2025年浙教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷8考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說(shuō)法中正確的是（）A.氣體的溫度升高時(shí)，分子的熱運(yùn)動(dòng)變得劇烈，分子的平均動(dòng)能增大，撞擊器壁時(shí)對(duì)器壁的作用力增大，從而氣體的壓強(qiáng)一定增大B.氣體體積變小時(shí)，單位體積的分子數(shù)增多，單位時(shí)間內(nèi)打到器壁單位面積上的分子數(shù)增多，從而氣體的壓強(qiáng)一定增大C.壓縮一定量的氣體，氣體的內(nèi)能一定增加D.分子a從遠(yuǎn)外趨近固定不動(dòng)的分子b，當(dāng)a到達(dá)受b的作用力為零處時(shí)，a的動(dòng)能一定最大2、兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.兩電阻的阻值為R1

大于R2

B.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，R1

兩端電壓大于R2

兩端電壓C.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，R1

消耗的功率小于R2

消耗的功率D.兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，R1

的電流小于R2

的電流3、質(zhì)量為0.5kg的金屬桿在相距1m的水平軌道上與軌道垂直放置，金屬桿上通以I=4A的恒定電流，方向如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)B垂直軌道平面豎直向上，金屬桿與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2．設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2．金屬桿恰好不發(fā)生移動(dòng)，則勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為（）A.2.0TB.1.0TC.0.50TD.0.25T4、兩個(gè)完全相同的金屬球，一個(gè)帶+6×10-8C的電量，另一個(gè)帶-2×10-8C的電量．把兩球接觸后再分開(kāi)；兩球帶電情況是（）

A.均為+4×10-8C

B.均為+2×10-8C

C.均為-2×10-8C

D.均為-4×10-8C

5、把兩個(gè)相同的小球接觸后分開(kāi)，兩小球相互排斥，則兩球原來(lái)帶電情況不可能的是（）A.其中一個(gè)帶電B.帶等量異種電荷C.帶同種電荷D.帶不等量電荷6、圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.10s時(shí)刻的波形圖；P是平衡位置為x=1m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x=4m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，則（）

A.t=0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度達(dá)到負(fù)向最大B.t=0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向C.從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸正方向傳播了6mD.從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為30cm評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、某種油其密度是0.86×103kg/m3，摩爾質(zhì)量是250g/mol，將一滴體積為1.0mm3的油滴滴的水面上，它所能形成的油膜的最大面積是1.25m2．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，估算阿伏伽德羅常數(shù)NA=____．（取兩位有效數(shù)字，且設(shè)油分子為立方體模型）8、兩列相干波在空間相遇，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，如圖所示，兩列波的振幅都為10cm，則圖示中A點(diǎn)的振幅為_(kāi)_____cm，B點(diǎn)的振幅為_(kāi)_____cm，C點(diǎn)的振幅______cm．9、電容器在電路中的作用是______直流，______交流；電感器在電路中的作用是______直流，______交流．10、現(xiàn)將電池組、滑動(dòng)變阻器、帶鐵芯的線圈A

線圈B

電流計(jì)及開(kāi)關(guān)如圖連接.

在開(kāi)關(guān)閉合、線圈A

放在線圈B

中的情況下，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P

向左加速滑動(dòng)時(shí)，電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn).

若將線圈A

中鐵芯向上拔出，則能引起電流計(jì)的指針向______偏轉(zhuǎn)；若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P

勻速向右滑動(dòng)，能使電流計(jì)指針______偏轉(zhuǎn)．11、如圖所示，100

匝的線框abcd

在圖示磁場(chǎng)(

勻強(qiáng)磁場(chǎng))

中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為婁脴

其電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為e=100cos100婁脨tV

那么感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為_(kāi)_____，當(dāng)從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?

角時(shí)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____，此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量的變化率為_(kāi)_____．12、一個(gè)氣泡從水底升到水面時(shí)，它的體積增大為原來(lái)的3

倍，設(shè)水的密度為婁脩=1隆脕103kg/m3

大氣壓強(qiáng)p0=1.01隆脕105Pa

水底與水面的溫度差不計(jì)，水的深度為_(kāi)_____取g=10m/s2

．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫(huà)圖題(共2題，共12分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、作圖題(共4題，共8分)24、試畫(huà)出下面圖1中負(fù)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)；畫(huà)出圖2中的A點(diǎn)的電場(chǎng)方向以及放在B點(diǎn)的負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向。

25、某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm

擺球直徑為2.00cm

然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50

次所用的時(shí)間，如圖1

所示，則：

(1)

該擺擺長(zhǎng)為_(kāi)_____cm

秒表所示讀數(shù)為_(kāi)_____s.

(2)

如果測(cè)得的g

值偏小；可能的原因是______

A.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊。

B.擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下。

D.實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)記為50

次。

(3)

為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)l

并測(cè)出相應(yīng)的周期T

從而得出一組對(duì)應(yīng)的l

與T

的數(shù)據(jù)，再以l

為橫坐標(biāo)，T2

為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2

所示，并求得該直線的斜率為k

則重力加速度g=

______(

用k

表示)

．26、如圖所示為三個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)；磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直紙面向外；向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，在磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)邊界處有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場(chǎng)方向垂直．現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定外力F向右為正．畫(huà)出外力F隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象。

27、有一根粗細(xì)均勻的空心導(dǎo)體棒如圖a

所示，截面為同心圓環(huán)(

如圖b)

其電阻約為100婁賂

某同學(xué)用以下器材測(cè)量該導(dǎo)體棒的電阻：A.20

分度的游標(biāo)卡尺B.

螺旋測(cè)微器C.

電流表A1(

量程50mA

內(nèi)阻R1=100婁賂)D.

電流表A2(

量程100mA

內(nèi)阻R2

約40婁賂)E.

滑動(dòng)變阻器R(0隆蘆10婁賂)F.

直流電源EG.

導(dǎo)電材料樣品RxH.

開(kāi)關(guān)一只，導(dǎo)線若干

(1)

用游標(biāo)卡尺測(cè)量導(dǎo)體棒長(zhǎng)度如圖甲，示數(shù)L=

____mm

用螺旋測(cè)微器測(cè)量其外徑如圖乙，示數(shù)D=

____mm

．(2)

圖丙是實(shí)驗(yàn)原理圖，請(qǐng)?jiān)诙D中完成實(shí)物連接．(3)

閉合開(kāi)關(guān)S

調(diào)整滑動(dòng)變阻器，記錄電流表A1

的讀數(shù)I1

和電流表A2

的讀數(shù)I2

則導(dǎo)體管的電阻Rx=

___(

用已知量和測(cè)量量的符號(hào)來(lái)表示)

評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共14分)28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。29、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【解答】A；從微觀上看；一定質(zhì)量被封閉氣體的壓強(qiáng)取決于分子的平均動(dòng)能和單位體積內(nèi)的分子數(shù)目（分子的密集程度）這兩個(gè)因素，分子平均動(dòng)能增大，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目如何變化不知，因此壓強(qiáng)的變化是不確定的，故A錯(cuò)誤；B、體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增多，但是分子平均動(dòng)能的變化未知，則壓強(qiáng)變化也是不確定的，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q；可知壓縮氣體，外界對(duì)氣體做功，但是氣體的吸放熱情況不知，故內(nèi)能不一定增大，故C錯(cuò)誤；

D、分子a從遠(yuǎn)外趨近固定不動(dòng)的分子b時(shí)分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子動(dòng)能增大，到達(dá)r=r0時(shí)分子力為零，若再靠近時(shí)分子力為斥力，將做負(fù)功，分子動(dòng)能減小，因此當(dāng)a到達(dá)受b的作用力為零處時(shí)，a的動(dòng)能最大；故D正確．

故選：D．

【分析】題目主要考察了氣體壓強(qiáng)的微觀解釋，氣體壓強(qiáng)取決于分子平均動(dòng)能和單位體積內(nèi)的分子數(shù)目這兩個(gè)因素；只知道分子平均動(dòng)能或者單位體積內(nèi)分子數(shù)目的變化，壓強(qiáng)的變化是無(wú)法確定的；對(duì)于氣體內(nèi)能變化取決于外界與氣體之間的做功和吸放熱情況，若外界對(duì)氣體做功，同時(shí)氣體放熱，則內(nèi)能可能增大、減小或不變；討論分子力或者分子勢(shì)能變化時(shí)要以r=r0為分界點(diǎn)進(jìn)行討論．2、C【分析】解：A.

由下圖可知；

當(dāng)電流相同時(shí)，R2

兩端的電壓大于R1

兩端的電壓，即U2>U1

由歐姆定律I=UR

得：R=UI

所以當(dāng)電流相同時(shí)，電壓越大，導(dǎo)體的電阻就越大，即R2>R1.

故A錯(cuò)誤；

B.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)A

的分析可知：即U2>U1

故B錯(cuò)誤；

C.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)；電流相等，根據(jù)P=I2R

可知：R1

消耗的功率小于R2

消耗的功率，故C正確；

D.兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等，根據(jù)I=UR

得：R1

的電流大于R2

的電流；故D錯(cuò)誤。

故選：C

本題為圖象分析問(wèn)題；在圖中任意做一條與縱軸垂直的直線，則與兩圖象的交點(diǎn)為電流相同點(diǎn)，對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)得出電壓值，則由歐姆定律可進(jìn)行比較電阻.

兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等．

本題為圖象分析問(wèn)題，要能從圖象中得出有效信息，兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等．【解析】C

3、D【分析】解：導(dǎo)體棒水平方向受安培力和摩擦力的作用處于平衡；根據(jù)平衡條件可得BIL=μmg；解得B=0.25T，故D正確，A；B、C錯(cuò)誤。

故選：D。

導(dǎo)體棒處于平衡狀態(tài)；根據(jù)安培力公式結(jié)合平衡條件求B的大小。

本題考查了求磁感應(yīng)強(qiáng)度，注意由平衡條件確定安培力大小，再根據(jù)安培力公式確定B的大小。【解析】D4、B【分析】

兩個(gè)完全相同的金屬球接觸后；電荷總是相同，根據(jù)電荷守恒定律，電荷應(yīng)該先中和，再均分，故。

C

故選B．

【解析】【答案】?jī)蓚€(gè)完全相同的金屬球接觸后；電荷總是相同，根據(jù)電荷守恒定律，電荷應(yīng)該先中和，再均分．

5、B【分析】【解答】解：A；原來(lái)的其中一個(gè)帶電；把兩個(gè)完全相同的小球接觸后電荷平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力，故A可能；

B；兩個(gè)小球原來(lái)分別帶等量異種電荷；接觸后電荷完全中和，兩球不存在排斥力，故B不可能；

C；兩個(gè)小球原來(lái)分別帶同種電荷；把兩個(gè)完全相同的小球接觸后電荷重新平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力，故C可能；

D；兩個(gè)小球原來(lái)分別帶不等量同種或異種電荷；小球接觸后電荷先中和再平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力，故D可能；

本題選不可能的；故選：B．

【分析】?jī)蓚€(gè)小球接觸后再分開(kāi)，兩球相互排斥，根據(jù)小球帶電情況，將選項(xiàng)逐一代入，選出符合題意的選項(xiàng)．6、B【分析】解：A；由乙圖中Q點(diǎn)的振動(dòng)圖象可知t=0.15s時(shí)Q點(diǎn)在負(fù)的最大位移處；故具有正向最大加速度，故A錯(cuò)誤；

B；甲圖描述的是t=0.10s時(shí)的波動(dòng)圖象；而根據(jù)乙圖可知t=0.10s到t=0.25s內(nèi)Q點(diǎn)將向下振動(dòng)，這說(shuō)明在甲圖中此時(shí)Q點(diǎn)將向下振動(dòng)，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向和波傳播方向的關(guān)系可知，波向左傳播，判定出經(jīng)過(guò)四分之一周期即t=0.15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閅軸負(fù)方向，故B正確；

C、根據(jù)甲乙兩圖可知波長(zhǎng)和周期，則波速：v===40m/s；故從t=0.10s到t=0.25s，波沿x負(fù)方向傳播了6m，而并非沿x軸正方向傳播，故C錯(cuò)誤；

D；質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過(guò)個(gè)路程為4個(gè)振幅長(zhǎng)度；故t=0.10s到t=0.25s的四分之三周期內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程不是三個(gè)振幅即30cm，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)甲乙兩圖可以求出該波的波長(zhǎng)和周期；從而求出波速，t=0.10s時(shí)Q點(diǎn)在平衡位置上，由乙圖知下一時(shí)刻向下振動(dòng)，從而確定了該波向左傳播。

本題有一定的綜合性考查了波動(dòng)和振動(dòng)圖象問(wèn)題，關(guān)鍵是會(huì)根據(jù)振動(dòng)情況來(lái)判定波的傳播方向?！窘馕觥緽二、填空題(共6題，共12分)7、略

【分析】

將一滴體積為1.0mm3的油滴滴的水面上，它所能形成的油膜的最大面積是1.25m2．

故分子直徑為：D==8×10-10m；

油的密度是0.86×103kg/m3；摩爾質(zhì)量是250g/mol，故阿伏加德羅常數(shù)為：

NA====5.7×1023

故答案為：5.7×1023．

【解析】【答案】先根據(jù)油膜法測(cè)分子直徑的原理可求出油分子的直徑．再根據(jù)油的摩爾質(zhì)量和密度算出其摩爾體積；然后求出每個(gè)油分子的體積，即可正確解答本題．

8、略

【分析】解：兩個(gè)相干波源產(chǎn)生的干涉圖樣；圖中A；B點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，C點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)；

因兩列波的振幅都為10cm；則圖示中A點(diǎn)的振幅為2A=20cm，B點(diǎn)的振幅為2A=20cm，C點(diǎn)的振幅0cm；

故答案為：20；20；0．

列波相遇時(shí)振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振動(dòng)減弱，則振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．

波的疊加滿足矢量法則，當(dāng)振動(dòng)情況相同則相加，振動(dòng)情況相反時(shí)則相減，且兩列波互不干擾．例如當(dāng)該波的波峰與波峰相遇時(shí)，此處相對(duì)平衡位置的位移為振幅的二倍；當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)此處的位移為零．【解析】20；20；09、略

【分析】解：電容器在電路中；不能通過(guò)直流電，但是可以通過(guò)交流電；

電容器的容抗與電容成反比；與頻率也成反比，故具有通高頻；阻低頻的作用；

電感器對(duì)交流電有阻礙作用，根據(jù)XL=2πLf知；頻率越高，感抗越大，所以電感器對(duì)于高頻交變電流的阻礙作用大于對(duì)低頻交變電流的阻礙作用，故通直流阻交流。

故答案為：隔；通，通，阻。

根據(jù)電容器和電感線圈的特性分析選擇．電容器內(nèi)部是真空或電介質(zhì)；隔斷直流．能充電；放電，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性．電感線圈可以通直流，通過(guò)交流電時(shí)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的變化，具有通直阻交，通低阻高的特性．根據(jù)感抗和容抗的大小分析對(duì)高頻和低頻的阻礙。

本題關(guān)鍵是明確電容器在交流電路中的作用，要能夠和電感線圈相區(qū)分【解析】隔；通；通；阻10、略

【分析】解：由題意可知當(dāng)P

向左加速滑動(dòng)時(shí)；線圈A

中的電流應(yīng)越來(lái)越小，則其磁場(chǎng)減??；

線圈B

中產(chǎn)生了電流使指針向右偏轉(zhuǎn)；故可知當(dāng)B

中的磁通量減小時(shí)；電流表指向右偏；

線圈A

向上拔出；穿過(guò)線圈B

的磁通量減少，電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)；

P

勻速向右滑動(dòng)；電阻增大，則電流也增大，導(dǎo)致通過(guò)線圈B

的磁通量增大，電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn)．

故答案為：右；左．

由題意可知線圈B

中產(chǎn)生使電流表指針向右偏轉(zhuǎn)的條件；然后根據(jù)磁通量的變化情況分析答題．

本題無(wú)法直接利用楞次定律進(jìn)行判斷，但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針右偏的條件，即可不根據(jù)繞向判出各項(xiàng)中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象．【解析】右；左11、略

【分析】解：由e=100cos100婁脨tV

可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為100V

當(dāng)從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?

角時(shí)，100婁脨t=60鈭?

線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為50V

由E=n鈻?婁碌鈻?t

可知，婁碌

此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量的變化率為：鈻?婁碌鈻?t=En=050100=0.5Wb/s

故答案為：100V50V0.5Wb/s

．

根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式分與法拉第電磁感應(yīng)定律析答題．

本題考查了求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值、瞬時(shí)值、磁通量變化率問(wèn)題，記住并靈活應(yīng)用交變電流的瞬時(shí)值表達(dá)式即可正確解題．【解析】100V50V0.5Wb/s

12、略

【分析】解：水下小氣泡的壓強(qiáng)：P=婁脩gh+P0

體積：V1

到達(dá)水面時(shí)的體積：V2

則：V2=3V1

由玻意耳定律：PV1=P0V2

聯(lián)立以上方程；并代入數(shù)據(jù)得：h=20m

故答案為：20m

．

由液體中的壓強(qiáng)的公式求出水下的小氣泡的壓強(qiáng)；然后由理想氣體狀態(tài)方程求出溫度．

本題考查了求氣體壓強(qiáng)，根據(jù)題意確定氣體的初末狀態(tài)，求出氣體的初末狀態(tài)參量，應(yīng)用液體中的壓強(qiáng)的公式與玻意耳定律即可正確解題．【解析】20m

三、判斷題(共9題，共18分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．14、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、畫(huà)圖題(共2題，共12分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、作圖題(共4題，共8分)24、解：負(fù)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線應(yīng)該由無(wú)窮遠(yuǎn)指向負(fù)點(diǎn)電荷；如圖1；

電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿電場(chǎng)線的切線的方向；所以A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的方向豎直向下，如圖2；

負(fù)電荷受力的方向與電場(chǎng)線的方向相反；所以負(fù)電荷在B點(diǎn)受電場(chǎng)力方向豎直向上，如圖2．

答：如上圖所示【分析】【分析】電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿電場(chǎng)線的切線的方向；負(fù)電荷受力的方向與電場(chǎng)線的方向相反，也是沿電場(chǎng)線的切線方向．25、略

【分析】解：(1)

單擺的擺長(zhǎng)l=L+d2=97.50+2.002cm=98.50cm

．

秒表的小盤(pán)讀數(shù)為50s

大盤(pán)讀數(shù)為15.2s

則秒表的讀數(shù)為75.2s

．

(2)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，g=4婁脨lT2

A；測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊；則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏小，故B正確．

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)記為50

次；則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故D錯(cuò)誤．

故選：B

．

(3)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，T2=4婁脨2lg

可知圖線的斜率k=4婁脨2g

則重力加速度g=4婁脨2k

．

故答案為：(1)98.5075.2(2)B(3)4婁脨2k

．

(1)

單擺的擺長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度和擺球的半徑之和；秒表的讀數(shù)等于小盤(pán)讀數(shù)和大盤(pán)讀數(shù)之和．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；結(jié)合擺長(zhǎng)和周期的測(cè)量誤差確定重力加速度的測(cè)量誤差．

(3)

根據(jù)單擺的周期公式得出T2鈭?l

的關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度．

單擺的擺長(zhǎng)等于懸點(diǎn)到球心的距離，不能漏算小球的半徑.

根據(jù)解析式研究圖象的意義是慣用的思路．【解析】98.5075.2B4婁脨2k

26、解：在0～內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，有兩條邊切割，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

F隨t的時(shí)間變化規(guī)律如圖所示．

答：外力F隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象如圖所示．【分析】

根據(jù)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式求出電動(dòng)勢(shì)的大?。唤Y(jié)合歐姆定律和安培力公式求出安培力的大小，從而得出外力F的大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則判斷出安培力的方向，從而確定外力F的方向．

此題電磁感應(yīng)中圖象的問(wèn)題，近幾年高考中出現(xiàn)的較為頻繁，解答本題關(guān)鍵要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、楞次定律、安培力公式等等知識(shí)，要知道當(dāng)線框左右兩邊都切割磁感線時(shí)，兩個(gè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相同，是串聯(lián)關(guān)系．【解析】解：在0～內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，有兩條邊切割，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)