2024年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，固定導(dǎo)熱氣缸開口向下，內(nèi)有理想氣體，缸內(nèi)活塞可以自由滑動且不漏氣，活塞下掛一個砂桶，桶內(nèi)裝滿砂子時，活塞恰好靜止，氣缸外部環(huán)境溫度保持不變。現(xiàn)在把砂桶底部鉆一個小洞，細砂緩慢流出，則A.外界對氣體作功，氣體內(nèi)能一定增加B.氣體對外界作功，氣體溫度可能降低C.氣體體積減小，壓強增大，內(nèi)能一定減小D.氣體壓強增大，向外界放熱，內(nèi)能保持不變2、以下說法正確的是（）A.滿足能量守恒的定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進行的B.熵是物體內(nèi)分子運動無序程度的量度C.若容器中用活塞封閉著剛好飽和的一些水汽，當保持溫度不變向下緩慢壓活塞時，水汽的質(zhì)量減少，密度不變D.當分子間距離增大時，分子間引力增大，而分子間斥力減小3、如圖所示；A；B、C、D是滑線變阻器的四個接線柱，現(xiàn)把此變阻器串連接人電路中，并要求滑片P向接線柱C移動時電路中的電流減小，則接入電路的接線柱可以是（）

A.A和B

B.A和C

C.B和C

D.A和D

4、如圖所示；一重球懸掛于輕繩下端，并與光滑斜面接觸，處于靜止狀態(tài).

若繩保持豎直，則重球的受力為(

)

A.重力；繩的拉力和斜面的支持力。

B.重力；繩的拉力。

C.重力；斜面的支持力。

D.重力、下滑力、繩的拉力和斜面的支持力5、一定質(zhì)量的理想氣體在升溫過程中(

)

A.分子平均勢能減小B.每個分子速率都增大C.分子平均動能增大D.分子間作用力先增大后減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，在光滑水平面上，有豎直向下的勻強磁場，分布在寬度為L的區(qū)域內(nèi)，兩個邊長均為a（a＜L）的單匝閉合正方形線圈甲和乙，分別用相同材料不同粗細的導(dǎo)線繞制而成，且導(dǎo)線的橫截面積S甲：S乙=1：4．將線圈置于光滑水平面上且位于磁場的左邊界，并使兩線圈獲得大小相等、方向水平向右的初速度，若甲線圈剛好能滑離磁場，則（）A.乙線圈也剛好能滑離磁場B.兩線圈完全進入磁場后的動能相同C.兩線圈進入磁場過程中通過導(dǎo)線橫截面積電量相同D.甲線圈進入磁場過程中產(chǎn)生熱量Q1與乙線圈進入磁場過程中產(chǎn)生熱量Q2之比為1：47、關(guān)于傳感器，下列說法正確的是（）A.電飯鍋中的溫度傳感器其主要元件是鐵氧體B.鐵氧體在溫度很高時具有鐵磁性，在常溫下失去鐵磁性C.電子秤中應(yīng)變式力傳感器所使用的應(yīng)變片的表面被拉伸時其電阻變大，反之變小D.電子秤的力傳感器所受力越大，輸出的電壓差值就越大8、要使一個電壓表的量程變大，可采用的方法是（）A.并聯(lián)一個阻值較大的電阻B.把原有的分壓電阻換成阻值較大的電阻C.再串聯(lián)一個阻值適當?shù)姆謮弘娮鐳.在原有的分壓電阻上并聯(lián)一個適當?shù)碾娮?、兩個質(zhì)量相同，所帶電荷量相等的帶電粒子ab

以不同的速率對準圓心O

沿著AO

方向射入圓形勻強磁場區(qū)域，其運動軌跡如圖所示，若不計粒子的重力，則下列說法正確的是()

A.a

粒子帶負電，b

粒子帶正電B.a

粒子在磁場中所受洛倫茲力較大C.b

粒子動能較大D.b

粒子在磁場中運動時間較長10、汽車拉著拖車在水平道路上沿直線加速行駛，則(

)

A.汽車拉拖車的力大于拖車拉汽車的力B.汽車拉拖車的力與拖車拉汽車的力相等C.汽車拉拖車的力大于拖車受到的阻力D.汽車拉拖車的力與拖車受到的阻力大小相等11、如圖所示是云層之間閃電的模擬圖，圖中AB

是位于南、北方向帶有電荷的兩塊陰雨云，在放電的過程中，兩云的尖端之間形成了一個放電通道，發(fā)現(xiàn)位于通道正上方的小磁針N

極轉(zhuǎn)向紙里，S

極轉(zhuǎn)向紙外，則關(guān)于AB

的帶電情況說法中正確的是(

)

A.帶同種電荷B.帶異種電荷C.B

帶正電D.A

帶正電12、如圖所示，小球沿足夠長的斜面向上做勻變速運動，依次經(jīng)abcd

到達最高點e.

已知ab=bd=6mbc=1m

小球從a

到c

和從c

到d

所用的時間都是2s

設(shè)小球經(jīng)bc

時的速度分別為vbvc

則(

)

A.vb=22m/s

B.vc=3m/s

C.xde=4m

D.從d

到e

所用時間為4s

13、一個電容為C的平行板電容器，極板水平放置、兩極板間距為d，讓電容器充電后與電源斷開，然后在距上極板中心正上方為d的P點處放一電荷量為Q的帶正電的點電荷，使P點正下方的O點處合場強為零，O點與上極板的距離為已知靜電力常量為k；忽略點電荷對極板電荷的影響，則()

A.電容器上極板帶正電B.電容器兩極板電壓的數(shù)值為C.點電荷產(chǎn)生的電場在O點處電場強度大小為D.電容器的上極板所帶電荷產(chǎn)生的電場在O點處場強為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、物體A、B的質(zhì)量之比為mA:mB=4:1，使它們以相同的初速度沿水平地面滑行，若它們受到的阻力相等，那么它們停下來所用的時間之比為tA:tB=____，停止的位移之比sA:sB=________若兩物體與地面的動摩擦因數(shù)相同，那么它們停下來所用的時間之比為tA:tB=____.15、在用陰極射線管研究磁場對運動電荷作用的實驗中，將陰極射線管的A、B兩極連在高壓直流電源的正負兩極上．從A極發(fā)射出電子，當將一蹄形磁鐵放置于陰極射線管兩側(cè)，顯示出電子束的徑跡如圖所示，則陰極射線管的A極應(yīng)接在電源的______極上（選填“正”或“負”）；蹄形磁鐵的C端為______極（選填“N”或“S”）16、如圖所示是我國正弦交流電的電壓圖象.

根據(jù)圖象可知，正弦交流電電壓的有效值是________________V

頻率是________________Hz

．17、采用rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}為硝化劑是一種新型的綠色硝化技術(shù)，在含能材料、醫(yī)藥等工業(yè)中得到廣泛應(yīng)用?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)1840}年rm{Devil}用干燥的氯氣通過干燥的硝酸銀，得到年rm{(1)1840}用干燥的氯氣通過干燥的硝酸銀，得到rm{Devil}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}。該反應(yīng)的氧化產(chǎn)物是一種氣體，其分子式為_______。等曾利用測壓法在剛性反應(yīng)器中研究了rm{(2)F.Daniels}等曾利用測壓法在剛性反應(yīng)器中研究了rm{25隆忙}時時rm{(2)F.Daniels}rm{25隆忙}rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}其中分解反應(yīng)：二聚為rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)

}的反應(yīng)可以迅速達到平衡。體系的總壓強隨時間rm{{N}{{{O}}_{2}}}的變化如下表所示rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}}時，rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)}完全分解rm{p}。rm{t}rm{t/min}rm{0}rm{40}rm{80}rm{160}rm{260}rm{1300}rm{1700}rm{隆脼}rm{p/kPa}rm{35.8}rm{40.3}rm{42.5}rm{45.9}rm{49.2}rm{61.2}rm{62.3}rm{63.1}rm{壟脵}已知：rm{{2}{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g})+{{{O}}_{{2}}}({g})Delta{{H}_{{1}}}=-4.4{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}rm{2{N}{{{O}}_{2}}({g})={{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g}){}Delta{{H}_{{2}}}=-5{5}.{3}{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}則反應(yīng)rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{N}{{{O}}_{2}}({g})+dfrac{1}{2}{{{O}}_{{2}}}({g})}的rm{{2}{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g})+{{{O}}_{{2}}}({g})

Delta{{H}_{{1}}}=-4.4{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-1}}}______rm{{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-{1}}}}rm{2{N}{{{O}}_{2}}({g})=

{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g}){}Delta{{H}_{{2}}}=-5{5}.{3}

{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}研究表明，rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{N}{{{O}}_{2}}({g})+dfrac{1}{2}{{{O}}_{{2}}}({g})

}rm{DeltaH=}rm{v=2times{{10}^{-3}}times{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}({kPa}cdot{{min}^{-1}})}rm{{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-{1}}}}rm{壟脷}研究表明，rm{壟脷}rm{{{p}_{{{{O}}_{{2}}}}}=2.9{kPa}}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}分解的反應(yīng)速率rm{v=2times{{10}^{-3}}times

{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}({kPa}cdot{{min

}^{-1}})}。rm{t=62min}時，測得體系中rm{{{p}_{{{{O}}_{{2}}}}}=2.9

{kPa}}，則此時的rm{{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}=}______若提高反應(yīng)溫度至rm{{kPa}}，則rm{v=}______rm{{kPa}cdot{{min}^{-1}}}。rm{壟脹}若提高反應(yīng)溫度至rm{壟脹}______rm{35}填“大于”“等于”或“小于”rm{隆忙}則原因是______。rm{隆忙}時rm{{N}_{2}{O}_{4}left(gright)?2N{O}_{2}left(gright)}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}完全分解后體系壓強rm{{{p}_{infty}}}rm{(}rm{(}rm{35}rm{隆忙)}______位小數(shù)rm{隆忙)}rm{63.1{kPa}(}對于反應(yīng)rm{2{N}_{2}{O}_{5}left(gright)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)}rm{)}提出如下反應(yīng)歷程：rm{壟脺25隆忙}時填標號rm{壟脺25隆忙}第一步rm{N_{2}O_{5}?NO_{3}+NO_{2;}}快速平衡第二步rm{{N}_{2}{O}_{4}left(gright)?2N{O}_{2}left(gright)

}3反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{{{K}_{{p}}}=}慢反應(yīng)第三步______3rm{{kPa}}rm{(}快反應(yīng)rm{(}rm{{{K}_{{p}}}}為以分壓表示的平衡常數(shù)，計算結(jié)果保留rm{1}位小數(shù)rm{)}第一步的逆反應(yīng)rm{1}rm{)}rm{(3)}對于反應(yīng)第二步反應(yīng)rm{(3)}rm{2{N}_{2}{O}_{5}left(gright)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)

}，rm{R.A.Ogg}提出如下反應(yīng)歷程：rm{R.A.Ogg}其中可近似認為第二步反應(yīng)不影響第一步的平衡。下列表述正確的是______rm{(}填標號rm{)}rm{(}rm{)}rm{N_{2}O_{5}?

NO_{3}+NO_{2;}}rm{NO_{2}+NO}rm{=}18、如圖，平行板電容器的極板A與一靈敏的靜電計相接，極板B接地，若減小電容器極板間的距離，則（填“增大”、“減小”、“保持不變”）電容____，靜電計指針偏角____，兩板間場強____．

19、一正弦式電流的有效值為50A，頻率為50Hz．當t=0時穿過線圈的磁通量最大，則此正弦式電流的瞬時值表達式為______．20、在測量電源的電動勢E以及內(nèi)阻r（電動勢約2V；內(nèi)阻約0.5Ω實驗中，給出如下器材：

量程為1V的電壓表；量程為0.5A的電流表（內(nèi)阻較?。ㄖ惦娮鑂o=1.6Ω，滑動變阻器R，開關(guān)S，導(dǎo)線若干．

（1）四位同學(xué)設(shè)計了如上四個電路（圖1），實驗電路應(yīng)選為______

（2）實驗時當電流表的示數(shù)為I1時，電壓表示數(shù)為U1；當電流表的示數(shù)為I2時，電壓表示數(shù)為U2，則可求出電動勢E的字母表達式為______，內(nèi)電阻r的字母表達式為______

（3）根據(jù)測量實驗記錄數(shù)據(jù)畫出了電壓表示數(shù)U隨電流I的變化關(guān)系U-I圖象，如圖2所示，由此可知電源電動勢E=______、內(nèi)阻為r=______．（結(jié)果在小數(shù)點后保留兩位小數(shù)）21、有一個n匝線圈面積為S，在△t時間內(nèi)垂直線圈平面的磁感應(yīng)強度變化了△B，則這段時間內(nèi)穿過n匝線圈的磁通量的變化量為______，磁通量的變化率為______，感應(yīng)電動勢______．評卷人得分四、判斷題(共1題，共3分)22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、簡答題(共4題，共12分)23、rm{[}化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{]}rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{M}rm{W}均為周期表中前四周期的元素rm{.X}元素的基態(tài)原子外圍電子排布式為rm{3s^{2}}rm{Y}原子的rm{L}能層的rm{P}能級上有一個空軌道；rm{Z}元素的基態(tài)原子最外層有rm{3}個未成對電子，次外層有rm{2}個電子；rm{M}的基態(tài)原子的rm{2p}軌道上有rm{1}個電子的自旋方向與其它電子的自旋方向相反；rm{W}為過渡元素，它的基態(tài)原子外圍電子排布成對的電子數(shù)和未成對電子數(shù)相同且為最外層電子數(shù)的兩倍rm{.}回答下列問題rm{(}相關(guān)回答均用元素符號表示rm{)}rm{(1)W}的基態(tài)原子的外圍電子排布圖為____其基態(tài)原子核外有____種不同電子運動狀態(tài)；rm{(2)Z}的氫化物的沸點比其下一周期同族元素氫化物的沸點高的原因是____。rm{(3)W}與rm{YM}易形成配合物rm{W(YM)_{5}}在rm{W(YM)_{5}}中rm{W}的化合價為____。rm{(4)W}單質(zhì)的晶體在不同溫度下有兩種原子堆積方式，晶胞分別如圖rm{A}rm{B}所示：圖rm{B}中原子堆積方式為____，rm{A}rm{B}中rm{W}原子的配位數(shù)之比為____。rm{A}rm{B}晶胞的棱長分別為rm{acm}和rm{bcm}則rm{A}rm{B}兩種晶體的密度之比為____。rm{(5)X}和rm{W}組成的合金是目前已發(fā)現(xiàn)的儲氫密度最高的儲氫材料之一，其晶胞結(jié)構(gòu)如圖甲rm{(}黑球代表rm{W}白球代表rm{X).}則該合金的化學(xué)式為____。24、rm{(1)}甲醇質(zhì)子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉(zhuǎn)化為氫氣的一種原理是rm{CH3OH(g)}和rm{H2O(g)}反應(yīng)生成rm{CO2}和rm{H2}下圖是該過程中能量變化示意圖，若在反應(yīng)體系中加入催化劑，反應(yīng)速率增大，正反應(yīng)活化能rm{a}的變化是________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}反應(yīng)熱rm{婁隴H}的變化是__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}請寫出反應(yīng)進程rm{CH3OH(g)}和rm{H2O(g)}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式__________________。甲醇質(zhì)子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉(zhuǎn)化為氫氣的一種原理是rm{(1)}和rm{CH3OH(g)}反應(yīng)生成rm{H2O(g)}和rm{CO2}下圖是該過程中能量變化示意圖，若在反應(yīng)體系中加入催化劑，反應(yīng)速率增大，正反應(yīng)活化能rm{H2}的變化是________rm{a}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}反應(yīng)熱rm{)}的變化是__________rm{婁隴H}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}請寫出反應(yīng)進程rm{)}和rm{CH3OH(g)}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式__________________。rm{H2O(g)}以rm{(2)}燃料電池為電源電解法制取rm{CH3OH}二氧化氯rm{ClO2}為一種黃綠色氣體，是國際上公認的高效、廣譜、快速、安全的殺菌消毒劑。rm{(ClO2)}燃料電池放電過程中，通入rm{壟脵CH3OH}的電極附近溶液的rm{O2}________rm{pH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}負極反應(yīng)式為___________。rm{)}下圖中電解池用石墨作電極，在一定條件下電解飽和食鹽水制取rm{壟脷}陽極產(chǎn)生rm{ClO2}的反應(yīng)式為___________。rm{ClO2}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{壟脹}時rm{6.72L}標準狀況，忽略生成的氣體溶解rm{(}停止電解，通過陽離子交換膜的陽離子為________rm{)}rm{mol}25、rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻}五種元素，在元素周期表中的位置如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}上述五種元素中，金屬性最強的元素在周期表中的位置是____，該元素的單質(zhì)在空氣中燃燒的化學(xué)方程式為____。rm{(2)}元素rm{壟脵}和rm{壟脹}可以形成眾多的化合物，其中最簡單的是rm{(}寫化學(xué)式rm{)}____，該化合物中，化學(xué)鍵的類型為____rm{(}填“離子鍵”或“共價鍵”rm{)}rm{(3)}試用電子式表示元素rm{壟脻}單質(zhì)分子的形成過程____。rm{(4)}鐵粉和氧化亞鐵粉末的混合物共rm{9.2}克，加入到rm{150}毫升的稀硫酸中，恰好完全反應(yīng)，得到氫氣rm{2.24}升rm{(}標準狀況rm{)}求：rm{1.}混合物中鐵和氧化亞鐵的質(zhì)量。rm{2.}原稀硫酸的物質(zhì)的量濃度。26、本題為選做題，包括24鈭?A

和24鈭?B

兩題，考生只選擇其中一題作答

隆陋A.

本題供使用選修1隆陋1

教材的考生作答．真空中電磁波的波速為____m/s

．電磁波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)傳播過程中，不變的物理量為____(

選填“頻率”、“波長”)

24隆陋B.

本題供使用選修3隆陋1

教材的考生作答．一根長為L

橫截面積為S

粗細均勻的電阻絲阻值為R

在溫度不變的情況下，相同材料的均勻電阻絲在L

不變、S

增大一倍時的阻值為____R

在L

和S

都縮為原來的12

時的阻值為____R.

評卷人得分六、作圖題(共4題，共20分)27、20、如圖所示，L為垂直于紙面的通電直導(dǎo)線（通有垂直于紙面向里的電流I），放在水平向左的勻強磁場B中，請用箭頭在圖中標出通電直導(dǎo)線L所受安培力方向（用F表示）28、如圖所示；均勻直棒AB擱放在光滑的半球上保持靜止，C為棒的中點，畫出棒AB的受力圖．

29、根據(jù)磁感應(yīng)強度B

電流I

和安培力F

的相互關(guān)系；請根據(jù)要求作圖．

30、在探究產(chǎn)生感應(yīng)電流條件的實驗中；實驗室給提供了下列器材：電源；開關(guān)、電流表、大小螺線管、鐵芯、滑動變阻器、導(dǎo)線若干，如圖所示。請按照實驗的要求連好實驗電路。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【解析】【答案】D2、B【分析】解：A；滿足能量守恒定律的宏觀過程不一定可以自發(fā)進行；比如熱量就不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體．故A錯誤．

B；熵的物理意義反映了宏觀過程對應(yīng)的微觀狀態(tài)的多少；標志著宏觀狀態(tài)的無序程度，即熵是物體內(nèi)分子運動無序程度的量度．故B正確．

C；當保持溫度不變向下緩慢壓活塞時；水汽的質(zhì)量減少，密度減?。蔆錯誤．

D；當分子間距離增大時；分子間引力和斥力同時增大．故D錯誤．

故選B

滿足能量守恒定律的宏觀過程不一定可以自發(fā)進行．熵是物體內(nèi)分子運動無序程度的量度．若容器中用活塞封閉著剛好飽和的一些水汽；當保持溫度不變向下緩慢壓活塞時，水汽的質(zhì)量減少，密度減?。敺肿娱g距離增大時，分子間引力和斥力都增大．

本題選修模塊3-3的內(nèi)容，難度不大，基本題．對于此題可以采用排除法選擇．【解析】【答案】B3、C【分析】

電路中的電流減小，則電阻增大，由電阻定律R=ρ知導(dǎo)線的長度增大，所以接入的接線柱應(yīng)該是b和c或b和d．

故C正確；A；B、D錯誤。

故選C．

【解析】【答案】滑片P向接線柱c移動時，電路中電流減小，根據(jù)歐姆定律，知電阻增大，由電阻定律R=ρ知導(dǎo)線的長度如何變化．

4、B【分析】【分析】小球和光滑斜面接觸；受到重力和繩的拉力.

斜面對小球沒有彈力，如有彈力，小球?qū)⑹艿饺齻€力作用，重力和繩的拉力在豎直方向上，彈力垂直于斜面向上，三個力的合力不可能為零，小球?qū)⑾蜃笊戏竭\動，與題設(shè)條件矛盾。

本題采用假設(shè)法分析斜面的彈力是否存在，這是判斷彈力和摩擦力是否存在常用的方法?！窘獯稹坑深}意可知；小球和光滑斜面接觸，受到重力和繩的拉力，斜面對小球沒有彈力，若有彈力，則小球處于不平衡狀態(tài)，故B正確，ACD錯誤。

故選B?！窘馕觥緽

5、C【分析】解：A

溫度是分子平均動能的量度；當溫度升高時平均動能一定變大，分子的平均速率也一定變化，但不是每個分子速率都增大，因理想氣體，則不考慮分子勢能，故AB錯誤，C正確；

D；由于理想氣體；不考慮分子間的作用力，故D錯誤；

故選：C

．

在等容過程中；溫度與壓強在變化，溫度是分子平均動能變化的標志，分子間同時存在分子引力和斥力，都隨距離的增大而減??；

熱學(xué)中很多知識點要需要記憶，注意平時的積累，在平時訓(xùn)練中加強練習(xí)，注意理想氣體不考慮分子勢能．【解析】C

二、多選題(共8題，共16分)6、AD【分析】解：A、設(shè)任一線圈的橫面積為S，電阻率為ρ電，密度為ρ密．

線圈進入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電流為I=所受的安培力大小為F=BIa=加速度大小為a====可知a與S無關(guān)，所以兩個線圈進入磁場的過程，任意時刻加速度相同，同理離開磁場的過程任意時刻的加速度也相同，運動情況完全相同，所以若甲線圈剛好能滑離磁場，乙線圈也剛好能滑離磁場，故A正確．

B；根據(jù)A項分析可知；兩個線圈進入磁場過程的速度相等，由于質(zhì)量不同，所以動能不等，故B錯誤．

C、根據(jù)感應(yīng)電荷量公式q=n可知，進入磁場過程中磁通量的變化量相等，但由于兩個線圈的電阻不同，則兩線圈進入磁場過程中通過導(dǎo)線橫截面電荷量不同，故C錯誤．

D、設(shè)線圈的初速度為v1，完全進入磁場時的速度為v2，根據(jù)能量守恒得：線圈進入磁場過程中產(chǎn)生熱量Q=m-則Q與m成正比，所以甲線圈進入磁場過程中產(chǎn)生熱量Q1與乙線圈進入磁場過程中產(chǎn)生熱量Q2之比為Q1：Q2=m1：m2=S甲：S乙=1：4；故D正確．

故選：AD．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培力公式得到線框的加速度表達式，再分析兩個線圈的運動情況，即可判斷乙線圈能否滑離磁場．根據(jù)感應(yīng)電荷量公式q=n分析電量關(guān)系．根據(jù)能量守恒定律分析熱量關(guān)系．

本題關(guān)鍵要綜合考慮影響加速度的因素，將加速度表達式中質(zhì)量和電阻細化，掌握感應(yīng)電荷量公式q=n理解掌握克服安培力做功等于產(chǎn)生的熱量等等，應(yīng)加強基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，提高綜合分析問題的能力【解析】【答案】AD7、ACD【分析】解：A；B、自動電飯鍋；安裝在發(fā)熱盤（鍋底）中央的溫控器內(nèi)部裝有鐵氧體、永磁體、彈簧等元件．煮米飯時，兩個金屬觸點接觸，加熱元件工作；當鍋底的溫度升高到居里點時，磁性消失，對彈簧片的吸引力減小，彈簧片被彈回后，永磁體與鐵氧體分開，加熱元件停止工作．故A正確，B錯誤；

C；電子秤中應(yīng)變式力傳感器所使用的應(yīng)變片的表面被拉伸時其電阻變大；反之變??；電子秤的力傳感器所受力越大，輸出的電壓差值就越大．故C正確，D正確．

故選：ACD

傳感器是能感受規(guī)定的被測量并按照一定的規(guī)律轉(zhuǎn)換成可用信號的器件或裝置；通常由敏感元件和轉(zhuǎn)換元件組成．然后結(jié)合各種傳感器的特點與用途解答即可．

傳感器能滿足信息的傳輸、處理、存儲、顯示、記錄和控制等要求，它是實現(xiàn)自動檢測和自動控制的首要環(huán)節(jié)．【解析】【答案】ACD8、BC【分析】解：A增加量程要增加內(nèi)阻；并聯(lián)電阻使內(nèi)阻變小，量程更小．故A錯誤。

B電阻變大；內(nèi)阻變大，量程變大．故B正確。

C串聯(lián)電阻內(nèi)阻變大；量程變大．故C正確。

D在原有電阻上并聯(lián)電阻；總內(nèi)阻變小，量程變?。蔇錯誤。

故選：BC

電壓表的量程由總內(nèi)阻與電流計的滿偏電流決定：U=IgR內(nèi)，則要使量程變大，要增加R內(nèi)．

考查的電壓表的改裝原理，明確電壓表內(nèi)阻越大，量程越大．【解析】【答案】BC9、AC【分析】【分析】ab

兩個質(zhì)量相同、所帶電荷量相等的帶電粒子以不同的速率對向射入圓形勻強磁場區(qū)域，偏轉(zhuǎn)的方向不同，說明受力的方向不同，電性不同，可以根據(jù)左手定則判定，從圖線來看，a

的半徑較小，可以結(jié)合洛倫茲力提供向心力，寫出公式，進行判斷，之后，根據(jù)公式，再判定動能和運動的時間。該題考查帶電粒子在勻強磁場中的偏轉(zhuǎn)，可以結(jié)合兩個公式進行判定，屬于簡單題目?！窘獯稹緼.粒子向右運動，根據(jù)左手定則，b

向上偏轉(zhuǎn)；應(yīng)當帶正電，a

向下偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當帶負電，故A正確；

B.由公式f=qvB

知速度大的b

受洛倫茲力較大；故B錯誤；

C.洛倫茲力提供向心力，即qvB=mv2r

解得r=mvqB

故半徑較大的b

粒子速度大，動能也大，故C正確；D.磁場中偏轉(zhuǎn)角大的運動的時間也長；a

粒子的偏轉(zhuǎn)角大，因此運動的時間就長，故D錯誤。

故選AC?！窘馕觥緼C

10、BC【分析】解：A

汽車拉拖車的力和拖車拉汽車的力是一對作用力和反作用力；大小相等，方向相反.

故A錯誤，B正確．

C；拖車在水平方向上受汽車對它的拉力和自身所受的阻力；拉力大于阻力，有水平方向上的合力，產(chǎn)生加速度.

故C正確，D錯誤．

故選BC．

汽車拉拖車的力和拖車拉汽車的力是一對作用力和反作用力；大小相等，方向相反.

拖車做加速運動，是因為拖車在水平方向上受拉力和阻力，拉力大于阻力，產(chǎn)生加速度．

解決本題的關(guān)鍵知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上.

汽車之所以拉著拖車加速行駛，因為汽車拉拖車的力大于拖車所受到的阻力．【解析】BC

11、BD【分析】解：由于小磁針N

極轉(zhuǎn)向紙里；S

極轉(zhuǎn)向紙外，故該通道所產(chǎn)生的磁場方向應(yīng)該是垂直于紙面向里，所以利用右手螺旋定則可以判斷出電流的方向應(yīng)該是由A

流向B

所以A

帶的是正電荷；B

帶的是負電荷，故BD正確，AC錯誤．

故選：BD

．

用右手螺旋定則可判斷出電流的方向；即用右手握住通電直導(dǎo)線，大拇指的方向指向電流方向，彎曲四指的方向就是通電直導(dǎo)線的磁場方向.

故再據(jù)“正電荷定向移動的方向是電流的方向的”特點即可判斷該題的答案．

知道右手螺旋定則，并能利用該定則判斷出電流的方向是解決該題的關(guān)鍵．【解析】BD

12、BCD【分析】解：物體在a

點時的速度大小為v0

加速度為a

則從a

到c

有xac=v0t1+12at12

即7=v0隆脕2+12隆脕a隆脕4

7=2v0+2a

物體從a

到d

有xad=v0t2+12at22

即12=v0隆脕4+12a隆脕16

3=v0+2a

故a=鈭?12m/s2v0=4m/s

根據(jù)速度公式vt=v0+at

可得。

vc=4鈭?12隆脕2=3m/s

故B正確．

從a

到b

有。

vb2鈭?va2=2axab

解得vb=10m/s

故A錯誤．

根據(jù)速度公式vt=v0+at

可得。

vd=v0+at2=4鈭?12隆脕4m/s=2m/s

則從d

到e

有鈭?vd2=2axde

則xde=鈭?vd22a=42隆脕12=4m

故C正確．

vt=v0+at

可得。

從d

到e

的時間。

tde=鈭?vda=212=4s

．

故D正確．

故選：BCD

．

本題的突破口是ab=bd=6mbc=1m

小球從a

到c

的時間是2s

從a

到d

的時間是4s

根據(jù)x=v0t+12at2

即可求出va

和a

再根據(jù)速度公式vt=v0+at

求出vc

和vd

然后根據(jù)vt2鈭?v02=2ax

求出de

的距離，最后根據(jù)vt=v0+at

求出從d

到e

的時間．

本題對運動學(xué)公式要求較高，要求學(xué)生對所有的運動學(xué)公式不僅要熟悉而且要熟練，要靈活，基本方法就是平時多練并且盡可能嘗試一題多解．【解析】BCD

13、B:D【分析】A項：由于P點處的正電荷在O點產(chǎn)生的場強方向向下；且O點的合場強為零，所以板間場強方向應(yīng)向上，所以下極板帶正電，故A錯誤；

B、C項：O點的合場強為零，所以故B正確，C錯誤；

D項：由于板間為勻強電場，板間O點場強由上板和下板在O點產(chǎn)生場強的合場強，根據(jù)對稱性可知，上板在O點產(chǎn)生的場強為故D正確。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【解析】試題分析：由牛頓第二定律可知兩物體加速度之比為1:4，由v=at可知運動時間之比為4:1，由公式可知位移之比為4:1，若兩物體與地面動摩擦因數(shù)相同，則加速度相同，停下來所用的時間之比為1:1考點：考查力與運動【解析】【答案】____，4:1____15、略

【分析】解：電子束從陰極射出；所以A極應(yīng)接在電源的負極上，根據(jù)電子束的偏轉(zhuǎn)方向知，洛倫茲力向上，通過左手定則知，磁場的方向由D到C，所以D為N極，C端為S極．

故答案為：負；S

電子束從陰極射出；根據(jù)左手定則，判斷出磁場的方向，從而得出磁鐵的極性．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷磁場方向、電荷運動方向以及洛倫茲力方向的關(guān)系，以及注意四指方向與正電荷運動方向相同，與負電荷運動方向相反．【解析】負；S16、38050【分析】【分析】根據(jù)圖像可讀出該交流電的周期和最大值，然后根據(jù)頻率和周期，最大值與有效值的關(guān)系可直接求解。本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時正確書寫交流電的表達式?！窘獯稹坑蓤D可知，該交流電的電壓最大值為3802V

所以有效值為38022=380V

周期為0.02s

所以f=1T=50Hz

故填：38050

【解析】38050

17、rm{(1){{{O}}_{{2}}}}

rm{(2)壟脵}rm{53.1}

rm{壟脷}rm{30.0}rm{6.0times{{10}^{-2}}}

rm{壟脹}大于溫度提高，體積不變，總壓強提高；rm{{N}{{{O}}_{2}}}二聚為放熱反應(yīng)；溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強提高。

rm{壟脺13.4}

rm{(3)AC}【分析】【分析】

本題主要是考查化學(xué)反應(yīng)原理；側(cè)重于化學(xué)反應(yīng)速率與化學(xué)平衡的有關(guān)分析與計算，題目難度較大。試題設(shè)計新穎，陌生感強，計算量較大，對學(xué)生的要求較高。壓強和平衡常數(shù)的計算是解答的難點，注意從阿伏加德羅定律的角度去理解壓強與氣體物質(zhì)的量之間的關(guān)系，注意結(jié)合反應(yīng)的方程式和表中數(shù)據(jù)的靈活應(yīng)用。也可以直接把壓強看作是物質(zhì)的量利用三段式計算。

【解答】

rm{(1)}氯氣在反應(yīng)中得到電子作氧化劑，硝酸銀中只有氧元素化合價會升高，所以氧化產(chǎn)物是氧氣，分子式為rm{O_{2}}故答案為：rm{O_{2}}

rm{(2)壟脵}已知：rm{壟隆}rm{2N_{2}O_{5}(g)=2N_{2}O_{4}(g)+O_{2}(g)}rm{triangleH_{1}=-4.4kJ/mol壟壟}rm{triangle

H_{1}=-4.4kJ/mol壟壟}rm{triangleH_{2}=-55.3kJ/mol}根據(jù)蓋斯定律可知rm{2NO_{2}(g)=N_{2}O_{4}(g)}即得到rm{triangle

H_{2}=-55.3kJ/mol}rm{triangleH_{1}=+53.1kJ/mol}故答案為：rm{壟隆隆脗2-壟壟}

rm{N_{2}O_{5}(g)=2NO_{2}(g)+1/2O_{2}(g)}根據(jù)方程式可知氧氣與消耗五氧化二氮的物質(zhì)的量之比是rm{triangle

H_{1}=+53.1kJ/mol}又因為壓強之比是物質(zhì)的量之比，所以消耗五氧化二氮減少的壓強是rm{53.1}則此時五氧化二氮的壓強是rm{壟脷}因此此時反應(yīng)速率rm{1:2}故答案為：rm{2.9kPa隆脕2=5.8kPa}rm{35.8kPa-5.8kPa=30.0kPa}

rm{v=2.0隆脕10^{-3}隆脕30=6.0隆脕10^{-2}(kPa隆隴min^{-1})}由于溫度升高，容器容積不變，總壓強提高，且二氧化氮二聚為放熱反應(yīng)，溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強提高，所以若提高反應(yīng)溫度至rm{30.0}則rm{6.0隆脕10^{-2}}完全分解后體系壓強rm{壟脹}大于rm{35隆忙}故答案為：大于；溫度提高，體積不變，總壓強提高；rm{N_{2}O_{5}(g)}二聚為放熱反應(yīng)；溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強提高；

rm{p_{隆脼}(35隆忙)}根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知五氧化二氮完全分解時的壓強是rm{63.1kPa}根據(jù)方程式可知完全分解時最初生成的二氧化氮的壓強是rm{{N}{{{O}}_{2}}}氧氣是rm{壟脺}總壓強應(yīng)該是rm{71.6kPa+17.9kPa=89.5kPa}平衡后壓強減少了rm{63.1kPa}所以根據(jù)方程式rm{2N{O}_{2}(g)?;{N}_{2}{O}_{4}(g)}可知平衡時四氧化二氮對應(yīng)的壓強是rm{35.8kPa隆脕2=71.6kPa}二氧化氮對應(yīng)的壓強是rm{71.6kPa-26.4kPa隆脕2=18.8kPa}則反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{Kp=dfrac{18.{8}^{2}}{26.4}kPa=13.4kPa}故答案為：rm{35.8kPa隆脗2=17.9kPa}

rm{71.6kPa+17.9kPa=89.5

kPa}第一步反應(yīng)快；所以第一步的逆反應(yīng)速率大于第二步的逆反應(yīng)速率，A正確；

B、根據(jù)第二步和第三步可知中間產(chǎn)物還有rm{89.2kPa-63.1kPa=26.4kPa}B錯誤；

C、根據(jù)第二步反應(yīng)生成物中有rm{2N{O}_{2}(g)?;{N}_{2}{O}_{4}(g)

}可知rm{26.4kPa}與rm{71.6

kPa-26.4kPa隆脕2=18.8kPa}的碰撞僅部分有效；C正確；

D；第三步反應(yīng)快；所以第三步反應(yīng)的活化能較低，D錯誤。

答案選AC。rm{Kp=

dfrac{18.{8}^{2}}{26.4}kPa=13.4kPa}【解析】rm{(1){{{O}}_{{2}}}}

rm{(2)壟脵}rm{53.1}

rm{壟脷}rm{30.0}rm{6.0times{{10}^{-2}}}

rm{壟脹}大于溫度提高，體積不變，總壓強提高；rm{{N}{{{O}}_{2}}}二聚為放熱反應(yīng)；溫度提高，平衡左移，體系物質(zhì)的量增加，總壓強提高。

rm{壟脺13.4}

rm{(3)AC}18、略

【分析】

當減小電容器極板間的距離，由C=分析可知，電容增大，而電容器的電量不變，根據(jù)公式C=分析可知，電勢差U減小，靜電計的偏角減?。娙萜鞯碾娏縌、正對面積S、介電常量?不變，根據(jù)推論E=分析知道；板間場強E不變．

故答案為：增大；減小；不變．

【解析】【答案】靜電計測量電勢差的大小，當電勢差增大時，張角增大，電勢差減小時，張角減小．依題可知，電容器的電量不變．當減小電容器極板間的距離，由C=分析電容的變化，由公式C=分析電勢差的變化，判斷靜電計張角的變化．根據(jù)推論E=分析板間場強的變化．

19、略

【分析】解：電路中產(chǎn)生的交流電流的有效值是50A；頻率為50Hz；

所以電流最大值Im=50A，角速度ω=2πf=100πrad/s；

當t=0時穿過線圈的磁通量最大，即從中性面開始計時，電流的瞬時表達式為i=Imsinωt；

所以電流的瞬時值表達式為i=50sin100πtA

故答案為：i=50sin100πtA．

從題干中得出電流有效值；頻率；從而算出電流最大值、角速度，再寫出電流的表達式．

本題要掌握正弦式交變電流瞬時值表達式，注意計時起點；從中性面開始計時，電流的瞬時表達式為i=Imsinωt；從垂直中性面開始計時，電流的瞬時表達式為i=Imcosωt．【解析】i=50sin100πtA20、略

【分析】解：（1）伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻；電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，電源內(nèi)阻較小，電壓表量程小于電源電動勢，為保證電路安全，可以用定值電阻與電源串聯(lián)，組成等效電源，因此實驗電路圖可以選擇D．

（2）設(shè)電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；在閉合電路中：

E=U1+I1（R0+r），E=U2+I2（R0+r），解得：E=r=-R0；

（3）由圖2所示圖象可知；電源的U-I圖象與縱軸交點坐標為1.7，則電源電動勢E=1.7V；

圖象斜率的絕對值k===2，電源內(nèi)阻r=k-R0=2-1.6=0.40Ω；

故答案為：（1）D；（2）E=r=-R0；（3）1.7V；0.40Ω．

（1）根據(jù)伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻的原理選擇實驗電路圖；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律列方程；解方程組，求出電源電動勢與內(nèi)阻的表達式；

（3）電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源的電動勢；圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻，根據(jù)圖象與電路圖求出電源電動勢與內(nèi)阻．

本題考查了選擇實驗電路、求電源電動勢與內(nèi)阻等問題，知道實驗原理、掌握圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法即可正確解題．【解析】D；E=r=-R0；1.7V；0.40Ω21、S△Bn【分析】解：由題意；線圈與磁場垂直，磁通量為Φ=BS，S不變，B變化了△B，則穿過n匝線圈的磁通量的變化量為△Φ=S△B；

磁通量的變化率為=S

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則感應(yīng)電動勢大小為E=n=nS

故答案為：S△B，n．

線圈與磁場垂直時，磁通量為Φ=BS，再求解磁通量的變化量△Φ．磁通量的變化率為．再依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律；即可求解感應(yīng)電動勢大?。?/p>

求解磁通量的變化率，往往按這樣的思路進行：Φ→△Φ→．要注意磁通量、磁通量的變化量和磁通量的變化率都與線圈的匝數(shù)無關(guān)，而感應(yīng)電動勢與匝數(shù)有關(guān)．【解析】S△Bn四、判斷題(共1題，共3分)22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、簡答題(共4題，共12分)23、rm{(1)}rm{26}

rm{(2)}氨分子間形成氫鍵rm{(3)0}rm{(4)}面心立方堆積rm{2:3}rm{b^{3}:2a^{3}}rm{(5)FeMg_{2}}或rm{Mg_{2}Fe}【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)關(guān)系的綜合應(yīng)用、晶胞的計算等知識，題目難度中等，推斷各元素為解答關(guān)鍵，注意掌握原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期律的關(guān)系，rm{(5)(6)}為難點，需要明確均攤法在晶胞計算中的應(yīng)用。【解答】rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{M}rm{R}rm{W}均為周期表中前四周期的元素，rm{X}的基態(tài)原子外圍電子排布式為rm{3s^{2}}則rm{X}為第三周期Ⅱrm{A}族元素，為rm{Mg}元素；rm{Y}基態(tài)原子的rm{L}電子層的rm{p}能級上有一個空軌道，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}則rm{B}為rm{C}元素；rm{Z}元素的基態(tài)原子最外層有rm{3}個未成對電子，次外層有rm{2}個電子，則rm{Z}處于第二周期，電子排布式為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}為rm{N}元素；rm{M}的基態(tài)原子的rm{2p}軌道上有rm{1}個電子的自旋方向與其它電子的自旋方向相反，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}則rm{M}為rm{O}元素；rm{R}是海水中除氫、氧元素外含量最多的元素，則rm{R}為rm{Cl}元素；rm{W}為過渡元素，它的基態(tài)原子外圍電子排布成對電子數(shù)和未成對電子數(shù)相同且為最外層電子數(shù)的兩倍，其外圍電子排布式為：rm{3d^{6}4s^{2}}核外電子排布為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}故rm{W}為rm{Fe}元素；

rm{(1)W}為rm{Fe}元素，rm{E}為rm{26}號元素，其核外電子總數(shù)為rm{26}核外電子排布為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}其基態(tài)原子的外圍電子排布圖為：鐵的基態(tài)原子有rm{26}種能量不同的電子；

故答案為：rm{26}

rm{(2)}則rm{Z}處于第二周期，電子排布式為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}為rm{N}元素，氨分子間形成氫鍵沸點高；

故答案為：氨分子間形成氫鍵；

rm{(3)W}與rm{YM}易形成配合物rm{W(YM)_{5}}為rm{Fe(CO)_{5}}rm{Fe}與rm{CO}易形成配合物rm{Fe(CO)_{5}}化合價的代數(shù)和為rm{0}rm{CO}的化合價的代數(shù)和為rm{0}則rm{Fe}的化合價為rm{0}故答案為：rm{0}

rm{(4)}以頂點rm{Fe}原子研究，與之最近的原子處于面心，每個頂點為rm{12}個面共用，故面心立方堆積中rm{Fe}原子配位數(shù)為rm{12}體心立方堆積中rm{Fe}原子配位數(shù)為rm{8}故A、rm{B}兩種堆積中配位數(shù)之比為rm{8}rm{12=2}rm{3}rm{A}rm{B}晶胞的棱長分別為rm{a}rm{cm}和rmrm{cm}體積分別為rm{a^{3}cm^{3}}rm{b^{3}cm^{3}}晶胞的密度等于晶胞中鐵原子的質(zhì)量與體積的比，為rm{dfrac{2m}{a^{3}}}rm{dfrac{4m}{b^{3}}=b^{3}}rm{2a^{3}}故答案為：面心立方；rm{2:3}rm{b^{3}}rm{2a^{3}}

rm{(5)Fe}位于面心和頂點，數(shù)目為：rm{6隆脕dfrac{1}{2}+8隆脕dfrac{1}{8}=4}rm{6隆脕dfrac{1}{2}+8隆脕dfrac

{1}{8}=4}原子位于體心，數(shù)目為rm{Mg}化學(xué)式為：rm{8}或rm{FeMg_{2}}

故答案為：rm{Mg_{2}Fe}或rm{FeMg_{2}}rm{Mg_{2}Fe}【解析】rm{(1)}rm{26}

rm{(2)}氨分子間形成氫鍵rm{(3)0}rm{(4)}面心立方堆積rm{2:3}rm{b^{3}:2a^{3}}rm{(5)FeMg_{2}}或rm{Mg_{2}Fe}24、（1）減小不變CH3OH（g）+H2O（g）=CO2（g）+3H2（g）△H=+（a-b）kJ/mol

（2）①增大CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1【分析】【分析】本題主要是考查反應(yīng)熱的計算、蓋斯定律應(yīng)用及電化學(xué)原理的應(yīng)用，注意原電池和電解池的原理分析和電極反應(yīng)書寫，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}催化劑降低反應(yīng)的活化能，加快反應(yīng)速率，即rm{a}減小，但催化劑不能改變活化能，即反應(yīng)熱rm{triangleH}不變，反應(yīng)能量圖中生成物的總能量大于反應(yīng)物的總能量，則為吸熱反應(yīng)，由圖可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸氣反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和氫氣吸收的熱量為rm{(a-b)kJ}反應(yīng)熱化學(xué)方程式為：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}故答案為：減?。徊蛔?；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}燃料電池放電過程中，通入rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}的電極是正極，氧氣得到電子轉(zhuǎn)化為氫氧根，則附近溶液的rm{(2)壟脵CH_{3}OH}增大，電解質(zhì)為rm{O_{2}}榮譽，則負極反應(yīng)為rm{pH}，故答案為：增大；rm{KOH}

rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}電解池中陽極失去電子，則陽極氯離子放電，產(chǎn)生rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}的反應(yīng)式為：rm{壟脷}故答案為：rm{ClO_{2}}

rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}時rm{壟脹}標準狀況，忽略生成的氣體溶解rm{6.72L}多出的氣體是氫氣，物質(zhì)的量rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}設(shè)陽極產(chǎn)生的氣體是rm{(}則根據(jù)電子得失守恒可知rm{)}解得rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol

}即轉(zhuǎn)移rm{xmol}電子，鈉離子通過陽離子交換膜，所以通過陽離子交換膜的陽離子為rm{5x=(0.3+x)隆脕2}故答案為：rm{x=0.2}rm{1mol}【解析】rm{(1)}減小不變rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}增大rm{(2)壟脵}rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}rm{壟脷Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}rm{壟脹1}25、（1）第三周期ⅠA族（2）CH4共價鍵（3）（4）5.6g、3.6g1mol/L【分析】【分析】本題考查位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的關(guān)系，為高頻考點，題目難度