2025年冀少新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀少新版選修3物理上冊階段測試試卷953考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、穿過一個單匝線圈的磁通量始終保持每秒鐘均勻地增加了1Wb，則：（）A.線圈中感應(yīng)電動勢每秒增加1VB.線圈中感應(yīng)電動勢每秒減少1VC.線圈中感應(yīng)電動勢大小不變D.線圈中無感應(yīng)電動勢2、如圖所示電路中，R為一滑動變阻器；P為滑片，若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，下列判斷錯誤的是（??）

A.電源內(nèi)電路消耗功率一定逐漸增大B.燈泡B一定逐漸變暗C.電源效率一定逐漸減小D.R上消耗功率一定逐漸變小3、關(guān)于熱學(xué)中的一些基本概念，下列說法正確的是（）A.物體是由大量分子組成的，分子是不可再分的最小單元B.宏觀物體的溫度是物體內(nèi)大量分子的平均動能的標志C.分子做永不停息的無規(guī)則熱運動，布朗運動就是分子的熱運動D.分子間的斥力和引力總是同時存在的，且隨著分子之間的距離增大而增大4、根據(jù)熱學(xué)中的有關(guān)知識，下列說法正確的是（）A.盡管技術(shù)不斷進步，熱機的效率仍不能達到100%，制冷機卻可以使溫度降到-273℃B.第二類永動機是可以制造出來的，因為它不違反熱力學(xué)第一定律C.熱力學(xué)第二定律的微觀實質(zhì)是熵是增加的D.改進內(nèi)燃機結(jié)構(gòu)，提高內(nèi)燃機內(nèi)能轉(zhuǎn)化率，最終可能實現(xiàn)內(nèi)能完全轉(zhuǎn)化為機械能5、如圖甲所示，單匝閉合線圈固定在勻強磁場中，t=0時刻磁感線垂直線圈平面向里，磁感應(yīng)強度隨時間變化如圖乙所示，線圈面積S=0.1m2，電阻．在0~2s時間內(nèi)，下列說法正確的是（）

A.線圈中的感應(yīng)電流沿逆時針方向B.線圈中的感應(yīng)電動勢大小為0.5VC.線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為0.05JD.通過線圈橫截面的電荷量為0.1C6、下列說法正確的是A.液體中懸浮的微粒無規(guī)則運動稱為布朗運動B.液體分子的無規(guī)則運動稱為布朗運動C.物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加D.物體對外界做功，其內(nèi)能一定減少7、質(zhì)量為1kg的物體做變速直線運動，它的速度—時間圖像如圖所示，則該物體在20s內(nèi)所受合外力的功和沖量的大小分別是（）

A.10J，10N·sB.25J，-10N·sC.0J，10N·sD.0J，-10N·s8、三束單色光1、2和3的波長分別為1、2和3（），分別用這三束光照射同一種金屬，已知用光束2照射時，恰能產(chǎn)生光電子，下列說法正確的是（）A.用光束1照射時，能產(chǎn)生光電子B.用光束3照射時，不能產(chǎn)生光電子C.用光束2照射時，光越強，產(chǎn)生的光電子的最大初動能越大D.用光束2照射時，光越強，單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示，電源兩端的輸出電壓恒為為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，為指標燈泡，為平行板電容器，為靈敏電流計．閉合開始在環(huán)境溫度明顯升高的過程中，下列說法正確的是（）

A.變亮B.兩端電壓變小C.電容下極板帶電性質(zhì)變?yōu)橄喾碊.中電流方向由10、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c，其壓強p與溫度t的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）

A.氣體由a到b為等容變化B.氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能大于在狀態(tài)b的內(nèi)能C.氣體由b到c的過程必放熱E.b到c的過程是等壓過程，溫度升高，氣體對外做功E.b到c的過程是等壓過程，溫度升高，氣體對外做功11、下列說法正確的是（）A.布朗運動和擴散現(xiàn)象都是溫度越高越明顯B.晶體的所有物理性質(zhì)都表現(xiàn)為各向異性C.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響D.晶體和非晶體在一定條件下可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化12、關(guān)于不確定性關(guān)系有以下幾種理解，其中錯誤的是（）A.微觀粒子的動量不可能確定B.微觀粒子的坐標不可能確定C.微觀粒子的動量和坐標不可能同時確定D.h是普朗克常量13、在如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不可忽略．開關(guān)S閉合后，在滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中（）

A.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小B.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大C.電容器C所帶電荷量減小D.電容器C所帶電荷量增大14、對于一定質(zhì)量的理想氣體，下列說法正確的是（）A.溫度升高，所有分子運動速率都變大B.溫度升高，分子平均動能變大C.氣體分子無論在什么溫度下，其分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點E.外界對氣體做功，氣體的溫度可能降低E.外界對氣體做功，氣體的溫度可能降低評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、查理定律。

（1）內(nèi)容：一定質(zhì)量的某種氣體，在體積不變的情況下，壓強p與熱力學(xué)溫度T成______。

（2）表達式：p＝______。

（3）適用條件：氣體的______和______不變。

（4）圖像：如圖所示。

①p－T圖像中的等容線是一條______。

②p－t圖像中的等容線不過原點，但反向延長線交t軸于______。16、一般情況下，水底的溫度要比水面的溫度低，一氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內(nèi)氣體的壓強__________（填“增大”、“減小”或“不變”），氣泡內(nèi)氣體對外界________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”）。17、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)狀態(tài)B、C和D后回到狀態(tài)A，圖中曲線AB、CD為反比例函數(shù)圖線，直線BC平行于V軸，直線DA平行于p軸。該理想氣體經(jīng)過的A→B、B→C、C→D、D→A四個過程中，氣體吸熱的過程有______；外界對氣體做功的過程有______；氣體內(nèi)能減少的過程有______；吸收熱量等于氣體對外界做功的過程有______。

18、如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導(dǎo)體ab沿光滑導(dǎo)線框向右做勻速運動；線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應(yīng)強度B=0.1T的勻強磁場中，磁場方向垂直于線框平面，cd間的長度L=0.4m，運動的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計．

a.電路abcd中導(dǎo)體棒ab相當于電源,_______（a端或b端）相當于電源的正極。

b.電源的電動勢即產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=_______V，電路abcd中的電流I=_______A

c.導(dǎo)體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；19、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V的圖描述，圖中p1、p2、V1、V2和V3為已知量．

(1)氣體狀態(tài)從A到B是______過程(填“等容”；“等壓”或“等溫”)；

(2)狀態(tài)從B到C的變化過程中；氣體的溫度______(填“升高”；“不變”或“降低”)；

(3)狀態(tài)從C到D的變化過程中；氣體______(填“吸熱”或“放熱”)；

(4)狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中，氣體對外界所做的總功為________．20、如圖所示為一彈簧振子的振動圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡諧運動的表達式為____________________；

（2）該振子在第100s時的位移為________cm，該振子在前100s內(nèi)的路程為________cm．21、花崗巖、大理石等裝修材料，都不同程度地含有放射性元素，比如含有鈾、釷的花崗巖等巖石會釋放出放射性氣體氡，而氡會發(fā)生放射性衰變，放出α、β、γ射線，這些射線會導(dǎo)致細胞發(fā)生癌變及呼吸道等方面的疾病。在這三種射線中，_____射線的穿透能力最強；α衰變時，生成核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了_____個；β衰變所釋放的電子是由原子核中的_____轉(zhuǎn)化而來.評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共4分)25、(18分)

(1)(6分)某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率；所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示。

①此玻璃的折射率計算式為=____(用圖中的表示)；②如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度____(填“大”或“小”)的玻璃磚來測量。

(2)(6分)某實驗小組研究橡皮筋伸長與所受拉力的關(guān)系。實驗時，將原長約200mm的橡皮筋上端固定，在豎直懸掛的橡皮筋下端逐一增掛鉤碼(質(zhì)量均為20g)，每增掛一只鉤碼均記下對應(yīng)的橡皮筋伸長量；當掛上10只鉤碼后，再逐一把鉤碼取下，每取下一只鉤碼，也記下對應(yīng)的橡皮筋伸長量。根據(jù)測量數(shù)據(jù)，作出增掛鉤碼和減掛鉤碼時的橡皮筋伸長量△與拉力關(guān)系的圖像如圖所示。從圖像中可以得出____。(填選項前的字母)

A．增掛鉤碼時△與成正比，而減掛鉤碼時△與不成正比B．當所掛鉤碼數(shù)相同時，增掛鉤碼時橡皮筋的伸長量比減掛鉤碼時的大C．當所掛鉤碼數(shù)相同時，增掛鉤碼時橡皮筋的伸長量與減掛鉤碼時的相等D．增掛鉤碼時所掛鉤碼數(shù)過多，導(dǎo)致橡皮筋超出彈性限度(3)(6分)如圖所示是一些準備用來測量待測電阻阻值的實驗器材；器材及其規(guī)格列表如下：

。器材。

規(guī)格。

待測電阻

電源

電壓表V1

電壓表V2

電流表A

滑動變阻器

開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

阻值在900Ω-1000Ω之間。

具有一定內(nèi)阻；電動勢約9.0V

量程2.0V，內(nèi)阻=1000Ω

量程5.0V，內(nèi)阻=2500Ω

量程3.0A，內(nèi)阻=0.10Ω

最大阻值約100Ω；額定電流0.5A

為了能正常進行測量并盡可能減小測量誤差，實驗要求測量時電表的讀數(shù)大于其量程的一半，而且調(diào)節(jié)滑動變阻器能使電表讀數(shù)有較明顯的變化。請用實線代替導(dǎo)線，在所給的實驗器材圖中選擇若干合適的器材，連成滿足要求的測量阻值的電路。26、如圖裝置用于驗證從軌道上滑下的A球與靜止在軌道末端的小球B碰撞過程中的動量守恒（軌道末端水平）；圖中三條曲線分別是A球（未放B球）的飛行軌跡，以及兩球碰后的飛行軌跡。如果碰撞過程中動量守恒。

（1）下列各式中正確的是()

A．

B．

C．

D．

（2）在該實驗中，安裝斜槽軌道時，應(yīng)該讓槽斜的末端點的切線保持水平，這樣做的目的是為了使()

A．入射球得到較大的速度。

B．入射球與被碰球?qū)π呐鲎埠笏俣染厮椒较颉?/p>

C．入射球和被碰球均能從同一高度飛出。

D．兩球碰撞時動能無損失A.B.C.E.E.評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)27、如圖甲所示,兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定放置在水平面上，間距L＝0.2m，一端通過導(dǎo)線與阻值為R=1Ω的電阻連接；導(dǎo)軌上放一質(zhì)量為m＝0.5kg的金屬桿，金屬桿與導(dǎo)軌的電阻均忽略不計.整個裝置處于豎直向上的大小為B＝0.5T的勻強磁場中.現(xiàn)用與導(dǎo)軌平行的拉力F作用在金屬桿上，金屬桿運動的v-t圖象如圖乙所示.（取重力加速度g=10m/s2）求：

（1）金屬棒在t=5s時的加速度以及10s內(nèi)的位移．

（2）t＝10s時拉力的大小及電路的發(fā)熱功率．

（3）在0～10s內(nèi)，通過電阻R上的電量．28、彈簧振子以O(shè)點為平衡位置在B；C兩點間做簡諧運動；BC相距20cm，某時刻振子處于B點開始計時，經(jīng)過0.5s，振子首次到達C點，求：

(1)振子的振幅；

(2)振子的周期和頻率；

(3)振子在5s內(nèi)通過的路程及5s末時的位移大小．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知由于穿過一個單匝線圈的磁通量始終保持每秒鐘均勻地增加了1Wb，所以保持恒定不變，故AB錯誤；C正確；對于一個閉合線圈來說有電動勢，則構(gòu)成回路有電流存在，故D錯誤；故選C2、D【分析】【詳解】

A．將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，總電流I增大，路端電壓U=E-Ir

I增大，則U減小，由P內(nèi)=I2r

可知電源內(nèi)電路消耗功率一定逐漸增大；故A正確，不符合題意；

B．路端電壓U減小，則通過燈泡A的電流減小，而干路電流增大，則通過R1電流增大，則R1兩端電壓增大；則B兩端的電壓減小，燈泡B一定逐漸變暗，故B正確，不符合題意；

C．電源的效率

故隨外電阻的減??；電源效率一定逐漸減小，故C正確，不符合題意；

D．把滑動變阻器等效為外電路，其余部分為內(nèi)電路，因為當外電路電阻等于內(nèi)阻時，外電阻消耗的功率最大，故電阻R上的功率無法判斷變化情況；故D錯誤，符合題意。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．物體是由大量分子組成的；分子可再分為原子，故A錯誤；

B．根據(jù)溫度的微觀意義可知；物體的溫度是物體內(nèi)大量分子的平均動能的標志，故B正確；

C．布朗運動反映的是液體分子的永不停息的無規(guī)則運動；并不是組成固體小顆粒的分子的無規(guī)則運動，故C錯誤；

D．分子間的斥力和引力總是同時存在的；且隨著分子之間的距離增大而減小，故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．盡管技術(shù)不斷進步；熱機的效率仍不能達到100%，制冷機也無法使溫度降到絕對零度（-273℃）及以下，A錯誤；

B．第二類永動機雖不違背能量守恒定律；但違反熱力學(xué)第二定律，故永不可能制成，B錯誤；

C．熱力學(xué)第二定律的微觀實質(zhì)是熵是增加的；C正確；

D．不管如何改進內(nèi)燃機結(jié)構(gòu)；提高內(nèi)燃機內(nèi)能轉(zhuǎn)化率，也不可能實現(xiàn)內(nèi)能完全轉(zhuǎn)化為機械能，D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

AB．由楞次定律知線圈中的感應(yīng)電流沿順時針方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：故AB錯誤；

C．線圈中產(chǎn)生的焦耳熱：代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.5J；故C錯誤；

D．通過線圈橫截面的電荷量：代入數(shù)據(jù)得：q=0.1C，故D正確．6、A【分析】試題分析：布朗運動是懸浮在液體當中的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子無規(guī)則熱運動的反映，溫度越高，懸浮微粒越小，布朗運動越激烈；做功和熱傳遞都能改變物體內(nèi)能．

解：AB；布朗運動是懸浮在液體當中的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子無規(guī)則熱運動的反映，故A正確，B錯誤；

C；由公式△U=W+Q知做功和熱傳遞都能改變物體內(nèi)能；物體從外界吸收熱量若同時對外界做功，則內(nèi)能不一定增加，故C錯誤；

D；物體對外界做功若同時從外界吸收熱量；則內(nèi)能不一定減小，故D錯誤．

故選A．

【點評】掌握布朗運動的概念和決定因素，知道熱力學(xué)第一定律的公式是處理這類問題的金鑰匙．7、D【分析】【詳解】

在20s內(nèi)，物體的初速度為5m/s，末速度為-5m/s，根據(jù)動能定理可知

合外力做功為零；根據(jù)動量定理得

D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

AB．依據(jù)波長與頻率的關(guān)系=

依題意，有

所以單色光的頻率

根據(jù)光電效應(yīng)方程可知由于用光束2照射金屬時；恰能產(chǎn)生光電子，因此用光束1照射時，不能產(chǎn)生光電子，而用光束3照射時，一定能產(chǎn)生光電子，故AB錯誤；

CD．用光束2照射時，光越強，單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目越多，而由光電效應(yīng)方程Ekm=h﹣W

可知；光電子的最大初動能與光的強弱無關(guān)，故C錯誤；D正確。

故選D。二、多選題(共6題，共12分)9、A:B:D【分析】【詳解】

電容器斷路，相當于電壓表，其兩端電壓為路端電壓，故電路為一個L與串聯(lián)的電路，當溫度上升時，熱敏電阻值變小，電路中電阻變小，路端電壓減小，電流變大，通過燈泡的電流增大，燈泡兩端電壓變大，則燈泡變亮，且路端電壓減小，所以熱敏電阻兩端電壓變小，電容器兩端的電壓也變小，則電容器進行放電，但極板所帶電荷的正負不變，電流由ABD項正確．10、B:D:E【分析】【詳解】

A．這是個p-t圖象，轉(zhuǎn)化成p-T圖象；如圖所示：

ab直線不過原點，因此a到b不是等容變化選項A錯誤；

B．理想氣體的內(nèi)能等于分子的平均動能的總和，溫度是分子平均動能的標志，a到b的過程溫度減小，分子的平均動能減小，理想氣體的內(nèi)能減小，即氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能大于在狀態(tài)b的內(nèi)能；選項B正確；

E．氣體由b到c的過程是等壓變化；溫度升高，所以體積增大，對外做功，選項E正確；

C．氣體由b到c的過程，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，溫度升高可知△U是正值且變大，氣體對外做功可知W為負值，所以Q必定為正值；即氣體要吸熱，選項C錯誤；

D．氣體由a到c的過程；溫度不變，壓強減小，則體積增大，所以氣體在狀態(tài)a的體積小于在狀態(tài)c的體積，選項D正確；

故選BDE。11、A:D【分析】【詳解】

A．布朗運動和擴散現(xiàn)象都與溫度有關(guān)；溫度越高越明顯，故A正確；

B．由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的，故B錯誤；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；不可以從單一熱源吸收熱量，使之完全用來做功，而不產(chǎn)生其他影響，故C錯誤；

D．晶體和非晶體是相對的；在一定條件下可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化，故D正確。

故選AD。12、A:B【分析】【詳解】

位置的不確定性與動量的不確定性遵守不等式

其中h是普朗克常量；不確定性原理表明，粒子的位置與動量不可同時被確定，故AB符合題意，CD不符合題意。

故選AB。13、B:C【分析】【詳解】

滑動變阻器的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，則滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，電流表示數(shù)增大，內(nèi)阻和兩端電壓增大，則的電壓減小，故電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；電容器的電壓等于的電壓；則電容器電壓減小，根據(jù)Q=UC可知，電容器C所帶電荷量減小，故C正確，D錯誤；故選AC．

【點睛】先分析電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化及路端電壓的變化，電容器電壓與滑動變阻器電壓相等，根據(jù)Q=UC求解．14、B:C:E【分析】：A；分子運動是雜亂無章的；溫度升高，并不是所有分子運動的速率都增大，故A錯誤．

B；溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，分子平均動能變大，故B正確．

C；氣體分子無論在什么溫度下；根據(jù)統(tǒng)計規(guī)律知道氣體的分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點，故C正確．

D、根據(jù)氣態(tài)方程=c知；溫度升高，氣體的壓強不一定增大，還與氣體的體積是否變化有關(guān)，故D錯誤．

E；外界對氣體做功；若氣體放熱，而且放熱更多，由熱力學(xué)第一定律可知氣體的內(nèi)能減小，溫度降低，故E正確．

故選BCE三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正比CT或＝質(zhì)量體積過原點的直線－273.15℃16、略

【分析】【詳解】

[1][2]氣泡內(nèi)氣體的壓強

大氣壓強恒定，氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內(nèi)氣體壓強變小，溫度變高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知體積增大，則氣泡內(nèi)氣體對外界做正功?！窘馕觥繙p小做正功17、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4]從圖象中確定氣體各種狀態(tài)參量變化的對應(yīng)關(guān)系；再根據(jù)熱力學(xué)第一定律和理想氣體實驗定律求解。

為等溫變化，有

體積減小，外界對氣體做功

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

得

氣體對外放熱。

為等壓變化過程，溫度T升高，內(nèi)能增加

體積增大，氣體對外界做功，即

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

氣體從外界吸熱。

為等溫變化過程

體積增大，氣體對外界做功，即

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

得

氣體從外界吸熱。

為等容變化過程，壓強減小，根據(jù)查理定律

可知，溫度T下降，內(nèi)能減少，有

體積不變，氣體不做功，即

據(jù)熱力學(xué)第一定律

氣體對外放熱?！窘馕觥?8、略

【分析】【分析】

據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；即可確定等效電源的正負極；

根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動勢；由歐姆定律得出電流強度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向．

【詳解】

a.電路abcd中ab棒切割磁感線；產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當于電源．由右手定則判斷可知相當于電源的正極是a端；

b.感應(yīng)電動勢為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感應(yīng)電流為：

c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定則判斷可知，ab中感應(yīng)電流方向從b→a；由左手定則得知，安培力的方向向左．

【點睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應(yīng)中常用的規(guī)律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左19、略

【分析】（1）由題圖可知；氣體狀態(tài)從A到B的過程為等壓過程．

（2）狀態(tài)從B到C的過程中；氣體發(fā)生等容變化，且壓強減小，根據(jù)p/T=C（常量），則氣體的溫度降低．

（3）狀態(tài)從C到D的過程中；氣體發(fā)生等壓變化，且體積減小，外界對氣體做功，即W＞0，根據(jù)V/T=C（常量），則氣體的溫度T降低，氣體的內(nèi)能減小，由△U=Q+W，則Q=△U-W＜0，所以氣體放熱．

（4）狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中氣體對外界所做的總功W=p2（V3-V1）-p1（V3-V2）．

點睛：此題關(guān)鍵是知道p-V圖象中的雙曲線表示等溫線，圖線與V軸所圍的“面積”等于氣體做功的大小，能熟練運用氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律進行研究這類問題．【解析】(1)等壓(2)降低(3)放熱(4)p2(V3－V1)－p1(V3－V2)20、略

【分析】【詳解】

（1）彈簧振子的周期為T=4s，則角速度為：振幅A=5cm故該振子簡諧運動的表達式為x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一個周期內(nèi)通過的路程是4A，所以振子在前100s的總路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；總位移為0.【解析】(cm)050021、略

【分析】【詳解】

第一空.γ射線一般伴隨著α或β射線產(chǎn)生；在這三種射線中，γ射線的穿透能力最強；

第二空.發(fā)生α衰變時；電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，則中子數(shù)少2；

第三空.β衰變所釋放的電子來自原子核，是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€電子和一個質(zhì)子，電子釋放出來。【解析】γ2中子四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏