2024年滬教版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，二極管的正向電阻為零，反向電阻為無窮大，定值電阻R1＝5Ω，R2＝10Ω，a、b兩端接交流電，其電壓瞬時(shí)值的表達(dá)式為該電路的電功率為（）

A.15WB.C.30WD.60W2、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其變化過程的p﹣V圖象如圖所示（）

A.氣體在A狀態(tài)時(shí)的內(nèi)能大于C狀態(tài)時(shí)的內(nèi)能B.氣體在B狀態(tài)時(shí)每個(gè)分子的動(dòng)能都比A狀態(tài)時(shí)大C.氣體從狀態(tài)A到B吸收的熱量大于從狀態(tài)B到C放出的熱量D.氣體從狀態(tài)A到B吸收的熱量等于從狀態(tài)B到C放出的熱量3、如圖所示，四根長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線處于同一平面內(nèi)，它們的電流大小關(guān)系是I1=I2>I3>I4，下列做法中一定可以增大正方形ABCD的中心處的磁場(chǎng)強(qiáng)度的是（）

A.增大I1B.增大I2C.使I3反向D.使I4反向4、如圖；在薄金屬圓筒表面上通以與其軸線平行；分布均勻的恒定電流時(shí)，該圓筒的形變趨勢(shì)為（）

A.沿軸線上下壓縮B.沿軸線上下拉伸C.沿半徑向內(nèi)收縮D.沿半徑向外膨脹5、下列關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的說法，正確的是（）A.電源向外提供的電能越多，表示電動(dòng)勢(shì)越大B.同一電源接入不同的電路，電動(dòng)勢(shì)就會(huì)發(fā)生變化C.電源的電動(dòng)勢(shì)與外電路有關(guān)，外電路電阻越大，電動(dòng)勢(shì)就越大D.電動(dòng)勢(shì)越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、下列說法中正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，證明了懸浮微粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.分子平均動(dòng)能大的物體的溫度一定比分子平均動(dòng)能小的物體的溫度高C.物體吸收熱量，同時(shí)對(duì)外做功，其內(nèi)能可能增加E.小草上的露珠呈球形是由于液體表面張力使其表面積具有擴(kuò)張到最大的趨勢(shì)E.小草上的露珠呈球形是由于液體表面張力使其表面積具有擴(kuò)張到最大的趨勢(shì)7、帶有活塞的氣缸內(nèi)封閉一定量的理想氣體，其狀態(tài)變化如圖所示。氣體開始處于狀態(tài)A，由過程到達(dá)狀態(tài)B，其內(nèi)能減小了E，后又經(jīng)過程到達(dá)狀態(tài)C。設(shè)氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為和在狀態(tài)B時(shí)的體積為狀態(tài)C時(shí)的溫度為則下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度B.氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度C.過程中，氣體放出的熱量D.過程中，氣體放出的熱量8、如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過程如圖中從a到b的直線所示。在此過程中（）

A.氣體內(nèi)能一直增加B.氣體溫度一直降低C.外界一直對(duì)氣體做功D.氣體一直從外界吸熱9、對(duì)固體、液體性質(zhì)以及特點(diǎn)的理解，下列說法正確的是（）A.從微觀角度解釋氣體的壓強(qiáng)時(shí)，氣體分子的平均動(dòng)能和密集程度決定氣體壓強(qiáng)的大小B.分子間距離減小，分子勢(shì)能可能增大也可能減小C.某溶液在相同溫度下，形成的未飽和汽、飽和汽的壓強(qiáng)不同，則該溶液分子的平均動(dòng)能一定不同E.水銀滴在玻璃板上將成橢球狀，所以說水銀一定是一種不浸潤(rùn)液體E.水銀滴在玻璃板上將成橢球狀，所以說水銀一定是一種不浸潤(rùn)液體10、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對(duì)的金屬板a、b與電池相連，b板接地(規(guī)定大地電勢(shì)為零)在距離兩板等遠(yuǎn)的P點(diǎn)有一個(gè)帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)．若將b板向下平移一小段距離；則穩(wěn)定后，下列說法中正確的是。

A.液滴將加速向下運(yùn)動(dòng)B.P點(diǎn)電勢(shì)升高，液滴在P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能減小C.P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度變大D.在b板移動(dòng)前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場(chǎng)力做功不變11、一簡(jiǎn)諧橫波在圖中軸上向右傳播，實(shí)線和虛線分別是和時(shí)刻的波形圖，已知．由圖判斷下列波速哪些是可能的（））

A.B.C.D.12、如圖所示；用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時(shí)B球被松開，自由下落。改變小球距地面的高度和打擊的力度，重復(fù)這個(gè)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)A；B兩球總是同時(shí)落地。若A、B兩球質(zhì)量相等，且將平拋運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直兩個(gè)方向分解。下列說法正確的是。

A.本實(shí)驗(yàn)可驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上是勻速直線運(yùn)動(dòng)B.本實(shí)驗(yàn)可驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上是自由落體運(yùn)動(dòng)C.在同一次實(shí)驗(yàn)中，兩球落地前瞬間重力的功率相等D.在同一次實(shí)驗(yàn)中，兩球落地前瞬間動(dòng)量的大小相等13、所示，在光滑水平面上的兩小球發(fā)生正碰．小球的質(zhì)量分別為m1和m2.圖乙為它們彈性碰撞前后的s﹣t（位移時(shí)間）圖象．已知m1=0.1㎏．由此可以判斷。

A.碰前靜止，向右運(yùn)動(dòng)B.碰后和都向右運(yùn)動(dòng)C.D.碰撞過程中系統(tǒng)損失了的機(jī)械能評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個(gè)定值電阻．閉合開關(guān)S、滑片P向左滑動(dòng)，伏特表示數(shù)將___________，當(dāng)電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為時(shí)，電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為當(dāng)電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為時(shí)，電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

15、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，過程如圖所示，A到B過程圖線與橫軸平行，B到C過程圖線的反向延長(zhǎng)線過原點(diǎn)，則氣體從A→B過程中___________（填“吸收”或“放出”）熱量，從B→C過程中___________（填“吸收”或“放出”）熱量。

16、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，分別經(jīng)歷等溫變化a→b和等容變化b→c。在a→b過程中，氣體的內(nèi)能______（填“增大”“減小”或“不變”）；在a→b→c過程中，氣體_______（填“吸收”或“放出”）熱量。

17、如圖所示；將邊長(zhǎng)為L(zhǎng)；總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以速度v勻速拉出（磁場(chǎng)方向，垂直線圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）線圈放出的熱量Q＝_________．

（5）通過導(dǎo)線截面的電量q＝_________．18、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測(cè)反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分：有選錯(cuò)的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。19、帶電粒子A的質(zhì)量為m，電量為q。帶電粒子B的質(zhì)量為4m，電量為2q。兩個(gè)粒子分別以相同速度垂直磁感線射入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中（不計(jì)帶電粒子的重力）。則兩粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比Ra∶Rb＝_________，周期之比Ta∶Tb＝_________。20、一質(zhì)子束入射到靜止靶核上，產(chǎn)生如下核反應(yīng)：式中p代表質(zhì)子，n代表中子，X代表核反應(yīng)產(chǎn)生的新核．由反應(yīng)式可知，新核X的質(zhì)子數(shù)為____________，中子數(shù)為______________．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

由二極管的單向?qū)щ娦钥芍谝粋€(gè)周期T內(nèi)，有一半時(shí)間電流通過做功，中無電流，有一半時(shí)間電流通過做功，中無電流，故

其中U為交流電的有效值

解得

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．由p﹣V圖象可得

由理想氣體守恒，可知?dú)怏w在A狀態(tài)和C狀態(tài)時(shí)的溫度相等即

一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度相等內(nèi)能也相等，因此氣體在A狀態(tài)時(shí)的內(nèi)能等于在C狀態(tài)時(shí)的內(nèi)能；A錯(cuò)誤；

B．由圖象知，理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓膨脹過程，由守恒可知，溫度升高即TA＜TB；溫度越高分子平均動(dòng)能越大，則氣體在B狀態(tài)時(shí)分子平均動(dòng)能比A狀態(tài)時(shí)大，分子平均動(dòng)能變大并不是每個(gè)分子的動(dòng)能都增大，而是動(dòng)能較大分子數(shù)量所占的比例增大，B錯(cuò)誤；

CD．A→B過程：氣體體積變大，外界對(duì)氣體做負(fù)功，即W＜0，溫度升高，內(nèi)能增加，即

由熱力學(xué)第一定律

可知Q＞0；則此過程氣體吸熱，吸收的熱量等于增加的內(nèi)能加上外界對(duì)氣體做功的絕對(duì)值；

B→C過程：氣體體積不變，外界不對(duì)氣體做功，即W＝0，溫度降低，內(nèi)能減少，即

同理可知Q＜0；此過程氣體放熱，放出的熱量等于減少的內(nèi)能；

因TA＝TC，可得A→B過程升高的溫度等于B→C過程降低的溫度，所以A→B過程內(nèi)能增加量等于B→C過程內(nèi)能減少量；

由以上分析可知：氣體從狀態(tài)A到B吸收的熱量大于從狀態(tài)B到C放出的熱量；D錯(cuò)誤，C正確。

故選C。3、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)安培定則可知，I1在正方形ABCD中心處產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)度B1方向向外，I2在正方形ABCD中心處產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)度B2方向向里，I3在正方形ABCD中心處產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)度B3方向向里，I4在正方形ABCD中心處產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)度B4方向向里，所以正方形ABCD處的磁場(chǎng)強(qiáng)度為

增大I1磁場(chǎng)強(qiáng)度B減?。辉龃驣2磁場(chǎng)強(qiáng)度B增大；A錯(cuò)誤；B正確；

C．使I3反向磁場(chǎng)強(qiáng)度為

磁場(chǎng)強(qiáng)度減?。籆錯(cuò)誤；

D．使I4反向磁場(chǎng)強(qiáng)度為

磁場(chǎng)強(qiáng)度減小；D錯(cuò)誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

根據(jù)電流間的相互作用力關(guān)系：同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，所以通以同向電流后，電流間相互吸引，所以整個(gè)圓筒有沿半徑向內(nèi)收縮的趨勢(shì)，ABD錯(cuò)誤C正確5、D【分析】【分析】

電動(dòng)勢(shì)與電勢(shì)差是兩個(gè)不同的概念；電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電路電壓之和。電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量。電動(dòng)勢(shì)由電源本身的特性決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)。

【詳解】

根據(jù)W＝EIt可知；電源向外提供的電能多，不能說明電動(dòng)勢(shì)大，還與電源做功的時(shí)間；電路中的電流有關(guān)。故A錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)表示的是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上是等于將單位正電荷從負(fù)極移到正極時(shí)非靜電力所在的功，電動(dòng)勢(shì)由電源本身的特性決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)，故BC錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量，電動(dòng)勢(shì)越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，故D正確。故選：D。

【點(diǎn)睛】

本題考查對(duì)于電源的電動(dòng)勢(shì)的理解能力。電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，與外電路無關(guān)。二、多選題(共8題，共16分)6、B:C:D【分析】【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；反映了液體或氣體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；溫度高的物體分子平均動(dòng)能大，溫度低的物體分子平均動(dòng)能小，故B正確；

C．物體吸收熱量同時(shí)對(duì)外做功可正；可負(fù)；所以內(nèi)能可能增加，故C正確；

D．食鹽是晶體；晶體具有各向異性的特點(diǎn)，故D正確；

E．小草上的露珠呈球形是由于液體表面張力使其表面積具有收縮到最小的趨勢(shì)；故E錯(cuò)誤。

故選BCD。7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題圖知，過程為等壓變化。

由蓋-呂薩克定律得

解得

故A正確；B錯(cuò)誤；

CD．由過程，氣體發(fā)生等壓變化，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功

由熱力學(xué)第一定律得

則

即氣體放出的熱量

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選AC。8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知?dú)怏w的PV一直增加，由理想氣體狀態(tài)方程

知?dú)怏w溫度一直增加；故A正確；

B．一定量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)；溫度一直增加，氣體的內(nèi)能一直增加，故B錯(cuò)誤；

CD．體積增大，氣體一直對(duì)外做功，即外界一直對(duì)氣體做負(fù)功，氣體內(nèi)能一直增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可知?dú)怏w一直從外界吸熱；故D正確，C錯(cuò)誤。

故選AD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋；可知?dú)怏w分子的平均動(dòng)能和密集程度決定氣體壓強(qiáng)的大小，A正確；

B．當(dāng)r小于平衡距離時(shí)，r減小，分子力表現(xiàn)為斥力，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，當(dāng)r大于平衡距離時(shí)，r減??；分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子勢(shì)能減小，B正確；

C．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；同種液體在相同溫度下形成的未飽和汽；飽和汽的分子平均動(dòng)能相同，C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其他變化，D正確；

E．浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)是由液體和固體共同決定的；液體浸潤(rùn)固體，附著層面積要擴(kuò)張，不浸潤(rùn)固體附著層面積要收縮；水銀不浸潤(rùn)玻璃，但可能浸潤(rùn)其他固體，E錯(cuò)誤。

故選ABD。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

原來液滴受力平衡，則知所受的電場(chǎng)力向上，液滴帶負(fù)電．電容器與電源相連，板間電壓不變．將b板向下平移時(shí)，兩板間的距離變大，由E=U/d分析可知：板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，粒子受到的電場(chǎng)力減小，故液滴將向下加速運(yùn)動(dòng)；故A正確，C錯(cuò)誤；下極板接地，電勢(shì)為零，b板下移時(shí)，P與上極板的距離不變，根據(jù)U=Ed可知，P點(diǎn)與上極板的電勢(shì)差減小，則P點(diǎn)的電勢(shì)升高，因帶電液滴帶負(fù)電，故電勢(shì)能將減小，故B正確；因兩板間的電勢(shì)差不變，由W=Uq知，前后兩種狀態(tài)下移動(dòng)電荷時(shí)，電場(chǎng)力做功相同，故D正確；故選ABD．11、C:D【分析】【詳解】

由圖可得諧橫波在圖中x軸上向右傳播，則波的周期為波速

A．將代入可得n=0.25；不符合波速通項(xiàng)，故A錯(cuò)誤；

B．將代入可得n=0.5；不符合波速通項(xiàng)，故B錯(cuò)誤；

C．將代入可得n=1；符合波速通項(xiàng)，故C正確；

D．將代入可得n=2；符合波速通項(xiàng)，故D正確；

故選CD．

【點(diǎn)睛】解題方法根據(jù)波的周期性得到周期和波速通項(xiàng)式，考查運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)處理物理問題的能力.12、B:C【分析】【分析】

A球沿水平方向拋出做平拋運(yùn)動(dòng)；同時(shí)B球被松開，自由下落做自由落體運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)每次兩球都同時(shí)落地，只能說明平拋豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)。

【詳解】

本實(shí)驗(yàn)將A的做平拋運(yùn)動(dòng)與豎直方向下落的B的運(yùn)動(dòng)對(duì)比；只能說明A豎直方向運(yùn)動(dòng)情況，不能反映A水平方向的運(yùn)動(dòng)情況。本實(shí)驗(yàn)中A做平拋運(yùn)動(dòng)，B做自由落體運(yùn)動(dòng)，每次兩球都同時(shí)落地，說明A豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤，B正確；兩小球落地時(shí)的豎直分速度相同，故由P=mgv可知，兩球落地時(shí)的功率相等，故C正確；由于兩球落地時(shí)的瞬時(shí)速度不同，平拋運(yùn)動(dòng)的合速度大于自由落地的速度，故落地時(shí)的動(dòng)量不相等，故D錯(cuò)誤。故選BC。

【點(diǎn)睛】

本題考查研究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)，主要是對(duì)分析推理的能力的考查，注意本實(shí)驗(yàn)采用對(duì)比的方法來研究平拋運(yùn)動(dòng)水平方向的分運(yùn)動(dòng)情況。13、A:C【分析】【詳解】

A.由s-t圖象的斜率等于速度，可得m1碰前速度v1=4m/s，m2碰前速度v2=0，則知碰前m2靜止，m1向右運(yùn)動(dòng)；故A正確；

BC.碰后m1速度為v′1=-2m/s，向左運(yùn)動(dòng)．碰后m2的速度v′2=2m/s，向右運(yùn)動(dòng)．

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2．

代入數(shù)據(jù)解得：m2=0.3kg．

故BC錯(cuò)誤；

D.兩物體組成的系統(tǒng)在碰撞過程中的機(jī)械能損失為：

所以碰撞過程是彈性碰撞．故D錯(cuò)誤．三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流，電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動(dòng)；滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數(shù)將減小；

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值串聯(lián)電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為時(shí)，同理可得此時(shí)電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于15、略

【分析】【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B；發(fā)生的是等容變化，氣體對(duì)外不做功，但溫度降低，內(nèi)能減少，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w放出熱量。

[2]從B變化到C過程，氣體發(fā)生的是等壓膨脹，氣體對(duì)外做功，同時(shí)溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體一定吸收熱量。【解析】放出吸收16、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中；氣體的溫度不變，則內(nèi)能不變；

[2]因c態(tài)溫度低于a態(tài)溫度，則在a→b→c過程中，氣體內(nèi)能減小，即?U<0

氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，則W>0

則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?U=W+Q

則Q<0

即氣體放出熱量?！窘馕觥坎蛔兎懦?7、略

【分析】【詳解】

（1）線框受到的安培力由平衡條件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的焦耳熱

（5）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)電流電荷量【解析】18、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應(yīng)；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會(huì)變大，遠(yuǎn)離觀察者，接收到的頻率就會(huì)變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關(guān)系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設(shè)為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進(jìn)而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】19、略

【分析】試題分析：在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程中，受到的洛倫茲力充當(dāng)向心力，故有解得：故根據(jù)周期公式可得

考點(diǎn)：考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】1:2；1:220、略

【分析】【詳解】

質(zhì)子的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為1，中子的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1．根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，X的質(zhì)子數(shù)為1+13-0=14，質(zhì)量數(shù)為1+27-1=27．因?yàn)橘|(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)之和，則新核的中子數(shù)為27-