邊長(zhǎng)為a，如圖所示，粒子從c點(diǎn)離開，其半徑為rc，粒子從d點(diǎn)離開，其半徑為rd；

A、由Bqv=m得出半徑公式r=又由運(yùn)動(dòng)軌跡知rc=2rd則vc：vd=2：1；故A錯(cuò)誤；

B、由T=根據(jù)圓心角求出運(yùn)行時(shí)間t=T．運(yùn)行時(shí)間td=tc=．則tc：td=1：2；故B正確。

C、加速度：a=則ac：ad=2：1；故C錯(cuò)誤；

D、角速度：ω====1：1；故D錯(cuò)誤；

故選：B。

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有Bqv=m得出半徑公式r=根據(jù)半徑關(guān)系得出粒子的速度關(guān)系。再根據(jù)加速度公式可確定運(yùn)動(dòng)的加速度之比。

帶電粒子運(yùn)行的周期T=根據(jù)圓心角求出運(yùn)行時(shí)間t=T．從而求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比。

本題屬于帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)中典型題目，此類題的關(guān)鍵在于確定圓心及由幾何關(guān)系求出半徑。掌握帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式r=和周期公式T=【解析】B8、D【分析】【分析】AB

兩球之間壓縮一根輕彈簧，當(dāng)用板擋住A

球而只釋放B

球時(shí)，彈性勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為B

球的動(dòng)能，以一定的初速度拋出，借助于拋出水平位移可確定彈簧的彈性勢(shì)能.

當(dāng)用同樣的程度壓縮彈簧，取走A

左邊的擋板，將AB

同時(shí)釋放，由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可求出B

球獲得的速度，再由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可算出拋出的水平位移?？疾閯?dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律，及平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，兩種情況下，彈性勢(shì)能完全相同，在彈簧恢復(fù)過程中彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能。【解答】當(dāng)用板擋住A

球而只釋放B

球時(shí)，B

球做平拋運(yùn)動(dòng).

設(shè)高度為h

則有vB=xg2h

所以彈性勢(shì)能為E=12mvB2=mgx24h

當(dāng)用同樣的程度壓縮彈簧，取走A

左邊的擋板，將AB

同時(shí)釋放，由動(dòng)量守恒定律可得：0=mvA鈭?mvB

所以vAvB=11

因此A

球與B

球獲得的動(dòng)能之比EkAEkB=11.

所以B

球的獲得動(dòng)能為：mgx28h

那么B

球拋出初速度為vB=x2gh

則平拋后落地水平位移：x=x2gh隆脕2hg=22x

故選：D

【解析】D

9、D【分析】解：A、在一個(gè)以點(diǎn)電荷為中心，r為半徑的球面上各處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小都相同；而方向不同，故A錯(cuò)誤；

B、E=是定義式；某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)E與F；q均無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；電場(chǎng)強(qiáng)度方向就是放入電場(chǎng)中的正電荷受到的電場(chǎng)力的方向；故C錯(cuò)誤；

D；雖然規(guī)定與正檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力方向相同；但電場(chǎng)中某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)與檢驗(yàn)電荷無關(guān)，故D正確；

故選：D。

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，不但有大小，而且有方向；E=僅適用真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)；電場(chǎng)強(qiáng)度方向與正電荷受到的電場(chǎng)力相同；某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向與試探電荷的正負(fù)無關(guān)；從而即可求解。

本題考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量性，及適用條件，注意電場(chǎng)強(qiáng)度的方向如何確定，與試探電荷的正負(fù)無關(guān)【解析】D二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)公式可得如果將兩板電量各減少一半，則電容器所帶量為電容器的電容大小和其兩端的電壓，電荷量無關(guān)，所以電容扔為2根據(jù)公式可得其兩端的電壓為1V，根據(jù)公式可得如果再將兩板間距離增為原來的2倍，電容變?yōu)?根據(jù)可得電壓為2V，考點(diǎn)：考查了電容的計(jì)算【解析】【答案】2，2×l0-6，21，1，211、略

【分析】解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力情況：小球受到重力mg；彈簧的拉力F和斜面的支持力N，由平衡條件可得：

F=mgsinθ

又由胡克定律得F=kx

聯(lián)立解得：

彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為x=

故答案為：

先以小球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力情況可知：小球受到重力；彈簧的拉力和斜面的支持力，由平衡條件求出彈力的拉力，再由胡克定律求解彈簧的伸長(zhǎng)量。

本題解題關(guān)鍵是分析物體的受力情況，由平衡條件求解彈簧的彈力．對(duì)于胡克定律F=kx，要注意x是彈簧的形變量，不是彈簧的長(zhǎng)度【解析】12、略

【分析】解：動(dòng)力線路用正弦交變電流的電壓是380V；此電壓為有效值；

最大值為Um=380V；

故答案為：380；380

動(dòng)力線路用正弦交變電流的電壓是380V；此電壓為有效值，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出最大值．

本題考查了有效值跟峰值的關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】380；38013、略

【分析】解：碰撞過程中，如果水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2；

小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度相等；它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t；

m1v1t=m1v1′t+m2v2t；

則有：m1?=m1?+m2?

今測(cè)得op=x，op1=x1，op2=x2；

即有m1?x=m1?x1+m2?x2；由此可認(rèn)為成功驗(yàn)證了碰撞中的動(dòng)量守恒．

若碰撞是彈性碰撞，動(dòng)能是守恒的，則有m1v12=m1v1′2+m2v2′2

即m1?2=m1?2+m2?2成立，即有：m1?x2=m1?x12+m2?x22；

故答案為：m1?x=m1?x1+m2?x2，m1?x2=m1?x12+m2?x22．

實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證兩個(gè)小球系統(tǒng)碰撞過程動(dòng)量守恒，即要驗(yàn)證m1v1=m1v1′+m2v2；可以通過平拋運(yùn)動(dòng)將速度的測(cè)量轉(zhuǎn)化為水平射程的測(cè)量，并依據(jù)彈性碰撞，動(dòng)能守恒，從而即可求解．

該題考查用“碰撞試驗(yàn)器”驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，該實(shí)驗(yàn)中，雖然小球做平拋運(yùn)動(dòng)，但是卻沒有用到速和時(shí)間，而是用位移x來代替速度v，成為是解決問題的關(guān)鍵．此題難度中等，屬于中檔題．【解析】m1?x=m1?x1+m2?x2；m1?x2=m1?x12+m2?x2214、【分析】解：由庫(kù)侖定律可得：F=kQ1Q2R2

兩相同金屬小球帶異種電荷時(shí)，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變?yōu)?3

所以庫(kù)侖力是原來的97

．

故答案為：97

兩電荷間存在庫(kù)侖力；其大小可由庫(kù)侖定律求出.

當(dāng)兩電荷相互接觸后再放回原處，電荷量相互中和后平分，所以庫(kù)侖力的變化是由電荷量變化導(dǎo)致的．

本題考查庫(kù)侖定律的同時(shí)，利用了控制變量法.

當(dāng)控制距離不變時(shí)，去改變電荷量，從而確定庫(kù)侖力的變化.

當(dāng)然也可控制電荷量不變，去改變間距，從而得出庫(kù)侖力的變化．【解析】97

15、3.060.900【分析】【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量?！窘獯稹?1)

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為300mm

游標(biāo)尺上第6

個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為6隆脕0.1mm=0.6mm

所以最終讀數(shù)為：30mm+0.6mm=30.6mm=3.06cm

(2)

螺旋測(cè)微器的固定刻度為0.5mm

可動(dòng)刻度為40.0隆脕0.01mm=0.400mm

所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm

故填3.060.900

【解析】3.060.900

16、2.5×10-4300不變【分析】解：包裝袋上標(biāo)注了牛奶的體積為250ml，即250cm3，將其轉(zhuǎn)化為國(guó)際單位，結(jié)果為：2.5×10-4m3。

牛奶的質(zhì)量：m=ρv=1.2×103kg/m3×2.5×10-4m3=0.3kg=300g。

由于密度是物質(zhì)本身的一種特性；所以喝掉一半牛奶后，牛奶的密度不變。

故答案為：2.5×10-4；300；不變。

根據(jù)牛奶包裝袋上的商標(biāo)；可以得到牛奶的體積，進(jìn)行一步單位的換算即可得到答案；根據(jù)牛奶的體積和告訴的牛奶的密度，利用公式m=ρv，即可求得牛奶的質(zhì)量。同時(shí)知道密度是物質(zhì)本身的一種特性，密度的大小與物質(zhì)有關(guān)，與物體的質(zhì)量和體積的大小無關(guān)。

此題的一個(gè)條件隱藏在牛奶的包裝袋上，要注意審題，把握細(xì)節(jié)。此題還考查了有關(guān)密度的計(jì)算及密度的特性。一定要掌握密度的計(jì)算公式，知道密度是物質(zhì)本身的一種特性，與物體的多少無關(guān)。本題的綜合性強(qiáng)，并注重了物理與生活的聯(lián)系，具有較好的實(shí)際應(yīng)用性?！窘馕觥?.5×10-4300不變?nèi)?、判斷題(共7題，共14分)17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?、證明題(共2題，共4分)24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)五、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共3分)26、略

【分析】解：（1）B；要測(cè)出一滴油酸酒精溶液的體積；即在量筒中滴入N滴溶液；

測(cè)出其體積為V，則一滴該溶液的體積為V1=

C；為了使一滴油酸酒精溶液散開后界面比較清晰；要在水面上先撒上痱子粉．

（2）據(jù)題得：油酸酒精溶液的濃度為

一滴酸酒精溶液的體積為cmL，一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積為V=mL；

則油酸分子的直徑為d==m=m=cm；

（3）設(shè)一個(gè)油酸分子的體積為V1，則V1=πd3

由NA=可知；要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油滴的摩爾體積．故B正確．

故答案為：（1）B，C；（2）（3）B．

（1）通過量筒測(cè)出N滴油酸酒精溶液的體積；然后將此溶液1滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積．則用此溶液的體積除以其的面積，恰好就是油酸分子的直徑；

（2）由題先得到油酸酒精溶液的濃度，求出一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積，由于形成單分子油膜，油膜的厚度等于分子直徑，由d=求解分子直徑的大?。?/p>

（3）阿伏加德羅常數(shù)等于油酸的摩爾體積除以一個(gè)分子的體積；列式分析，確定需要知道什么物理量．

本題關(guān)鍵是明確用油膜法估測(cè)分子的大小實(shí)驗(yàn)的原理，理解阿伏加德羅常數(shù)的意義，把握宏觀與微觀之間的聯(lián)系．【解析】B；C；B六、綜合題(共4題，共32分)27、（１）由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得：（２）對(duì)Q點(diǎn)分析，位于圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，小球在Q受重力mg和軌道的支持力N,由牛頓第二定律：解得：由牛頓第三定律方向豎直向下（3）對(duì)P點(diǎn)至Q點(diǎn)，由動(dòng)能定理：解得：故克服摩擦力做功為答案：（１）（２）（3）【分析】

(攏鹵)

由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得：(攏虜)

對(duì)Q

點(diǎn)分析，位于圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，小球在Q

受重力mg

和軌道的支持力N

由牛頓第二定律：解得：由牛頓第三定律方向豎直向下(3)

對(duì)P

點(diǎn)至Q

點(diǎn)，由動(dòng)能定理：解得：故克服摩擦力做功為答案：(攏鹵)

(攏虜)

(3)

考點(diǎn)：小球從攏脩

點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平距離和豎直高度求Q

點(diǎn)速度，小球從攏脨

到攏脩

做圓周運(yùn)動(dòng)，在圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)小球受重力和支持力提供向心力，因?yàn)檐壍来植诠视心Σ亮?，在下落時(shí)有重力和摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求摩擦力做功。點(diǎn)評(píng)：本題考查平拋運(yùn)動(dòng)、功能關(guān)系以及圓周運(yùn)動(dòng)的綜合題，知道平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直做自由落體運(yùn)動(dòng)；圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)的物體受兩個(gè)力重力和支持力，兩力的合力提供向心力，求功時(shí)一般運(yùn)用動(dòng)能定理分析，本題有一定難度?！窘馕觥?攏鹵)

由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得：(攏虜)

對(duì)Q

點(diǎn)分析，位于圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，小球在Q

受重力mg

和軌道的支持力N

由牛頓第二定律：解得：由牛頓第三定律方向豎直向下(3)

對(duì)P

點(diǎn)至Q

點(diǎn)，由動(dòng)能定理：解得：故克服摩擦力做功為答案：(攏鹵)

(攏虜)

(3)

28、解：（１）由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得：（２）對(duì)Q點(diǎn)分析，位于圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，小球在Q受重力mg和軌道的支持力N,由牛頓第二定律：解得：由牛頓第三定律方向豎直向下（3）對(duì)P點(diǎn)至Q點(diǎn)，由動(dòng)能定理：解得：故克服摩擦力做功為【分析】本題考查平拋運(yùn)動(dòng)、功能關(guān)系以及圓周運(yùn)動(dòng)的綜合題，知道平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直做自由落體運(yùn)動(dòng)；圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)的物體受兩個(gè)力重力和支持力，兩力的合力提供向心力，求功時(shí)一般運(yùn)用動(dòng)能定理分析，本題有一定難度。小球從攏脩

點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平距離和豎直高度求Q

點(diǎn)速度，小球從攏脨

到攏脩

做圓周運(yùn)動(dòng)，在圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)小球受重力和支持力提供向心力，因?yàn)檐壍来植诠视心Σ亮?，在下落時(shí)有重力和摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求摩擦力做功。(攏鹵)

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，即可求出小球運(yùn)動(dòng)到Q

點(diǎn)時(shí)速度的大?。?攏虜)

在Q

點(diǎn)小球受到的支持力與重力的合力提供向心力；由牛頓第二定律即可求出小球受到的支持力的大小；最后由牛頓第三定律說明對(duì)軌道壓力的大小和方向；

(3)

小球從P

到Q

的過程中，重力與摩擦力做功，由功能關(guān)系即可求出摩擦力對(duì)小球做的功?！窘馕觥拷猓?攏鹵)

由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知解得：(攏虜)

對(duì)Q

點(diǎn)分析，位于圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，小球在QQ受重力mgmg和軌道的支持力NN由牛頓第二定律：解得：由牛頓第三定律方向豎直向下(3)

對(duì)P

點(diǎn)至Q

點(diǎn)，由動(dòng)能定理：解得：故克服摩擦力做功為29、（1）ABC

（2）解：（i）打開K2之前，A缸內(nèi)氣體pA=3p0，B缸內(nèi)氣體pB=p0，體積均為V，溫度均為T=（273+27）K=300K，打開K2后，B缸內(nèi)氣體（活塞上方）等溫壓縮，壓縮后體積為V1，A缸內(nèi)氣體（活塞下方）等溫膨脹，膨脹后體積為2V-V1，活塞上下方壓強(qiáng)相等均為p1，

則：對(duì)A缸內(nèi)（活塞下方）氣體：3p0V=p1（2V-V1）；

對(duì)B缸內(nèi)（活塞上方）氣體：p0V=p1V1；

聯(lián)立以上兩式得：p1=2p0，

即穩(wěn)定時(shí)活塞上方體積為壓強(qiáng)為2p0；

（ⅱ）打開K2，活塞上方與大氣相連通，壓強(qiáng)變?yōu)閜0，則活塞下方氣體等溫膨脹，假設(shè)活塞下方氣體壓強(qiáng)可降為p0，則降為p0時(shí)活塞下方氣體體積為V2，則3p0V=p0V2；

得V2=3V＞2V，即活塞下方氣體壓強(qiáng)不會(huì)降至p0，此時(shí)活塞將處于B氣缸頂端，缸內(nèi)氣壓為p2，3p0V=p2×2V，得即穩(wěn)定時(shí)活塞位于氣缸最頂端；

（ⅲ）緩慢加熱汽缸內(nèi)氣體使其溫度升高，等容升溫過程，升溫后溫度為T3=（300+20）K=320K，由

得：p3=1.6p0，即此時(shí)活塞下方壓強(qiáng)為1.6p0

【分析】

(1)

【分析】

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高分子的平均動(dòng)能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同，要注意明確圖象的意義是解題的關(guān)鍵。

本題考查了分子運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律，記住圖象的特點(diǎn)，知道橫坐標(biāo)表示的是分子數(shù)目所占據(jù)的比例，同時(shí)明確溫度與分子平均動(dòng)能間的關(guān)系。

【解答】

A.由題圖可知；在0隆忙

和100隆忙

兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)該等于1

即相等，故A正確；

B.由圖可知；具有最大比例的速率區(qū)間，0隆忙

時(shí)對(duì)應(yīng)的速率小，故說明虛線為0隆忙

的分布圖象，故對(duì)應(yīng)的平均動(dòng)能較小，故B正確；

C.實(shí)線對(duì)應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間內(nèi)分子動(dòng)能大；說明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度大，故為100隆忙

時(shí)的情形，故C正確；

D.圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子占據(jù)的比例；但無法確定分子具體數(shù)目，故D錯(cuò)誤；

E.由圖可知；0隆蘆400m/s

段內(nèi)，100隆忙

對(duì)應(yīng)的占據(jù)的比例均小于與0隆忙

時(shí)所占據(jù)的比值，因此100隆忙

時(shí)氧氣分子速率出現(xiàn)在0隆蘆400m/s

區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較小，故E錯(cuò)誤。

故選ABC。

(2)

(i)

分析打開K2

之前和打開K2

后，AB

缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)、體積和溫度，根據(jù)理