2024年浙教版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊月考試卷256考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，光滑的水平面上存在著豎直向下的勻強磁場，有一線圈在位置1獲得一初速度，從位置1通過勻強磁場的區(qū)域運動到位置2，下述說法中正確的是：（）A.線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中，線圈中有感應電流，而且進入時的速度越大，感應電流越大B.整個線圈在勻強磁場中做勻速運動，線圈中有感應電流，而且感應電流是恒定的C.整個線圈在勻強磁場中做加速運動，線圈中有感應電流，而且感應電流越來越大D.線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中通過導體界面的電荷量大于離開勻強磁場區(qū)域的過程中通過導體界面的電荷量2、如圖所示，邊長為L的正方形導線框其質(zhì)量為m，在距磁場上邊界高H處自由下落，其下邊框ab進入勻強磁場后，線圈開始做減速運動，直到其上邊框cd剛穿出磁場時，其速度減為ab邊剛進入磁場時的一半，磁場的寬度也為L，則線框穿越勻強磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為（）A.2mgLB.2mgL+mgHC.2mgL+mgHD.2mgL+mgH3、許多科學家在物理學發(fā)展過程中做出了重要貢獻，下列敘述符合物理學史實的是(

)

A.庫侖通過研究帶電體間的相互作用，建立了庫侖定律B.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，總結出了電磁感應定律C.牛頓提出了萬有引力定律，通過實驗測出了萬有引力常量D.伽利略通過理想斜面實驗，提出了力是維持物體運動狀態(tài)的原因4、在同一地點，甲、乙兩物體沿同一方向做直線運動的速度—時間圖象如圖所示，則A.兩物體兩次相遇的時刻是2s末和6s末B.4s后甲在乙前面C.兩物體相距最遠的時刻是2s末D.乙物體先向前運動2s，隨后向后運動5、一質(zhì)點做簡諧運動，先后以相同的速度依次通過A、B兩點，歷時1s，質(zhì)點通過B點后，再經(jīng)過1s，第二次通過B點，在這2s內(nèi)，質(zhì)點的總路程是12cm，則質(zhì)點振動的周期和振幅分別為（）A.2s，6cmB.4s，6cmC.4s，9cmD.2s，8cm6、下列關于水的說法正確的是rm{(}rm{)}A.我們平時應多飲用很純凈的水，防止有毒物質(zhì)進入體內(nèi)B.所有天然水都不能飲用C.人體內(nèi)含有約rm{2/3}體重的水，故人每天不用喝水也可D.人體需要不斷補充水分，每人每天需要補充rm{2.5隆蘆4L}水7、材料中所提到的甲站到乙站的距離是()

A.2050m

B.1750m

C.1850m

D.1950m

8、如圖所示，電阻為r

的矩形線圈面積為S

在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動.t=0

時刻線圈平面與磁場垂直，各電表均為理想交流電表.

則(

)

A.滑片P

下滑時，電壓表的讀數(shù)不變B.圖示位置線圈中的感應電動勢最大C.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過180鈭?

的過程中，流過電阻R

的電量為2BSR

D.1s

內(nèi)流過R

的電流方向改變婁脴婁脨

次9、一臺電視機的額定功率為135W.

若每天平均使用2

小時，則30

天的用電量是(

)

A.270kW?h

B.0.27kW?h

C.8.1kW?h

D.81kW?h

評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、穿過單匝閉合線圈的磁通量隨時間變化的Φ－t圖象如圖所示，由圖知0～5s線圈中感應電動勢大小為________V，5s～10s線圈中感應電動勢大小為________V,10s～15s線圈中感應電動勢大小為________V.11、電磁感應現(xiàn)象是由____首先發(fā)現(xiàn)的。當穿過閉合回路的____發(fā)生變化時，回路中就會產(chǎn)生感應電流。12、如圖所示，一平行板電容器跟一電源相接，當S閉合時，平行板電容器極板A、B間的一帶電液滴恰好靜止．若將兩板間距離增大為原來的兩倍，那么液滴的運動加速度為______，液滴的電勢能將______（填“增大”、“不變”、“減小”），若先將S斷開，再將兩板間距離增大為原來的兩倍，液滴的運動加速度為______．13、較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導致受力平衡．因為分子沖擊力小，不易改變大顆粒的運動狀態(tài)．______．（判斷對錯）14、如圖所示，一帶負電的小球用絕緣細線懸掛在水平方向的電場中處于平衡狀態(tài)。由圖可判定負電的小球受到的電場力方向____（填“向左”或“向右”），電場的方向向____（填左或右）。所受合力大小為____。15、如圖所示，兩木塊A和B疊放在光滑水平面上，質(zhì)量分別為m和M，A與B之間的最大靜摩擦力為f，B與勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接構成彈簧振子。為使A和B在振動過程中不發(fā)生相對滑動，則它們的振幅不能大于____，它們的最大加速度不能大于____。評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共3題，共6分)24、如圖所示，一個三角形物塊固定在水平桌面上，其光滑斜面的傾角為θ=30°．物體A的質(zhì)量為mA=0.5㎏，物體B的質(zhì)量為mB=1.0㎏（A、B均可視為質(zhì)點），物體A、B并列在斜面上且壓著一勁度系數(shù)為k=125N/m的輕彈簧，彈簧的下端固定，上端拴在A物體上，物體A、B處于靜止狀態(tài)．（g取10m/s2）

（1）求此時彈簧的壓縮量是多大？

（2）將物體B迅速移開；物體A將作周期為0.4s的簡諧振動，若以沿斜面向上的方向為正方向，請你在所給的坐標系中作出物體A相對平衡位置的位移隨時間的變化曲線圖，并在圖中標明振幅的大小．

（3）將物體B迅速移開，試證明物體A在斜面上作簡諧運動．25、游標卡尺和螺旋測微器是比較精密的長度測量的儀器，如圖1中游標卡尺的讀數(shù)為______mm；如圖2中螺旋測微器的讀數(shù)為______mm

26、如圖所示；有一盞燈L

當通過0.3A

電流時，達到其額定功率1.8W

滑動變阻器的最大電阻為3婁賂

電路兩端電壓為12V.

當滑動變阻器滑動頭滑到P

點時，該電燈正常發(fā)光，求：

(1)

滑動頭在P

點時；PB

間的阻值為多少？

(2)

此時滑動變阻器消耗的功率為多少？評卷人得分五、畫圖題(共2題，共8分)27、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象28、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、推斷題(共2題，共10分)29、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結構簡式為______________；

rm{(2)}寫出反應rm{壟脷}rm{壟脼}的化學方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應中屬取代反應的有______________

rm{(4)}反應______________rm{(}填序號rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學的要求。30、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補血劑乳酸亞鐵。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請回答下列問題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標準狀況下的乙烯____m3。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【解析】試題分析：當線圈完全進入勻強磁場中時，穿過閉合線圈的磁通量不發(fā)生變化，因此沒有感應電流產(chǎn)生，選項BC錯誤；線圈進入磁場中時，由E=BLv可知選項A正確；由可知選項D錯誤；故選A考點：考查法拉第電磁感應定律【解析】【答案】A2、C【分析】解：根據(jù)機械能守恒定律得。

mgH=

得v=

從線框下落到穿出勻強磁場過程；根據(jù)能量守恒定律得；

焦耳熱Q=2mgL+mgH-=2mgL+

故選C

根據(jù)機械能守恒定律求出ab邊剛進入磁場時的速度．線框穿越勻強磁場過程中機械能減小轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；根據(jù)能量守恒定律求解焦耳熱．

本題是運用能量守恒定律處理電磁感應中能量問題，關鍵要正確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的．【解析】【答案】C3、A【分析】解：

A；庫侖通過庫侖扭秤實驗研究帶電體間的相互作用；建立了庫侖定律.

故A正確．

B；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；法拉第總結出了電磁感應定律.

故B錯誤．

C；牛頓提出了萬有引力定律；卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量.

故C錯誤．

D；伽利略通過理想斜面實驗；否定了力是維持物體運動狀態(tài)的原因的理論，提出了力是改變物體運動狀態(tài)的原因.

故D錯誤．

故選A

庫侖通過研究帶電體間的相互作用；建立了庫侖定律.

奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，法拉第總結出了電磁感應定律.

牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量.

伽利略通過理想斜面實驗，提出了力是改變物體運動狀態(tài)的原因．

物理學史是高考考查內(nèi)容之一，是常識性問題，這些常識要與物理學其他知識一起識記．【解析】A

4、A【分析】試題分析：兩物體同時同地同向運動，當位移相等時兩物體相遇，速度時間圖像的面積表示位移，由圖像可知2s、6s末時所圍面積相等，即物體相遇，所以A正確；2s～4s的時間內(nèi)，乙的速度大于甲，所以乙一直在甲前面，且距離越來越大，4s時達到最大，4s后甲的速度大于乙，兩物體間距逐漸減小，但乙依然在前面，所以B錯誤、C錯誤；乙物體2s時速度達到最大，然后減速運動，所以D錯誤?？键c：勻變速直線運動圖像【解析】【答案】A5、B【分析】解：簡諧運動的質(zhì)點；先后以同樣大小的速度通過A；B兩點，則可判定這兩點關于平衡位置O點對稱，所以質(zhì)點由A到O時間與由O到B的時間相等．

那么平衡位置O到B點的時間t1=

因過B點后再經(jīng)過t=0.5s質(zhì)點以方向相反、大小相同的速度再次通過B點，則有從B點到最大位置的時間t2=

因此，質(zhì)點振動的周期是T=4×（t1+t2）=4s

質(zhì)點總路程的一半，即為振幅．所以振幅為cm=6cm；

故選：B．

簡諧運動的質(zhì)點；先后以同樣大小的速度通過A；B兩點，則可判定這兩點關于平衡位置對稱，則平衡位置到B點的時間為1s的一半；由當再次經(jīng)過B點的時間，即可求出從B點到最大位置的時間為1s的一半，因此質(zhì)點的振動同期為平衡位置到最大位置時間的4倍．由題意可知，質(zhì)點總路程的一半，即為振幅．

簡諧運動的質(zhì)點，以同樣的速度經(jīng)過某兩點時，它們的位置關于平衡位置對稱；當經(jīng)過同一位置時，它們的速度大小相同，方向相反．【解析】【答案】B6、D【分析】【分析】本題考查化學在生活中的應用，題目難度不大，注意知識的積累?！窘獯稹緼.人的生理活動需要大量的水；不是防止有毒物質(zhì)進入體內(nèi)，故A錯誤；

B.達到飲用標準的天然水可以直接飲用；故B錯誤；

C.人每天需要消耗大量的水；需要每天喝水，故C錯誤；

D.自然界極少量的水人類可利用；我們應節(jié)約用水，故D正確。

故選D。

【解析】rm{D}7、B【分析】【分析】

小明的位移是矢量，為初末兩點的直線距離；路程是標量，為物體經(jīng)過軌跡的長度。解決本題的關鍵知道路程和位移的區(qū)別，知道路程是標量，大小等于運動軌跡的長度，位移是矢量，大小等于首末位置的距離?！窘獯稹?/p>

?小明乘坐地鐵從堪橋到長廣溪緊接著坐地鐵回到堪橋后回到起點；初末位置重合，位移為0

路程往返的長度；即29.42隆脕2km=58.84km

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

【分析】

解答此題的關鍵是看被研究的物體與所選的標準，即參照物之間的相對位置是否發(fā)生了改變，如果發(fā)生改變，則物體是運動的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的。此題主要考查學生對運動和靜止的相對性的理解和掌握，研究同一物體的運動狀態(tài)，如果選擇不同的參照物，得出的結論可以不同，但都是正確的結論?！窘獯稹?/p>

?小明乘坐地鐵出站時.

“看到站臺上的人們在后退”；是由于站臺相對于火車(

或他自己)

在向后運動，所以他選擇的參考系為自己。

故選A。

【分析】

根據(jù)勻變速直線運動平均速度的推論求出勻加速和勻減速運動的位移，結合勻速運動的位移，求出總位移的大小。本題主要考查了勻變速直線運動平均速度公式以及位移時間公式的直接應用，要求同學們能正確分析地鐵的運動情況，難度不大，屬于基礎題?！窘獯稹?/p>

?72km/h=20m/s

地鐵勻加速運動的位移為：s1=12vt1

地鐵勻減速運動的位移為：s3=12vt3

地鐵勻速運動的位移為：s2=vt2

甲站到乙站的距離為：s=s1+s2+s3

聯(lián)立以上各式；并代入數(shù)據(jù)解得：s=1950m

故選D。

【解析】?！拘☆}1

】B【小題2

】A【小題3

】D8、D【分析】解：

A；矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動時；線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，感應電動勢最大值為Em=nBS婁脴

線圈在磁場中勻速轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生的感應電動勢最大值不變，有效值不變.

滑片P

下滑時，R

增大，據(jù)閉合電路歐姆定律可知，通過R

的電流有效值減小，線圈的內(nèi)電壓減小，則R

的電壓有效值增大，電壓表的讀數(shù)增大，故A錯誤；

B；圖示位置線圈中沒有任何一邊切割磁感線；線圈中感應電動勢為零，由法拉第電磁感應定律可知磁通量的變化率為零，產(chǎn)生的電動勢等于0

故B錯誤；

C、線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過180鈭?

的過程中，磁通量的大小相等，而方向相反，所以電路中的平均電動勢大?。篍爐=鈻?婁碌鈻?t=2BS鈻?t

平均電流：i爐=E爐R+r

流過電阻R

的電量為：q=i爐鈰?鈻?t=2BSR+r.

故C錯誤；

D、由題意得：線圈轉(zhuǎn)動的周期為T=2婁脨婁脴

線圈每經(jīng)過中性一次，感應電流方向改變一次，一周電流方向改變，所以1s

內(nèi)流過R

的電流方向次數(shù)為：

N=1T隆脕2=12婁脨婁脴隆脕2=婁脴婁脨

故D正確．

故選：D

．

矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動時；線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，電壓表測量的是R

兩端電壓的有效值，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析其讀數(shù)是否變化；

圖示位置沒有任何一邊切割磁感線；線圈中感應電動勢和磁通量的變化率為零；線圈每經(jīng)過中性一次，感應電流方向改變一次．

解決本題關鍵要掌握交變電流產(chǎn)生的原理，知道電壓表測量電壓的有效值.

交流電路與直流電路都遵守閉合電路歐姆定律，只不過要注意電流與電動勢的對應關系，電流有效值應對應電動勢有效值．【解析】D

9、C【分析】解：135W

即為0.135KW

每天平均使用2

小時，則30

天的總的工作的時間就是60

小時，所以用的總的電量就是W=Pt=0.135KW隆脕60h=8.1Kw?h

所以C正確。

故選：C

根據(jù)電功的公式W=Pt

直接計算即可。

在計算時一定要注意物理量的單位之間的換算，功率的單位用的是Kw

時間的單位用的是h1Kw?h

就是平時所說的1

度．【解析】C

二、填空題(共6題，共12分)10、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)可得0～5s線圈中感應電動勢大小為5s～10s線圈中感應電動勢大小為10s～15s線圈中感應電動勢大小為考點：考查了法拉第電磁感應定律的應用【解析】【答案】10211、略

【分析】電磁感應現(xiàn)象是由法拉第首先發(fā)現(xiàn)的【解析】【答案】法拉第磁通量12、略

【分析】解：液滴開始靜止；有：mg=qE．

若將兩板間距離增大為原來的兩倍，電勢差不變，則電場強度變?yōu)樵瓉淼?/p>

根據(jù)牛頓第二定律得，a=．加速度方向向下；液滴向下加速運動，電場力做負功，電勢能增大．

將S斷開，電荷量不變，電場強度d變化時，電場強度不變，則電場力和重力仍然平衡，加速度為0．

故答案為：增大，0．

帶電液滴開始恰好靜止；則電場力和重力相等，兩板間的距離增大，電場強度減小，根據(jù)牛頓第二定律求出液滴的加速度．通過電場力做功判斷液滴電勢能的變化，將S斷開，通過電場強度的變化，判斷液滴的加速度變化．

解決本題的關鍵知道電容器與電源相連，電勢差不變，電容器與電源斷開，電荷量不變，結合電容的定義式和決定式分析求解．【解析】增大；013、略

【分析】解：較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導致受力平衡．因為各個方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運動狀態(tài)，不是因為分子的沖擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．

懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動；固體顆粒越小；液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應．

本題考查了布朗運動的相關知識，掌握基礎知識即可正確解題；本題難度不大，是一道基礎題．【解析】×14、略

【分析】【解析】試題分析：以小球為研究對象，所受重力和拉力的合力與電場力方向相反，因此電場力水平向右，由于處于靜止狀態(tài)，因此所受合力為零，帶負電的粒子所受電場力與場強方向相反，由此可知場強方向向左考點：考查受力平衡【解析】【答案】向左；右；015、略

【分析】【解析】試題分析：當A和B在振動過程中恰好不發(fā)生相對滑動時，AB間靜摩擦力達到最大．根據(jù)牛頓第二定律得：以A為研究對象：以整體為研究對象：聯(lián)立兩式得，考點：簡諧運動的回復力和能量．【解析】【答案】（M+m）f/mkf/m三、判斷題(共8題，共16分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、計算題(共3題，共6分)24、略

【分析】

（1）對AB整體受力分析；受重力；支持力和彈簧的彈力，根據(jù)平衡條件列式求解；

（2）找出新的平衡位置后得到振幅；然后作圖；

（3）簡諧運動回復力與位移滿足F=-kx關系．

本題關鍵明確物體做簡諧運動的動力學條件是回復力與位移滿足F=-kx關系，同時結合共點力平衡條件列式求解．【解析】解：（1）物體A、B在斜面上處于平衡狀態(tài)；所受外力平衡，設壓縮量為x，則有：

（mA+mB）gsin30°=kx

解得：x=

（2）將物體B移開后，物體A作簡諧運動的振幅為：A=

已知系統(tǒng)的振動周期為T=0.4s；振動的位移隨時間的變化關系曲線如下圖：

（3）設物體A在平衡位置時彈簧的壓縮量為x0，則有mAgsinθ=kx0，當物體A經(jīng)過平衡位置下方的某一位置時，對平衡位置的位移的大小為x，則：F=k（x0-x）-mAgsinθ

由以上兩式得：F=-kx且位移的方向與F的方向相反．即物體A作簡諧運動．

答：（1）此時彈簧的壓縮量是0.06m；

（2）如圖所示；

（3）證明如上．25、略

【分析】解：游標卡尺的主尺讀數(shù)3mm；游標尺上第6個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為6×0.1mm=0.6mm，所以最終讀數(shù)為：3mm+0.6mm=3.6mm．

螺旋測微器的固定刻度為2.5mm；可動刻度為15.5×0.01mm=0.155mm，所以最終讀數(shù)為2.5mm+0.155mm=2.655mm．

故答案為：3.6；2.655

游標卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】3.6；2.65526、略

【分析】

(1)

電燈正常工作時電壓和電流達到額定值.

由功率公式P=I2R

求出電燈的電阻；運用串聯(lián)電路電壓與電阻成正比，求PB

間的阻值．

(2)

由功率公式P=I2R=U2R

求出兩段電阻的功率；從而得到滑動變阻器消耗的功率．

本題的關鍵要明確電路的結構，知道滑動變阻器消耗的功率等于PA

段和PB

段功率之和，運用比例法研究變阻器的電壓與電阻關系．【解析】解：(1)

設電燈的電阻為RL

．

由PL=IL2RL

得RL=PLIL2=1.80攏廬32=20婁賂

電燈的額定電壓UL=ILRL=0.3隆脕20V=6V

電燈正常工作；由串聯(lián)電路分壓規(guī)律得：

U鈭?ULUL=R鈭?RPBRLRPBRL+RPB

代入得：12鈭?66=3鈭?RPB20RPB20+RPB

解得RPB=20婁賂

(2)

此時滑動變阻器消耗的功率為P=(U鈭?UL)2R鈭?RPB+UL2RPB=6230鈭?20+6220=5.4W

答：

(1)

滑動頭在P

點時；PB

間的阻值為20婁賂

．

(2)

此時滑動變阻器消耗的功率為5.4W

．五、畫圖題(共2題，共8分)27、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】28、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】六、推斷題(共2題，共10分)29、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度不大，注意結合乙醇、氯代