2025年人教版（2024）高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2015秋?濰坊期末）如圖所示，帶電平行板間存在著正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面里，某帶電粒子（重力不計(jì)）以速度v0從P點(diǎn)沿兩極板中軸線射入，恰好沿中軸線運(yùn)動(dòng)并從Q飛出．下列說法正確的是（）A.上極板帶正電B.極板帶電情況與該粒子的帶電性質(zhì)有關(guān)C.若帶電粒子以速度v0從Q沿QP射入，將沿直線從P點(diǎn)飛出D.若該粒子帶正電，以速度v1從P沿PQ射入，結(jié)果從Q′飛出，則v1＜v02、赤道上，地磁場(chǎng)可以看成是沿南北方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是5.0×10-5T．如果赤道上有一根沿東西方向的直導(dǎo)線，長(zhǎng)為20m，載有從西向東的電流30A，則地磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線的安培力（）A.大小是3×10-2N，方向豎直向上B.大小是3×10-2N，方向豎直向下C.大小是5×10-2N，方向豎直向上D.大小是5×10-2N，方向豎直向下3、如圖所示，光滑球質(zhì)量m，在圖甲中是細(xì)線與斜面平行，圖乙中是細(xì)線沿水平方向，小球均是靜止?fàn)顟B(tài)，則甲、乙兩種情況下斜面對(duì)小球的支持力之比為（）A.1：1B.cos2θC.1：cos2θD.以上說法都不對(duì)4、隨著太空技術(shù)的飛速發(fā)展；地球上的人們登陸其它星球成為可能，假設(shè)未來的某一天，宇航員登上某一星球后，測(cè)得該星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，而該星球的平均密度與地球的差不多，則該星球質(zhì)量大約是地球質(zhì)量的（）

A.0.5倍。

B.2倍。

C.4倍。

D.8倍。

5、近年來高速發(fā)展的PDP(PlasmaDisplayPanel)等離子顯示屏，可以制造出大屏幕懸掛式彩色電視機(jī)，使電視機(jī)屏幕尺寸更大，圖象更清晰，色彩更鮮艷，而本身的厚度只有8cm左右。等離子顯示屏PDP是一種以等離子管作為發(fā)光元件，并由大量的等離子管排列在一起構(gòu)成的屏幕。每個(gè)等離子管的透明玻璃管內(nèi)都充有低壓的氖氙氣體，管的兩端各有一個(gè)電極，在兩個(gè)電極間加上高電壓后，封在管內(nèi)的氣體便產(chǎn)生某種肉眼看不見的射線，它激發(fā)平板顯示屏上的紅綠藍(lán)三基色熒光粉發(fā)出可見光。每個(gè)等離子管作為一個(gè)像素，由這些像素的明暗和顏色變化的組合，便形成了各種灰度和色彩的圖像，則()A.等離子管發(fā)光的微觀機(jī)理是通過高電壓使低壓氖氙氣體原子的外層電子受到激發(fā)而發(fā)光B.等離子管發(fā)光的微觀機(jī)理是通過高電壓使低壓氖氙氣體原子的內(nèi)層電子受到激發(fā)而發(fā)光C.該射線使熒光粉發(fā)出可見光是利用了光的熒光效應(yīng)D.該射線使熒光粉發(fā)出可見光是利用了光的化學(xué)作用6、小華同學(xué)騎著自行車在平直公路上以正常速度勻速行駛時(shí)的功率約為70W，則他騎車時(shí)所受阻力約為（）A.2000NB.200NC.20ND.2N7、如圖所示，在點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，帶電液滴從A

點(diǎn)由靜止釋放，沿直線上升的最高點(diǎn)為B

點(diǎn).

在帶電液滴上升過程中，下列說法正確的是(

)

A.帶電液滴帶正電B.帶電液滴在A

點(diǎn)所受的電場(chǎng)力小于在B

點(diǎn)所受的電場(chǎng)力C.帶電液滴的動(dòng)能先增大后減小D.粒子的電勢(shì)能一直增大8、如圖所示，作用在滑塊B上的推力F=100N，若α=30°，裝置重力和摩擦力均不計(jì)，則工件上受到的壓力為（）A.100NB.100NC.50ND.200N9、如圖所示，一個(gè)帶點(diǎn)粒子水平向左平行磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，下面對(duì)該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)描述正確的是（）A.該粒子將做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.該粒子將做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.該粒子將做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D.該粒子將做勻速圓周運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、雙選題(共8題，共16分)10、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個(gè)完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個(gè)長(zhǎng)方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時(shí)的位置如圖所示，三個(gè)容器的液面相平。已知三個(gè)長(zhǎng)方體的質(zhì)量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對(duì)桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{0}rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡(jiǎn)單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡(jiǎn)單離子與rm{Z}的簡(jiǎn)單離子具有相同的電子層結(jié)構(gòu)D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵12、三位分別來自法國(guó)、美國(guó)、荷蘭的科學(xué)家因研究“分子機(jī)器的設(shè)計(jì)與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)。納米分子機(jī)器日益受到關(guān)注，機(jī)器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應(yīng)C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構(gòu)體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種13、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關(guān)系如圖所示。下列有關(guān)敘述正確的是A.rm{a}點(diǎn)溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點(diǎn)處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準(zhǔn)確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點(diǎn)處溶液中水電離出的rmgxtsfpzrm{c}大于rm{(H^{+})}點(diǎn)處rm14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數(shù)遞增的短周期元素，其部分性質(zhì)或結(jié)構(gòu)如下：。元素元素性質(zhì)或原子結(jié)構(gòu)rm{X}形成的簡(jiǎn)單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數(shù)是族序數(shù)的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡(jiǎn)單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價(jià)鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能破壞水的電離平衡15、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復(fù)合材料rm{)}通過在室溫條件下對(duì)鋰離子電池進(jìn)行循環(huán)充放電，成功地實(shí)現(xiàn)了對(duì)磁性的可逆調(diào)控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時(shí)，正極的電極反應(yīng)式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質(zhì)溶液C.放電時(shí)，rm{Fe}作電池的負(fù)極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時(shí)，電池被磁鐵吸引評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、在平行金屬板間，有如圖所示的互相正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，a粒子（氦核）以速度v0從兩板的正中央垂直電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向射入時(shí)恰好能沿直線勻速通過；供下列各小題選擇的答案有：

A．不偏轉(zhuǎn)B．向上偏轉(zhuǎn)C．向下偏轉(zhuǎn)D．向紙內(nèi)或紙外偏轉(zhuǎn)。

（1）若質(zhì)子以速度v0從兩板的正中央垂直電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向射入時(shí)，質(zhì)子將____；

（2）若電子以速度v0從兩板的正中央垂直電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向射入時(shí)，電子將____；

（3）若質(zhì)子以大于v0的速度從兩板正中央垂直電場(chǎng)和磁場(chǎng)方向射入時(shí)，質(zhì)子將____；

（4）若增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，其他條件不變，電子以速度v0從兩板的正中央垂直電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向射入時(shí)，電子將____．17、如圖所示，雙線擺的線長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩線間的夾角為θ，則擺在垂直于紙面方向上小角度擺到的周期為____．

18、如圖所示,光源S發(fā)出的光經(jīng)狹縫A沿半徑射至折射率的半圓柱形玻璃磚的圓心O處后,有兩條光線OB,OC射回空氣中,玻璃磚繞O軸旋轉(zhuǎn),∠BOC的最大值是____,最小值是____.當(dāng)入射光AO與出射光OC的夾角為____時(shí),另一出射光OB恰好消失.19、帶有10-5C的檢驗(yàn)電荷置于電場(chǎng)中，它所受的電場(chǎng)力為10-2N，現(xiàn)把帶有4×10-5C的檢驗(yàn)電荷放在該點(diǎn)，它所受的電場(chǎng)力為____N，把檢驗(yàn)電荷移去，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為____N/C．20、（2013春?貴池區(qū)期中）如圖所示，在一個(gè)平面內(nèi)有6根彼此絕緣的通電直導(dǎo)線，通過的電流強(qiáng)度大小相同，方向如圖中的箭頭所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四個(gè)區(qū)域是面積相等的正方形，則垂直紙面向外、磁通量最大的區(qū)域?yàn)開___；垂直紙面向里、磁通量最大的區(qū)域?yàn)開___；磁通量為零的區(qū)域?yàn)開___．評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)21、如圖所示，直角三棱鏡ABC的折射率為，棱鏡的角B為30°，今有一束平行于BC邊從斜邊D點(diǎn)入射的單色光，在BC上某點(diǎn)E發(fā)生全反射后，從AC邊上F點(diǎn)射出．已知BC邊的長(zhǎng)度為2d；BD的長(zhǎng)度為d，光在真空中的傳播速度為C．要求：

（1）作出光在三棱鏡中的光路圖；

（2）求發(fā)生全反射的點(diǎn)E與B點(diǎn)的距離；

（3）求光在三棱鏡中傳播的時(shí)間．22、一個(gè)物體同時(shí)受到三個(gè)共點(diǎn)力作用，其合力為F，若已知和的大小，方向如圖所示，試用作圖法畫出23、畫出圖中物體A；B所受的彈力的示意圖．

24、已知F1=3N，F(xiàn)2=4N；用作圖法求出如圖所示的各種情況下的合力．

評(píng)卷人得分五、推斷題(共4題，共36分)25、乙苯催化脫氫生產(chǎn)苯乙烯的反應(yīng)：rm{overset{麓脽祿爐錄脕}{?}}rm{+H_{2}(g)}rm{(1)}一定溫度下，將rm{amol}乙苯加入體積為rm{VL}的密閉容器中，發(fā)生上述反應(yīng)，反應(yīng)時(shí)間與容器內(nèi)氣體總壓強(qiáng)的數(shù)據(jù)如下表。。時(shí)間rm{/min}rm{0}rm{10}rm{20}rm{30}rm{40}總壓強(qiáng)rm{/100kPa}rm{1.0}rm{1.2}rm{1.3}rm{1.4}rm{1.4}rm{壟脵}平衡時(shí)，容器中氣體物質(zhì)的量總和為________rm{mol}乙苯的轉(zhuǎn)化率為________。rm{壟脷}列式計(jì)算此溫度下該反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{K}________。rm{(2)}根據(jù)化學(xué)反應(yīng)原理，分析減小壓強(qiáng)對(duì)該反應(yīng)的影響________。rm{(3)}實(shí)際生產(chǎn)時(shí)反應(yīng)在常壓下進(jìn)行，且向乙苯蒸氣中摻入水蒸氣，利用熱力學(xué)數(shù)據(jù)計(jì)算得到溫度和投料比rm{M}對(duì)乙苯平衡轉(zhuǎn)化率的影響可用下圖表示。rm{[M=n(H_{2}O)/n(}乙苯rm{)]}rm{壟脵}比較圖中rm{A}rm{B}兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的平衡常數(shù)大?。簉m{K_{A}}________rm{K_{B}}rm{壟脷}圖中投料比rm{(M_{1}}rm{M_{2}}rm{M_{3})}的大小順序?yàn)開_______。rm{壟脹}隨著反應(yīng)的進(jìn)行，催化劑上的少量積炭使其活性減弱，水蒸氣有助于恢復(fù)催化劑的活性，原因是________rm{(}用化學(xué)方程式表示rm{)}26、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}功能高分子材料rm{(M)}在生產(chǎn)、生活中有廣泛用途，rm{M}的一種合成路線如下：

已知：Ⅰrm{.}同溫同壓下，rm{A}的蒸氣密度與rm{H_{2}}的密度之比為rm{29漏U1}

Ⅱrm{.}rm{(R_{1}}rm{R_{2}}表示烴基或氫原子rm{)}rm{(2)C}中官能團(tuán)的名稱為________。rm{D}的順式結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為________。rm{(3)A隆煤B}的反應(yīng)類，型為________。rm{F}分子中最多有________個(gè)原子共平面。rm{(4)E+I隆煤M}的反應(yīng)類型為________；其反應(yīng)的化學(xué)方程式為________。rm{(5)}同時(shí)滿足下列條件的rm{H}的同分異構(gòu)體有________種。rm{(6)}參照上述合成路線和信息，以乙醇為原料rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}設(shè)計(jì)制備聚乳酸的合成路線：________。27、以硅藻土為載體的五氧化二釩rm{(V}rm{(V}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}是接觸法生成硫酸的催化劑。從廢釩催化劑中回收rm{{,!}_{5}}rm{)}是接觸法生成硫酸的催化劑。從廢釩催化劑中回收rm{V}rm{)}rm{V}rm{{,!}_{2}}。rm{O}物質(zhì)rm{V_{2}O_{5}}rm{V_{2}O_{4}}rm{K_{2}SO_{4}}rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{Al_{2}O_{3}}質(zhì)量分?jǐn)?shù)rm{/%}rm{2.2隆蘆2.9}rm{2.8隆蘆3.1}rm{22隆蘆28}rm{60隆蘆65}rm{1隆蘆2}rm{<1}以下是一種廢釩催化劑回收工藝路線：回答下列問題：rm{(1)}“酸浸”時(shí)rm{V_{2}O_{5}}轉(zhuǎn)化為rm{VO_{2}^{+}}反應(yīng)的離子方程式為___________，同時(shí)rm{V_{2}O_{4}}轉(zhuǎn)成rm{VO^{2+}}“廢渣rm{1}”的主要成分是__________________。rm{(2)}“氧化”中欲使rm{3mol}的rm{VO^{2+}}變?yōu)閞m{VO_{2}^{+}}則需要氧化劑rm{KClO_{3}}至少為______rm{mol}rm{(3)}“中和”作用之一是使釩以rm{V_{4}O_{12}^{4?}}形式存在于溶液中?！皬U渣rm{2}”中含有_______。rm{(4)}“離子交換”和“洗脫”可簡(jiǎn)單表示為：rm{4ROH+V_{4}O_{12}^{4?}underset{脌毛脳脫陸祿祿祿}{overset{脧麓脥脩}{?}}R_{4}V_{4}O_{12}+4OH^{?}(ROH}為強(qiáng)堿性陰離子交換樹脂rm{4ROH+V_{4}O_{12}^{4?}

underset{脌毛脳脫陸祿祿祿}{overset{脧麓脥脩}{?}}

R_{4}V_{4}O_{12}+4OH^{?}(ROH}為了提高洗脫效率，淋洗液應(yīng)該呈_____性rm{)}填“酸”、”rm{(}堿”或“中”rm{)}“流出液”中陽離子最多的是________。rm{)}“沉釩”得到偏釩酸銨rm{(5)}沉淀，寫出“煅燒”中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式____________。rm{(6)}28、二氫彌猴桃內(nèi)酯rm{(J)}是一種調(diào)配煙草用香精，制備該物質(zhì)的合成路線如下：已知：rm{A}rm{B}rm{C}中含有一種相同的官能團(tuán)，rm{B}和rm{C}中均含有兩個(gè)甲基。rm{(1)A}的化學(xué)名稱是________rm{;}Ⅰ中所含官能團(tuán)的名稱是________。rm{(2)A}生成rm{B}或rm{C}的反應(yīng)類型是________，rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型是________。rm{(3)A}在催化劑作用下發(fā)生加聚反應(yīng)，生成的常見高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為________。rm{D}生成rm{E}所用的試劑為烏洛托品，其相對(duì)分子質(zhì)量為rm{140}可由甲醛與氨氣以物質(zhì)的量之比rm{3隆脙2}反應(yīng)脫去水得到，烏洛托品分子中有rm{4}個(gè)六元環(huán)，所有氫原子化學(xué)環(huán)境相同，烏洛托品的分子式為________，結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為___________。rm{(4)}化合物rm{E}與足量rm{H_{2}}在催化劑及加熱條件下反應(yīng)的化學(xué)方程式為___________________。rm{(5)}芳香族化合物rm{X}是rm{J}的同分異構(gòu)體，rm{1mol}rm{X}能與rm{2mol}rm{NaOH}反應(yīng)，rm{X}的核磁共振氫譜有rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙6隆脙6}寫出一種符合條件的rm{X}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_____________。rm{(6)}寫出以rm{1-}丙醇為原料rm{(}其他試劑任選rm{)}制備rm{2-}丁烯酸的合成路線。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】粒子進(jìn)入電場(chǎng)與磁場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)后沿直線運(yùn)動(dòng)，可知粒子受到的電場(chǎng)力和洛倫茲力是一對(duì)平衡力，解決此題可以先假設(shè)粒子的電性，來判斷磁場(chǎng)的方向．分析粒子能否沿直線運(yùn)動(dòng)，就是分析洛倫茲力與電場(chǎng)力的大小，從而判斷粒子的偏轉(zhuǎn)方向．【解析】【解答】解：A；當(dāng)粒子在正交的電場(chǎng)和磁場(chǎng)的區(qū)域內(nèi)做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；電場(chǎng)力和洛倫茲力等大且方向相反．假設(shè)帶電粒子帶正電，由左手定則可判斷，粒子將受到的應(yīng)為豎直向上洛倫茲力，所以電場(chǎng)力豎直向下的，電場(chǎng)的方向應(yīng)向下，則上極帶正電，若帶負(fù)電，則洛倫茲力向下，則電場(chǎng)力向上，上極仍帶正電，選項(xiàng)A正確．

B；改變粒子的電性；其他條件不變的情況下，電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向同時(shí)改為反向，粒子的合力仍為零．所以電場(chǎng)方向與帶電粒子的正負(fù)無關(guān)．選項(xiàng)B錯(cuò)誤．

C；帶電粒子從Q沿QP進(jìn)入；所受的電場(chǎng)力方向不變，而洛倫茲力方向會(huì)變?yōu)榕c電場(chǎng)力相同，此時(shí)帶電粒子將發(fā)生偏轉(zhuǎn)．選項(xiàng)C錯(cuò)誤．

D、粒子帶正電時(shí)，將受到向上的電場(chǎng)力和向下的洛倫茲力，當(dāng)速度為v0時(shí)，電場(chǎng)力和洛倫茲力大小相等；粒子從Q′飛出，可判斷洛倫茲力小于電場(chǎng)力，過程中電場(chǎng)力做正功，則導(dǎo)致飛出的速度要大于v0．選項(xiàng)D錯(cuò)誤．

故選：A．2、A【分析】【分析】根據(jù)安培力的公式，當(dāng)B⊥I時(shí)，F(xiàn)=BIL．【解析】【解答】解：磁場(chǎng)的方向與電流的方向垂直，則F=BIL=5×10-5×20×30N=3×10-2N．根據(jù)左手定則；安培力的方向豎直向上．故A正確，B；C、D錯(cuò)誤．

故選：A．3、B【分析】【分析】小球始終靜止在斜面上，以小球受力分析，正交分解后根據(jù)平衡條件列方程求解．【解析】【解答】解：此時(shí)小球受重力；繩子拉力和斜面的支持力；繩子平行于斜面；

小球的受力如甲圖：

由平衡條件，結(jié)合三角函數(shù)，解得：N1=mgcosθ

小球受力如乙圖；根據(jù)共點(diǎn)力平衡采用合成法；

由幾何知識(shí)得：

N2=

則甲、乙兩種情況下斜面對(duì)小球的支持力之比為水平細(xì)線的拉力為：cos2θ；

故選：B4、D【分析】

根據(jù)萬有引力等于重力；列出等式：

g=其中M是地球的質(zhì)量，r應(yīng)該是物體在某位置到球心的距離．

根據(jù)根據(jù)密度與質(zhì)量關(guān)系得：M=ρ?πr3；星球的密度跟地球密度相同；

g==Gρ?πr；

星球的表面重力加速度是地球表面重力加速度的2倍；所以星球的半徑也是地球的2倍；

所以再根據(jù)M=ρ?πr3得：星球質(zhì)量是地球質(zhì)量的8倍．

故選D．

【解析】【答案】根據(jù)萬有引力等于重力；列出等式表示出重力加速度．再根據(jù)密度與質(zhì)量關(guān)系代入表達(dá)式找出半徑的關(guān)系，求出質(zhì)量關(guān)系．

5、A|C【分析】【解析】根據(jù)紫外線的產(chǎn)生機(jī)理、特點(diǎn)及應(yīng)用可知某種看不見的射線使熒光粉發(fā)光，看不見的射線是紫外線。使熒光粉發(fā)光，這是紫外線的熒光效應(yīng)。紫外線作為電磁波家族中的一員，它的產(chǎn)生機(jī)理與可見光和紅外線的產(chǎn)生機(jī)理是相同的，都是原子的外層電子受到激發(fā)后產(chǎn)生的，所以正確的選項(xiàng)是A、C思路分析：根據(jù)紫外線的產(chǎn)生機(jī)理，它的熒光效應(yīng)做出解決。試題【解析】【答案】A、C6、C【分析】解：學(xué)生騎自行車正常行駛時(shí)的速度大約為5m/s；因?yàn)閯蛩傩旭?，小華受平衡力，動(dòng)力與阻力相等；

可由功率的另一種表達(dá)式P=Fv得出

與選擇項(xiàng)對(duì)比；只有20N與14N最接近．

故選：C．

先估計(jì)出騎自行車正常行駛時(shí)的速度大約為5m/s；再由功率的另一種表達(dá)式P=Fv算出阻力的大約值．

此題要對(duì)一些常物體的運(yùn)動(dòng)速度有一個(gè)大約估計(jì)，并且還要靈活應(yīng)用功率的另一種表達(dá)式．【解析】【答案】C7、C【分析】解：A

帶電液滴從A

點(diǎn)由靜止釋放；能沿直線上升，則帶電液滴所受的電場(chǎng)力必定豎直向上，由于電場(chǎng)強(qiáng)度的方向未知，所以不能確定帶電液滴的電性.

故A錯(cuò)誤．

B；帶電液滴必定先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)；在A

點(diǎn)，電場(chǎng)力大于重力，在B

點(diǎn)，電場(chǎng)力小于重力，所以帶電液滴在A

點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大于在B

點(diǎn)所受的電場(chǎng)力.

故B錯(cuò)誤．

C；帶電液滴先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)；則動(dòng)能先增大后減小，故C正確．

D；電場(chǎng)力對(duì)帶電液滴做正功；粒子的電勢(shì)能一直減小，故D錯(cuò)誤．

故選：C

根據(jù)帶電液滴的運(yùn)動(dòng)情況；可分析其所受的電場(chǎng)力方向豎直向上，結(jié)合電場(chǎng)線的方向來分析液滴的電性.

帶電液滴必定先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，由電場(chǎng)力做功正負(fù)分析電勢(shì)能的變化．

本題根據(jù)帶電液滴的運(yùn)動(dòng)情況，分析其受力情況是解題的關(guān)鍵，知道電場(chǎng)力做正功時(shí)電勢(shì)能逐漸減小．【解析】C

8、B【分析】【分析】先選取B為研究的對(duì)象，進(jìn)行受力分析，得出桿對(duì)B的作用力，然后以A為研究的對(duì)象進(jìn)行受力分析即可．【解析】【解答】解：裝置的重力和摩擦力均不計(jì)；對(duì)B進(jìn)行受力分析如圖，則：

水平方向：F=F1sinα

對(duì)工件A進(jìn)行受力分析如圖：

豎直方向：F1cosα=F2

所以：

F2=F

根據(jù)牛頓第三定律；工件受到的向上的彈力與工件對(duì)裝置的作用大小相等，方向相反，即：

N=F2=F=×100=100N；

故選：B．9、B【分析】【分析】當(dāng)粒子垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)粒子平行于磁場(chǎng)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：粒子運(yùn)動(dòng)的方向與磁場(chǎng)的方向平行；不受到洛倫茲力的作用，所以粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)．故選項(xiàng)B正確．

故選：B二、雙選題(共8題，共16分)10、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個(gè)長(zhǎng)方體的質(zhì)量相同，它們?cè)谌N液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項(xiàng)錯(cuò)誤。由三個(gè)長(zhǎng)方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)C選項(xiàng)錯(cuò)誤。容器是相同的，所以容器對(duì)桌面的壓力B選項(xiàng)正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項(xiàng)正確。

考點(diǎn)：壓力壓強(qiáng)【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的關(guān)系，題目難度中等，推斷元素為解答關(guān)鍵，注意熟練掌握原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系?！窘獯稹縭m{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數(shù)為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數(shù)之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數(shù)為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個(gè)電子，氯離子有rm{Cl>Si}個(gè)電子，故C錯(cuò)誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯(cuò)誤。C.鋁離子有rm{10}個(gè)電子，氯離子有rm{18}個(gè)電子，故C錯(cuò)誤；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，注意把握官能團(tuán)與性質(zhì)的關(guān)系，側(cè)重苯、烷烴性質(zhì)的考查?！窘獯稹緼.只含有碳?xì)鋬煞N元素的有機(jī)物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應(yīng)，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構(gòu)體，故C錯(cuò)誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯(cuò)誤。故選AB。【解析】rm{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應(yīng)用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關(guān)系為解答關(guān)鍵，注意掌握中和滴定側(cè)重方法，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及化學(xué)實(shí)驗(yàn)?zāi)芰?。【解答】A.rm{a}點(diǎn)為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯(cuò)誤；

B.rm{c}點(diǎn)的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據(jù)電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時(shí)的rm{pH}和反應(yīng)終點(diǎn)的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點(diǎn)，且反應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點(diǎn)，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點(diǎn)碳酸氫根離子水解，促進(jìn)了水的電離，而rmiwuehpv點(diǎn)溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmporaorq點(diǎn)處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點(diǎn)處；故D錯(cuò)誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本題考查元素的結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關(guān)鍵?！窘獯稹縭m{X}形成的簡(jiǎn)單陽離子核外無電子，應(yīng)為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物能發(fā)生化合反應(yīng)，形成的物質(zhì)為銨鹽，應(yīng)為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數(shù)等于周期序數(shù)的rm{3}倍，即最外層電子數(shù)為電子層數(shù)的rm{3}倍，應(yīng)為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡(jiǎn)單離子半徑最小，應(yīng)為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據(jù)同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數(shù)越多，半徑越大可知，原子半徑順序?yàn)閞m{T>Y>Z>X}故A錯(cuò)誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價(jià)鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價(jià)鍵也含有離子鍵；故C錯(cuò)誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能和rm{X}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能促進(jìn)水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識(shí)，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和計(jì)算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等?！窘獯稹緼.正極發(fā)生還原反應(yīng)，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時(shí)電池正極的電極反應(yīng)式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應(yīng)，所以不可以用rm{e}溶液為電解質(zhì)溶液，故rm{2}錯(cuò)誤；C.rm{2}作電池的負(fù)極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯(cuò)誤；D.充電時(shí)，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共5題，共10分)16、AABC【分析】【分析】粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場(chǎng)力，二力平衡時(shí)粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)二力不平衡時(shí)，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，由公式qv0B=qE，電量與電性不會(huì)影響粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，只有當(dāng)運(yùn)動(dòng)方向相反時(shí)，才不會(huì)做直線運(yùn)動(dòng)，從而即可求解．【解析】【解答】解：α粒子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，根據(jù)左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力方向向下，此時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力二力平衡，應(yīng)該有：qv0B=qE，即v0B=E．

（1）若改為粒子的電荷量，根據(jù)平衡條件得：q′v0B=q′E，即v0B=E；該等式與粒子的電荷量無關(guān)，所以質(zhì)子仍沿直線運(yùn)動(dòng)，故選A．

（2、若改為電荷的電性，根據(jù)左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向下，電場(chǎng)力方向向上，由于q″v0B=q″E；此時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力仍然平衡，所以負(fù)離子不偏轉(zhuǎn)，仍沿直線運(yùn)動(dòng)，故選A．

（3）若質(zhì)子以大于v0的速度；質(zhì)子受到的洛倫茲力大于電場(chǎng)力，所以質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)，故選B．

（4）若增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，其他條件不變，電子以速度v0進(jìn)入后；則向下的洛倫茲力的大小增大，導(dǎo)致電子向下偏轉(zhuǎn)，故選C；

故答案為：（1）A；（2）A；（3）B；（4）C．17、2π【分析】【分析】先找到圓心，然后根據(jù)單擺的振動(dòng)周期T=2求解即可，注意等效擺長(zhǎng)和等效重力加速度．【解析】【解答】解：雙線擺的小角度擺動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；圓心在小球的正上方，等效擺長(zhǎng)為：

L′=Lcos

故周期為：

T=2π

故答案為：2π．18、略

【分析】當(dāng)入射光AO與O點(diǎn)處法線重合時(shí),∠BOC有最大值,且最大值為π.因玻璃的折射率n=即臨界角C=所以當(dāng)AO在O點(diǎn)的入射角恰等于時(shí),剛好發(fā)生全反射,此時(shí)∠BOC最小為且此時(shí)即為OB剛好消失的位置,這時(shí)AO與OC的夾角為【解析】【答案】π19、4×10-2103【分析】【分析】電場(chǎng)中同一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定，由F=qE求解電場(chǎng)力．由電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=求電場(chǎng)強(qiáng)度．【解析】【解答】解：在電場(chǎng)中同一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定；由F=qE知，電場(chǎng)力與檢驗(yàn)電荷的電荷量成正比，則有：

=

可得：F2=F1=10-2N=4×10-2N

由于電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定的物理量；所以當(dāng)電荷量減小或移去電荷后，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，為：

E===103N/C

故答案為：4×10-2，103．20、IIIVI、III【分析】【分析】根據(jù)右手螺旋定則，可確定通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)，由于磁場(chǎng)是矢量，因此方向相同的相互加強(qiáng)，而方向相反則是相互減弱．因?yàn)榇磐渴怯纱艌?chǎng)與垂直于磁場(chǎng)方向的面積相乘，故可確定磁通量最大且方向指向紙內(nèi)的區(qū)域【解析】【解答】解：六根導(dǎo)線均通以電流I；相互平行靠近，組成面積相同的四個(gè)正方形．而導(dǎo)線所圍成的正方形的電流沿同一方向時(shí)，則通過的磁通量是最大的，所以由右手螺旋定則可確定，正方形IV磁通量最大且方向垂直紙面向內(nèi)；而正方形II是磁通量最大且方向垂直紙面向外；而正方形I；III磁通量最小為零。

故答案為：II，IV，I、III四、作圖題(共4題，共36分)21、略

【分析】【分析】（1）先根據(jù)折射定律；求出光線在AB面的折射角，由幾何知識(shí)求出光線在BC面上的入射角，由折射定律求得全反射的臨界角，畫出光路圖．

（2）根據(jù)幾何知識(shí)求解EB距離．

（3）運(yùn)用幾何知識(shí)求出光在三棱鏡中通過的路程S，由v=求出光在三棱鏡中傳播速度，由t=求解時(shí)間．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)題意畫出光在三棱鏡中的光路圖如圖．

（2）由題圖知；光線在AB面上的入射角i=60°

由折射定律得n=，得sinr===，得r=30°=θ

由幾何知識(shí)可得：=2cosθ=2dcos30°=d

（3）==d

==2d-d=d

由幾何知識(shí)有i′=60°；∠CEF=30°

則===2d

故光在三棱鏡中傳播的路程為S=+=3d

光在三棱鏡中傳播的速度v==c

故光在三棱鏡中傳播的時(shí)間為t==

答：

（1）作出光在三棱鏡中的光路圖如圖；

（2）發(fā)生全反射的點(diǎn)E與B點(diǎn)的距離是d；

（3）光在三棱鏡中傳播的時(shí)間是．22、略

【分析】【解析】先作出的合力，再據(jù)三角形定則作出F3思路分析:根據(jù)力的求合遵循平行四邊形法則，先畫出的合力然后在于求合。試題【解析】【答案】23、略

【分析】【分析】彈力產(chǎn)生在接觸面上，常見的支持力或壓力是彈力，它們的方向是垂直接觸面指向受力物體．可運(yùn)用假設(shè)法判斷兩球之間有無彈力．【解析】【解答】解：第一個(gè)圖：A球受到繩子的拉力；斜面對(duì)A的支持力，共兩個(gè)彈力；

第二個(gè)圖：B球受到兩個(gè)彈力；與地面垂直向上的支持力，與桿子垂直向上的支持力．

如下圖所示。

答：如圖所示．24、略

【分析】【分析】不在同一直線上的共點(diǎn)力的合成；遵守平行四邊形定則，作出表示兩個(gè)力的圖示，然后以表示這兩個(gè)力的線段為鄰邊作平行四邊形，表示兩個(gè)分力的線段所夾的對(duì)角線表示兩個(gè)力的合力的大小與方向．

力的合力由平行四邊形定則求出，兩力的夾角不同，則合力大小不同；三力合成時(shí)若表示三力的邊能組成三角形，則三力的合力可以為零．【解析】【解答】解：根據(jù)題中給出的力的大小及方向；作出平行四邊形可得：

根據(jù)選定的標(biāo)度可知：a中合力給為5.5N；B中合力為5N；c中合力為2.8N；

答：三個(gè)圖中合力分別為5.5；5.2.8N五、推斷題(共4題，共36分)25、（1）①

②1.4a40%

（2）該反應(yīng)分子數(shù)增加，減小壓強(qiáng)使平衡右移，乙苯轉(zhuǎn)化率增大，苯乙烯產(chǎn)率增加。減小壓強(qiáng)使乙苯濃度減小，反應(yīng)速率減小。

（3）①<

②M1>M2>M3

③C+H2OCO+H2【分析】【分析】本題考查了化學(xué)反應(yīng)原理的基礎(chǔ)知識(shí)，題目難度較大，側(cè)重考查了學(xué)生理解運(yùn)用能力，平時(shí)學(xué)習(xí)時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的積累掌握，提高解題的正答率?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}設(shè)有rm{xmol}乙苯發(fā)生轉(zhuǎn)化，起始rm{(mol)a}rm{0}rm{0}變化rm{(mol)x}rm{x}rm{x}平衡rm{(mol)a-x}rm{x}rm{x}rm{a-x+x+x=1.4a}rm{x=0.4a}反應(yīng)平衡常數(shù)為rm{K=dfrac{c(鹵陸脪脪脧漏)隆隴c({H}_{2})}{c(脪脪鹵陸)}=dfrac{(dfrac{0.4a}{V})mol隆隴{L}^{-1}隆脕(dfrac{0.4a}{V})mol隆隴{L}^{-1}}{(dfrac{0.6a}{V})mol隆隴{L}^{-1}}=(dfrac{4a}{15V})mol隆隴{L}^{-1}}故答案為：rm{(dfrac{4a}{15V})mol隆隴{L}^{-1}}rm{K=

dfrac{c(鹵陸脪脪脧漏)隆隴c({H}_{2})}{c(脪脪鹵陸)}=dfrac{(

dfrac{0.4a}{V})mol隆隴{L}^{-1}隆脕(dfrac{0.4a}{V})mol隆隴{L}^{-1}}{(

dfrac{0.6a}{V})mol隆隴{L}^{-1}}=(dfrac{4a}{15V})mol隆隴{L}^{-1}

}根據(jù)阿伏伽德羅定律的推論，同溫，同體積條件下，氣體的壓強(qiáng)之比等于物質(zhì)的量之比，由方程式可知，平衡時(shí)，容器中氣體物質(zhì)的量總和為rm{amol隆脕dfrac{1.4}{1.0}=1.4amol}增加的物質(zhì)的量等于反應(yīng)的乙苯的物質(zhì)的量，乙苯的轉(zhuǎn)化率為rm{dfrac{1.4a-a}{a}隆脕100%=40%}

故答案為：rm{(dfrac{4a}{15V})mol隆隴{L}^{-1}

}rm{壟脷}rm{amol隆脕dfrac{1.4}{1.0}

=1.4amol}根據(jù)化學(xué)反應(yīng)原理，分析減小壓強(qiáng)對(duì)該反應(yīng)的影響：該反應(yīng)分子數(shù)增加，減小壓強(qiáng)使平衡右移，乙苯轉(zhuǎn)化率增大，苯乙烯產(chǎn)率增加。減小壓強(qiáng)使乙苯濃度減小，反應(yīng)速率減小，故答案為：該反應(yīng)分子數(shù)增加，減小壓強(qiáng)使平衡右移，乙苯轉(zhuǎn)化率增大，苯乙烯產(chǎn)率增加。減小壓強(qiáng)使乙苯濃度減小，反應(yīng)速率減小。rm{dfrac{1.4a-a}{a}

隆脕100%=40%}根據(jù)圖像，升高溫度，乙苯的轉(zhuǎn)化率增大，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，說明正反應(yīng)方向?yàn)槲鼰岱较?，rm{1.4a}點(diǎn)溫度高于rm{40%}點(diǎn)，則rm{(2)}點(diǎn)的平衡常數(shù)等于rm{(3)壟脵}故答案為：rm{B}

rm{A}正反應(yīng)為氣體分子數(shù)增大的反應(yīng)，保持溫度和壓強(qiáng)不變，加入水蒸氣，容器體積增大，等效為降低壓強(qiáng)，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，因此加入水蒸氣，能夠提高乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率，加入的水蒸氣的量越多，乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率越大，根據(jù)圖像，投料比rm{B}rm{A}rm{<}在高溫條件下，水蒸氣會(huì)與木炭反應(yīng)生成一氧化碳和氫氣，化學(xué)方程式為rm{壟脷}rm{M_{1}>M_{2}>M_{3,}}故答案為：rm{{,!}_{鹿脢麓冒擄賂脦陋攏潞}M_{1}>M_{2}>M_{3}}rm{壟脹}rm{C+H_{2}O}【解析】rm{(1)壟脵(dfrac{4a}{15V})mol隆隴{L}^{-1}}rm{(1)壟脵(dfrac{4a}{15V})mol隆隴{L}^{-1}

}rm{壟脷1.4a40%}該反應(yīng)分子數(shù)增加，減小壓強(qiáng)使平衡右移，乙苯轉(zhuǎn)化率增大，苯乙烯產(chǎn)率增加。減小壓強(qiáng)使乙苯濃度減小，反應(yīng)速率減小。rm{(2)}rm{(3)壟脵}rm{<}rm{壟脷}rm{壟脹C+H_{2}Ooverset{賂脽脦脗}{=}CO+H_{2}}rm{M_{1}>M_{2}>M_{3}}26、（1）對(duì)硝基甲苯（或4硝基甲苯或4甲基硝基苯或?qū)谆趸剑?）羥基、羧基（3）加成反應(yīng)13（4）酯化反應(yīng)（或取代反應(yīng)）（5）10（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷和合成，難度不大，根據(jù)信息推斷物質(zhì)以及掌握物質(zhì)間轉(zhuǎn)化關(guān)系是解答關(guān)鍵?！窘獯稹客瑴赝瑝合?，rm{A}的蒸氣密度與rm{H_{2}}的密度之比為rm{29漏U1}則rm{A}的摩爾質(zhì)量為rm{58g/mol}由rm{M}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，可知rm{E}為聚rm{2-}丁烯酸，rm{I}為對(duì)硝基苯甲醇，rm{D}為rm{CH_{3}CH=CHCOOH}rm{C}發(fā)生醇的消去反應(yīng)生成rm{D}rm{C}為rm{CH_{3}CH_{2}CH(OH)COOH}由信息rm{II}知rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}CH(OH)CN}rm{A}為rm{CH_{3}CH_{2}CHO}rm{H}在rm{NaOH}溶液作用下，加熱生成rm{I}rm{H}為對(duì)一氯甲基硝基苯，rm{G}與氯氣在光照下生成rm{H}rm{G}為對(duì)硝基甲苯，rm{F}為甲苯。rm{(1)}由以上分析可知rm{G}為對(duì)硝基甲苯，故答案為：對(duì)硝基甲苯；rm{(2)C}為rm{CH}rm{3}rm{3}rm{CH}rm{2}官能團(tuán)為羥基、羧基，rm{2}為rm{CH(OH)COOH}rm{D}rm{CH}rm{3}故答案為：羥基、羧基；rm{3}rm{CH=CHCOOH}為雙鍵的加成反應(yīng)，順式結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為為甲苯，苯環(huán)中的原子在同一平面上，甲基上最多有rm{(3)}個(gè)rm{A隆煤B}為雙鍵的加成反應(yīng)，與苯環(huán)在同一平面，最多有rm{A隆煤B}原子共平面，rm{F}rm{1}為酯化反應(yīng)rm{H}或取代反應(yīng)rm{13}化學(xué)方程式為故答案為：加成反應(yīng)；rm{13}酯化反應(yīng)rm{13}或取代反應(yīng)rm{(4)E+I隆煤M}為酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}化學(xué)方程式為rm{(4)E+I隆煤M}為對(duì)一氯甲基硝基苯，rm{(}含有相同官能團(tuán)，苯環(huán)上含有三個(gè)取代基，為rm{)}故答案為：rm{(}即苯環(huán)上連有三個(gè)不同取代基，其同分異構(gòu)體有rm{)}種，故答案為：rm{(5)H}與rm{H}含有相同官能團(tuán)，苯環(huán)上含有三個(gè)取代基，為rm{-Cl}rm{-CH_{3}}rm{-NO_{2}}即苯環(huán)上連有三個(gè)不同取代基，其同分異構(gòu)體有rm{10}種，rm{H}rm{-Cl}故答案為：rm{-CH_{3}}【解析】rm{(1)}對(duì)硝基甲苯rm{(}或rm{4}硝基甲苯或rm{4}甲基硝基苯或?qū)谆趸絩m{)}rm{(2)}羥基、羧基rm{(3)}加成反應(yīng)rm{13}rm{(4)}酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}rm{(5)10}rm{(6)}27、（1）V2O5+2H+=2VO2++H2OSiO2（2）0.5（3）Fe（OH）3、Al（OH）3（4）堿（5）K+（6）【分析】【分析】本題考查混合物分離提純的綜合應(yīng)用，為高頻考點(diǎn)，把握流程中發(fā)生的反應(yīng)、混合物分離及實(shí)驗(yàn)技能為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾?，注意元素化合物與實(shí)驗(yàn)相結(jié)合的訓(xùn)練，綜合性較強(qiáng)，題目難度中等?！窘獯稹繌膹U釩催化劑中回收rm{V_{2}O_{5}}由流程可知，“酸浸”時(shí)rm{V_{2}O_{5}}轉(zhuǎn)化為rm{VO_{2}^{+}}rm{V_{2}O_{4}}轉(zhuǎn)成rm{VO^{2+}}氧化鐵、氧化鋁均轉(zhuǎn)化為金屬陽離子，只有rm{SiO_{2}}不溶，則過濾得到的濾渣rm{1}為rm{SiO_{2}}然后加氧化劑rm{KClO_{3}}將rm{VO^{2+}}變?yōu)閞m{VO_{2}^{+}}再加rm{KOH}時(shí)，鐵離子、鋁離子轉(zhuǎn)化為rm{Fe(OH)_{3}}rm{Al(OH)_{3}}沉淀，同時(shí)中和硫酸，過濾得到的濾渣rm{2}為rm{Fe(OH)_{3}}rm{Al(OH)_{3}}“離子交換”和“洗脫”可簡(jiǎn)單表示為：rm{4ROH+{V}_{4}{{O}_{12}}^{4-}underset{脌毛脳脫陸祿祿祿}{overset{脧麓脥脩}{?}}{R}_{4}{V}_{4}{O}_{12}+4O{H}^{-}}由rm{4ROH+{V}_{4}{{O}_{12}}^{4-}

underset{脌毛脳脫陸祿祿祿}{overset{脧麓脥脩}{?}}{R}_{4}{V}_{4}{O}_{12}+4O{H}^{-}}為強(qiáng)堿性陰離子交換樹脂可知，堿性條件下利用反應(yīng)正向移動(dòng)，流出液中主要為硫酸鉀，“沉釩”得到偏釩酸銨rm{ROH}沉淀，“煅燒”時(shí)分解生成rm{(NH_{4}VO_{3})}

rm{V_{2}O_{5}}“酸浸”時(shí)rm{(1)}轉(zhuǎn)化為rm{V_{2}O_{5}}反應(yīng)的離子方程式為rm{VO_{2}^{+}}由上述分析可知濾渣rm{V_{2}O_{5}+2H^{+}=2VO_{2}^{+}+H_{2}O}為rm{1}

rm{SiO_{2,}}故答案為：rm{{,!}}rm{V}rm{2}rm{2}rm{O}rm{{,!}_{5}}rm{{,!}_{5}}rm{+2H^{+}=2VO^{2+}+H}rm{2}；

rm{2}“氧化”中欲使rm{O}的rm{SiO}變?yōu)閞m{2}由電子守恒可知，則需要氧化劑rm{2}至少為rm{dfrac{3mol隆脕(5-4)}{[5-(-1)]}=0.5mol}

故答案為rm{(2)}

rm{3mol}由上述流出分析可知濾渣rm{VO^{2+}}為rm{VO_{2}^{+}}rm{KClO_{3}}；

故答案為：rm{dfrac

{3mol隆脕(5-4)}{[5-(-1)]}=0.5mol}rm{0.5}、rm{(3)}rm{2}；rm{Fe(OH)_{3}}利用強(qiáng)堿性陰離子交換樹脂可“離子交換”和“洗脫”，則應(yīng)選擇堿性條件下使用，且rm{Al(OH)_{3}}濃度大反應(yīng)逆向移動(dòng)提高洗脫效率；

故答案為：堿；

rm{Fe(OH)}由上述分析可知，流出液中主要為硫酸鉀，則“流出液”中陽離子最多的是rm{3}

答案為rm{3}

rm{Al(OH)}“煅燒”中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{2N{H}_{4}V{O}_{3}overset{賂脽脦脗}{=}{V}_{2}{O}_{5}+{H}_{2}O隆眉+2N{H}_{3}隆眉}

故答案為：rm{2N{H}_{4}V{O}_{3}overset{賂脽脦脗}{=}{V}_{2}{O}_{5}+{H}_{2}O隆眉+2N{H}_{3}隆眉}

rm{3}【解析】rm{(1)V_{2}O_{5}+2H^{+}=2VO^{2+}+H_{2}O}rm{SiO_{2}}rm{(2)0.5}rm{(3)Fe(OH)_{3}}rm{Al(OH)_{3;;}}rm{(4)}堿rm{(5)K^{+}}rm{(6)2N{H}_{4}V{O}_{3}overset{賂脽脦脗}{=}{V}_{2}{O}_{5}+{H}_{2}O隆眉+2N{H}_{3}隆眉}rm{(6)2N{H}_{4}V{O}_{3}

overset{賂脽脦脗}{=}{V}_{2}{O}_{5}+{H}_{2}O隆眉+2N{H}_{3}隆眉}28、rm{(1)2-}甲基rm{-1}rm{3-}丁二烯碳碳雙鍵和羧基甲基rm{(1)2-}rm{-1}丁二烯碳碳雙鍵和羧基

rm{3-}加成反應(yīng)消去反應(yīng)

rm{(2)}rm{(3)}

rm{C_{6}H_{12}N_{4;;;}}

rm{(4)}rm{(5)}或rm{[}

rm{]}rm{(6)}rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}rm{CH}rm{CH}rm{xrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}}rm{2}rm{2}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{OH}rm{OH}rm{xrightarrow[?]{{O}_{2}/Cu}

}rm{CH}rm{CH}rm{xrightarrow[脽脕脿隴]{POC{l}_{3}}}rm