2025年人教版（2024）高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）高三物理下冊階段測試試卷769考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、1991年5月11日的《北京晚報》曾報道了這樣一則動人的事跡：5月9日下午，一位4歲小男孩從高層塔樓的15層墜下，被同樓的一位青年在樓下接住，幸免于難．設(shè)每層樓高度是2.8m，這位青年從他所在地方?jīng)_到樓下需要的時間是1.3s，則該青年要接住孩子，至多允許他反應的時間是（g取9.8m/s2）（）A.2.8sB.1.5sC.1.3sD.0.7s2、（2015秋?北京校級期中）如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，兩極板間距離為d，今在距兩極板的中點處放一電荷q，則（）A.q所受電場力的大小為B.q所受電場力的大小為kC.q點處的電場強度是D.q點處的電場強度是3、如圖所示，一質(zhì)點做平拋運動先后經(jīng)過A、B兩點，到達A點時速度方向與豎直方向的夾角為60°，到達B點時速度方向與水平方向的夾角為45°．質(zhì)點運動到A點與質(zhì)點運動到B的時間之比是（）A.B.C.D.條件不夠，無法求出4、下列說法正確的是()A.熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，也能夠自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體B.不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功，而不引起其他變化C.一定質(zhì)量的氣體，體積膨脹，它的內(nèi)能一定減少D.一定質(zhì)量的氣體，壓強增大，內(nèi)能一定增大5、將新鮮胡蘿卜切成粗細相同的5cm長條，隨機平均分為a、b、c、d、e、f組，取上述6組細條分別放在濃度不同的甘露醇溶液中，4h后測量每條胡蘿卜條的長度，統(tǒng)計結(jié)果如圖所示。以下有關(guān)分析不正確的是A.實驗后，a組細胞的吸水量比b組多B.實驗后，c組細胞的細胞液濃度大于d組C.實驗后，f組細胞的細胞液滲透壓大于e組D.該實驗不設(shè)空白對照，a～f組之間相互對照6、如圖所示，一個理想邊界為PQ、MN的勻強磁場區(qū)域，磁場寬度為d，方向垂直紙面向里．一電子從O點沿紙面垂直PQ以速度v0進入磁場．若電子在磁場中運動的軌道半徑為2d．O′在MN上，且OO′與MN垂直．下列判斷正確的是（）A.電子將向右偏轉(zhuǎn)B.電子打在MN上的點與O′點的距離為dC.電子打在MN上的點與O′點的距離為dD.電子在磁場中運動的時間為7、如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，A、B是這條電場線上的兩點．一個帶正電的粒子僅在電場力作用下，以速度vA經(jīng)過A點向B點運動，經(jīng)一段時間以后，該帶電粒子以速度vB經(jīng)過B點，且vB與vA方向相反，則（）A.A點的電勢一定高于B點的電勢B.A點的場強一定大于B點的場強C.該帶電粒子在A點的電勢能一定大于它在B點的電勢能D.該帶電粒子在A點的動能一定大于它在B點的動能8、拖把是由拖桿和拖把頭構(gòu)成的擦地工具，如圖所示．設(shè)拖把頭的質(zhì)量為m，拖桿質(zhì)量可以忽略，拖桿與豎直方向的夾角為θ．某同學用該拖把在水平地板上拖地，當沿拖桿方向的推力為F時，拖把頭在地板上勻速移動，則拖把頭與地板之間的動摩擦因數(shù)μ為（重力加速度為g）（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、（2015秋?綿竹市校級月考）某同學星期天上午9時，從學校騎自行車出發(fā)，沿平直公路去拜訪甲、乙兩名同學，下午1時結(jié)束拜訪開始原路返回，下午2時回到學校，整個過程他騎車走了三段位移，其位移-時間圖象如圖所示，則在這三段運動過程中，他騎車的速度分別為v1=____km/h，v2=_____km/h，v3=____km/h．10、一用戶有以下幾種電器：額定功率36W的日光燈一盞、150W的電視機一臺和1000W的空調(diào)一部．當它們均正常工作時，每小時耗電最多的是____．11、（2001?上海）一束質(zhì)量為m、電量為q的帶電粒子以平行于兩極板的速度v0進入勻強電場，如圖所示，如果兩極板間電壓為U，兩極板間的距離為d，板長為L，設(shè)粒子束不會擊中極板，則粒子從進入電場到飛出極板時電勢能的變化量為____（粒子的重力忽略不計）12、方框內(nèi)為某臺電風扇的銘牌．當電風扇正常工作時，通過電動機的電流為____A．若已知該電扇在額定電壓下工作時，內(nèi)部電機的效率為90%，正常工作1小時，電機輸送給葉片的機械能為____J（保留兩位有效數(shù)字）．

13、【題文】一密閉的房間長L1＝14m，寬L2＝5m，高h＝3.2m．假設(shè)房間內(nèi)的空氣處于標準狀況，已知阿伏加德羅常數(shù)NA＝6.02×1023mol－1.則房間內(nèi)空氣分子數(shù)為________________個，試估算空氣分子間的距離_______________m.（該題結(jié)果只保留一位有效數(shù)字）14、（2015秋?南京月考）如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點時開始計時，到第一次經(jīng)過O點的時間為0.1s，則小球振動的周期為____s，振動方程的表達式為x=____cm，．15、（2012秋?潮陽區(qū)校級期中）如圖所示，絕緣金屬平行板電容器充電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質(zhì)，則電容器的電容將____，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度將____．（填增大或者減?。┰u卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、電場線真實地存在于電場中．____．（判斷對錯）17、物體的位移為零時，路程也一定為零．____．（判斷對錯）18、物體的位移為零時，路程也一定為零．____．（判斷對錯）19、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復雜結(jié)構(gòu)____（判斷對錯）20、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運動的桿，其長度總比桿靜止時的長度小____（判斷對錯）21、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對錯）評卷人得分四、推斷題(共3題，共12分)22、“一酸兩浸，兩堿聯(lián)合”法是實現(xiàn)粉煤灰rm{(}含rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}綜合利用的新工藝。工業(yè)流程如下，回答下列問題：rm{(}已知：rm{Al_{2}O_{3}}經(jīng)純堿混合焙燒可得rm{NaAlO_{2})}rm{(1)}聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}化學式為rm{[Al_{2}(OH)_{n}Cl_{6-n}]_{m}隆隴[Fe_{2}(OH)_{x}Cl_{6-x}]_{y}}是一種新型高效的凈水劑，rm{PAFC}中鐵元素的化合價為___________。rm{(2)}“一酸兩浸”中的酸是________________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}實際工業(yè)中“酸浸”、“堿浸”均不能充分反應，濾渣rm{A}中主要含有rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}“純堿混合焙燒”中，它們分別發(fā)生反應的化學方程式為__________________、_________________。rm{(4)}“濾液rm{B}”的主要溶質(zhì)有________rm{(}填化學式rm{)}濾液混合后“蒸發(fā)”的作用是_______________。rm{(5)}“電解”時陽極的電極反應式為_______________。rm{(6)PAFC}無水rm{AlCl_{3}}rm{FeCl_{3}隆隴6H_{2}O}用量均為rm{25mg隆隴L^{-1}}時，處理不同rm{pH}污水的濁度去除率如圖所示，rm{PAFC}的優(yōu)點是______________________。23、【化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)】結(jié)晶玫瑰和高分子樹脂rm{M}的合成路線如下圖所示：已知：rm{壟脵A}是苯的同系物，在相同條件下，其蒸氣相對于氫氣的密度為rm{46}rm{(1)C}中含氧官能團的名稱為____，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式為____。rm{(2)}寫出由rm{G}生成結(jié)晶玫瑰的化學方程式____。rm{(3)}在上述流程中“rm{C隆煤D}”在rm{M}的合成過程中的作用是____。rm{(4)}己知rm{G}在一定條件下水解生成rm{H(C_{8}H_{8}O_{3})}寫出rm{H}滿足下列條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式____。rm{a}與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應rm苯環(huán)上的一氯取代物只有一種rm{c}與足量的氫氧化鈉溶液反應，rm{1mol}可消耗rm{3molNaOH}rm{(5)E}的同分異構(gòu)體是一種重要的藥物中間體，其合成路線與rm{E}相似，請以為原料設(shè)計它的合成路線rm{(}其他所需原料自選rm{)}24、rm{[}化學rm{漏隴漏隴}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)rm{]}以rm{A(C_{6}H_{6}O)}為原料合成兩種有機產(chǎn)品的路線如下rm{(}部分反應條件省略rm{)}回答下列問題：rm{(1)A}的名稱____；rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式____；化合物rm{II}的官能團名稱是____。rm{(2)}寫出反應類型：反應rm{壟脵}____；反應rm{壟脷}____rm{(3)}寫出反應rm{壟脹(I隆煤II)}的反應方程式____rm{(4)}化合物rm{I}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰，峰面積比為____；化合物rm{I}的同分異構(gòu)體中屬于二元羧酸還有____種rm{(}不包含立體異構(gòu)rm{)}rm{(5)}參照上述合成路線，寫出以丙酮為起始原料制備rm{2-}甲基丙烯酸的合成路線參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】小孩從高樓掉下可以看成是自由落體運動，根據(jù)h=gt2求出自由落體的時間，減去青年沖到樓下所需的時間，即為反應時間．【解析】【解答】解：根據(jù)h=gt2得，t==2.92s；

所以反應時間t′=2.92-1.3s=1.62s．故只有B最接近；故B正確；A；C、D錯誤．

故選：B．2、A【分析】【分析】解答本題關(guān)鍵應掌握：電容的定義式C=，即可得到電容器板間電壓U，由E=，求出板間電場強度E，q所受的電場力F=qE；平行板電容器不是點電荷，不能用E=k求解板間場強．【解析】【解答】解：A、B由C=得，電容器板間電壓U=，則板間場強E==，故q所受電場力的大小為F=qE=．故A正確；B錯誤．

C、D由于平行板電容器不是點電荷，不能用E=k求解板間場強．故CD均錯誤．

故選A3、B【分析】解：設(shè)初速度為將A；B兩點的速度分解；

在A點：

得

在B點：

解得：

故B正確，ACD錯誤；

故選：B

已知速度與豎直方向的夾角；則可將速度分解得出水平速度和豎直速度間的關(guān)系，即可求得時間大小之比；

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學公式靈活求解．【解析】【答案】B4、B【分析】解：A；熱力學第二定律告訴我們；一切宏觀熱現(xiàn)象都是不可逆的，故A錯誤；

B；不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功；而不引起其他變化，故B正確；

C；一定質(zhì)量的氣體；體積膨脹，對外做功，但可能吸收熱量，故它的內(nèi)能不一定減少，故C錯誤；

D；一定質(zhì)量的氣體；壓強增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度可能減小，故內(nèi)能可能減小，故D錯誤；

故選B．【解析】【答案】B5、B【分析】本題意在考查學生對知識的理解和運用能力、識圖并從圖中獲取信息的能力。組長度變長，說明細胞吸水，細胞液濃度變低；A.實驗后，a組長度變長，說明細胞吸水，細胞液濃度變低；b組長度不變，說明細胞吸水和失水處于動態(tài)平衡，細胞液濃度不變，因此a組細胞吸水量比b組多。故A正確；組長度不變，說明細胞吸水和失水處于動態(tài)平衡，細胞液濃度不變，因此a組細胞吸水量比b組多。故a正確；b組與A組長度均變小，說明細胞失水，又因為B.實驗后，c組與d組長度均變小，說明細胞失水，又因為d組長度比c組小，所以d組失水量大于c組，則d組細胞的細胞液濃度大于c組。故B錯誤；組長度比c組小，所以d組失水量大于d組，則c組細胞的細胞液濃度大于d組。故c錯誤；d、c組長度均變小，說明細胞失水，又因為B組長度比C.實驗后，e、f組長度均變小，說明細胞失水，又因為f組長度比e組小，所以f組失水量大于e組，則f組細胞的細胞液滲透壓大于e組。故C正確；組小，所以e組失水量大于f組，則f組細胞的細胞液滲透壓大于e組。故f正確；e～f組之間相互對照。故e正確。CD.該實驗不設(shè)空白對照，a～f組之間相互對照。故D正確。a。fD【解析】B6、D【分析】【分析】根據(jù)左手定則判斷電子所受的洛倫茲力方向，即可確定偏轉(zhuǎn)方向；畫出軌跡，由幾何知識求出電子打在MN上的點與O′點的距離；確定出軌跡對應的圓心角，由圓周運動公式求解時間．【解析】【解答】解：A、電子帶負電，進入磁場后，根據(jù)左手定則判斷可知，所受的洛倫茲力方向向左，電子將向左偏轉(zhuǎn)，如圖．A錯誤；

B；C、設(shè)電子打在MN上的點與O′點的距離為x；則由幾何知識得：

x=r-=2d-=（2-）d．故BC錯誤；

D、設(shè)軌跡對應的圓心角為θ，由幾何知識得：sinθ==0.5，得θ=．則電子在磁場中運動的時間為．故D正確．

故選：D．7、D【分析】【分析】由于帶正電的粒子在A點時速度方向向右而到達B點時速度方向向左，故正電荷所受電場力方向向左，沿電場線方向電勢降低．電場線的疏密表示電場的強弱，由于只有一條電場線，所以無法判斷哪個位置電場線更密集．由于從A到B過程中電場力做負功，粒子的電勢能增大，動能減?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；由于帶正電的粒子在A點時速度方向向右而到達B點時速度方向向左；故正電荷所受的電場力方向必定向左，而正電荷所受電場力的方向與電場的方向相同，故場強向左，所以A點電勢一定低于B點的電勢．故A錯誤．

B；由于只有一條電場線；所以無法判斷電場線的疏密情況，故無法判斷A、B兩點場強大小，故B錯誤．

C；由于從A到B過程中電場力做負功；電勢能增大，故粒子在A點的電勢能一定小于在B點的電勢能．故C錯誤．

D；從A到B過程中電場力做負功；根據(jù)動能定理可知粒子的動能減小，故粒子在A點時的動能一定大于它在B點時的動能，故D正確．

故選：D8、B【分析】【分析】對于拖把頭受重力、支持力、推力和摩擦力，抓住水平方向和豎直方向平衡，根據(jù)正交分解，運用平衡條件和滑動摩擦力公式列方程，求出動摩擦因數(shù)μ．【解析】【解答】解：拖把頭受到重力；支持力、推力和摩擦力處于平衡；受力示意圖如圖所示．

將推拖把的力沿豎直和水平方向分解；

按平衡條件得：

豎直方向上：Fcosθ+mg=N①

水平方向上：Fsinθ=f②

式中N和f分別為地板對拖把的正壓力和摩擦力．按摩擦定律有f=μN③

聯(lián)立解得，μ=

故選：B二、填空題(共7題，共14分)9、1515-30【分析】【分析】位移-時間圖象的斜率表示速度，由數(shù)學知識求解速度．【解析】【解答】解：由x-t圖象知第一階段的速度：

v1===15km/h

第二階段的速度v2=v1=15km/h

第三階段的速度。

v3==km/h=-30km/h．

故答案為：15，15，-30．10、空調(diào)【分析】【分析】消耗的電能根據(jù)Q=Pt求解，比較功率即可知道每小時耗電最多的用電器．【解析】【解答】解：根據(jù)Q=Pt可知；時間相同，功率越大，則消耗的電能越多，所以1000W的空調(diào)每小時耗電最多．

故答案為：空調(diào)11、【分析】【分析】根據(jù)粒子在電場中受到電場力作用，導致粒子偏轉(zhuǎn)，由運動學公式與牛頓第二定律可求出偏轉(zhuǎn)位移y，并由W=，即可求解．【解析】【解答】解：粒子在電場中做類平拋運動；

根據(jù)牛頓第二定律與運動學公式可得；

經(jīng)過電場后的偏轉(zhuǎn)位移y=

而電場中；電勢能的變化量等于電場力做功的多少；

即△E=W

又

由以上兩式；綜合而得；

飛出極板時電勢能的變化量為-

故答案為：-12、略

【分析】

當電風扇正常工作時；電壓為220V，功率為66W

所以I=

正常工作1小時，電機輸送給葉片的機械能為E=UIt90%=220×0.3×3600×0.9J=2.1×105J

故答案為：0.3，2.1×105．

【解析】【答案】由題意得出額定電壓和額定電流，由I=求電流；由E=UIt90%求產(chǎn)生的機械能．

13、略

【分析】【解析】

試題分析：房間內(nèi)空氣看成標準狀況，此時每摩爾空氣占有體積V0=22.4L，房間的體積為：房間內(nèi)空氣分子數(shù)為：

空氣分子視為邊長為L的立方體；空氣分子間的距離為L；

每個分子的體積為故空氣分子間的距離

考點：阿伏加德羅常數(shù)．

點評：本題關(guān)鍵是明確：（1）摩爾質(zhì)量除以摩爾體積等于密度；（2）質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)；（3）體積除以摩爾體積等于摩爾數(shù)；（4）阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁．【解析】【答案】6×1027個、3×10-9m。14、0.42cos5πt【分析】【分析】對于簡諧運動，從正向最大位移處開始計時，其位移時間關(guān)系公式為：x=Acosωt；第一次經(jīng)過O點的時間為0.1s，代入公式計算出角頻率和周期，再寫出振動方程．【解析】【解答】解：如圖；從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：x=Acosωt；

其中振幅A=2cm；

據(jù)題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5πtcm．

故答案為：0.4，2cos5πt．15、增大減小【分析】【分析】明確平行板電容器的決定式及電容的定義式，根據(jù)決定式判斷電容的變化，再由電容的定義式即可明確電壓的變化．【解析】【解答】解：充電后與電源斷開，則極板兩端的電荷量保持不變，插入介電常數(shù)后，介電常數(shù)增大，則由C=?可知電容C增大；

則由C=可知；電容器兩端的電壓減小，故靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度減減小；

故答案為：增大，減??；三、判斷題(共6題，共12分)16、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實際不存在，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實際不存在．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】路程表示運動軌跡的長度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當物體做單向直線運動時，路程等于位移的大小．【解析】【解答】解：物體的位移為零時；其路程不一定為零．比如繞操場一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】路程表示運動軌跡的長度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當物體做單向直線運動時，路程等于位移的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w的位移為零時；其路程不一定為零．比如繞操場一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認識到原子核具有復雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個重要的效應之一：尺縮效應：在尺子長度方向上運動的尺子比靜止的尺子短，當速度接近光速時，尺子縮成一個點，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應：一條沿自身長度方向運動的桿；其長度總比桿靜止時的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√四、推斷題(共3題，共12分)22、（1）+3

（2）HCl

（3）Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑Na2CO3+Al2O32NaAlO2+CO2↑

（4）AlCl3、NaCl促進Al3+、Fe3+水解生成了聚合氯化鋁鐵（PAFC）

（5）2Cl?-2e－=Cl2↑

（6）聚合氯化鋁鐵（PAFC）凈水效率高，pH適用范圍廣

【分析】【分析】本題考查物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應用，涉及電解原理的應用、鹽的水解條件控制、方程式書寫、信息獲取能力等，是高考?？碱}型，是對學生綜合能力的考查，題目難度中等。粉煤灰rm{(}含rm{SiO}含rm{(}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}等rm{O}的綜合利用：粉煤灰rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}的綜合利用：rm{CaO}rm{MgO}rm{)}加入的鹽酸溶解后，rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}和鹽酸反應得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}rm{O}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{O}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后rm{{,!}_{3}}主要是、rm{CaO}rm{MgO}和鹽酸反應得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{SiO}rm{CaO}rm{MgO}和二次濾渣rm{SiO}主要是二氧化硅rm{{,!}_{2}}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵和鹽酸不反應，過濾得到濾渣主要是rm{SiO}據(jù)此分析?！窘獯稹糠勖夯襯m{SiO}含rm{{,!}_{2}}，氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{SiO_{2}}rm{A}二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應使氧化鋁盡可能溶解，過濾得到二次酸浸液rm{B(}主要是等rm{B(}的綜合利用：粉煤灰加入的鹽酸溶解后，rm{AlCl_{3}}rm{NaCl}rm{)}和二次濾渣rm{(}主要是二氧化硅rm{)}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}據(jù)此分析。rm{)}和鹽酸反應得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{(}和鹽酸不反應，過濾得到濾渣主要是rm{)}氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{(PAFC)}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{(}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應使氧化鋁盡可能溶解，過濾得到二次酸浸液rm{SiO_{2}}主要是rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}和二次濾渣rm{CaO}主要是二氧化硅rm{MgO}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{)}rm{Al_{2}O_{3}}根據(jù)化合物的化合價代數(shù)和為rm{Fe_{2}O_{3}}設(shè)鐵元素的化合價為rm{CaO}則有rm{MgO}rm{SiO_{2}}故答案為：rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}rm{A}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{B(}rm{AlCl_{3}}rm{NaCl)}rm{(}rm{)}rm{(PAFC)}rm{(1)}rm{0}rm{p}rm{2隆脕p=x+6-x}與碳酸鈉反應生成偏鋁酸鈉和二氧化碳氣體，反應方程式為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}，故答案為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}；rm{p=3}rm{+3}”中主要是氯化鋁、氯化鈉；rm{(2)}促進rm{CaO}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{CaO}水解生成了聚合氯化鋁鐵故答案為：rm{HCl}故答案為：；rm{(3)}促進純堿混合焙燒”中，rm{SiO}rm{SiO}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{{,!}_{2}}與碳酸鈉反應生成硅酸鈉和二氧化碳氣體、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}

rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}由圖示可知，聚合氯化鋁鐵rm{(4)}凈水效率高達“濾液rm{B}”中rm{B}適用范圍濾液混合后加熱“蒸發(fā)”可以rm{Al^{3+}}

rm{Fe^{3+}}故答案為：聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}凈水效率高，適用范圍廣。

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)HCl}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}促進rm{(4)AlCl_{3}}rm{NaCl}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{Al^{3+}}rm{Fe^{3+}}rm{(PAFC)}rm{(5)2Cl^{?}-2e^{-}}聚合氯化鋁鐵rm{=Cl_{2}隆眉}凈水效率高，rm{(6)}適用范圍廣

rm{(PAFC)}23、（1）醛基（2）（3）保護碳碳雙鍵，防止被氧化（4）（5）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，明確有機物的官能團及其性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，結(jié)合題中已知信息采用正逆相結(jié)合的方法進行分析推理解答，注重考查分析信息應用信息的自學能力，難度中等。【解答】rm{A}是苯的同系物，分子組成為rm{C}是苯的同系物，分子組成為rm{A}rm{C}rm{n}rm{n}rm{H}rm{H}rm{2n}rm{-}rm{6}，其相對分子質(zhì)量為：rm{2n}rm{-}rm{6}，則，在相同條件下，其蒸氣相對于氫氣的密度為rm{46}，其相對分子質(zhì)量為：rm{46}rm{隆脕}rm{2=92}，則rm{14n}rm{-}rm{6=92}，解得rm{n=7}，故rm{A}的分子式為rm{C}rm{46}rm{46}，解得rm{隆脕}，故rm{2=92}的分子式為rm{14n}rm{-}rm{6=92}rm{n=7}rm{A}為rm{C}氧化生成rm{7}，rm{7}與乙醛反應得到rm{H}，rm{H}與rm{8}rm{8}，則rm{A}為，結(jié)合信息rm{A}可知，rm{A}氧化生成rm{B}，rm{B}與乙醛反應得到rm{C}，rm{B}與rm{CHCl}為rm{A}為rm{B}為rm{B}與乙酸發(fā)生酯化反應得到結(jié)晶玫瑰．rm{C}與溴發(fā)生加成反應生成得到rm{B}為rm{CHCl}氧化生成rm{3}為rm{3}可知反應得到rm{G}，結(jié)合信息rm{壟脷壟脹}可知rm{B}為為rm{G}發(fā)生加聚反應得到rm{壟脷壟脹}為rm{B}，rm{C}為rm{C}，rm{G}為rm{G}為，rm{G}與乙酸發(fā)生酯化反應得到結(jié)晶玫瑰．rm{C}與溴發(fā)生加成反應生成得到rm{D}為的結(jié)構(gòu)簡式為rm{G}rm{C}rm{D}，rm{D}氧化生成rm{E}為rm{D}由rm{E}生成結(jié)晶玫瑰的化學方程式：，結(jié)合信息rm{壟脺}可知rm{F}為rm{壟脺}rm{F}，rm{F}發(fā)生加聚反應得到rm{M}為rm{F}在上述流程中“rm{M}rm{(}rm{1}rm{)}rm{C}為”在rm{(}的合成過程中的作用是：保護碳碳雙鍵，防止被氧化；rm{1}rm{)}rm{C}，含氧官能團為醛基，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{E}在一定條件下水解生成故答案為：醛基；；rm{(}rm{2}rm{)}由rm{G}生成結(jié)晶玫瑰的化學方程式：rm{(}rm{2}rm{)}rm{G}故答案為：；則rm{(}rm{3}rm{)}在上述流程中“rm{C}rm{隆煤}rm{D}”在rm{M}的合成過程中的作用是：保護碳碳雙鍵，防止被氧化；為rm{(}的同分異構(gòu)體滿足條件：rm{3}rm{)}與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應，說明含有酚羥基與苯環(huán)，rm{C}rm{隆煤}苯環(huán)上的一氯取代物只有一種，rm{D}rm{M}與足量的氫氧化鈉溶液反應，故答案為：保護碳碳雙鍵，防止被氧化；可消耗，符合條件的同分異構(gòu)體為：rm{(}rm{4}rm{)}rm{G}在一定條件下水解生成rm{H}rm{(}rm{C}rm{(}rm{4}rm{)}rm{G}苯乙醛與rm{H}反應生成rm{(}rm{C}rm{8}rm{8}rm{H}rm{H}rm{8}【解析】rm{(1)}醛基rm{(2)}rm{(3)}保護碳碳雙鍵，防止被氧化rm{(4)}rm{(5)