2024年北師大版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年北師大版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、安培假說(shuō)的思想：磁場(chǎng)來(lái)源于運(yùn)動(dòng)電荷。如果用這種思想解釋地球磁場(chǎng)的形成，根據(jù)地球上空并無(wú)相對(duì)地球定向移動(dòng)的電荷的事實(shí)。那么，由此推斷，地球上總體應(yīng)該是（）A.帶負(fù)電B.帶正電C.不帶電D.不能確定2、下列說(shuō)法中正確的是（）A.電勢(shì)差是一個(gè)矢量，所以正值和負(fù)值表示方向B.B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取有關(guān)C.沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電勢(shì)逐漸降低D.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)和放入該點(diǎn)的電荷的電性、電量有關(guān)3、在下列圖中，標(biāo)出了磁場(chǎng)B

的方向、通電直導(dǎo)線(xiàn)中電流I

的方向，以及通電直導(dǎo)線(xiàn)所受磁場(chǎng)力F

的方向，其中正確的是(

)

A.B.C.D.4、一物體自t=0時(shí)開(kāi)始做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，其速度圖線(xiàn)如圖所示。下列選項(xiàng)正確的是()A.在0～6s內(nèi)，物體經(jīng)過(guò)的路程為40mB.在0～6s內(nèi)，物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)距離為35mC.在0～6s內(nèi)，物體的平均速度為7.5m/sD.在4～6s內(nèi)，物體加速度方向與速度方向始終相反5、下列說(shuō)法中正確的是（）A.法拉第根據(jù)頭發(fā)屑在電場(chǎng)中的分布現(xiàn)象引入電場(chǎng)線(xiàn)描述電場(chǎng)，是等效替換的方法B.美國(guó)物理學(xué)家密立根用扭秤實(shí)驗(yàn)最早測(cè)定了元電荷的電量值C.根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)計(jì)算公式E=當(dāng)時(shí)r→0，推出E→∞，此結(jié)論與實(shí)際不符，說(shuō)明建立點(diǎn)電荷模型沒(méi)有意義D.對(duì)于平行板電容器的電容決定式C=可以采取控制變量法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、如圖所示是定性研究平行板電容器電容的影響因素的裝置，平行板電容器的A板與靜電計(jì)相連，B板和靜電計(jì)金屬殼都接地,指出圖甲、乙所示的情況下，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度變化情況：(1)正對(duì)面積增大時(shí)，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度____________；(2)板間距離減小時(shí)，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度_____________．7、在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲的直徑如圖所示，則該金屬絲的直徑為_(kāi)_____mm．8、質(zhì)量m=0.1kg的氫氣在某狀態(tài)下的體積V=1.92×10-4m3，則此時(shí)氫氣分子的平均間距為多少？______（結(jié)果保留一位有效數(shù)字，已知?dú)錃獾哪栙|(zhì)量M=2g/mol，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol-1。）9、如圖所示，彈簧秤下掛一條形磁鐵，其中條形磁鐵N極的一部分位于未通電的螺線(xiàn)管內(nèi)，若將a接電源正極，b接負(fù)極，彈簧秤示數(shù)____．（增大或減小）

10、許多樓道燈有著這樣的功能：天黑時(shí)，出現(xiàn)聲音它就開(kāi)啟，而在白天即使有聲音它也沒(méi)反應(yīng)，它的控制電流中接入____傳感器開(kāi)關(guān)和____傳感器開(kāi)關(guān)，從這些傳感器來(lái)的信號(hào)，通過(guò)一個(gè)____（選填“非門(mén)”；“與門(mén)”或“或門(mén)”）電路后；進(jìn)入執(zhí)行電路．在圖中的虛框內(nèi)畫(huà)出兩種傳感器開(kāi)關(guān)控制的樓道燈電路圖．

11、質(zhì)量為m

的物體，在傾角為婁脠

的光滑斜面上由靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)時(shí)間t

在這段時(shí)間內(nèi)，支持力的沖量大小為_(kāi)_____，合外力對(duì)物體的沖量大小為_(kāi)_____．12、某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A

為固定橡皮條的圖釘，O

為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB

和OC

為細(xì)繩。圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫(huà)出的圖。(1)

如果沒(méi)有操作失誤，圖乙中的F

與F隆盲

兩力中，方向一定沿AO

方向的是____。(2)

本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是____。A.理想實(shí)驗(yàn)法B.

等效替代法C.控制變量法D.

建立物理模型法(3)

實(shí)驗(yàn)時(shí)，主要的步驟是：A.在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上;

B.用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A

點(diǎn)，在橡皮條的另一端拴上兩條細(xì)繩，細(xì)繩的另一端系著繩套;

C.用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O

記錄下O

點(diǎn)的位置，讀出兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù);

D.按選好的標(biāo)度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F1

和F2

的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F;

E.只用一只彈簧測(cè)力計(jì)，通過(guò)細(xì)繩套拉橡皮條使其伸長(zhǎng)，讀出彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，記下細(xì)繩的方向，按同一標(biāo)度作出這個(gè)力F隆盲

的圖示;

F.比較F隆盲

和F

的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論。上述步驟中：壟脵

有重要遺漏的步驟的序號(hào)是____和____;

壟脷

遺漏的內(nèi)容分別是____和____。評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)13、只有沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、解答題(共1題，共9分)18、電磁炮是一種理想的兵器，它的主要原理如圖所示．1982年澳大利亞制成了能把m=2.0kg的彈體（包括金屬桿EF的質(zhì)量）加速到10km/s的電磁炮（常規(guī)炮彈的速度約為2km/s）．若軌道寬為2m，通過(guò)的電流為10A，軌道間所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度為B=5×1O4T；B垂直于軌道向上（軌道摩擦不計(jì)）求：

（1）彈體（包括金屬桿EF）所受安培力大小；

（2）彈體（包括金屬桿EF）從靜止加速到10km/s；軌道至少要多長(zhǎng)；

（3）彈體（包括金屬桿EF）從靜止加速到10km/s過(guò)程中；安培力的最大瞬時(shí)功率．

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共5分)19、[生物——選修1：生物技術(shù)實(shí)踐]苯酚及其衍生物廣泛存在于工業(yè)廢水中，對(duì)環(huán)境有嚴(yán)重危害。小明同學(xué)準(zhǔn)備依據(jù)下圖操作步驟，從處理廢水的活性污泥中分離篩選酚降解高效菌株。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）酚降解菌富集培養(yǎng)基含有蛋白胨、K2HPO4、MgSO4、苯酚和水，其中可作為碳源的有________?？勺鳛榈吹某煞钟衉_______。甘油管藏保存微生物的溫度是________。（2）將采集到的樣品接種培養(yǎng)，苯酚用量應(yīng)隨轉(zhuǎn)接次數(shù)增加而逐漸________。以達(dá)到富集酚降解菌的目的。若上圖平板中菌落過(guò)于密集，應(yīng)進(jìn)一步________，以便于菌落計(jì)數(shù)與分離。制各平板培養(yǎng)基時(shí)除了需要水、營(yíng)養(yǎng)物質(zhì)外，還必須添加________。（3）下圖為連續(xù)劃線(xiàn)法示意圖，在圖中________（填圖中序號(hào)）區(qū)域更易獲得單菌落。（4）采用比色測(cè)定法（使用苯酚顯色劑）檢測(cè)降解后的廢水中苯酚殘留量。先制作系列濃度梯度并進(jìn)行顯色反應(yīng)，下表中1~5號(hào)比色管的苯酚濃度應(yīng)分別為_(kāi)_______。如果廢水為50mg／L苯酚溶液，降解后約有30％的苯酚殘留，則需將殘冒液稀________（填序號(hào)：①5②10③20）倍后，再進(jìn)行比色。評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共36分)20、(1)

發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是A.庫(kù)倫B.

安培C.

奧斯特D.

法拉第(2)

電磁感應(yīng)現(xiàn)象揭示了電和磁之間的內(nèi)在聯(lián)系，據(jù)此發(fā)明了許多電器設(shè)備。下列用電器中利用了電磁感應(yīng)原理的是()

A.白熾燈泡B.

動(dòng)圈式話(huà)筒C.

磁帶錄音機(jī)D.

日光燈鎮(zhèn)流器(3)

“嫦娥三號(hào)”依靠____波(

填“電磁”或“聲”)

將拍到的月貌圖片傳回地球，此波由真空進(jìn)入大氣的傳播過(guò)程中，保持不變的是___________(

填“速度”或“頻率”)

(4)

長(zhǎng)為2m

的直導(dǎo)線(xiàn)垂直于磁場(chǎng)方向放入磁感應(yīng)強(qiáng)度為5隆脕10鈭?5T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。若導(dǎo)線(xiàn)中通有10A

的恒定電流，則磁場(chǎng)對(duì)導(dǎo)線(xiàn)的作用力多大？若僅使導(dǎo)線(xiàn)中的電流反向，則磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線(xiàn)的作用力的方向如何變化21、(1)

下列說(shuō)法正確的是(

)

A.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)。

B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果。

C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)。

D.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低；這是高原地區(qū)溫度較低的緣故。

E.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果

(2)

如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過(guò)絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體.

活塞因重力而產(chǎn)生的壓強(qiáng)為0.2p0

活塞的橫截面積為S

與容器底部相距h

此時(shí)活塞處于平衡狀態(tài)，氣體的溫度為T(mén)0.

現(xiàn)在活塞上放置一個(gè)質(zhì)量與活塞質(zhì)量相等的物塊，活塞下降了h10

后達(dá)到穩(wěn)定；氣體的溫度為T(mén)1.

再通過(guò)電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體吸收熱量Q

時(shí)活塞緩慢向上移動(dòng)，恰好回到原來(lái)的位置并靜止，此時(shí)氣體的溫度為T(mén)2.

已知大氣壓強(qiáng)為Po

重力加速度為g.

不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦，不汁理想氣體的重力勢(shì)能.

求：

壟脵T1

與T0

的比值和T2

與T0

的比值；

壟脷

加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量．22、如圖放在光滑水平面上的小車(chē)質(zhì)量為M，它兩端各有彈性擋板P和Q，有一質(zhì)量為m的物體放于車(chē)上（M＞m），車(chē)內(nèi)表面與物體間有摩擦，現(xiàn)使它們同時(shí)獲得等大反向的初速度v0；求：

（1）車(chē)和物體最終的速度；

（2）全過(guò)程系統(tǒng)摩擦產(chǎn)生的熱量．23、（1）如圖所示，兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處，兩列波的速度均為v=0.4m/s，兩列波的振幅均為2cm．圖示為t=0時(shí)刻兩列波的圖象（傳播方向如圖所示），此刻平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)．質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置處于x=0.5m處，下列說(shuō)法正確的是____。

A．t=0.75s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P、Q都運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)B．質(zhì)點(diǎn)M的起振方向沿y軸負(fù)方向C．t=2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的縱坐標(biāo)為-2cmD．0到2s這段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M通過(guò)的路程為20cmE．M點(diǎn)振動(dòng)后的振幅是4cm（2）如圖所示，半圓形玻璃磚的半徑R=15cm，折射率為n=直徑AB與屏幕PQ垂直并接觸于B點(diǎn)，OC與AB垂直，激光沿著與OC成i=30°角方向射向半圓形玻璃磚的圓心O，結(jié)果在屏幕PQ上出現(xiàn)兩個(gè)光斑．

①作出光路圖（不考慮光沿原路返回）；

②求兩個(gè)光斑之間的距離；

③調(diào)整激光的入射方向；改變角度i的大小，使屏PQ上只剩一個(gè)光斑，求此光斑離B點(diǎn)的最長(zhǎng)距離．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【解析】試題分析：由于地磁的N極在地理的南極附近，地磁的S極在地理的北極附近，地球繞地軸自西向東的旋轉(zhuǎn)，故可以將地球看做一個(gè)繞地軸運(yùn)動(dòng)的環(huán)形電流，根據(jù)安培定則可知右手的拇指指向南方，而彎曲的四指的指向與地球自轉(zhuǎn)的方向相反，而彎曲的四指的指向是正電荷運(yùn)動(dòng)的方向與負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的方向相反，故可以斷定地球帶負(fù)電。故選A考點(diǎn)：分子電流假說(shuō)【解析】【答案】A2、C【分析】解：A；電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小，故A錯(cuò)誤．

B；A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤．

C；沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向；電勢(shì)逐漸降低，故C正確．

D；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)；與放入電場(chǎng)中的試探電荷無(wú)關(guān)．故D錯(cuò)誤．

故選：C

電勢(shì)差是標(biāo)量；正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．

對(duì)于電勢(shì)和電勢(shì)差，可以運(yùn)用類(lèi)比的方法理解，電勢(shì)類(lèi)似于高度，具有相對(duì)性，而電勢(shì)差類(lèi)似于高度差，具有絕對(duì)性．【解析】【答案】C3、C【分析】解：A

根據(jù)左手定則：伸開(kāi)左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線(xiàn)向里穿過(guò)手心，則手心朝外.

四指指向電流方向：向左上，拇指指向安培力方向：左下.

不符合左手定則.

故A錯(cuò)誤．

B

根據(jù)左手定則；電流向下，安培力的方向垂直于紙面向外，故B錯(cuò)誤．

C

根據(jù)左手定則：伸開(kāi)左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線(xiàn)向外穿過(guò)手心，則手心朝里.

四指指向電流方向：向下，拇指指向安培力方向：向左，此項(xiàng)符合左手定則.

故C正確．

D

據(jù)左手定則；磁場(chǎng)方向向上，電流向左，安培力的方向垂直于紙面向里.

故D錯(cuò)誤．

故選：C

．

通電直導(dǎo)線(xiàn)所受安培力F

的方向根據(jù)左手定則判斷.

用左手定則逐一檢查四個(gè)選項(xiàng)；選擇正確的選項(xiàng)．

判斷通電導(dǎo)線(xiàn)的安培力方向，既要會(huì)用左手定則，又要符合安培力方向的特點(diǎn)：安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場(chǎng)方向垂直【解析】C

4、A|B【分析】【解析】試題分析：速度時(shí)間圖像中面積表示位移大小，橫軸以上位移為正值，橫軸一下位移為負(fù)值，對(duì)于0～6s內(nèi)，物體經(jīng)過(guò)的路程為面積的標(biāo)量和，為40m，選項(xiàng)A正確；在5s時(shí)刻物體距離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，為選項(xiàng)B正確；在0～6s內(nèi)，物體走過(guò)的位移為35-5=30m，平均速度為5m/s，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；斜率的正負(fù)表示加速度的方向，由此可知在4～6s內(nèi)，物體加速度方向?yàn)樨?fù)值，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AB考點(diǎn)：考查運(yùn)動(dòng)圖像【解析】【答案】AB5、D【分析】解：A；法拉第由鐵屑在磁場(chǎng)中的分布引入磁場(chǎng)線(xiàn)描述磁場(chǎng)；是等效替換的方法，故A錯(cuò)誤；

B；電荷e的數(shù)值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根使用重力與電場(chǎng)力平衡法測(cè)得的；為此他獲得了諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)．故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)計(jì)算公式E=只使用于點(diǎn)電荷，r→0；這個(gè)公式不能用，不是沒(méi)有意義，故C錯(cuò)誤；

D、平行板電容器的電容決定式C=涉及3個(gè)變量，可以采取控制變量法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)，故D正確．

故選：D

此題是物理學(xué)史問(wèn)題；關(guān)鍵要記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】【答案】D二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】【解析】試題分析：（1）當(dāng)兩板間正對(duì)面積增大時(shí)由知電容C增大，由知電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度減小。（2）當(dāng)板間距離減小時(shí)由知電容C增大，由知電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度減小。考點(diǎn)：本題考查平行板電容器的公式，電容的定義式【解析】【答案】(1)減??；(2)減小7、略

【分析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為0.0mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×34.8mm=0.348mm；

則最終讀數(shù)為0.347mm～0.349．

故答案為：0.347mm～0.349．

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，知道固定刻度和可動(dòng)刻度分度值的大?。窘馕觥?.347mm～0.3498、4×10-9m【分析】解：氣體的摩爾數(shù)為：

該狀態(tài)下氣體的摩爾體積為：

氫氣分子的平均間距為：

故答案為：4×10-9m

氣體的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量與物質(zhì)的量的乘積；氣體分子占據(jù)空間視為立方體；為氣體體積與分子數(shù)的比值，則立方體邊長(zhǎng)等于氣體分子的間距。

本題關(guān)鍵是明確氣體分子的立方體模型，會(huì)用阿伏加德羅常數(shù)求解分子占據(jù)空間的體積。【解析】4×10-9m9、略

【分析】

當(dāng)螺線(xiàn)管將a接電源正極，b接負(fù)極時(shí)；線(xiàn)圈中產(chǎn)生磁場(chǎng)，由安培定則判斷得知，螺線(xiàn)管內(nèi)部磁場(chǎng)方向向上，上端相當(dāng)于N極，對(duì)磁鐵產(chǎn)生向上的斥力，所以彈簧秤示數(shù)減?。?/p>

故答案為：減?。?/p>

【解析】【答案】當(dāng)螺線(xiàn)管通電時(shí)；線(xiàn)圈中將產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則判斷磁場(chǎng)方向，分析螺線(xiàn)管與磁鐵之間存在引力還是斥力，來(lái)確定彈簧秤示數(shù)的變化．

10、聲音光如圖所示【分析】【解答】根據(jù)題意；天黑時(shí)，出現(xiàn)聲音它就開(kāi)啟；而白天，即使有聲音它也沒(méi)有反應(yīng)，故電路中有光傳感器，即使天黑，沒(méi)聲音燈也不亮，故用到了聲音傳感器．即控制電路中接入了光傳感器；聲音傳感器．

根據(jù)題意；燈亮必須同時(shí)具備天黑，出現(xiàn)聲音的條件，可得該邏輯關(guān)系屬于與邏輯關(guān)系，對(duì)應(yīng)的門(mén)電路為與門(mén)電路，故設(shè)計(jì)的門(mén)電路為與門(mén)電路．相當(dāng)于兩個(gè)控制開(kāi)關(guān)串聯(lián)；

故答案為：聲音；光；如圖所示；

【分析】了解延時(shí)開(kāi)關(guān)的使用原理，利用了光傳感器、聲音傳感器，天黑、聲音同時(shí)出現(xiàn)它就開(kāi)啟，燈亮．根據(jù)題意，燈亮這件事要想發(fā)生，必須同時(shí)滿(mǎn)足，天黑，出現(xiàn)聲音的條件，該邏輯關(guān)系屬于與邏輯關(guān)系，對(duì)應(yīng)的門(mén)電路為與門(mén)電路．11、mgcos婁脠tmgsin婁脠t【分析】【分析】

沖量等于力與物體速度的乘積；對(duì)物體受力分析；根據(jù)平行四邊形定則求解出合力和支持力，即可得到支持力和合力的沖量。

本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況；知道沖量的定義公式I=Ft

即可，基礎(chǔ)題目。

【解答】物體在傾角為婁脠

的光滑斜面上由靜止開(kāi)始下滑；受重力和支持力，故：N=mgcos婁脠t

合力：F=mgsin婁脠t

故支持力沖量：IN=Nt=mgcos婁脠t

合力的沖量：I=Ft=mgsin婁脠t

故答案為：mgcos婁脠tmgsin婁脠t

【解析】mgcos婁脠tmgsin婁脠t

12、略

【分析】【分析】在實(shí)驗(yàn)中F

和F隆盲

分別由平行四邊形定則及實(shí)驗(yàn)得出；明確理論值和實(shí)驗(yàn)值的區(qū)別即可正確答題。

本實(shí)驗(yàn)中采用了兩個(gè)力合力與一個(gè)力效果相同來(lái)驗(yàn)證的平行四邊形定則，因此采用“等效法”，注意該實(shí)驗(yàn)方法的應(yīng)用。本實(shí)驗(yàn)采用的是“等效替代”的方法，即一個(gè)合力與幾個(gè)分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明確“理論值”和“實(shí)驗(yàn)值”的區(qū)別。步驟B

中只有記下兩條細(xì)繩的方向，才能確定兩個(gè)分力的方向，進(jìn)一步才能根據(jù)平行四邊形定則求合力；步驟D

中只有使結(jié)點(diǎn)到達(dá)同樣的位置O

才能表示兩種情況下力的作用效果相同。本題是常規(guī)的力學(xué)實(shí)驗(yàn)，基礎(chǔ)題目。【解答】(1)F

是通過(guò)作圖的方法得到合力的理論值；而F隆盲

是通過(guò)一個(gè)彈簧稱(chēng)沿AO

方向拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)到O

點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力與兩個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力效果相同，測(cè)量出的合力.

故方向一定沿AO

方向的是F隆盲

由于誤差的存在F

和F隆盲

方向并不在重合；

(2)

合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法。(3)

本實(shí)驗(yàn)為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則；采用的方法是作力的圖示法，作出合力和理論值和實(shí)際值，然后進(jìn)行比較，得出結(jié)果.

所以，實(shí)驗(yàn)時(shí)，除記錄彈簧秤的示數(shù)外，還要記下兩條細(xì)繩的方向，以便確定兩個(gè)拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示。步驟C

中未記下兩條細(xì)繩的方向；步驟E

中未說(shuō)明把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到位置O

故答案為：(1)F隆盲(2)B(3)壟脵C(jī)E壟脷

記下兩條細(xì)繩的方向把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到相同的位置O

【解析】(1)F隆盲(2)B(3)壟脵C(jī)E壟脷

記下兩條細(xì)繩的方向把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到相同的位置O

三、判斷題(共5題，共10分)13、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線(xiàn)的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線(xiàn)的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線(xiàn)可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線(xiàn)疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線(xiàn)方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線(xiàn)的方向反映電勢(shì)的高低．14、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線(xiàn)比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、解答題(共1題，共9分)18、略

【分析】

（1）安培力：F=BIL=5×104×10×2=1×106N

（2）設(shè)加速距離為X；該過(guò)程只有安培力做功，則由動(dòng)能定理得：

FX≥mV2得X≥==1×10-4m

（3）因安培力與速度在同一直線(xiàn)上，故安培力的功率：P=FV=1×106×10×103=1×1010W

答：（1）安培的大小是1×106N

（2）軌道至少長(zhǎng)1×10-4m

（3）安培力的功率為P=1×1010W

【解析】【答案】（1）應(yīng)用安培力的表達(dá)式F=BIL求解．（2）安培力做功增加了彈體的動(dòng)能；用動(dòng)能定理求解．（3）應(yīng)用功率的公式求解．

五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共5分)19、（1）蛋白胨、苯酚蛋白胨-20℃（2）增加稀釋涂布凝固劑（瓊脂）（3）③（4）0、0.2、0.4、0.6、0.8③【分析】【分析】本題考查微生物的培養(yǎng)、分離和計(jì)數(shù)、培養(yǎng)基的配置、微生物保存和數(shù)量測(cè)定等相關(guān)實(shí)驗(yàn)，意在考查考生對(duì)實(shí)驗(yàn)的理解掌握情況。【解答】（1）培養(yǎng)基成分中的有機(jī)物均可提供碳源，即蛋白胨、苯酚可以作為碳源?？勺鳛榈吹氖堑鞍纂?。甘油管藏保存微生物的溫度是-20℃。（2）分析實(shí)驗(yàn)可知，實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖呛Y選酚降解高效菌株，因此采集到的樣品接種培養(yǎng)，苯酚用量應(yīng)隨轉(zhuǎn)接次數(shù)增加而逐漸增加，以達(dá)到富集酚降解菌的目的。若上圖平板中菌落過(guò)于密集，應(yīng)進(jìn)一步稀釋涂布，以便于菌落計(jì)數(shù)與分離。平板培養(yǎng)基屬于固體培養(yǎng)基，該培養(yǎng)基需要加入瓊脂作為凝固劑。（3）圖為平板劃線(xiàn)法，隨著劃線(xiàn)次數(shù)的增加，菌種進(jìn)一步被稀釋?zhuān)虼藞D中③區(qū)域更易獲得單菌落。（4）進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先需設(shè)置濃度為0的苯酚作為空白對(duì)照組，并且6號(hào)試管苯酚濃度為1，由此可見(jiàn)，濃度梯度應(yīng)為0、0.2、0.4、0.6、0.8。如果廢水為50mg／L苯酚溶液，降解后約有30％的苯酚殘留，即殘留液中苯酚濃度約為15mg/L，與以上6支試管中的濃度相比，需要將殘留液稀釋③20倍后再進(jìn)行比色?！窘馕觥浚?）蛋白胨、苯酚蛋白胨-20℃（2）增加稀釋涂布凝固劑（瓊脂）（3）③（4）0、0.2、0.4、0.6、0.8③六、綜合題(共4題，共36分)20、（1）D（2）BCD（3）電磁，頻率（4）解：導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)垂直放置；導(dǎo)線(xiàn)受到的安培力為：

FA=BIL=5×10-5T×10A×2m=0.001N

若僅使導(dǎo)線(xiàn)中的電流反向，根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線(xiàn)的作用力的方向反向；【分析】(1)

【分析】

本題只要了解法拉第的科學(xué)成就；即可輕松解答；

法拉第是物理學(xué)發(fā)展史上重要的科學(xué)家，對(duì)于他的科學(xué)成就、研究的歷程等等都要了解，從而還可以從中學(xué)習(xí)他的科學(xué)精神；【解答】

1820

年丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)后；英國(guó)科學(xué)家法拉第堅(jiān)信磁也可以生電，經(jīng)過(guò)10

年艱苦努力，在1831

年發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；

故選D。(2)

【分析】

動(dòng)圈式話(huà)筒、磁帶錄音機(jī)利用電磁感應(yīng)原理，而磁卡、白熾燈泡不是利用電磁感應(yīng)原理；本題是常識(shí)問(wèn)題；考查對(duì)家用電器原理的理解能力，比較簡(jiǎn)單，注意理解電磁感應(yīng)現(xiàn)象的原理；

【解答】

白熾燈泡利用電流的熱效應(yīng)；不是利用電磁感應(yīng)原理；動(dòng)圈式話(huà)筒利用電磁感應(yīng)原理；磁帶錄音機(jī)利用電磁感應(yīng)原理；磁帶錄音機(jī)利用電磁感應(yīng)原理，將聲音信號(hào)變成電信號(hào);

故選BCD；

(3)

【分析】

依據(jù)各種電磁波在真空中能傳播，從而能夠接收或發(fā)射信號(hào)，且波傳播過(guò)程中，波的頻率不變，波長(zhǎng)與波速有變化關(guān)系；本題是常識(shí)性問(wèn)題；要知道光是一種電磁波，在真空中的傳播速度都相同，頻率由波源決定；

【解答】

“嫦娥三號(hào)”依靠電磁波將拍到的月貌圖片傳回地球；

各種電磁波的頻率有波源決定；當(dāng)光真空到大氣的傳播過(guò)程中，頻率不變；

根據(jù)v=cn

可知；速度隨著折射率增大而減?。?/p>

故答案為：電磁；頻率。

(4)

已知電流、導(dǎo)線(xiàn)長(zhǎng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度，由安培力公式可以求出導(dǎo)線(xiàn)受到的安培力；根據(jù)左手定則判斷安培力方向的變化；本題關(guān)鍵是記住安培力大小的公式FA=BIL

會(huì)根據(jù)左手定則判斷安培力的方向，基礎(chǔ)題目；

【解析】(1)D

(2)BCD

(3)

電磁，頻率(4)

解：導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)垂直放置；導(dǎo)線(xiàn)受到的安培力為：

FA=BIL=5隆脕10鈭?5T隆脕10A隆脕2m=0.001N

若僅使導(dǎo)線(xiàn)中的電流反向，根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線(xiàn)的作用力的方向反向；21、(1)BCE

(2)

解：壟脵

放上物塊后，由理想氣體狀態(tài)方程可知：1.2P0VT0=1.4P0?910VT1

解得：T1T0=6360

當(dāng)加熱后回到原位置時(shí)，由查理定律可知：1.2P0T0=1.4P0T2

解得：T2T0=76

壟脷

在加熱過(guò)程中，為等壓變化，當(dāng)上升h10

過(guò)程中對(duì)外做功為：W=4P0s?h10=125P0sh

故內(nèi)能增加量為：?U=Q?125P0sh

【分析】(1)

【分析】布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不能反映花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)；液體表面存在表面張力，能使空氣的小雨滴呈球形；液晶具有各向異性的特點(diǎn)；高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)氣壓低的緣故；濕溫度計(jì)下端包有濕紗布，濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現(xiàn)象，汽化要吸熱，所以濕溫度計(jì)的示數(shù)較低。本題重點(diǎn)要掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)，液體表面張力的形成的原因，以及晶體的物理性質(zhì)等一些基礎(chǔ)性的知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，在平時(shí)的學(xué)習(xí)過(guò)程中多加積累即可?！窘獯稹緼.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在水中花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；由于花粉是由大量花粉分子組成的，所以布朗運(yùn)動(dòng)不能反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力；使雨滴表面有收縮的趨勢(shì)的結(jié)果，故B正確；

C.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故C正確；

D.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低；這是高原地區(qū)氣壓較低的緣故，故D錯(cuò)誤；

E.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度；是因?yàn)闈衽萃饧啿贾械乃舭l(fā)吸熱，故E正確。

故選BCE。(2)壟脵

利用理想氣體狀態(tài)方程即可求得溫度之比，注意找出初末狀態(tài)即可；壟脷

在加熱過(guò)程中，氣體對(duì)外做功，由W=PS鈻?h

求的對(duì)外做功，由鈻?U=Q+W

求的內(nèi)能增加量。本題確做功與熱量的正負(fù)的確定是解題的關(guān)鍵；對(duì)氣體正確地進(jìn)行受力分析，求得兩個(gè)狀態(tài)的壓強(qiáng)是解題的關(guān)鍵.

屬于中檔題?！窘馕觥?1)BCE

(2)

解：壟脵

放上物塊后，由理想氣體狀態(tài)方程可知：1.2P0VT0=1.4P0?910VT1

解得：T1T0=6360

當(dāng)加熱后回到原位置時(shí)，由查理定律可知：1.2P0T0=1.4P0T2

解得：T2T0=76

壟脷

在加熱過(guò)程中，為等壓變化，當(dāng)上升h10

過(guò)程中對(duì)外做功為：W=4P0s?h10=125P0