2025年人教A新版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教A新版高二物理上冊(cè)月考試卷700考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，有人設(shè)想要“打穿地球”從中國(guó)建立一條通過(guò)地心的光滑隧道直達(dá)巴西。如只考慮物體間的萬(wàn)有引力，則從隧道口拋下一物體，物體的加速度A.一直增大B.一直減小C.先增大后減小D.先減小后增大2、在磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式B=F/IL中，有關(guān)各物理量間的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是（）A.B由F.I和L決定B.F由B.I和L決定C.I由B.F和L決定D.L由B.F和I決定3、下面有關(guān)靜電現(xiàn)象的解釋，說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.接觸起電的實(shí)質(zhì)是一個(gè)物體的電子轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體上B.靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷，只是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分C.摩擦起電時(shí)，一個(gè)物體失去電子而帶正電，另一個(gè)物體得到電子而帶負(fù)電D.摩擦起電是在摩擦的過(guò)程中分別創(chuàng)造了正電荷與負(fù)電荷4、關(guān)于浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)，下面的說(shuō)法中正確的是（）A.水是浸潤(rùn)液體B.水銀不是浸潤(rùn)液體C.同一種液體對(duì)不同的固體，可能是浸潤(rùn)的，也可能是不浸潤(rùn)的D.只有浸潤(rùn)液體在細(xì)管中才會(huì)產(chǎn)生毛細(xì)現(xiàn)象5、一只足球靜止在水平的球場(chǎng)上，下列說(shuō)法正確的是（）A.足球?qū)Φ孛娴膲毫褪亲闱虻闹亓.足球?qū)Φ孛娴膲毫Φ氖┝ξ矬w是地球C.足球受到的重力與地面對(duì)足球的支持力方向相反D.足球?qū)Φ孛娴膲毫妥闱蚴艿降牡孛娴闹С至κ且粚?duì)相互作用力6、為了使需要傳送的信息(如聲音、圖像等)加載在電磁波上發(fā)射到遠(yuǎn)方，必須對(duì)振蕩電流進(jìn)行()．A.調(diào)諧B.調(diào)幅C.調(diào)制D.調(diào)頻7、一列簡(jiǎn)諧波沿x軸正方向傳播，在t=0時(shí)波形如圖1所示，已知波速度為10m/s。則t=0.1s時(shí)正確的波形應(yīng)是圖2中的8、某學(xué)生設(shè)計(jì)出下列四種邏輯電路，當(dāng)A端輸入高電壓時(shí)，電鈴能發(fā)出聲音的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、已知空氣中的聲速V空=340m/s，有一聲波在空氣中的波長(zhǎng)為λ空=1m，則該聲波的頻率為________HZ。該聲波在水中傳播時(shí)（已知V水=1450m/s）的波長(zhǎng)為____m。若已知該聲波在鐵軌中傳播時(shí)的波長(zhǎng)為14.4m，則可計(jì)算出鐵軌中的聲速為____________m/s。10、如圖示，為萬(wàn)用表歐姆擋的內(nèi)部電路，a、b為表筆插孔，下列說(shuō)法中正確的是____（填序號(hào)“①”、“②”、“③”、“④”）。____①a孔插紅表筆②表盤刻度是均勻的③用×100Ω擋測(cè)量時(shí)，若指針指在0Ω附近，則應(yīng)換用×1kΩ擋④實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，將表筆拔出，并將選擇開關(guān)旋至“off”檔或交流最高檔11、電磁爐是利用____________工作的．12、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用能量為5.0eV

的光子照射光電管的陰極K

時(shí)，測(cè)得電流計(jì)上的示數(shù)隨電壓變化的圖象如圖乙所示.

則光電子的最大初動(dòng)能為_____________eV

金屬的逸出功為__________________J.(

電子的電荷量e=1.6脳10鈭?19C

普朗克常量h=6.63脳10鈭?34J鈥?S.

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字.)

13、A.如圖所示是一電熱水壺的銘牌，由銘牌可知，該電熱水壺在額定電壓下工作時(shí)，所使用的交流電壓的最大值為_____V

交流電壓的周期為_____s

．

B.

電荷的周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)，這種觀點(diǎn)最早是由________(

填“法拉第”或“庫(kù)侖”)

提出的.

電荷在電場(chǎng)中不僅受到電場(chǎng)力的作用，而且還具有電勢(shì)能.

已知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)為2.0隆脕102V

將一電荷量為鈭?2.0隆脕10鈭?8C

的試探電荷置于該點(diǎn)時(shí)，它的電勢(shì)能為________J

．14、本題為選做題，考生只選擇一題作答.

若兩題都作答，則按24鈭?A

題計(jì)．。鈭?A.(

本題供選修1鈭?1

的考生作答)

我國(guó)家庭照明電路使用的是正(

余)

弦式交變電流，其電壓為___________V

電壓的峰值為________V

．24鈭?B.(

本題供選修3鈭?1

的考生作答)

一太陽(yáng)能電池板不接負(fù)載時(shí)的電壓是0.8V

短路時(shí)的電流是0.04A

則該電池板的電動(dòng)勢(shì)為_________V

內(nèi)電阻為_________婁賂

．15、如圖所示甲、乙兩物體運(yùn)動(dòng)的速度圖象，由圖可知乙物體運(yùn)動(dòng)的初速度是______m/s

甲物體的加速度是______m/s2

．16、如圖所示，導(dǎo)線環(huán)面積為10cm2

環(huán)中接入一個(gè)電容器，C

=10婁脤

F

，線圈放在均勻變化的磁場(chǎng)中，磁感線垂直線圈平面.

若磁感應(yīng)強(qiáng)度以0.01T/S

的速度均勻減小，則電容器極板所帶電荷量為______，其中帶正電荷的是______板.

評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共36分)22、在練習(xí)使用多用電表的實(shí)驗(yàn)中；請(qǐng)完成下列問(wèn)題：

(1)

在使用多用電表測(cè)量時(shí)；指針的位置如圖甲所示，若選擇開關(guān)撥至“隆脕l00婁賂

”檔，則測(cè)量的結(jié)果為______；若開關(guān)撥至“10V

”，則測(cè)量結(jié)果為______。

(2)

將G

改裝成兩種倍率(

如“隆脕l

”；“隆脕l0

”)

的歐姆表?，F(xiàn)有兩種備選電路；在圖乙電路中，當(dāng)開關(guān)S

合向______端，這時(shí)的歐姆表是較大倍率檔。

(3)

多用電表在正確選擇倍率情況下測(cè)未知電阻阻值，設(shè)電池的電動(dòng)勢(shì)為E.

內(nèi)阻為rR0

為調(diào)零電阻，Rg

為表頭內(nèi)阻，則電路中電流I

與待測(cè)電阻的阻值Rx

的函數(shù)關(guān)系式為______。23、用半徑相同的兩小球AB

的碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律；實(shí)驗(yàn)裝置示意如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接.

實(shí)驗(yàn)時(shí)先不放B

球，使A

球從斜槽上某一固定點(diǎn)C

由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡.

再把B

球靜置于水平槽前端邊緣處，讓A

球仍從C

處由靜止?jié)L下，A

球和B

球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡.

記錄紙上的O

點(diǎn)是重垂線所指的位置，若各落點(diǎn)痕跡到O

的距離分別為OM=S1OP=S2ON=S3

并知兩球的質(zhì)量分別為m=10g

與M=20g

則。

(1)

下列說(shuō)法正確的是______

A.入射球A

質(zhì)量應(yīng)用10g

的小球。

B.入射球A

質(zhì)量應(yīng)用20g

的小球。

C.斜槽軌道末端應(yīng)調(diào)節(jié)水平；但就算不水平，只要高度一樣，其實(shí)也不影響結(jié)果。

D.斜槽應(yīng)保證光滑；若有摩擦則實(shí)驗(yàn)必定失敗。

(2)

未放B

球時(shí)A

球落地點(diǎn)是記錄紙上的點(diǎn)，若動(dòng)量守恒，則應(yīng)成立的表達(dá)式為______(

用題中所測(cè)各物理量的符號(hào)表示)

．24、如圖所示為“彈簧碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)裝置。

（1）下列說(shuō)法中符合實(shí)驗(yàn)要求的是______

A．入射球a比靶球b質(zhì)量大；但兩者的半徑可以不同。

B．在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中；每次入射球a必須從同一高度由靜止釋放。

C．安裝軌道時(shí)；軌道末端必須水平。

D．需要使用的儀器有天平和刻度尺。

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)記錄了軌道末端在記錄紙上的豎直投影為O點(diǎn)，經(jīng)多次釋放入射球，在記錄紙上找到了兩球平均落點(diǎn)位于A、B、C，并測(cè)得它們到O點(diǎn)的距離分別為OA、OB和OC．已知入射球的質(zhì)量為m1，靶球的質(zhì)量為m2；如果得到______，則認(rèn)為碰撞中的不變量是質(zhì)量與速度的乘積之和。

（3）在實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)小球的落地情況，若等式OC=______成立，則可證明碰撞中系統(tǒng)的動(dòng)能守恒（要求用第（2）問(wèn)中涉及的物理量表示）。25、一靈敏電流計(jì)（電流表）；當(dāng)電流從它的正接線柱流入時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)．現(xiàn)把它與一個(gè)線圈串聯(lián)，試就如圖中各圖指出：

（1）圖（a）中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向?yàn)開_____．（填“偏向正極”或“偏向負(fù)極”）

（2）圖（b）中磁鐵下方的極性是______（填“N極”或“S極”）評(píng)卷人得分五、綜合題(共4題，共20分)26、(1)(1)如圖，鈻?ABCtriangleABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，隆脧A=30鈭?。一束紅光垂直ABAB邊射入，從ACAC邊上的DD點(diǎn)射出，其折射角為60鈭?，則玻璃對(duì)紅光的折射率為______。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光線在DD點(diǎn)射出時(shí)的折射角______((填“小于”“等于”或“大于”))60鈭?。

(2)(2)一列簡(jiǎn)諧橫波在t=13s時(shí)的波形圖如圖(a)(a)所示，PPQQ是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖(b)(b)是質(zhì)點(diǎn)QQ的振動(dòng)圖像。求

(i)(i)波速及波的傳播方向；(ii)(ii)質(zhì)點(diǎn)QQ的平衡位置的xx坐標(biāo)。27、如圖放在光滑水平面上的小車質(zhì)量為M，它兩端各有彈性擋板P和Q，有一質(zhì)量為m的物體放于車上（M＞m），車內(nèi)表面與物體間有摩擦，現(xiàn)使它們同時(shí)獲得等大反向的初速度v0；求：

（1）車和物體最終的速度；

（2）全過(guò)程系統(tǒng)摩擦產(chǎn)生的熱量．28、Ⅰ.(

供選修1鈭?1

模塊的考生作答)

(1)

提出磁感線概念的科學(xué)家是______。(

填正確答案標(biāo)號(hào))

A.

伽利略B.

牛頓C.

法拉第D.

庫(kù)侖

(2)

如圖所示四個(gè)電場(chǎng)線圖，一正電荷在電場(chǎng)中由P

點(diǎn)到Q

點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng)，且加速度越來(lái)越大，那么它可能是在哪個(gè)圖示的電場(chǎng)中____________(

填序號(hào))

(3)

太陽(yáng)輻射的能量集中在紅外線、可見(jiàn)光和____三個(gè)區(qū)域內(nèi)。波長(zhǎng)在黃綠光附近，輻射的能量最_____(

填強(qiáng)弱)

我們的眼睛正好能感受這個(gè)區(qū)域的電磁輻射。

(4)

下表所示是一臺(tái)洗衣機(jī)的說(shuō)明書，請(qǐng)根據(jù)說(shuō)明書解答下列問(wèn)題：

海爾XQ50鈭?8B

洗衣機(jī)。防觸電保護(hù)類型Ⅰ類額定洗滌容量5kg

額定電壓220V隆蘆

電源頻率50Hz

洗滌功率330W

甩干功率650W

水加熱功率1950W

最大工作電流10A

自來(lái)水壓力0.05鈮?P鈮?1MPa

重量72kg

出廠日期：2012

年5

月20

日出廠編號(hào)：20120520253

(1)

洗衣機(jī)正常工作的電壓為多少？(2)

洗衣機(jī)常溫下正常洗滌2h

消耗的電能是多少度？Ⅱ.(

供選修3鈭?1

模塊的考生作答)

(1)

在赤道處沿東西方向放置一根直導(dǎo)線，導(dǎo)線中電子定向運(yùn)動(dòng)的方向是從東向西，則導(dǎo)線受到地磁場(chǎng)作用力的方向是()A.

向東B.

向北C.

向上D.

向下(2)

如圖所示，用細(xì)線懸掛一水平放置的長(zhǎng)為L(zhǎng)

質(zhì)量為m

的通電導(dǎo)體棒，通以電流I

方向從左向右，導(dǎo)體棒靜止在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

則懸線拉力大小為F=

_____N

(3)

如圖所示的電路，電源的內(nèi)電阻為r

當(dāng)開關(guān)閉合，可變電阻的滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，電壓表的讀數(shù)將______、電流表的讀數(shù)將________。

((填“增大”或“減小”或“不變”))

(4)

粗細(xì)均勻的直導(dǎo)線ab

的兩端懸掛在兩根相同的彈簧下邊，ab

恰好處在水平位置。已知ab

的質(zhì)量m=10gab

的長(zhǎng)L=50cm

垂直平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B=0.4T

。

壟脵

要使兩根彈簧能處于自然狀態(tài)，ad

中應(yīng)沿什么方向的電流？壟脷

若導(dǎo)線中有方向從a

到b

大小為0.2A

的電流通過(guò)時(shí)，兩根彈簧拉長(zhǎng)了鈻?x=1mm

求彈簧的勁度系數(shù).(

取g=10m/s2)

29、壟脜

核電站利用原子核鏈?zhǔn)椒磻?yīng)放出的巨大能量進(jìn)行發(fā)電，rlap{_{92}}{^{235}}U是核電站常用的核燃料。rlap{_{92}}{^{235}}U受一個(gè)中子轟擊后裂變成rlap{_{56}}{^{144}}Ba和rlap{_{36}}{^{89}}Kr兩部分；并產(chǎn)生________個(gè)中子。要使鏈?zhǔn)椒磻?yīng)發(fā)生，裂變物質(zhì)的體積要________(

選填“大于”或“小于”)

它的臨界體積。

壟脝壟脝取質(zhì)子的質(zhì)量mmp=1.6726隆脕10=1.6726隆脕10鈭?kgkg中子的質(zhì)量mmn=1.6749隆脕10=1.6749隆脕10鈭?27kgkg婁脕婁脕粒子的質(zhì)量mm婁脕=6.6467隆脕10=6.6467隆脕10鈭?27kgkg光速c=3.0隆脕10c=3.0隆脕108m/sm/s請(qǐng)計(jì)算婁脕婁脕粒子的結(jié)合能。((計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字))

壟脟壟脟一個(gè)靜止的鈾核rlap{_{92}}{^{232}}U(U(原子質(zhì)量為232.0372u)232.0372u)放出一個(gè)婁脕婁脕粒子((原子質(zhì)量為4.0026u)4.0026u)后衰變成釷核rlap{_{90}}{^{228}}Th(Th(原子質(zhì)量為228.0287u)228.0287u)((已知：原子質(zhì)量單位1u=1.67隆脕101u=1.67隆脕10鈭?27kgkg1u1u相當(dāng)于931MeV)931MeV)

壟脵壟脵寫出核衰變反應(yīng)方程；

壟脷壟脷算出該核衰變反應(yīng)中釋放出的核能；

?壟脹壟脹假設(shè)反應(yīng)中釋放出的核能全部轉(zhuǎn)化為釷核和婁脕婁脕粒子的動(dòng)能，則釷核獲得的動(dòng)能有多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【解析】試題分析：在地球球心處，由于對(duì)稱性，各部位對(duì)其的萬(wàn)有引力大小相等，相互抵消，所以中心加速度為零，在地表入口處，加速度近似為重力加速度，因此，加速度先變小后增加，D對(duì)考點(diǎn)：萬(wàn)有引力【解析】【答案】D2、B【分析】【解析】試題分析：定義式中B的大小與F，I，L等無(wú)關(guān)，只和磁場(chǎng)的本身因素有關(guān)，A錯(cuò)誤，F(xiàn)的大小是由BIL決定的，B正確，I的大小是由電路的基本特征決定的，C錯(cuò)誤，L的大小和導(dǎo)線有關(guān)，與B，I，F(xiàn)無(wú)關(guān)，D錯(cuò)誤故選D考點(diǎn)：考查了對(duì)公式的理解【解析】【答案】B3、D【分析】【分析】

A；接觸起電是一個(gè)帶電物體去接觸另一個(gè)導(dǎo)體時(shí)；電荷會(huì)轉(zhuǎn)移到那個(gè)導(dǎo)體上，使物體帶電，這種說(shuō)法正確，不選A

B；當(dāng)帶電體近導(dǎo)體時(shí)；由于同種電荷相斥，異種電荷相吸，導(dǎo)體內(nèi)的自由電子會(huì)靠近或遠(yuǎn)離帶電體，使導(dǎo)體兩端帶上相異的電荷．這種說(shuō)法正確，不選B

C；當(dāng)兩種不同材料的物體互相摩擦?xí)r；一些束縛得不緊的電子往往從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，于是原來(lái)電中性的物體由于得到電子而帶負(fù)電，失去電子的物體則帶正電．如毛皮摩擦橡膠棒，橡膠棒帶負(fù)電；絲綢摩擦玻璃棒，玻璃棒帶正電．這種說(shuō)法正確，不選C

D；電荷是不能創(chuàng)造的；摩擦起電實(shí)質(zhì)是電子轉(zhuǎn)移的過(guò)程．但摩擦起電時(shí)電子從對(duì)電子束縛力弱的物體轉(zhuǎn)移到束縛力強(qiáng)的物體上，這種說(shuō)法錯(cuò)誤，選D

故選D

【點(diǎn)評(píng)】本題比較容易，重點(diǎn)考察了電荷產(chǎn)生的原因，從而了解到電荷既不能創(chuàng)造電不會(huì)消滅，只能從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，或者從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，電荷的總量保持不變。4、C【分析】解：A；浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)是相對(duì)的；水對(duì)玻璃來(lái)說(shuō)是浸潤(rùn)液體；但不是對(duì)任何固體都是浸潤(rùn)液體；水銀對(duì)玻璃不是浸潤(rùn)液體，對(duì)鉛是浸潤(rùn)液體．故AB錯(cuò)誤；

C；同一種液體對(duì)不同的固體；可能是浸潤(rùn)的，也可能是不浸潤(rùn)的，故C正確；

D；在玻璃試管中；不論液體是否浸潤(rùn)細(xì)管壁都能產(chǎn)生毛細(xì)現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤；

故選：C．

浸潤(rùn)現(xiàn)象亦稱潤(rùn)濕現(xiàn)象．當(dāng)液體與固體接觸時(shí)；液體的附著層將沿固體表面延伸．當(dāng)接觸角θ為銳角時(shí)，液體潤(rùn)濕固體，若θ為零時(shí)，液體將展延到全部固體表面上，這種現(xiàn)象叫做“浸潤(rùn)現(xiàn)象”．潤(rùn)濕現(xiàn)象的產(chǎn)生與液體和固體的性質(zhì)有關(guān)．同一種液體，能潤(rùn)濕某些固體的表面，但對(duì)另外某些固體的表面就很難潤(rùn)濕．

毛細(xì)作用；是液體表面對(duì)固體表面的吸引力．毛細(xì)管插入浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液面上升，高于管外，毛細(xì)管插入不浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液體下降，低于管外的現(xiàn)象．毛巾吸水，地下水沿土壤上升都是毛細(xì)現(xiàn)象．在潔凈的玻璃板上放一滴水銀，它能夠滾來(lái)滾去而不附著在玻璃板上．把一塊潔凈的玻璃板浸入水銀里再取出來(lái)，玻璃上也不附著水銀．這種液體不附著在固體表面上的現(xiàn)象叫做不浸潤(rùn)．對(duì)玻璃來(lái)說(shuō)，水銀是不浸潤(rùn)液體．

本題考查了浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)現(xiàn)象，毛細(xì)現(xiàn)象是潤(rùn)與不浸潤(rùn)現(xiàn)象的具體運(yùn)用，基礎(chǔ)題．【解析】【答案】C5、C|D【分析】本題考查的是作用力和反作用力的問(wèn)題。一只足球靜止在水平的球場(chǎng)上，以足球?yàn)檠芯繉?duì)象，足球受重力和地面對(duì)它的支持力作用，是一對(duì)平衡力，且方向相反。足球?qū)Φ孛娴膲毫妥闱蚴艿降牡孛娴闹С至κ且粚?duì)相互作用力。所以正確答案CD?！窘馕觥俊敬鸢浮緾D6、C【分析】聲音、圖像信號(hào)的頻率很低，不能直接發(fā)射出去，只有高頻電磁波才能向外發(fā)射，所以要用高頻帶著低頻向外發(fā)射，而把低頻信號(hào)加到高頻電磁波上去的過(guò)程叫調(diào)制，在調(diào)制中既可用調(diào)幅的方法也可用調(diào)頻的方法；調(diào)諧是接收某一電磁波的過(guò)程中采用的方法．故選C.【解析】【答案】C7、C【分析】試題分析：由圖1可知波長(zhǎng)為4.0m，故周期為t=0.1s為四分之一周期，故波沿x軸正方向傳播四分之一波長(zhǎng)即1.0m，波形圖為C中圖形?？键c(diǎn)：橫波的圖像，波速、波長(zhǎng)和頻率（周期）的關(guān)系【解析】【答案】C8、B【分析】解；A；與門電路；當(dāng)輸入1、0，輸出0，故電鈴不發(fā)出聲音，故A錯(cuò)誤。

B；或門電路；當(dāng)輸入1、0，輸出1，故電鈴能發(fā)出聲音，故B正確。

C；非門電路；當(dāng)輸入1，輸出0，故電鈴不發(fā)出聲音，故C錯(cuò)誤。

D；或門電路；當(dāng)輸入1、0，輸出1，再經(jīng)非門，輸出0，故電鈴不發(fā)出聲音，故D錯(cuò)誤。

故選B

理解基本邏輯門電路的特點(diǎn)；工作原理，輸入；輸出關(guān)系．

考查了基本門電路、基本邏輯關(guān)系，輸入、輸出關(guān)系．【解析】【答案】B二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】【解析】試題分析：由公式在水中傳播時(shí)，頻率不變，波長(zhǎng)變?yōu)樵阼F軌中傳播的聲速為考點(diǎn)：考查機(jī)械波的波速、頻率、波長(zhǎng)的關(guān)系【解析】【答案】3404.26489610、略

【分析】【解析】【答案】________11、略

【分析】解：電磁爐是利用交變電流在金屬鍋底激發(fā)出渦流而工作的；發(fā)熱效率很高；

故答案為：電磁感應(yīng)(渦流)．【解析】電磁感應(yīng)(渦流)12、24.8隆脕10鈭?19【分析】【分析】由圖乙知該裝置加反向電壓時(shí)，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)等于2V

時(shí)，電流表示數(shù)為0

由動(dòng)能定理可求得光電子點(diǎn)的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程EKmKm=h婁脙鈭?W00；求出逸出功。

解決本題的關(guān)鍵理解圖象的物理意義，由圖象讀出遏止電壓，同時(shí)要掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運(yùn)用?！窘獯稹坑蓤D乙可知；當(dāng)該裝置所加的反向電壓是2V

時(shí)，電流表示數(shù)為0

即遏止電壓Uc=2V

根據(jù)動(dòng)能定理得：光電子點(diǎn)的最大初動(dòng)能為：Ek=eUc=2eV=3.2隆脕10鈭?19J

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?W0

得逸出功W0=3eV=4.8隆脕10鈭?19J

故答案為：24.8隆脕10鈭?19

【解析】24.8隆脕10鈭?19

13、A0.02

B法拉第，-4×10-6【分析】

A

【分析】由表中數(shù)據(jù)可以得到額定電壓、額定功率，工作頻率，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出交流電壓的最大值，根據(jù)T=1f

求出周期。用電器銘牌上都會(huì)有額定電壓和功率，頻率，有了這些個(gè)信息我們可以求出其他幾個(gè)量，如額定電流、電阻、用電量等，做題時(shí)要注意總結(jié)?！窘獯稹坑蓤D知電水壺的額定電壓為220V

頻率為50Hz

則所使用的交流電壓的最大值Um=2U=2202V

周期T=1f=0.02S;

故答案為：2202;0.02

B

【分析】

法拉第提出電荷周圍存在電場(chǎng)，已知試探電荷的電勢(shì)和電荷量，由公式EP=q鈱?

求解電勢(shì)能；掌握電勢(shì)能，電量與電勢(shì)關(guān)系的公式，注意各自的正負(fù)號(hào)不能忘記?！窘獯稹糠ɡ谔岢鲆环N觀點(diǎn)；認(rèn)為在電荷周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)；根據(jù)公式有：

EP=q鈱?=鈭?2.0隆脕10鈭?8隆脕2.0隆脕102J=鈭?4隆脕10鈭?6J

故答案為：法拉第，鈭?4隆脕10鈭?6

【解析】A2202;0.02

B

法拉第，鈭?4隆脕10鈭?6

14、略

【分析】24鈭?A24-A．【分析】我國(guó)照明電路交流電的電壓是220V

此電壓為有效值，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出最大值；照明電路交流電的頻率是50Hz

表示交流電1s

要經(jīng)歷50

個(gè)周期．記住我國(guó)交流電的電壓是220V220V頻率是50Hz50Hz周期是0.02s0.02s這是固定不變的?！窘獯稹课覈?guó)照明用的交流電的電壓是220V

則它的有效值是220V

故最大值為Um=2U=2202V=311V

。

故答案為：22031124鈭?B24-B．【分析】根據(jù)開路電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，即可求出電動(dòng)勢(shì)；再根據(jù)電動(dòng)勢(shì)和短路電流求出內(nèi)電阻。本題的關(guān)鍵要知道電源開路和短路的特點(diǎn)，明確開路電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，運(yùn)用閉合電路歐姆定律研究電源的內(nèi)電阻．【解答】當(dāng)電池板不接負(fù)載時(shí)的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)；所以電動(dòng)勢(shì)為E=0.8V

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：電池板的內(nèi)阻為：r=EI露脤=0.80.04=20婁賂

故答案為：0.820

【解析】

24鈭?A24-A．22022031131124鈭?B.0.824-B.0.8202015、略

【分析】解：乙物體運(yùn)動(dòng)的初速度為5m/s

甲物體的加速度a=鈻?v鈻?t=1510m/s2=1.5m/s2

．

故答案為：51.5

．

甲物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；乙物體做初速度為5m/s

的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖線的斜率求出物體運(yùn)動(dòng)的加速度．

解決本題的關(guān)鍵理解速度時(shí)間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示物體的加速度，能夠從速度時(shí)間圖象中判斷物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律．【解析】51.5

16、1隆脕10鈭?10Ca

【分析】解：

由題意；磁場(chǎng)均勻減小，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向是順時(shí)針?lè)较?，則上極板帶正電，即a

極帶正電．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：

E=鈻?BS鈻?t=0.01隆脕10隆脕10鈭?4=1隆脕10鈭?5V

則：Q=CU=CE=10隆脕10鈭?6隆脕1隆脕10鈭?5=1隆脕10鈭?10

C.

故答案為：1隆脕10鈭?10Ca

．

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向；從而得知極板所帶電量的電性，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，根據(jù)Q=CU

求出所帶電量的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，以及掌握法拉第電磁感應(yīng)定律．【解析】1隆脕10鈭?10Ca

三、判斷題(共5題，共10分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．19、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共36分)22、略

【分析】解：(1)

選擇開關(guān)撥至“隆脕l00婁賂

”檔；則測(cè)量的結(jié)果為：18隆脕100=1800婁賂

開關(guān)撥至“10V

”；由圖示表盤可知，其分度值為0.2V

其讀數(shù)為：4.6V

(2)

設(shè)G

并聯(lián)的阻值為R

由閉合電路歐姆定律可知：I隆脕Rg+RR=ER脰脨+RX

則：RX=EIRRg+R鈭?R脰脨=EIRRg+R鈭?ERg+RRIg

由上式可知并聯(lián)的R

越大倍率越大。則開關(guān)S

要與b

端閉合。

(3)

由閉合電路歐姆定律可知：I=Er+R0+Rg+RX

故答案為：(1)1800婁賂4.6V(2)b(3)I=Er+R0+Rg+RX

(1)

歐姆表指針示數(shù)與擋位乘積是歐姆表示數(shù)；根據(jù)電壓表量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀數(shù)。

(2)

使歐姆表的倍率不同；即量程不同，有兩種方法，一是使用不同電動(dòng)勢(shì)的電源，二是使電路的最大電流不同，電路最大電流越小，量程越大，倍率越大。

(3)

由全電路歐姆定律可確定出電流I

與待測(cè)電阻的阻值Rx

的函數(shù)關(guān)系式。

本題考查了多用電表的使用方法及電路結(jié)構(gòu)原理，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題；使用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近?！窘馕觥?800婁賂4.6VbI=Er+R0+Rg+RX

23、B；M?S2=M?S1+m?S3【分析】解：(1)A

為了碰撞后A

的速度仍然沿原來(lái)方向；入射球的質(zhì)量需大于B

球的質(zhì)量，可知入射球選擇20g

的小球，故A錯(cuò)誤，B正確．

C；為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)；則斜槽的末端需水平，故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)時(shí)需保證小球A

到達(dá)底端的速度需相等；只要讓小球每次從斜槽的同一位置釋放，斜槽不一定需光滑，故D錯(cuò)誤．

故選：B

．

(2)

由題意可知；A

球不碰撞時(shí)，做平拋運(yùn)動(dòng)落在P

點(diǎn)，與B

碰撞后，B

落在N

點(diǎn)，A

落在M

點(diǎn)；

平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等；可知平拋運(yùn)動(dòng)的初速度正比于水平位移；

根據(jù)動(dòng)量守恒知，Mv1=Mv2+mv3

即MS2t=MS1t+mS3t

可知成立的表達(dá)式為：M?S2=M?S1+m?S3

．

故答案為：(1)B(2)M?S2=M?S1+m?S3

(1)

為保證入射小球的碰撞后速度方向不變；入射小球的質(zhì)量需大于B

球的質(zhì)量.

為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，斜槽末端需水平，為保證小球的初速度相等，每次讓小球從斜槽的同一位置釋放，斜槽不一定需光滑．

(2)

結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律；抓住時(shí)間相等，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的初速度和水平位移成正比，得出動(dòng)量守恒的表達(dá)式．

本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)，要掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵．【解析】BM?S2=M?S1+m?S3

24、BCDm1OB=m1OA+m2OCOA+OB【分析】解：（1）A；為了保證入射小球不反彈；則入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了發(fā)生對(duì)心碰撞，兩球的半徑需相同，故A錯(cuò)誤；

B；在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中；每次入射球必須從同一高度由靜止釋放，保證碰前的速度相同，故B正確；

C；為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)；安裝軌道時(shí)，軌道末端必須水平，故C正確；

D；在該實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量小球的質(zhì)量以及小球的水平位移；需要的測(cè)量?jī)x器是天平、刻度尺，故D正確。

故選：BCD。

（2）碰撞過(guò)程中，如果水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2；

小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度相等；它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t；

則：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1OB=m1OA+m2OC①；

如果得到m1OB=m1OA+m2OC；則認(rèn)為碰撞中的不變量是質(zhì)量與速度的乘積之和。

（3）若碰撞中系統(tǒng)的動(dòng)能守恒，由能量守恒定律得：m1v12=m1v1′2+m2v22；

即m1OB2=m1OA2+m2OC2②；由①②解得：OC=OB+OA。

故答案為：（1）BCD；（2）m1OB=m1OA+m2OC；（3）OA+OB。

（1）為使兩球發(fā)生正碰；入射球與被碰球半徑相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球質(zhì)量應(yīng)大于被碰球質(zhì)量；斜槽軌道末端應(yīng)水平，根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

（2）根據(jù)題意應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式。

（3）應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律分析答題。

實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)：

（1）前提條件：保證碰撞是一維的；即保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運(yùn)動(dòng)，碰撞之后還沿這條直線運(yùn)動(dòng)。

（2）利用斜槽進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1＞m2，防止碰后m1被反彈?！窘馕觥緽CDm1OB=m1OA+m2OCOA+OB25、略

【分析】解：（1）磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過(guò)線圈的磁通量增加，原磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為逆時(shí)針?lè)较颍瑥呢?fù)接線柱流入電流計(jì)，指針偏向負(fù)極．

（2）因磁鐵向上運(yùn)動(dòng)；導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，由圖可知，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明感應(yīng)電流從正接線柱流入靈敏電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，又磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，磁鐵下方為N極．

故答案為：（1）偏向負(fù)極；（2）N極．

根據(jù)磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向分析磁通量變化；由楞次定律確定感應(yīng)電流方向，結(jié)合題給條件：當(dāng)電流從它的正接線柱流人時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)判斷指針偏轉(zhuǎn)方向分析判斷．

本題考查安培定則和楞次定律綜合應(yīng)用的能力，常規(guī)題，只要細(xì)心分析就能正確作答，注意當(dāng)電流從它的正接線柱流入時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)是解題的突破口．【解析】偏向負(fù)極；N極五、綜合題(共4題，共20分)26、(1)3

大于

(2)

解(i)

由圖(a)

可知：婁脣=2隆脕18cm=0.36m

由圖(b)

可知：T=2s

所以v=婁脣T=0.18m/s

由圖(b)

在t=13s

的下一刻向上運(yùn)動(dòng)

回到圖(a)

由同側(cè)法可知，傳播方向沿x

軸負(fù)方向；

(ii)

由圖(a)

可知O

處縱坐標(biāo)為鈭?A2OP

時(shí)間間隔為30鈭?360鈭?T=112T

又PQ

時(shí)間間隔為13s=16T

所以O(shè)Q

的時(shí)間間隔為14TOQ

的水平間距d=v隆脕14T=9cm

所以Q

的平衡位置的坐標(biāo)為x=9cm

【分析】(1)

【分析】根據(jù)折射定律求解即可。本題是折射定律的直接應(yīng)用，不難。【解答】玻璃對(duì)紅光的折射率為n=sin(60鈭?)sin(30鈭?)=3

藍(lán)光相對(duì)紅光折射率更大，故在D

點(diǎn)出射時(shí)偏折更明顯，所以大于60鈭?

故填：3

大于。(2)

本題是振動(dòng)圖像和波動(dòng)圖像的綜合題目；不難。

(i)

由同側(cè)法可知，傳播方向沿x

軸負(fù)方向；(ii)

由圖a

可知O

處縱坐標(biāo)、OP

時(shí)間間隔、PQ

時(shí)間間隔，由此可以求得OQ

的時(shí)間間隔及OQ

的水平間距，進(jìn)而可以得到Q

的平衡位置的坐標(biāo)。

【解析】(1)3

大于(2)

解(i)

由圖(a)

可知：婁脣=2隆脕18cm=0.36m

由圖(b)

可知：T=2s

所以v=婁脣T=0.18m/s

由圖(b)

在t=13s

的下一刻向上運(yùn)動(dòng)回到圖(a)

由同側(cè)法可知，傳播方向沿x

軸負(fù)方向；(ii)

由圖(a)

可知O

處縱坐標(biāo)為鈭?A2OP

時(shí)間間隔為30鈭?360鈭?T=112T

又PQ

時(shí)間間隔為13s=16T

所以O(shè)Q

的時(shí)間間隔為14TOQ

的水平間距d=v隆脕14T=9cm

所以Q

的平衡位置的坐標(biāo)為x=9cm

27、略

【分析】

（1）物塊在小車上滑行結(jié)束；它們具有相同的速度v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求得它們的共同速度；

（2）在這一過(guò)程中；物塊和小車組成的系統(tǒng)所減少的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．

該題考查動(dòng)量守恒定律和能量的轉(zhuǎn)化與守恒，雖然過(guò)程看似復(fù)雜，但解答時(shí)只要寫出兩個(gè)公式即可．屬于基礎(chǔ)題目．【解析】解：（1）物塊在小車上滑行結(jié)束；它們具有相同的速度v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：

mv0=（M+m）v．

所以：v=

（2）在這一過(guò)程中；物塊和小車組成的系統(tǒng)所減少的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，因此有：

答：（1）車和物體最終的速度是

（2）全過(guò)程系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量為．28、Ⅰ.（1）C（2）C（3）紫外線強(qiáng)

（4）解：①?gòu)谋砀裰锌梢灾老匆聶C(jī)正常工作的電壓為220v。

②洗衣機(jī)常溫下正常洗滌2h，消耗的電能是為W=Pt=330W×2h=660W?h=0.66kW?h，即0.66度。

Ⅱ．（1）C（2）0.5(mg+BIL)（3）增大增大

（4）解:①只有當(dāng)ab受到的安培力方向豎直向上且大小等于ab的重力時(shí)，兩根彈簧才能處于自然狀態(tài)，根據(jù)左手定則，ab中的電流應(yīng)由a到b。

②當(dāng)導(dǎo)線中通過(guò)由a到b的電流時(shí)，受到豎直向上的安培力作用，被拉長(zhǎng)的兩根彈簧對(duì)ab有豎直向上的拉力，同時(shí)ab受豎直向下的重力，平衡時(shí)平衡方程為ILB+2kΔx=mg

可得彈簧的勁度系數(shù)【分析】Ⅰ.(1)

【分析】提出磁感線概念的科學(xué)家是法拉第。本題考查物理學(xué)史，注意識(shí)記?！窘獯稹刻岢龃鸥芯€概念的科學(xué)家是法拉第，故C正確；故選C。(2)(2)【分析】正電荷受力沿電場(chǎng)線方向，則由圖可知粒子的運(yùn)動(dòng)方向；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)越強(qiáng)，電場(chǎng)線越稀疏則電場(chǎng)越弱。本題關(guān)鍵在于理解電場(chǎng)線的意義?！窘獯稹緼.由圖可知粒子由左向右運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故電場(chǎng)力不變，故A錯(cuò)誤；

B.粒子由左向右運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)線越來(lái)越疏；故電荷受力越來(lái)越小，故B錯(cuò)誤；

C.粒子受力向右；電場(chǎng)線越來(lái)越密，故場(chǎng)強(qiáng)越來(lái)越大，故粒子受到的電場(chǎng)力越來(lái)越大，故C正確；

D.粒子由左向右運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)線越來(lái)越疏；故電荷受力越來(lái)越小，故D錯(cuò)誤；

故選C。(3)

【分析】太陽(yáng)輻射的能量集中在紅外線、可見(jiàn)光和紫外線三個(gè)區(qū)域內(nèi)。波長(zhǎng)在黃綠光附近，輻射的能量最強(qiáng)，我們的眼睛正好能感受這個(gè)區(qū)域的電磁輻射。本題考查太陽(yáng)輻射，基礎(chǔ)題，注意識(shí)記?！窘獯稹刻?yáng)輻射的能量集中在紅外線、可見(jiàn)光和紫外線三個(gè)區(qū)域內(nèi)。波長(zhǎng)在黃綠光附近，輻射的能量最強(qiáng)，我們的眼睛正好能感受這個(gè)區(qū)域的電磁輻射。故答案為紫外線；強(qiáng)。(4)壟脵

從表格中可以知道洗衣機(jī)正常工作的電壓；

壟脷

洗衣機(jī)常溫下正常洗滌2h

根據(jù)W=Pt

求出消耗的電能。本題關(guān)鍵在于理解表中各物理量的含義。II.(1)

【分析】解答本題首先要明確地球磁場(chǎng)的分布情況：地理的南極為磁場(chǎng)的北極；同時(shí)注意電流方向?yàn)檎姾蛇\(yùn)動(dòng)方向，然后根據(jù)左手定則直接進(jìn)行判斷即可。本題的難點(diǎn)在于弄不清楚地球磁場(chǎng)方向，同時(shí)注意電流的方向軌道為正電荷運(yùn)動(dòng)的方向，因此在學(xué)習(xí)中要熟練掌握各種典型磁場(chǎng)方向的分布情況?！窘獯稹康厍虼艌?chǎng)的南北極和地理的南北極相反；因此在赤道上方磁場(chǎng)方向從南指向北，電流的方向與電子運(yùn)動(dòng)方向相反，即從西向東，依據(jù)左手定則可得安培力方向向上，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選C。(2)

【分析】根據(jù)左手定則分析安培力的方向，由平衡條件列式解答。本題關(guān)鍵在于用左手定則分析安培力的方向，注意左右手定則的區(qū)別?！窘獯稹扛鶕?jù)左手定則，導(dǎo)體棒受到安培力豎直向下，對(duì)導(dǎo)體受力分析，導(dǎo)體棒受重力，安培力和繩子的拉力，根據(jù)平衡條件2F=mg+BIL

解得F=0.5(mg+BIL)

。故答案為0.5(mg+BIL)

。(3)

【分析】可變電阻的滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，總電阻增大，總電流減小，路端電壓增加，所以R2

兩端的電壓增大，流過(guò)R2

的電流增大。本田考查動(dòng)態(tài)電路分析，可以直接用“串反并同”的結(jié)論解答?！窘獯稹靠勺冸娮璧幕瑒?dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，電阻R1R_{1}增加，總電阻增加，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流減小，路端電壓增加，所以電壓表的示數(shù)增大，對(duì)R2R_{2}根據(jù)歐姆定律，流過(guò)R2R_{2}的電流增大，所以電流表示數(shù)增大。故答案為增大；增大。(4)(4)壟脵

只有當(dāng)ab

受到的安培力方向豎直向上且大小等于ab

的重力時(shí)，兩根彈簧才能處于自然狀態(tài)，根據(jù)左手定則解答。壟脷

當(dāng)導(dǎo)線中通過(guò)由a

到b

的電流時(shí)，受到豎直向上的安培力作用，