2025年粵教版高二物理上冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高二物理上冊(cè)階段測試試卷426考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示的U-I圖象中，直線I為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.R的阻值為1ΩB.電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5ΩC.電源的輸出功率為3.0WD.電源內(nèi)部消耗功率為1.5W2、如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=1100

匝，副線圈匝數(shù)n2=220

匝，交流電源的電壓u=2202sin(婁脴t)V

電阻R=44婁賂

電壓表、電流表均為理想電表，則下列說法正確的是(

)

A.電流表A1

的示數(shù)為0.02A

B.電流表A2

的示數(shù)約為0.5A

C.電壓表的示數(shù)為22V

D.原線圈輸入功率44W

3、下列說法中錯(cuò)誤的是（）A.電磁爐是利用渦流的熱效應(yīng)來加熱物體的B.日光燈在正常發(fā)光時(shí)，啟動(dòng)器中的動(dòng)觸片與靜觸片是分開的C.電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)質(zhì)是電生磁D.電動(dòng)機(jī)、變壓器的鐵芯用硅鋼片代替整塊鐵芯是為了減小渦流損失4、如圖所示的交流電路中，如果電源電動(dòng)勢(shì)的最大值不變，交流電的頻率增大時(shí)，可以觀察到三盞電燈亮度的變化情況是()

A.L1L2L3

亮度都不變B.L2

變暗，L2

不變、L3

變亮C.L1

變暗、L2

變亮、L3

不變D.L1

變亮、L2

變暗、L3

不變5、如圖所示，在紙面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，第一、二象限存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．質(zhì)量均為m、電荷量分別為+q和-q的兩個(gè)粒子（不計(jì)重力），從坐標(biāo)原點(diǎn)O以相同的速度v先后射人磁場，v方向與x軸成θ=30°角，帶正、負(fù)電的粒子在磁場中僅受洛侖茲力作用，則（）A.帶負(fù)電的粒子回到x軸時(shí)與O點(diǎn)的距離為B.帶正電的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C.兩粒子回到x軸時(shí)的速度不相同D.從射入到射出磁場的過程中，兩粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、電磁波______（選填“可以”或“不可以”）在真空中傳播；______第一次通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在．7、在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，雙縫間距d=0.4mm，雙縫到光屏間的距離l=0.5m，雙縫到光屏上某點(diǎn)P的距離差△s=0.6μm，用某種單色光照射雙縫得到干涉條紋間距為0.75mm，則P點(diǎn)出現(xiàn)______條紋（填“明”或“暗”）；若改用頻率較高的單色光照射，得到干涉條紋間距將______（填“變大”、“不變”或“變小”）．8、一量程為100μA的電流表，內(nèi)阻為100歐，現(xiàn)串聯(lián)一個(gè)9900歐的電阻將它改裝成電壓表．該電壓表的量程是______伏．用它來測量電壓，表盤指針位置如圖所示．該電壓的大小是______伏．9、如圖所示，一質(zhì)量為2m

的圓筒A

圓筒內(nèi)外皆光滑，將A

置于光滑水平面上，圓筒半徑為R

現(xiàn)有一質(zhì)量也為m

的光滑小球B(

可視為質(zhì)點(diǎn))

由靜止從圓筒的水平直徑處沿筒壁滑下，不計(jì)空氣阻力，圓筒的位移為______．10、將長為1m的導(dǎo)線ac從中點(diǎn)b折成如圖所示的形狀，放入B＝0.08T的勻強(qiáng)磁場中，abc平面與磁場垂直．若在導(dǎo)線abc中通入25A的直流電，則整個(gè)導(dǎo)線所受安培力大小為________N.11、用游標(biāo)卡尺測量一物體的長度，測量結(jié)果如圖所示，由此可知該物體的長度是______mm．

12、A.具有NFC(

近距離無線通信技術(shù))

功能的兩只手機(jī)在間距小于10cm

時(shí)可以通過__________波直接傳輸信息，其載波頻率為1.5隆脕1077Hz

載波的傳播速度為3.0隆脕1088m/s

則該載波的波長為__________m

．B.手持小型電風(fēng)扇的電壓為8V8V正常工作時(shí)的電流為2A2A電風(fēng)扇的電機(jī)內(nèi)阻為0.6婁賂0.6婁賂則電風(fēng)扇正常工作時(shí)的電功率為_______WW熱功率為________WW．13、如圖所示為正弦式交電流的電壓婁脤

隨時(shí)間t

變化的圖象；由圖可知，該交變電流的電壓的有效值為______V

頻率為______Hz

14、（1）如圖1所示的三把游標(biāo)卡尺；它們的游標(biāo)尺從上至下分別為9mm長10等分；19mm長20等分、49mm長50等分，它們的讀數(shù)依次為______mm，______mm，______mm．

（2）使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖2所示，則金屬絲的直徑是______mm．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、電場線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電場線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、推斷題(共4題，共28分)23、某芳香酯rm{I}的合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{D}的相對(duì)分子質(zhì)量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)A隆煤B}的反應(yīng)類型為____________，rm{G}中所含官能團(tuán)的名稱有____________________，rm{E}的名稱是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為______________________________。rm{(3)I}的結(jié)構(gòu)簡式為______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構(gòu)體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據(jù)已有知識(shí)并結(jié)合相關(guān)信息，寫出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線流程圖rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}合成路線流程圖示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}24、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無氧官能團(tuán)的名稱是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡式為_______；rm{C}分子中最多有____個(gè)原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有________rm{(}填寫編號(hào)rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請(qǐng)寫出其結(jié)構(gòu)簡式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團(tuán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。25、【化學(xué)選做】（15分）有機(jī)化合物甲、乙用于制備化妝品，二者合成路線如下（部分產(chǎn)物及條件略）。已知：（-R、-R’代表烴基或-H）（1）A的結(jié)構(gòu)簡式是____。（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀。①有機(jī)物甲中官能團(tuán)的名稱是____。②“C→有機(jī)化合物甲”的化學(xué)方程式是____。③化合物F的名稱是____。（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。G的結(jié)構(gòu)簡式是____。（4）A與G反應(yīng)生成D的反應(yīng)方程式為____。(5)寫出E所有可能的結(jié)構(gòu)簡式（滿足合成路線）____。26、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為_________________請(qǐng)寫出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共12分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】解：A、由圖象Ⅱ可知，外電阻R==Ω=1.5Ω；故A錯(cuò)誤．

B、由圖象Ⅰ可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，短路電流I短=2.0A，電源內(nèi)阻r=Ω=1.5Ω；故B錯(cuò)誤．

C；由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)；可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的輸出功率為P=UI=1.5×1.0W=1.5W，故C錯(cuò)誤．

D、由兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，流過電阻的電流為1.0A，電源內(nèi)部消耗的功率為P=I2r=12×1.5W=1.5W；故D正確．

故選：D．

由圖象Ⅰ可知電源的電動(dòng)勢(shì)為3.0V；短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)即為電阻R和電源構(gòu)成閉合回路時(shí)的外電壓和干路電流．

根據(jù)U-I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動(dòng)勢(shì)和短路電流，根據(jù)U-I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點(diǎn)．【解析】【答案】D2、D【分析】解：電壓表的示數(shù)為電路的有效電壓的大?。惠斎腚妷旱挠行е禐?20V

根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比可知；副線圈的最有效的電壓為44V

所以電壓表V

的示數(shù)為44V

故C錯(cuò)誤．

輸出功率P2=U22R=44244=44W

根據(jù)理想變壓器輸入功率等于輸出功率，所以原線圈輸入功率44W

故D正確；

副線圈中的電流I2=U2R=4444A=1A

即電流表A2

的讀數(shù)是1A

故B錯(cuò)誤；

原線圈中的電流I1=P1U1=44220=0.2A

即電流表A1

的示數(shù)為0.2A

故A錯(cuò)誤；

故選：D

根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比；電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論．

本題考查變壓器原理及交流電表達(dá)式的認(rèn)識(shí)；掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決【解析】D

3、C【分析】解：A；電磁爐是由變化的磁場產(chǎn)生變化的電場；利用渦流的熱效應(yīng)來加熱物體的，故A正確；

B；日光燈在正常發(fā)光時(shí)；啟動(dòng)器中的動(dòng)觸片與靜觸片是分開的，其作用只有在啟動(dòng)時(shí)，起到切斷作用，故B正確；

C；電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)質(zhì)是磁生電；故C錯(cuò)誤；

D；電動(dòng)機(jī)、變壓器的鐵芯用硅鋼片代替整塊鐵芯；是為了減小渦流損失，故D正確；

本題選擇錯(cuò)誤的；故選：C．

電磁爐是利用渦流工作；鐵芯用硅鋼片代替整塊鐵芯，是為了減小渦流損失，日光燈在正常發(fā)光時(shí)，啟動(dòng)器不起作用，電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)質(zhì)是磁生電．

考查渦流的應(yīng)用與防止，理解電磁感應(yīng)與電流磁效應(yīng)的區(qū)別，掌握日光燈的工作原理，知道啟動(dòng)器與鎮(zhèn)流器的作用．【解析】【答案】C4、C【分析】略【解析】C

5、A【分析】解：帶電粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：

A、帶負(fù)電的粒子順時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，圓弧所對(duì)的圓心角為60°，△OO2B為等邊三角形，OB=R=

所以帶負(fù)電的粒子回到x軸時(shí)與O點(diǎn)的距離為故A正確；

B、粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=

帶正電的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t==故B錯(cuò)誤；

C；兩粒子均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；速率不變，兩粒子回到x軸時(shí)的速度大小為v，方向都與x軸正方向的夾角為30°，所以兩粒子回到x軸時(shí)的速度相同，故C錯(cuò)誤；

D；如右圖；粒子運(yùn)動(dòng)周期相同，故在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相同，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)半徑公式結(jié)合幾何關(guān)系求出帶負(fù)電的粒子回到x軸時(shí)與O點(diǎn)的距離；根據(jù)t=求出帶正電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速率不變，速度方向由軌跡圖判斷是否相同；

本題考查帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解，記住半徑公式和周期公式。【解析】A二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】解：電磁波可以在真空中傳播；德國物理學(xué)家赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在．

故答案為：可以；赫茲。

電磁波可以在真空中傳播；波速與光速相同；德國物理學(xué)家赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在．

本題考查了電磁波的發(fā)現(xiàn)與在真空中的傳播，屬于基礎(chǔ)知識(shí)的考查，要記?。窘馕觥靠梢?；赫茲7、略

【分析】解：根據(jù)△x=λ知，波長的表達(dá)式λ=

解得波長為：λ==6×10-7m．

雙縫到光屏上某點(diǎn)P的距離差△s=0.6μm=6×10-7m=λ；則P點(diǎn)出現(xiàn)明條紋；

根據(jù)△x=λ知；頻率變高，波長變小，則干涉條紋的間距變?。?/p>

故答案為：明；變小．

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式求出波長的表達(dá)式；從而得出波長的大小，再結(jié)合路程差是半個(gè)波長的偶數(shù)倍時(shí)，出現(xiàn)明條紋，若是半個(gè)波長的奇數(shù)倍時(shí)，則出現(xiàn)暗條紋．

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式；結(jié)合頻率的變化，判斷干涉條紋間距的變化．

知道雙縫干涉條紋的間距公式，知道影響干涉條紋間距的因素，并掌握明暗條紋判定的依據(jù)．【解析】明；變小8、略

【分析】解：電壓表量程為：U=Ig（Rg+R）=100×10-6×（100+9900）=1V；

由圖所示表盤可知；電壓表分度值為0.1V，示數(shù)為0.80V；

故答案為：1；0.80．

由串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電壓表量程；根據(jù)電表量程確定其分度值；然后讀出其示數(shù)．

本題考查了求電壓表量程與電壓表讀數(shù)，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律、掌握電表讀數(shù)方法即可正確解題．【解析】1；0.809、略

【分析】解：圓筒內(nèi)外壁光滑；水平面光滑；小球B

下滑過程系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒；

設(shè)小球B

下滑過程圓筒的位移為x

則小球B

的水平位移為R鈭?x

以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得：

mvB鈭?2mvA=0mR鈭?xt鈭?2mxt

解得：x=13R

故答案為：13R.

小球B

下滑過程系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒；在水平方向應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出圓筒的位移．

本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，知道系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與速度公式可以解題；要注意系統(tǒng)整體動(dòng)量不守恒，但在水平方向動(dòng)量守恒，可以在水平方向應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解題．【解析】13R

10、略

【分析】試題分析：折線abc受力等效于a和c連線受力，由幾何知識(shí)可知所以有：考點(diǎn)：考查了安培力的求解【解析】【答案】11、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為20mm；游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為6×0.05mm=0.30mm；

所以最終讀數(shù)為：20mm+0.30mm=20.30mm．

故答案為：20.30

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．

本題考查游標(biāo)卡尺的使用，對(duì)于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】20.3012、略

【分析】A.【分析】無線通信應(yīng)用了電磁波，根據(jù)波速公式可計(jì)算波長；本題根據(jù)波速公式進(jìn)行求解，簡單題?！窘獯稹績芍皇謾C(jī)在間距小于10cm10cm傳輸信息，是無線通訊，應(yīng)用的是電磁波，應(yīng)填“電磁”；根據(jù)C=婁脣婁脙C=婁脣婁脙代入數(shù)值可解得婁脣=20m婁脣=20m應(yīng)填“2020”；故填：電磁，2020

B.【分析】

電風(fēng)扇正常工作的電功率是消耗的總功率；應(yīng)用P=IU

可計(jì)算；熱功率應(yīng)用焦耳定律計(jì)算即P脠脠=I2R

計(jì)算。

本題考查電功率公式，對(duì)于非純電阻用電器注意P=PQ+P

【解答】根據(jù)P=IU

代入數(shù)值可解得電風(fēng)扇正常工作時(shí)的電功率P=16W

根據(jù)P脠脠=I2R

代入數(shù)值可解得電風(fēng)扇正常工作時(shí)的熱功率

P脠脠=2.4WP_{脠脠}=2.4W

故填：16162.42.4

【解析】A.電磁20

B.162.4

13、3650【分析】【分析】由圖可知交流電的最大值；根據(jù)最大值和有效值之間的關(guān)系可明確有效值；再根據(jù)圖象明確交流電的周期，根據(jù)周期和頻率的關(guān)系可求得頻率。

本題考查交流電圖象的掌握情況，要注意明確由交流圖象可直接讀出交流電的最大值和周期，其他物理量可以由這兩個(gè)物理量求出。【解答】由圖可知，交流電壓的最大值為362V

則有效值U=3622=36V

交流電的周期T=0.02s

故頻率f=10.02=50Hz

故填：3650

【解析】3650

14、17.723.353.182.150【分析】解：（1）9mm長10等分；精確度為0.1mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為17mm，游標(biāo)尺上第7個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為7×0.1mm=0.7mm，所以最終讀數(shù)為：17mm+0.7mm=17.7mm．

19mm長20等分；精確度為0.05mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為23mm，游標(biāo)尺上第7個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為7×0.05mm=0.35mm，所以最終讀數(shù)為：23mm+0.35mm=23.35mm．

49mm長50等分；精確度為0.02mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3mm，游標(biāo)尺上第9個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為9×0.02mm=0.18mm，所以最終讀數(shù)為：3mm+0.18mm=3.18mm．

（2）螺旋測微器的固定刻度為2mm；可動(dòng)刻度為15.0×0.01mm=0.150mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.150mm=2.150mm．

故答案為：（1）17.7；23.35，3.18；（2）2.150；

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】17.723.353.182.150三、判斷題(共6題，共12分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢(shì)降低；電場線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢(shì)降低．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢(shì)降低；電場線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．四、畫圖題(共2題，共12分)21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、推斷題(共4題，共28分)23、（1）氧化反應(yīng)(酚)羥基、羧基4-氯(或?qū)β?甲苯

（2）

（3）

（4）13

（5）

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷與合成，綜合分析確定rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式，再結(jié)構(gòu)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化。【解答】rm{A-I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則rm{B}的苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，根據(jù)rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的側(cè)鏈為飽和結(jié)構(gòu)，rm{A}能夠催化氧化生成rm{A}rm{B}能夠發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且能夠發(fā)生信息rm{B}中反應(yīng)，則rm{壟脹}分子中側(cè)鏈rm{B}結(jié)構(gòu)，故B的結(jié)構(gòu)簡式為rm{-CH_{2}CHO}為則rm{A}為rm{C}比rm{D}的相對(duì)分子質(zhì)量大rm{C}恰好為rm{4}分子氫氣的分子量，則說明一個(gè)rm{2}與rm{C}個(gè)氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{2}故D為rm{D}的核磁共振氫譜有rm{E}組峰，rm{3}能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化，則rm{E}分子中含有甲基，且氯原子位于甲基的對(duì)位，故E為rm{E}被酸性高錳酸鉀溶液氧化成rm{E}則rm{F}為rm{F}在濃rm{F}溶液中加熱發(fā)生水解反應(yīng)生成酚羥基和羧酸鈉，然后在酸性條件下轉(zhuǎn)化成rm{NaOH}則rm{G}為rm{G}和rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{D}則rm{I}為rm{I}為催化氧化生成該反應(yīng)為氧化反應(yīng)；rm{(1)A隆煤B}為其分子中含有官能團(tuán)為羥基、羧基；rm{G}為故命名為對(duì)氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或：對(duì)甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案為：氧化反應(yīng)；羥基、羧基；對(duì)氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或：對(duì)甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}為rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為：由以上推斷可知rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為：，故答案為：

rm{(3)}為rm{I}與rm{(4)A}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H}rm{壟脵}rm{Na}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則是rm{H}rm{{,!}_{2}}，說明含有羥基；rm{壟脷}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{壟脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有鄰間對(duì)三種。，兩個(gè)取代基，可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}個(gè)取代基，則是rm{隆陋OH}個(gè)甲基和rm{隆陋CH}個(gè)酚羥基，共有rm{{,!}_{2}}種，總共是rm{OH}位置均有鄰間對(duì)三種。rm{3}個(gè)取代基，則是rm{2}個(gè)甲基和rm{1}個(gè)酚羥基，共有rm{6}種，總共是rm{13}種。種。rm{OH}rm{3}為原料制備rm{2}先將乙醇催化氧化生成乙醛，然后讓碳鏈增長，發(fā)生信息反應(yīng)rm{1}生成rm{6}與氫氣加成生成rm{13}合成路線為：

故答案為：故答案為：rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反應(yīng)rm{(}酚rm{)}羥基、羧基rm{4-}氯rm{(}或?qū)β萺m{)}甲苯rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}

24、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關(guān)系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計(jì)算得出rm{C}所以rm{A}為水計(jì)算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式知，rm{(1)A}為中無氧官能團(tuán)的名稱是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式知，rm{F}中無氧官能團(tuán)的名稱是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個(gè)原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應(yīng)rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}為個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}個(gè)原子共平面，rm{C}rm{14}故答案為：

；rm{14}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{14}rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}為鹵代烴在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成rm{壟脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案為：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{(4)}，可以用乙醇發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯，乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成

rm{1}根據(jù)rm{2-}的結(jié)構(gòu)簡式，結(jié)合條件rm{HCHO}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與，所以需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有消去反應(yīng)、加成反應(yīng)、取代反應(yīng)、氧化反應(yīng)、取代反應(yīng)，制備化合物相同的官能團(tuán)，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反應(yīng)為能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則應(yīng)為甲酸某酯，且氯原子應(yīng)連在酯基中醇的碳上，則符合條件的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有兩個(gè)基團(tuán)為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}種結(jié)構(gòu)，其中一種的核磁共振氫譜顯示，組峰，且峰面積之比為故答案為：rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)壟脵壟脷壟脹壟脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}25、略

【分析】【分析】本題考查了有機(jī)物的合成與推斷，關(guān)鍵是有機(jī)物中官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，涉及內(nèi)容較多題目難度較大，掌握好基礎(chǔ)知識(shí)就能順利解答本題。由合成路線，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)變化，所以A為HC≡CH，B為C為D為E為或或F為G為據(jù)此解答。【解答】由合成路線，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)變化，所以A為HC≡CH，B為C為D為E為或或F為G為（1）由上分析知，A為HC≡CH；（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀，說明含有酚羥基，①由有機(jī)物甲的結(jié)構(gòu)簡式可以看出，甲中含有酯基；②C為在濃硫酸催化作用下與乙酸生成酯，反應(yīng)為：③化合物F為其名稱是間甲基苯酚；（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，所以其結(jié)構(gòu)簡式為：（4）A為HC≡CH，G為其生成D的反應(yīng)為：HC≡CH+2（5）D與H2加成生成在濃硫酸催化作用下加熱發(fā)生消去反應(yīng)，得到的