云南省師大附中2021屆高三(上)月考物理試卷(四)

2022-2021學(xué)年云南省師大附中高三（上）月考物理試卷（四）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．1．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）從高40m的房頂將一質(zhì)量為1kg的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）自由釋放，不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2，則1s末小球重力的瞬時(shí)功率為（）A．50WB．100WC．25WD．50W考點(diǎn)：自由落體運(yùn)動(dòng)．專題：自由落體運(yùn)動(dòng)專題．分析：由自由落體規(guī)律可求得1s末物體的速度，由功率公式可求得重力的瞬時(shí)功率．解答：解：1s末小球的速度大?。簐=gt=10m/s2×1s=10m/s，此時(shí)重力的功率為PG=mgv=10N×10m/s=100W，故選：B．點(diǎn)評(píng)：功率分為平均功率和瞬時(shí)功率，求瞬時(shí)功率時(shí)只能用P=Fv求解．2．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）一點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做了正功，則（）A．A點(diǎn)電勢(shì)肯定高于B點(diǎn)電勢(shì)B．A點(diǎn)電勢(shì)肯定低于B點(diǎn)電勢(shì)C．該點(diǎn)電荷的動(dòng)能肯定增大D．該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能肯定減小考點(diǎn)：電勢(shì)；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：電場(chǎng)力對(duì)電荷做正功，電荷的電勢(shì)能減??；合外力對(duì)物體做正功，物體的動(dòng)能增大，從而即可求解．解答：解：A、因該點(diǎn)電荷的電性未知，因此A、B兩點(diǎn)電勢(shì)凹凸無(wú)法推斷，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；C、除了電場(chǎng)力之外，該點(diǎn)電荷可能還受到其他力的作用，其動(dòng)能不肯定會(huì)增大，故C錯(cuò)誤；D、電場(chǎng)力做了正功，該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能肯定減小，故D正確．故選：D．點(diǎn)評(píng)：該題考查電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能轉(zhuǎn)變的關(guān)系，要明確電場(chǎng)力對(duì)電荷做正功，電荷的電勢(shì)能減?。A(chǔ)題目．3．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）一質(zhì)量為m=1kg的物體靜止于光滑水平地面上，受到兩個(gè)相互垂直的水平恒力F1、F2的作用，從靜止開頭運(yùn)動(dòng)，其中F1=3N，F(xiàn)2=4N，則作用2秒后，物體的動(dòng)能大小為（）A．30JB．40JC．50JD．70J考點(diǎn)：動(dòng)能；牛頓其次定律．分析：依據(jù)力的平行四邊形定則，求解合力，結(jié)合牛頓其次定律，求解加速度大小，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與動(dòng)能表達(dá)式，即可求解．解答：解：物體受到的合力，物體的加速度，2s末物體的速度大小v=at=10m/s，物體的動(dòng)能．故選項(xiàng)C正確，ABD錯(cuò)誤．故選：C．點(diǎn)評(píng)：考查力的平行四邊形定則與牛頓其次定律的內(nèi)容，把握運(yùn)動(dòng)學(xué)與動(dòng)能表達(dá)式的應(yīng)用．4．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，傾角為30°的光滑斜面固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的光滑圓球用細(xì)繩一端系住，另一端固定在斜面上，平衡時(shí)細(xì)繩水平，設(shè)繩子拉力大小為T，斜面對(duì)球的支持力大小為FN，則下列關(guān)系式正確的是（）A．T=mg，F(xiàn)N=mgB．T=mg，F(xiàn)N=mgC．T=mg，F(xiàn)N=mgD．T=mg，F(xiàn)N=2mg考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．分析：對(duì)球受力分析，運(yùn)用合成法作圖，然后結(jié)合幾何學(xué)問求解．解答：解：球受力分析如右圖所示，由圖可得：，，故選：C．點(diǎn)評(píng)：求整體與地面間力時(shí)，可以用整體法，求解整體內(nèi)部的內(nèi)力時(shí)，肯定要用隔離法．5．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）“嫦娥一號(hào)”和“嫦娥二號(hào)”飛行器繞月運(yùn)動(dòng)的軌跡都視為圓，若兩飛行器軌道半徑分別為r1、r2，向心加速度大小分別為a1、a2，角速度分別為ω1、ω2，線速度大小分別為v1、v2，則下列表達(dá)式正確的是（）A．B．C．D．考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．專題：人造衛(wèi)星問題．分析：依據(jù)萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力得出線速度、角速度、周期與軌道半徑、中心天體質(zhì)量的關(guān)系，從而得線速度、角速度、加速度的關(guān)系．解答：解：萬(wàn)有引力供應(yīng)飛行器做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力：，解得：，，，由此可得：，，，故選項(xiàng)D正確．故選：D．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵把握線速度、角速度、向心加速度、周期與軌道半徑的關(guān)系．6．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，A、B兩平行正對(duì)的金屬板組成一電容器，兩極板帶有等量異種電荷，A板帶正電，B板接地（電勢(shì)為零），兩板間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間有一固定于P點(diǎn)的正點(diǎn)電荷q，保持A板帶電量不變，下列說(shuō)法正確的是（）A．將A板上移，點(diǎn)電荷q的電勢(shì)能將增大B．.將B板下移，點(diǎn)電荷q的電勢(shì)能將增大C．將A板上移，點(diǎn)電荷q所受的電場(chǎng)力將增大D．將B板上移，點(diǎn)電荷q所受的電場(chǎng)力不變考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析．專題：電容器專題．分析：平行金屬板A、B板的電量不變，且B板接地．將兩板板間距離變化時(shí)，電容也變化，場(chǎng)強(qiáng)也變化，即可判定點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力的變化，再依據(jù)P點(diǎn)與下板之間電勢(shì)差的變化狀況，確定P點(diǎn)電勢(shì)的變化．若電勢(shì)上升，正電荷的電勢(shì)能增大；若電勢(shì)降低，正電勢(shì)能減小，從而求解．解答：解：A、設(shè)P點(diǎn)到B板之間的距離為x，電荷在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能為：EP=qEx，由此可得：A板上移時(shí)，電荷電勢(shì)能不變，B板下移時(shí)，電荷電勢(shì)能增大，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確．C、平行板電容器的電容：，，可得：，因電荷量Q不變，因此轉(zhuǎn)變板間距離時(shí)，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，因此電荷所受電場(chǎng)力不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確；故選：BD．點(diǎn)評(píng)：解答本題時(shí)，關(guān)鍵要對(duì)物理量間的關(guān)系要生疏．確定電勢(shì)，往往先確定電勢(shì)差，再確定電勢(shì)．7．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，一正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中有一光滑絕緣桿豎直放置，一帶電小球（可視為點(diǎn)電荷）套在桿上，從A點(diǎn)將小球由靜止釋放，一段時(shí)間后小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，A、C間的高度差為h，B為AC的中點(diǎn)，若從A到C的過程中，小球電勢(shì)能先增大后減小且在B點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能最大，則下列分析正確的是（）A．小球肯定帶正電B．小球在B點(diǎn)加速度大小為gC．小球在C點(diǎn)的速度肯定小于D．小球在C點(diǎn)的速度肯定等于考點(diǎn)：電勢(shì)能；電場(chǎng)線．分析：小球受到重力、支持力與庫(kù)侖力，由于重力與支持力均不做功，僅在庫(kù)侖引力作用下運(yùn)動(dòng)，庫(kù)侖引力先做正功后做負(fù)功，則球的動(dòng)能先增大后減小，而球與電荷組成的系統(tǒng)電勢(shì)能先減小后增大；由于兩者間距先變小后變大，則庫(kù)侖力大小先增加后減?。獯穑航猓篈、因小球在B點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能最大，所以B點(diǎn)距離點(diǎn)電荷最近，由此可知點(diǎn)電荷應(yīng)當(dāng)在AC的垂直平分線上，而且小球應(yīng)當(dāng)和點(diǎn)電荷是同種電荷，因此選項(xiàng)A正確；B、到B點(diǎn)時(shí)，小球豎直方向只受重力作用，因此加速度大小為g，選項(xiàng)B正確；CD、由以上分析可知，A、C應(yīng)為等勢(shì)點(diǎn)，從A到C，電場(chǎng)力對(duì)小球做功為零，因此：，可得：．選項(xiàng)C錯(cuò)誤、D正確．故選：ABD．點(diǎn)評(píng)：考查庫(kù)侖定律與牛頓其次定律，及運(yùn)用力的分解，同時(shí)還應(yīng)用力的做功，特殊留意功的正負(fù)．并當(dāng)只有電場(chǎng)力做功時(shí)，動(dòng)能與電勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化8．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）一帶電粒子以某一初速度進(jìn)入一勻強(qiáng)電場(chǎng)，進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)其電勢(shì)能大小為E0，若只考慮電場(chǎng)力的作用，其電勢(shì)能Ep隨時(shí)間變化的狀況可能是（）A．B．C．D．考點(diǎn)：電勢(shì)能．分析：粒子進(jìn)入電場(chǎng)后，電場(chǎng)力可能始終做正功，或者先做負(fù)功再做正功，但不行能先做正功再做負(fù)功，依據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系分析．解答：解：AB、粒子進(jìn)入電場(chǎng)后，電場(chǎng)力可能始終做正功，或者先做負(fù)功再做正功，但不行能先做正功再做負(fù)功，因此電勢(shì)能可能始終減小，或先增大后減小，不行能先減小后增大，故A正確，B錯(cuò)誤．CD、因粒子在電場(chǎng)中做勻變速運(yùn)動(dòng)，因此電勢(shì)能不行能隨時(shí)間均勻減小，故C錯(cuò)誤，D正確．故選：AD．點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了曲線運(yùn)動(dòng)的條件及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，要結(jié)合粒子可能的運(yùn)動(dòng)狀況進(jìn)行分析．二、非選擇題（本大題共分必考題和選考題兩部分）（一）必考題9．（6分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）在“爭(zhēng)辯勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的試驗(yàn)中，用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器記錄下了與小車連接的紙帶，現(xiàn)在紙帶上選擇了0、1、2、3、4共5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，用刻度尺測(cè)量紙帶計(jì)數(shù)點(diǎn)的坐標(biāo)位置，如圖所示．已知電源的頻率為50Hz，則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打計(jì)數(shù)點(diǎn)“2”時(shí)，小車的速度大小是0.18m/s，小車的加速度大小是0.43m/s2．（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）考點(diǎn)：探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律．專題：試驗(yàn)題；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題．分析：刻度尺的讀數(shù)要估讀到最小刻度下一位，勻變速直線運(yùn)動(dòng)中某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，小車通過計(jì)數(shù)點(diǎn)“2”的瞬時(shí)速度等于1、3兩點(diǎn)間的平均速度．求出0、2間的距離和2、4間的距離，依據(jù)△x=a（2T）2，求出加速度．解答：解：由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)沒有畫出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，小車通過計(jì)數(shù)點(diǎn)“2”的瞬時(shí)速度可以用“1、3”兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的平均速度來(lái)表示，即v2==0.18m/s；“0、2”兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離和“2、4”兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離分別看成是兩段相鄰的相等時(shí)間（2T）內(nèi)的位移，由△x=at2得a==0.43m/s2故答案為：0.18；0.43點(diǎn)評(píng)：要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答試驗(yàn)問題的力量，在平常練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)學(xué)問的理解與應(yīng)用．留意單位的換算和有效數(shù)字的保留．10．（9分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）某同學(xué)用如圖1所示的試驗(yàn)裝置探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”．（1）為消退摩擦力對(duì)試驗(yàn)的影響，可以使木板適當(dāng)傾斜以平衡摩擦阻力，關(guān)于平衡摩擦力，下列操作最合理的是D．（填字母序號(hào)）A．未連接紙帶前，放開小車，小車能由靜止開頭沿木板下滑B．未連接紙帶前，輕碰小車，小車能勻速穩(wěn)定下滑C．放開拖著紙帶的小車，小車能由靜止開頭沿木板下滑D．放開拖著紙帶的小車，輕碰小車，小車能勻速穩(wěn)定下滑（2）在某次試驗(yàn)中，該同學(xué)保持小車質(zhì)量不變，轉(zhuǎn)變鉤碼個(gè)數(shù)重復(fù)多次試驗(yàn)，最終得到不同拉力作用下小車對(duì)應(yīng)的加速度，記錄的數(shù)據(jù)如下表所示．依據(jù)表中的數(shù)據(jù)在圖2所示的坐標(biāo)中作出a﹣F圖象．F/N0.200.290.390.490.59a/（m?s﹣2）0.480.730.981.221.48（3）由圖象可得出的結(jié)論是：當(dāng)質(zhì)量肯定時(shí)，加速度與力成正比；由圖象可得到小車總質(zhì)量為0.40kg．考點(diǎn)：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系．專題：試驗(yàn)題．分析：（1）平衡摩擦力的方法是小車拖著紙帶，不懸掛鉤碼，輕碰小車，看小車能否勻速下滑．（2）依據(jù)表格中的數(shù)據(jù)作出a﹣F圖線．（3）依據(jù)a﹣F圖線得出a與F的關(guān)系，結(jié)合圖線的斜率求出小車的總質(zhì)量．解答：解：（1）平衡摩擦力最合理的是放開拖著紙帶的小車，輕碰小車，小車能勻速穩(wěn)定下滑，知摩擦力得到平衡．故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．故選：D．（2）依據(jù)表格中的數(shù)據(jù)作出a﹣F圖線，如圖所示．（3）由圖線可知，加速度與力成正比，圖線的斜率為質(zhì)量的倒數(shù)，則，解得m=0.40kg．故答案為：（1）D（2）見右圖（3）加速度與力成正比0.40點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵把握平衡摩擦力的方法，留意平衡摩擦力時(shí)，鉤碼不能與小車連接掛在定滑輪上；以及會(huì)通過圖線爭(zhēng)辯加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系．11．（13分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，斜軌道與半徑為R的圓弧軌道平滑連接，放置于豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，軌道均光滑且絕緣，將質(zhì)量為m，帶電量為﹣q的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），從斜軌道上某點(diǎn)由靜止釋放，物塊將沿軌道下滑后進(jìn)入圓弧軌道運(yùn)動(dòng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=，求：（1）若釋放點(diǎn)A與B的豎直高度差h=3R，物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（2）要使小物塊能達(dá)到圓弧軌道的最高點(diǎn)C，釋放點(diǎn)與B點(diǎn)的豎直高度差h應(yīng)滿足的條件．考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：（1）通過動(dòng)能定理求的到達(dá)B點(diǎn)速度，再有牛頓其次定律求的作用力；（2）求出到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的最小速度，從釋放點(diǎn)到最高點(diǎn)由動(dòng)能定理即可求的豎直高度的最小值解答：解：（1）由動(dòng)能定理可知mgh+qEh=﹣0在B點(diǎn)FN﹣mg﹣qE=聯(lián)立解得由牛頓第三定律可知對(duì)軌道的壓力為（2）到達(dá)最高點(diǎn)的速度為mg﹣qE=從釋放點(diǎn)到B點(diǎn)有動(dòng)能定理得（mg﹣qE）（h′﹣2R）=﹣0聯(lián)立解得答：（1）若釋放點(diǎn)A與B的豎直高度差h=3R，物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為；（2）要使小物塊能達(dá)到圓弧軌道的最高點(diǎn)C，釋放點(diǎn)與B點(diǎn)的豎直高度差h應(yīng)滿足最小值為點(diǎn)評(píng)：本體主要考查了在電場(chǎng)力作用下的動(dòng)能定理，留意運(yùn)動(dòng)過程的選取是關(guān)鍵；12．（19分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，在y軸右側(cè)整個(gè)空間有無(wú)限大勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ，電場(chǎng)強(qiáng)度為E1，方向沿x軸負(fù)方向，在直線x=﹣1m與y軸之間的整個(gè)空間有勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域Ⅱ，電場(chǎng)強(qiáng)度為E2，方向沿y軸負(fù)方向，兩個(gè)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，即：E1=E2，一帶正電的粒子從電場(chǎng)Ⅰ中由靜止釋放，經(jīng)電場(chǎng)Ⅰ加速后垂直射入電場(chǎng)Ⅱ，粒子重力不計(jì)．（1）若釋放點(diǎn)S坐標(biāo)為（0.5，0.5），求粒子通過x軸的位置坐標(biāo)；（2）將粒子在電場(chǎng)Ⅰ中適當(dāng)位置由靜止釋放，粒子能通過﹣x軸上的P點(diǎn)，P點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣2，0），求釋放點(diǎn)的坐標(biāo)應(yīng)滿足的條件．考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．分析：（1）先對(duì)直線加速過程依據(jù)動(dòng)能定理列式求解末速度；再對(duì)類似平拋運(yùn)動(dòng)過程依據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式列式后聯(lián)立求解即可；（2）先假設(shè)坐標(biāo)為（x，y），然后對(duì)直線加速過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式，對(duì)類似平拋運(yùn)動(dòng)過程依據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式列式，通過P點(diǎn)，故末速度的反向延長(zhǎng)線通過偏轉(zhuǎn)過程水平分位移的中點(diǎn)；最終聯(lián)立求解．解答：解：（1）粒子在電場(chǎng)Ⅰ中加速過程，據(jù)動(dòng)能定理可得：粒子進(jìn)入電場(chǎng)Ⅱ中做類平拋運(yùn)動(dòng)，故：Sx=v0ta=聯(lián)立解得：sx=1m故粒子通過x軸的位置坐標(biāo)為（﹣1，0）；（2）滿足條件的釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為（x，y），粒子在電場(chǎng)Ⅰ中加速過程，據(jù)動(dòng)能定理可得：粒子進(jìn)入電場(chǎng)Ⅱ中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子從P點(diǎn)射出的方向與x軸的偏轉(zhuǎn)角為θ，故：vx=v0vy=ata=其中：tanθ=通過P點(diǎn)，故末速度的反向延長(zhǎng)線通過偏轉(zhuǎn)過程水平分位移的中點(diǎn)，故要滿足：y=1.5tanθ聯(lián)立以上各式解得：y=答：（1）若釋放點(diǎn)S坐標(biāo)為（0.5，0.5），粒子通過x軸的位置坐標(biāo)為（﹣1，0）；（2）將粒子在電場(chǎng)Ⅰ中適當(dāng)位置由靜止釋放，粒子能通過﹣x軸上的P點(diǎn)，P點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣2，0），釋放點(diǎn)的坐標(biāo)應(yīng)滿足的條件為y=．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確粒子的受力狀況和運(yùn)動(dòng)狀況，然后結(jié)合動(dòng)能定理、類似平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)公式列式后聯(lián)立求解，不難．(二）選考題（15分）13．（5分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）下列說(shuō)法正確的是（）A．氣體壓強(qiáng)是由氣體分子間的斥力產(chǎn)生的B．溫度上升，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能肯定增大C．單晶體有固定的熔點(diǎn)，多晶體和非晶體沒有固定的熔點(diǎn)D．分子間斥力隨分子間距的減小而增大E．任何熱機(jī)都不行能使燃料釋放的熱量完全轉(zhuǎn)化為機(jī)械能考點(diǎn)：熱力學(xué)其次定律；分子間的相互作用力；*晶體和非晶體．專題：分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系．分析：氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的．；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；多晶體和單晶體有固定的熔點(diǎn)；分子間斥力和引力都隨分子間距的減小而增大；熱機(jī)的效率不行能到達(dá)百分百．解答：解：A、氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的．故A錯(cuò)誤；B、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度上升，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能肯定增大．故B正確；C、多晶體和單晶體有固定的熔點(diǎn)，非晶體沒有固定的熔點(diǎn)．故C錯(cuò)誤；D、分子間斥力隨分子間距的減小而增大．故D正確；E、依據(jù)熱力學(xué)其次定律可知，任何熱機(jī)都不行能使燃料釋放的熱量完全轉(zhuǎn)化為機(jī)械能．故E正確．故選：BDE點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要理解并把握溫度的微觀意義、熱力學(xué)其次定律和氣體壓強(qiáng)的微觀意義．要明確氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生緣由是分子對(duì)器壁的撞擊作用而形成的，不是分子間的斥力而產(chǎn)生的．14．（10分）（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過絕熱活塞封閉著肯定質(zhì)量的抱負(fù)氣體．活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，此時(shí)氣體的溫度為To，體積為Vo；現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，使活塞上升至氣體體積增大到原來(lái)的2倍．已知大氣壓強(qiáng)為P0，重力加速度為g，不計(jì)活塞與氣缸的摩擦．?。蠹訜徇^程中氣體對(duì)外做了多少功；ⅱ．現(xiàn)停止對(duì)氣體加熱，同時(shí)在活塞上緩慢添加砂粒，當(dāng)添加砂粒的質(zhì)量為mo時(shí)，活塞恰好回到原來(lái)的位置，求此時(shí)氣體的溫度．考點(diǎn)：抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．專題：抱負(fù)氣體狀態(tài)方程專題．分析：i、由蓋呂薩克定律求出氣體的體積，然后應(yīng)用功的計(jì)算公式求出功．ii、求出氣體的狀態(tài)參量，然后應(yīng)用抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程求出溫度．解答：解：?。畾怏w發(fā)生等壓變化，據(jù)蓋呂薩克定律可得：①據(jù)題意，V1=2V0，可得T1=2T0②氣體對(duì)外做的功：③ⅱ．未加砂子時(shí)，，V1=2V0，T1=2T0④活塞回到原位置時(shí)，，V2=V0⑤據(jù)抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程可得⑥解得⑦答：i、加熱過程中氣體對(duì)外做的功是（p0+）V0；ⅱ、此時(shí)氣體的溫度為．點(diǎn)評(píng)：本題考查了求氣體做功、氣體的溫度，分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，應(yīng)用蓋呂薩克定律、抱負(fù)氣體狀態(tài)方程即可正確解題．15．（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=1s時(shí)刻的波動(dòng)圖象，圖乙為該波中質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象．則該波向x軸負(fù)（填“正”或“負(fù)”）方向傳播，該波的波速大小為1m/s，一個(gè)周期內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為2m．考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．分析：依據(jù)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象在t=1s時(shí)刻的振動(dòng)方向，從而確定波的傳播方向；依據(jù)振動(dòng)圖象得出周期，依據(jù)波動(dòng)圖象得出波長(zhǎng)，依據(jù)v=求出波速．解答：解：在t=1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，可知，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向y軸負(fù)方向，依據(jù)上下坡法，可知，該波向x軸負(fù)方向傳播；依據(jù)波動(dòng)圖象得出波長(zhǎng)λ=2m，由振動(dòng)圖象可知，質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期T=2s，依據(jù)v=得：波速v=m/s=1m/s，由乙圖可知，一個(gè)周期內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為4A=4×0.5m=2m．故答案為：負(fù)，1，2．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要把握兩種圖象的聯(lián)系，能依據(jù)振動(dòng)圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動(dòng)圖象上推斷出波的傳播方向．16．（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）如圖中的圓表示一圓柱形玻璃磚的截面，O為其圓心，MN為其對(duì)稱軸，一束光線平行于MN從O1點(diǎn)射入玻璃磚，進(jìn)入玻璃磚后沿直線傳播到N點(diǎn)，測(cè)得光線PO1與MN之間的距離為R，R為玻璃磚的半徑．若真空中的光速為C，求：（1）該玻璃磚的折射率；（2）光線從O1點(diǎn)沿直線傳播到N點(diǎn)所需時(shí)間．考點(diǎn)：光的折射定律．專題：光的折射專題．分析：（1）作出光路圖，依據(jù)幾何關(guān)系求出入射角和折射角，再由折射定律求解折射率．（2）由幾何學(xué)問求出O1、N間的距離，由v=求出光在玻璃磚內(nèi)傳播的速度v，再由t=求解時(shí)間．解答：解：（1）作出光路圖如右圖所示，據(jù)幾何關(guān)系可得，即：i=60°①而i=2r，得r=30°②據(jù)折射定律可得③解得④（2）據(jù)幾何關(guān)系可得：⑤光從O1傳播到N所需時(shí)間：⑥光在玻璃磚內(nèi)傳播的速度⑦聯(lián)立解得：⑧答：（1）該玻璃磚的折射率是；（2）光線從O1點(diǎn)沿直線傳播到N點(diǎn)所需時(shí)間是．點(diǎn)評(píng)：本題考查光的折射．關(guān)鍵是作出光路圖，依據(jù)幾何學(xué)問求出入射角與折射角．（15分）17．（2022秋?五華區(qū)校級(jí)月考）下列敘述正確的是（）A．盧瑟福在α粒子散射試驗(yàn)中發(fā)覺了電子B．γ射線是原子的內(nèi)層電子的躍遷時(shí)產(chǎn)生的C．愛因斯坦為解釋光電效應(yīng)的試驗(yàn)規(guī)律提出了光子說(shuō)D．用加溫、加壓或轉(zhuǎn)變其化學(xué)狀態(tài)的方法都不能轉(zhuǎn)變?cè)雍怂プ兊陌胨テ贓．依據(jù)玻爾理論，氫原子的電子由外層軌道躍遷到內(nèi)層軌道后，電子的動(dòng)能將增大考點(diǎn)：原子核衰變及半衰期、衰變速度．專題：