2025年魯人版選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年魯人版選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷792考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，質(zhì)量m=30kg的小俊同學(xué)站在質(zhì)量M=150kg的車的一端，車長(zhǎng)L=3m；相對(duì)于地面靜止。若車與地面間的摩擦可以忽略不計(jì)，則小俊同學(xué)由車的一端走到另一端的過(guò)程中，車將（）

A.后退0.25mB.后退0.3mC.后退0.5mD.一直勻速后退2、如圖所示，直角三角形玻璃磚ABC，∠C=30°。一束單色光沿平行于AC方向從BC邊上D點(diǎn)射入玻璃磚，從AB邊的E點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）射出，且已知該單色光的頻率為f，在真空中的傳播速度為c。下列說(shuō)法正確的是（）

A.該單色光射出AB邊時(shí)折射角為30°B.該玻璃磚的折射率C.該單色光在玻璃中的波長(zhǎng)為D.該單色光在玻璃磚中傳播的時(shí)間為3、如圖所示，木塊在水中沿豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中相對(duì)平衡位置的位移x、運(yùn)動(dòng)的速度v隨時(shí)間t變化的關(guān)系和木塊受到的合力F和動(dòng)能隨相對(duì)平衡位置的位移x變化的關(guān)系圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.4、下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.在同一地點(diǎn)，單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期的平方與其擺長(zhǎng)成正比B.在同一地點(diǎn)，當(dāng)擺長(zhǎng)不變時(shí)，擺球質(zhì)量越大，單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期越小C.彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，振動(dòng)系統(tǒng)的勢(shì)能與動(dòng)能之和保持不變D.系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)振動(dòng)的頻率等于周期性驅(qū)動(dòng)力的頻率5、為了降低噪聲帶來(lái)的影響；人們通常在聲源處；傳播過(guò)程中以及人耳處采取措施。耳機(jī)通常會(huì)采取兩種方式降噪，即被動(dòng)降噪與主動(dòng)降噪。被動(dòng)降噪方式主要是通過(guò)物理隔絕或者耳機(jī)上的特殊結(jié)構(gòu)盡量阻擋噪聲。主動(dòng)降噪方式通常是在耳機(jī)內(nèi)設(shè)有兩個(gè)麥克風(fēng)，如圖所示，一個(gè)麥克風(fēng)用來(lái)收集周圍環(huán)境中的噪聲信號(hào)，有助于耳機(jī)的處理器能夠預(yù)測(cè)下一時(shí)刻的噪聲情況，并產(chǎn)生相應(yīng)的抵消聲波。另一個(gè)麥克風(fēng)用來(lái)檢測(cè)合成后的噪聲是否變小，有助于處理器進(jìn)一步優(yōu)化抵消聲波，達(dá)到最佳的降噪效果。根據(jù)上述信息及所學(xué)過(guò)的知識(shí)可以判斷（）

A.被動(dòng)降噪方式利用了聲波的多普勒效應(yīng)B.主動(dòng)降噪時(shí)產(chǎn)生的理想抵消聲波和噪聲聲波頻率、振幅都相同，相位相反C.無(wú)論主動(dòng)降噪方式還是被動(dòng)降噪方式，都可以使進(jìn)入耳膜的聲波頻率變小D.無(wú)論主動(dòng)降噪方式還是被動(dòng)降噪方式，都是利用了聲波的衍射現(xiàn)象6、彩超儀向人體發(fā)射某頻率的超聲波，經(jīng)血管中血流反射，根據(jù)波的頻率變化可測(cè)得血流的速度。這是利用了波的（）A.折射B.干涉C.衍射D.多普勒效應(yīng)7、關(guān)于多普勒效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)，波源頻率發(fā)生了變化B.要發(fā)生多普勒效應(yīng)，波源和觀察者必須有相對(duì)運(yùn)動(dòng)且兩者間距發(fā)生變化C.火車向你駛來(lái)時(shí)，你聽(tīng)到的汽笛聲音調(diào)變低，火車離你遠(yuǎn)去時(shí)，你聽(tīng)到的汽笛聲音調(diào)變高D.只有聲波才能發(fā)生多普勒效應(yīng)8、下列說(shuō)法的錯(cuò)誤是（）A.泊松亮虹是光通過(guò)圓孔發(fā)生衍射時(shí)形成的B.無(wú)色肥皂液吹出的肥皂泡呈彩色是由于光照射時(shí)發(fā)生了薄膜干涉C.增透膜的作用是為了減少光的反射損失，增強(qiáng)透射光的強(qiáng)度D.我們?cè)诘厍蛏辖邮盏絹?lái)自遙遠(yuǎn)星球的光波的波長(zhǎng)變長(zhǎng)，可以判斷該星球正在離我們遠(yuǎn)去評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示，在光滑絕緣的水平面上放置兩個(gè)帶電小球A和B（均可視為質(zhì)點(diǎn)），已知A球的質(zhì)量為B球的質(zhì)量為使兩球分別帶上同種電荷，相距現(xiàn)將兩小球同時(shí)由靜止釋放，當(dāng)A球的加速度大小變?yōu)獒尫潘查g的時(shí)，整個(gè)系統(tǒng)的電勢(shì)能改變量為則在這一過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.B球運(yùn)動(dòng)的距離為B.A球運(yùn)動(dòng)的距離為C.B球獲得的動(dòng)能為D.A球獲得的動(dòng)能為10、如圖所示，在光滑的水平面上方，有兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，PQ為兩個(gè)磁場(chǎng)的理想邊界，磁場(chǎng)范圍足夠大。一個(gè)邊長(zhǎng)為a、質(zhì)量為m、電阻為R的單匝正方形線框，以速度v垂直磁場(chǎng)方向從圖示實(shí)線位置Ⅰ開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)到分別有一半面積在兩個(gè)磁場(chǎng)中的位置Ⅱ時(shí)，線框的速度為。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.在位置Ⅱ時(shí)線框中的電功率為B.在位置時(shí)Ⅱ的加速度為C.此過(guò)程中安培力的沖量大小為D.此過(guò)程中通過(guò)線框?qū)Ь€橫截面的電荷量為11、如圖，光滑水平面上有兩輛小車，用細(xì)線相連，中間有一個(gè)被壓縮的輕彈簧，小車處于靜止?fàn)顟B(tài)。燒斷細(xì)線后，由于彈力的作用兩小車分別向左、右運(yùn)動(dòng)。已知兩小車質(zhì)量之比m1:m2=2:1；下列說(shuō)法正確的是（）

A.彈簧彈開(kāi)后兩車速度大小之比為1:2B.彈簧彈開(kāi)后兩車動(dòng)量大小之比為1:2C.彈簧彈開(kāi)過(guò)程受到的沖量大小之比為2:1D.彈簧彈開(kāi)過(guò)程彈力對(duì)做功之比為1:212、光滑水平面上，質(zhì)量為的A球以速度與靜止的質(zhì)量為的B球碰撞，碰后A球速度反向，則碰后B球的速度大小可能是（）A.B.C.D.13、A，B兩球沿一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前后的位移一時(shí)間圖象，a、b分別為A，B兩球碰前的位移一時(shí)間圖象，c為碰撞后兩球共同運(yùn)動(dòng)的位移一時(shí)間圖象，若A球質(zhì)量是則由圖可知下列結(jié)論錯(cuò)誤的是（）

A.A.B碰撞前的總動(dòng)量為B.碰撞時(shí)A對(duì)B所施沖量為C.碰撞前后A的動(dòng)量變化為D.碰撞中B兩球組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)能為10J14、在某均勻介質(zhì)中；甲；乙兩波源位于O點(diǎn)和Q點(diǎn)，分別產(chǎn)生向右和向左傳播的同性質(zhì)簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻兩波波形如圖中實(shí)線和虛線所示，此時(shí)，甲波傳播到x=24m處，乙波傳播到x=12m處，已知甲波波源的振動(dòng)周期為0.4s，下列說(shuō)法正確的是________．

A.甲波波源的起振方向?yàn)閥軸正方向B.甲波的波速大小為20m/sC.乙波的周期為0.6sE.從圖示時(shí)刻開(kāi)始再經(jīng)0.6s，x=12m處的質(zhì)點(diǎn)再次到達(dá)平衡位置E.從圖示時(shí)刻開(kāi)始再經(jīng)0.6s，x=12m處的質(zhì)點(diǎn)再次到達(dá)平衡位置15、線光源a發(fā)出的光波長(zhǎng)為480nm，線光源b發(fā)出的光波長(zhǎng)為672nm，則（）A.用a做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏上與雙縫路程差為的P處將出現(xiàn)暗條紋B.用b做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏上與雙縫路程差為的P處將出現(xiàn)亮條紋C.用a做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏上與雙縫路程差為的Q處將出現(xiàn)亮條紋D.用b做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏上與雙縫路程差為的M處將出現(xiàn)亮條紋評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧波，波速v=0.5m/s，在t=0時(shí)刻波剛好傳播到x=2.0m處的N點(diǎn)，如圖甲所示。下列判斷正確的是______

A.若該波與另一列頻率為0.25Hz沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧波相遇；能夠產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。

B.波源的起振方向沿y軸負(fù)方向。

C.經(jīng)過(guò)1s質(zhì)點(diǎn)N沿x軸正方向移動(dòng)0.5m

D.圖乙表示質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)圖像17、如圖所示，兩縫之間的距離為d；每個(gè)狹縫都很窄，寬度可以忽略。

兩縫S1、S2的連線的中垂線與屏的交點(diǎn)為P0，雙縫到屏的距離OP0＝l，則相鄰兩個(gè)亮條紋或暗條紋的中心間距：_______18、簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)特征：靠近平衡位置時(shí)，x減小，v___________；遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，x都增大，v___________19、如圖所示是一玻璃球體，其半徑為R，O為球心，AB為水平直徑、M點(diǎn)是玻璃球的最高點(diǎn)，來(lái)自B點(diǎn)的光線BD從D點(diǎn)射出，出射光線平行于AB，已知∠ABD=30°，光在真空中的傳播速度為c，則此玻璃的折射率為_(kāi)__________；光線從B到D需用時(shí)間___________。

20、一彈簧振子在水平面內(nèi)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移隨時(shí)間的關(guān)系式為則該彈簧振子周期T=______s。從0時(shí)刻開(kāi)始，經(jīng)過(guò)______s彈簧振子第一次具有正向最大加速度。彈簧振子在第一個(gè)周期內(nèi)，從______s到______s振子沿正方向運(yùn)動(dòng)且彈性勢(shì)能逐漸減小。21、如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，實(shí)線為時(shí)的波形圖，虛線為時(shí)的波形圖。若波沿x軸負(fù)方向傳播，則其傳播的最小速度為_(kāi)_______m/s；若波速為則時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)開(kāi)______（選填“沿y軸正方向”或“沿y軸負(fù)方向”）。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)22、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動(dòng)；圖中黑點(diǎn)為振子球心的位置。

(1)畫(huà)出振子位于C點(diǎn)時(shí)離開(kāi)平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度的方向。

23、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫(huà)出經(jīng)過(guò)和時(shí)刻的兩個(gè)波形圖。

24、某同學(xué)做“測(cè)玻璃磚的折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；繪制的光路圖如圖所示，請(qǐng)通過(guò)尺規(guī)作圖；刻度尺測(cè)量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共36分)25、如圖所示；用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)半徑相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。

(1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是______；（選填選項(xiàng)前的字母）

A.同一組實(shí)驗(yàn)中；入射小球必須從同一位置由靜止釋放。

B.入射小球的質(zhì)量必須小于被碰小球的質(zhì)量。

C.軌道傾斜部分必須光滑。

D.軌道末端必須水平。

(2)圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓入射小球多次從斜軌上位置S由靜止釋放，通過(guò)白紙和復(fù)寫(xiě)紙找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)出平拋射程O(píng)P。然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分末端，仍將入射小球從斜軌上位置S由靜止釋放，與被碰小球相碰，并多次重復(fù)該操作，兩小球平均落地點(diǎn)位置分別為M、N。實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的有______；（選填選項(xiàng)前的字母）

A.入射小球和被碰小球的質(zhì)量m1、m2

B.入射小球開(kāi)始的釋放高度h

C.小球拋出點(diǎn)距地面的高度H

D.兩球相碰后的平拋射程O(píng)M、ON

(3)在某次實(shí)驗(yàn)中，記錄的落點(diǎn)平均位置M、N幾乎與OP在同一條直線上，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式______，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后在OP方向上的總動(dòng)量守恒；［用(2)中測(cè)量的量表示］

(4)某同學(xué)在上述實(shí)驗(yàn)中更換了兩個(gè)小球的材質(zhì)，且入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為m1=2m2，其它條件不變。兩小球在記錄紙上留下三處落點(diǎn)痕跡如下圖所示。他將米尺的零刻線與O點(diǎn)對(duì)齊，測(cè)量出O點(diǎn)到三處平均落地點(diǎn)的距離分別為OA、OB、OC。該同學(xué)通過(guò)測(cè)量和計(jì)算發(fā)現(xiàn)；兩小球在碰撞前后動(dòng)量是守恒的。

①由此可以判斷出圖中C處是______；

A.未放被碰小球；入射小球的落地點(diǎn)。

B.入射小球碰撞后的落地點(diǎn)。

C.被碰小球碰撞后的落地點(diǎn)。

②若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，還需要判斷關(guān)系式______是否成立。［用(4)中的物理量表示］26、圖①是利用雙縫干涉測(cè)某單色光波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)裝置。測(cè)得雙縫屏到毛玻璃屏的距離為雙縫的距離為圖②是通過(guò)該儀器的觀測(cè)裝置看到毛玻璃屏上的干涉圖樣，其中1、2、3、4、5是明條紋的編號(hào)。圖③、圖④是利用該儀器測(cè)光的波長(zhǎng)時(shí)觀察到的情景，圖③是測(cè)第1號(hào)明條紋的位置，此時(shí)觀測(cè)裝置上千分尺的讀數(shù)為_(kāi)__________圖④是測(cè)第4號(hào)明條紋的位置，此時(shí)觀測(cè)裝置上千分尺的讀數(shù)為_(kāi)__________根據(jù)上面測(cè)出的數(shù)據(jù)可知，被測(cè)光的波長(zhǎng)為_(kāi)__________

27、如圖1所示，某課外探究小組利用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)?；瑝KA和滑塊B的質(zhì)量（包括遮光條）分別為：實(shí)驗(yàn)中彈射裝置每次給滑塊A的初速度均相同，滑塊B初始處于靜止?fàn)顟B(tài)?；瑝KA的遮光條兩次通過(guò)光電門1的擋光時(shí)間分別為滑塊B的遮光條通過(guò)光電門2的擋光時(shí)間為

（1）打開(kāi)氣泵，先取走滑塊B，待氣流穩(wěn)定后將滑塊A從氣墊導(dǎo)軌右側(cè)彈出，測(cè)得光電門1的時(shí)間大于光電門2的時(shí)間，為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果準(zhǔn)確，后續(xù)的操作是()

A．調(diào)高右側(cè)底座旋鈕B．調(diào)高左側(cè)底座旋鈕。

C．將光電門1向左側(cè)移動(dòng)D．將光電門2向右側(cè)移動(dòng)。

（2）如圖2所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d，其讀數(shù)為_(kāi)___________

（3）經(jīng)測(cè)量滑塊A、B上的遮光條寬度相同，則驗(yàn)證動(dòng)量守恒的表達(dá)式為：____________（用表示）；

（4）小明同學(xué)改變實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)繼續(xù)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，他在滑塊B的右端加上橡皮泥，兩滑塊每次相碰后會(huì)粘在一起運(yùn)動(dòng)。多次改變滑塊B的質(zhì)量記錄下滑塊B的遮光條每次通過(guò)光電門的擋光時(shí)間在方格紙上作出圖像____________；。2002102202302409.39.69.810.110.4

（5）小華同學(xué)提出，滑塊B的質(zhì)量應(yīng)包含橡皮泥的質(zhì)量，考慮到此因素影響，小華所繪制的圖像中的圖線與（4）中繪制的圖形相比較，應(yīng)()

A．向上平移B．向下平移C．向左平移D．向右平移28、利用“類牛頓擺”驗(yàn)證碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒定律。

實(shí)驗(yàn)器材：兩個(gè)半徑相同的球1和球2；細(xì)線若干，坐標(biāo)紙，刻度尺。

實(shí)驗(yàn)步驟：

（1）測(cè)量小球1、2的質(zhì)量分別為m1、m2；將小球各用兩細(xì)線懸掛于水平支架上，各懸點(diǎn)位于同一水平面，如圖甲；

（2）將坐標(biāo)紙豎直固定在一個(gè)水平支架上，使坐標(biāo)紙與小球運(yùn)動(dòng)平面平行且盡量靠近。坐標(biāo)紙每一小格是邊長(zhǎng)為d的正方形。將小球1拉至某一位置A；由靜止釋放，垂直坐標(biāo)紙方向用手機(jī)高速連拍；

（3）分析連拍照片得出，球1從A點(diǎn)由靜止釋放，在最低點(diǎn)與球2發(fā)生水平方向的正碰，球1反彈后到達(dá)最高位置為B，球2向左擺動(dòng)的最高位置為C，如圖乙。已知重力加速度為g，碰前球1的動(dòng)量大小為_(kāi)____。若滿足關(guān)系式______；則驗(yàn)證碰撞中動(dòng)量守恒；

（4）與用一根細(xì)線懸掛小球相比，本實(shí)驗(yàn)采用雙線擺的優(yōu)點(diǎn)是：______。

（5）球1在最低點(diǎn)與靜止的球2水平正碰后，球1向右反彈擺動(dòng)，球2向左擺動(dòng)。若為彈性碰撞，則可判斷球1的質(zhì)量______球2的質(zhì)量（填寫(xiě)“大于”、“等于”或“小于”）；若為非彈性碰撞，則______（填“能”或“不能”）比較兩球質(zhì)量大??？理由是：______

評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共12分)29、圖（a）所示的裝置中，小物塊A、B質(zhì)量均為m，水平面上PQ段長(zhǎng)為l，與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，其余段光滑．初始時(shí)，擋板上的輕質(zhì)彈簧處于原長(zhǎng)；長(zhǎng)為r的連桿位于圖中虛線位置；A緊靠滑桿（A、B間距大于2r）．隨后，連桿以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)滑桿作水平運(yùn)動(dòng)，滑桿的速度–時(shí)間圖像如圖（b）所示．A在滑桿推動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，并在脫離滑桿后與靜止的B發(fā)生完全非彈性碰撞．

（1）求A脫離滑桿時(shí)的速度及A與B碰撞過(guò)程的機(jī)械能損失ΔE．

（2）如果AB不能與彈簧相碰，設(shè)AB從P點(diǎn)到運(yùn)動(dòng)停止所用的時(shí)間為t1，求ω的取值范圍，及t1與ω的關(guān)系式．

（3）如果AB能與彈簧相碰，但不能返回到P點(diǎn)左側(cè)，設(shè)每次壓縮彈簧過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能為Ep，求ω的取值范圍，及Ep與ω的關(guān)系式（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）．30、如圖，滑板的上表面由長(zhǎng)度為L(zhǎng)的粗糙水平部分AB和半徑為R的四分之一光滑圓弧BC組成，滑板靜止于光滑的水平地面上，物體P（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于滑板上面的A點(diǎn)，物體P與滑板水平部分的動(dòng)摩擦因數(shù)為（已知<1，但具體大小未知），一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)、不可伸長(zhǎng)的細(xì)線，一端固定于點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m的小球Q，小球Q位于最低點(diǎn)時(shí)與物體P處于同一高度并恰好接觸?，F(xiàn)將小球Q拉至與同一高度（細(xì)線處于水平拉直狀態(tài)），然后由靜止釋放，小球Q向下擺動(dòng)并與物體P發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），已知物體P的質(zhì)量為2m，滑板的質(zhì)量為2m，R=L，重力加速度為g；求：

（1）小球Q與物體P碰撞前瞬間；小球?qū)?xì)線拉力的大?。?/p>

（2）小球Q與物體P碰撞后瞬間；物體P速度的大?。?/p>

（3）若要保證物體P既能到達(dá)圓弧BC，同時(shí)不會(huì)從C點(diǎn)滑出，求物體P與滑板水平部分的動(dòng)摩擦因數(shù)的取值范圍。

31、如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距其電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成30o角。桿1、桿2是兩根用細(xì)線連接的金屬桿，分別垂直導(dǎo)軌放置，每桿兩端都與導(dǎo)軌始終接觸良好，其質(zhì)量分別為m1=0.1kg和m2=0.2kg，兩桿的總電阻R=3Ω，兩桿在沿導(dǎo)軌向上的外力F作用下保持靜止。整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，在t=0時(shí)刻將細(xì)線燒斷，保持F不變，重力加速度g=10m/s2；求：

（1）細(xì)線燒斷瞬間，桿1的加速度a1的大小；

（2）細(xì)線燒斷后，兩桿最大速度v1、v2的大??；

（3）兩桿剛達(dá)到最大速度時(shí)，桿1上滑了0.8米，則從t=0時(shí)刻起到此刻用了多長(zhǎng)時(shí)間？

（4）在（3）題情景中，電路產(chǎn)生的焦耳熱。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．以人和車為系統(tǒng)，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)人的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律，有

其中x1和x2表示人和車的位移大小，有

解得

由題意；人向前走，車應(yīng)往后退，AB錯(cuò)誤C正確；

D．題中未說(shuō)明人的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；故小車的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不定，D錯(cuò)誤。

故選C。2、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意做出光路圖如下圖所示。

由幾何關(guān)系可知，入射光線與法線的夾角在玻璃中的折射角故可得該玻璃磚的折射率為

而由幾何關(guān)系可知，該單色光射出AB邊時(shí)折射角為60°；故A錯(cuò)誤，B正確；

C．折射率

而

可得

故C錯(cuò)誤；

D．由幾何關(guān)系知，該單色光在玻璃中傳播的路程為則傳播的時(shí)間為

故D錯(cuò)誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

AB．因?yàn)槟緣K在水中沿豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故運(yùn)動(dòng)的速度v和相對(duì)平衡位置的位移x隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像都應(yīng)該是正弦函數(shù)的波形；A錯(cuò)誤，B正確；

C．設(shè)木塊底面積為S，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，浮力與重力平衡時(shí)木塊所處位置為平衡位置，則有

則運(yùn)動(dòng)過(guò)程木塊受到的合力F與x的圖線應(yīng)該過(guò)二；四象限；C錯(cuò)誤；

D．圖線斜率為合外力F，F(xiàn)隨x變化，則圖線不是直線；D錯(cuò)誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)可得

即在同一地點(diǎn)；單擺做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期的平方與其擺長(zhǎng)成正比，選項(xiàng)A正確，不符合題意；

B．根據(jù)可知；單擺的周期與單擺的質(zhì)量無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，符合題意；

C．彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)；振動(dòng)系統(tǒng)的勢(shì)能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化，勢(shì)能與動(dòng)能之和保持不變，選項(xiàng)C正確，不符合題意；

D．系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動(dòng)時(shí)；系統(tǒng)振動(dòng)的頻率等于周期性驅(qū)動(dòng)力的頻率，選項(xiàng)D正確，不符合題意；

故選B.5、B【分析】【詳解】

A．被動(dòng)降噪方式主要是通過(guò)物理隔絕或者耳機(jī)上的特殊結(jié)構(gòu)盡量阻擋噪聲；并不是利用了聲波的多普勒效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；

BD．主動(dòng)降噪耳機(jī)是根據(jù)波的干涉條件；抵消聲波與噪聲的振幅；頻率相同，相位相反，疊加后才能相互抵消來(lái)實(shí)現(xiàn)降噪的，故B正確，D錯(cuò)誤；

C．聲波的頻率取決于波源；波源的振動(dòng)頻率不變，被動(dòng)降噪方式不會(huì)改變進(jìn)入耳膜的聲波頻率，故C錯(cuò)誤。

故選B。6、D【分析】【分析】

【詳解】

向人體發(fā)射頻率已知的超聲波被血管中的血流反射后又被儀器接收；測(cè)出反射波的頻率變化就能知道血流的速度，這種方法是根據(jù)多普勒效應(yīng)原理，俗稱“彩超”。

故選D。7、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)；波源頻率并沒(méi)有發(fā)生變化，波源和觀察者必須有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，且兩者間距發(fā)生變化才能發(fā)生多普勒效應(yīng)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知；當(dāng)波源和觀察者間距變小，觀察者接收到的頻率一定比波源頻率高，聽(tīng)到的聲音音調(diào)變高，當(dāng)波源和觀察者間距變大，觀察者接收到的頻率一定比波源頻率低，聽(tīng)到的聲音音調(diào)變低，故C錯(cuò)誤；

D．所有波都能發(fā)生多普勒效應(yīng)；故D錯(cuò)誤。

故選B。8、A【分析】【分析】

【詳解】

A．泊松亮斑是光通過(guò)不透明的小圓盤發(fā)生衍射時(shí)形成的；A錯(cuò)誤；

B．肥皂液吹出的肥皂泡呈彩色；是由于泡的內(nèi)外表面反射光，進(jìn)行相互疊加而成的，屬于薄膜干涉，B正確；

C．根據(jù)薄膜干涉的原理；光學(xué)鏡頭上涂的增透膜的作用就是為了減少光的反射損失，增強(qiáng)透射光的強(qiáng)度，C正確；

D．我們?cè)诘厍蛏辖邮盏絹?lái)自遙遠(yuǎn)星球的光波的波長(zhǎng)變長(zhǎng)，根據(jù)

知頻率變??；根據(jù)多普勒效應(yīng)，該星球正在距離我們遠(yuǎn)去，D正確。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)9、B:C【分析】【詳解】

AB．依題意，可知A、B小球在庫(kù)侖斥力作用下沿水平方向做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)A球的加速度變?yōu)獒尫藕笏查g的時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得

開(kāi)始時(shí)，有

又

解得此時(shí)兩球的距離為

根據(jù)動(dòng)量守恒定律，可知任意時(shí)刻

則有

又

聯(lián)立解得

即在這一過(guò)程中，B球運(yùn)動(dòng)的距離為A球運(yùn)動(dòng)的距離為A錯(cuò)誤，B正確；

CD．兩球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，庫(kù)侖力對(duì)兩球做正功，兩球機(jī)械能增加，根據(jù)能量守恒定律，依題意可得

根據(jù)動(dòng)量守恒定律，可知任意時(shí)刻

即

則有

聯(lián)立解得

在這一過(guò)程中B球獲得的動(dòng)能為A球獲得的動(dòng)能為C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

A．線框經(jīng)過(guò)位置Ⅱ時(shí)，線框左右兩邊均切割磁感線，所以此時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

故線框中的電功率為

A正確；

B．線框在位置Ⅱ時(shí)，左右兩邊所受安培力大小均為

根據(jù)左手定則可知，線框左右兩邊所受安培力的方向均向左，故此時(shí)線框的加速度為

B錯(cuò)誤；

C．整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可知安培力的沖量為

所以安培力的沖量大小為C正確；

D．根據(jù)

線框在位置Ⅰ時(shí)其磁通量為而線框在位置Ⅱ時(shí)其磁通量為零，故

D錯(cuò)誤。

故選AC。11、A:D【分析】【詳解】

AB．兩車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)初動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知，彈簧彈開(kāi)后系統(tǒng)總動(dòng)量仍為零，即兩車動(dòng)量大小相等、方向相反，動(dòng)量之比

故A正確；B錯(cuò)誤；

C．兩車彈開(kāi)過(guò)程兩車受到的合力大小相等、方向相反、力的作用時(shí)間相等，小車受到的沖量：I=Ft大小相等；沖量大小之比為1：1，故C錯(cuò)誤；

D．由動(dòng)能定理可知，彈力對(duì)小車做功

做功之比

故D正確。

故選AD。12、C:D【分析】【詳解】

碰后A球速度為零時(shí)B球有最小速度由動(dòng)量守恒可得

解得

當(dāng)兩球發(fā)生彈性正碰時(shí)B球有最大速度，設(shè)碰后A的速度為B的速度為由動(dòng)量守恒可得

系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得

聯(lián)立可得

則碰后B球的速度大小

分析四個(gè)選項(xiàng)可知CD正確；AB錯(cuò)誤。

故選CD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

由圖象可知，碰撞前有：A球的速度

B球的速度

碰撞后有：A、B兩球的速度相等，為

對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，A、B兩球沿一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，碰撞前后都是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，碰撞前后A的動(dòng)量變化為

根據(jù)動(dòng)量守恒定律，碰撞前后A的動(dòng)量變化為

又

所以

所以A與B碰撞前的總動(dòng)量為

由動(dòng)量定理可知，碰撞時(shí)A對(duì)B所施沖量為

碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)能

代入數(shù)據(jù)解得

所以AC錯(cuò)誤；符合題意；BD正確，不符合題意；

故選AC。14、B:C:E【分析】【詳解】

甲波傳播到x=24m處，根據(jù)波向右傳播可知：質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，故甲波波源的起振方向?yàn)閥軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；由圖可知：甲波的波長(zhǎng)為8m，又有甲波波源的振動(dòng)周期為0.4s，故甲波的波速大小為＝20m/s，故B正確；同一介質(zhì)中橫波波速相同，故乙波的波速也為20m/s，由圖可知：乙波的波長(zhǎng)為12m，故周期為＝0.6s，故C正確；甲波的傳播距離為24m，故波源振動(dòng)時(shí)間為＝1.2s；乙波的傳播距離為42m-12m=30m，故波源振動(dòng)時(shí)間為＝1.5s，所以，甲波波源比乙波波源晚振動(dòng)0.3s，故D錯(cuò)誤；由圖可知：圖時(shí)時(shí)刻，兩波在x=12m處都處于平衡位置，將要向上振動(dòng)；故該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y＝15sin5πt+10sinπt(cm)；那么，t=0.6s時(shí)，y=0，即從圖示時(shí)刻開(kāi)始再經(jīng)0.6s，x=12m處的質(zhì)點(diǎn)再次到達(dá)平衡位置；故E正確；故選BCE．

【點(diǎn)睛】

在給出波形圖求解質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)、波速的問(wèn)題中，一般根據(jù)圖象得到波長(zhǎng)及時(shí)間間隔與周期的關(guān)系，從而求得周期，即可得到質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況，由v＝求得波速．15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，屏上到雙縫的路程差等于波長(zhǎng)的整數(shù)倍的地方，兩束光互相加強(qiáng)，出現(xiàn)亮條紋；屏上到雙縫的路程差等于半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍的地方，兩束光互相減弱，出現(xiàn)暗條紋。兩光源發(fā)出的光的半波長(zhǎng)分別為

P、Q、M三處到雙縫的路程差可表示為

AB．用a、b兩光源做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，屏上P處到雙縫的路程差都等于半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，P處均出現(xiàn)暗條紋；故A正確，B錯(cuò)誤；

C．用a做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，屏上Q處到雙縫的路程差恰等于半波長(zhǎng)的偶數(shù)倍，Q處應(yīng)為亮條紋；故C正確；

D．用b做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，屏上M處到雙縫的路程差恰等于半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，M處應(yīng)為暗條紋；故D錯(cuò)誤。

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)16、B【分析】【詳解】

A．該波的周期為T=2s，頻率為

產(chǎn)生穩(wěn)定干涉的條件是兩列波的頻率相同，若該波與另一列頻率為0.25Hz沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧波相遇；因頻率不同，不能夠產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣，故A錯(cuò)誤；

B．波源的起振方向與質(zhì)點(diǎn)N的起振方向相同，由波形平移法知，波源的起振方向沿y軸負(fù)方向；故B正確；

C．簡(jiǎn)諧橫波沿著x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)N只上下振動(dòng)，不沿x軸正方向移動(dòng)；故C錯(cuò)誤；

D．由圖甲知，該波波長(zhǎng)為2.0m，由周期公式可得

時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)L正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，而圖乙中質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)方向正確，但是圖乙表示的振動(dòng)周期是2s，所以乙圖不是是質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)圖像；故D錯(cuò)誤。

故選B。17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】Δx＝λ18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)特征：靠近平衡位置時(shí)，x減小，v增大;遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，x都增大，v減小.【解析】①.增大②.減小19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]如圖，由幾何知識(shí)可得入射角i=∠ABD=30°

折射角r=2∠ABD=60°

則此玻璃的折射率為

[2]BD長(zhǎng)度為s=2Rcos30°=R

光在玻璃球內(nèi)傳播的速度

故光線從B傳到D的時(shí)間為【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]由振動(dòng)方程可知圓頻率

故該彈簧振子的振動(dòng)周期

[2]經(jīng)四分之三周期；即0.375s，位移為負(fù)向最大，具有正向最大加速度。

[3][4]彈簧振子在第一個(gè)周期內(nèi)，從四分之三周期，即0.375s，到第一周期末，即0.5s，的這段時(shí)間內(nèi)，彈簧振子由負(fù)向最大位移向平衡位置沿正方向運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能逐漸增大，彈性勢(shì)能逐漸減小?！窘馕觥?.50.3750.3750.521、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知若波沿x軸負(fù)向傳播，有

可得

則傳播的速度為

當(dāng)時(shí)，波速最小為

[2]若波沿x軸正向傳播，則

當(dāng)時(shí)

可知，當(dāng)波速為時(shí)，該波向右傳播，結(jié)合上下坡法可知，時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向?！窘馕觥?5沿y軸負(fù)方向四、作圖題(共3題，共15分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點(diǎn)時(shí)離開(kāi)平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)23、略

【分析】【詳解】

ls內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此圖形與開(kāi)始時(shí)是相同的，如圖2

【解析】見(jiàn)解析。24、略

【分析】【分析】

【詳解】

測(cè)量的長(zhǎng)度，根據(jù)折射率表達(dá)式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共36分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]AC．同一組實(shí)驗(yàn)中；入射小球必須從同一位置由靜止釋放即可，軌道傾斜部分不必光滑，A正確，C錯(cuò)誤；

B．入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量；才能使兩球碰后均向前運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；

D．軌道末端必須水平；才能使小球做平拋運(yùn)動(dòng)，D正確。

故選AD。

(2)[2]若碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒；應(yīng)滿足。

小球做平拋運(yùn)動(dòng)豎直位移相同；故運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由。

可知；平拋初速度與水平位移成正比，故應(yīng)滿足的表達(dá)式為。

m1·OP=m1·OM+m2·ON則實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的有入射小球和被碰小球的質(zhì)量m1、m2，兩球相碰后的平拋射程O(píng)M、ON；AD正確。

(3)[3]根據(jù)(2)德分析可知；在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式。

m1·OP=m1·OM+m2·ON則可以認(rèn)為兩球碰撞前后在OP方向上的總動(dòng)量守恒；

(4)①[4]若入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為m1=2m2；則表達(dá)式為。

2OP=2OM+ON由圖可知OA=17.6cm、OB=25.0cm、OC=30.0cm；帶入上式對(duì)比可得。

2OC=2OA+OB故C點(diǎn)是未放被碰小球時(shí)入射球的落地點(diǎn)，B處是被碰小球碰撞后的落地點(diǎn)，A是入射小球碰撞后的落地點(diǎn)；A正確。

故選A。

②[5]若是彈性碰撞；則滿足機(jī)械能守恒。

m1=m1+m2整理可得。

m1·OC2=m1·OA2+m2·OB2【解析】ADADm1·OP=m1·OM+m2·ONA26、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]圖③千分尺的讀數(shù)為0.5mm+0.01×1.0mm=0.510mm

[2]圖④千分尺的讀數(shù)為1.5mm+0.01×1.0mm=1.510mm

[3]兩相鄰亮條紋的間距為

由

可知【解析】①.0.510②.1.510③.66627、略

【分析】【詳解】

（1）[1]測(cè)得滑塊通過(guò)光電門1的時(shí)間大于光電門2的時(shí)間；說(shuō)明滑塊做加速運(yùn)動(dòng)，也就是氣墊導(dǎo)軌右端高，左端低，所以接下來(lái)應(yīng)調(diào)高左側(cè)底座旋鈕，使滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)。

故選B。

（2）[2]游標(biāo)卡尺的分度為遮光條的寬度

（3）[3]滑塊1碰撞前的速度大小為

滑塊1與滑塊2碰撞后的速度大小分別為

若兩滑塊碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則有

聯(lián)立可得

（4）[4]根據(jù)表格數(shù)據(jù)繪