2025年湘教新版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于點電荷的下列說法中正確的是（）A.體積較大的帶電體一定不能看成點電荷B.足夠?。ɡ珞w積小于1mm3）的電荷，一定可以看作點電荷C.點電荷的帶電量一定很小D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看它尺寸的絕對值，而是看它的形狀和大小對相互作用力的影響是否能忽略不計．點電荷是一種理想化模型2、如圖甲所示，長為L的輕桿一端固定一小球，可繞另一端O點在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動．小球運動到最高點時，速度大小為v，桿與小球間彈力大小為F，其F-v2圖象如圖乙所示，g取10m/s2，則（）A.當v2＜4時，桿對小球的彈力方向向下B.當v2=4時，桿對小球的彈力等于小球重力C.小球的質(zhì)量為2.5kgD.桿的長度為0.4m3、如圖所示，一線圈放在通電螺線管的正中間A處，現(xiàn)向右移動到B處，則在移動過程中通過線圈的磁通量如何變化（）A.變大B.變小C.不變D.無法確定4、如圖所示，O、B、A為一粗糙絕緣水平面上的三點，一電荷量為-Q的點電荷固定在O點，現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為+q的小金屬塊（可視為質(zhì)點），從A點以初速度沿它們的連線向固定點電荷運動，到B點時速度最小，其大小為v，已知小金屬塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，AB間距離為L，靜電力常量為k，則A．OB間的距離為B．小金屬塊由A向O運動的過程中，電勢能先增大后減小C．小金屬塊由A向O運動的過程中，加速度先減小后增大D．在點電荷-Q形成的電場中，A、B兩點間的電勢差5、某物體質(zhì)量為1kg；受水平拉力作用沿水平粗糙地面作直線運動，其速度圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知物體（）

A.受的拉力總是大于摩擦力。

B.在第3s內(nèi)受的拉力為1N

C.在第1s內(nèi)受的拉力大于2N

D.在第2s內(nèi)受的拉力為零。

6、【題文】X軸上有兩個點電荷Q1和Q2；Q1和Q2之間連線上各點電勢的高低如圖中曲線所示（AP＜PB)，取無窮遠處為電勢零點，下列說法中正確的是。

A.Q1和Q2帶異種電荷。

B.Q1的帶電量電荷量一定大于Q2的帶電電荷量。

C.同一個點電荷在AP之間所具有的電勢能比在BP間大。

D.帶電體在P點處所受的電場力為零7、作變速直線運動的物體，在前一半路程內(nèi)的平均速度的大小為40m/s，后一半路程內(nèi)的平均速度的大小為60m/s，則在全程范圍內(nèi)的平均速度的大小是（）A.48m/sB.50m/sC.52m/sD.45m/s評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、（2016春?唐山校級期中）如圖所示，小物體位于半徑為R的半球頂端，若給小物體以水平速度v0時，小物體對球頂恰好無壓力，則（）A.物體的初速度v0=B.物體離開球面做平拋運動C.物體落地時水平位移為2RD.物體落地時速度與水平方向成45°9、關(guān)于彈力，下列說法正確的是（）A.放在水平桌面上的物體對桌面的壓力就是該物體的重力B.壓力、支持力、繩中的張力的大小都可以根據(jù)胡克定律求出C.彈力的大小與物體的形變程度有關(guān)，在彈性限度內(nèi)形變程度越大，彈力越大D.彈力的方向總是與施力物體恢復形變的方向相同10、如圖所示，a、b是x軸上關(guān)于O點對稱的兩點，c、d是y軸上關(guān)于O點對稱的兩點，c、d兩點分別固定一對等量異種點電荷，電子僅在電場力作用下從a點沿曲線運動到b點，E為第一象限內(nèi)軌跡上的一點，以下說法正確的是（）A.c點的電荷帶正電B.a點電勢高于E點電勢C.E點場強方向沿軌跡在該點的切線方向D.檢驗電荷從a到b過程中，電勢能先增加后減少11、如圖甲、乙是配電房中的互感器和電表的接線圖，下列說法中正確的是（）A.甲圖中線圈匝數(shù)應該滿足n1＞n2B.乙圖中線圈匝數(shù)應該滿足n3＞n4C.甲圖中的電表是電壓表，用來測量兩導線之間的大電壓D.乙圖中的電表是電流表，用來測量導線中的小電流12、下面關(guān)于氣體壓強的說法正確的是（）A.氣體對器壁產(chǎn)生的壓強是由于大量氣體分子頻繁碰撞器壁而產(chǎn)生的B.氣體對器壁產(chǎn)生的壓強等于作用在器壁單位面積上的平均作用力C.從微觀角度看，氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能和分子的密集程度有關(guān)D.從宏觀角度看，氣體的壓強大小跟氣體的溫度和體積有關(guān)13、如圖所示，A、B、C為電場中同一電場線上的三點．設電荷在電場中只受電場力作用，則下列說法中不正確的是（）A.若在C點無初速地釋放正電荷，則正電荷向B運動，電勢能減少B.若在C點無初速地釋放正電荷，則正電荷向B運動，電勢能增加C.若在C點無初速地釋放負電荷，則負電荷向A運動，電勢能增加D.若在C點無初速地釋放負電荷，則負電荷向A運動，電勢能不變評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、圖（1）是“DIS向心力實驗器”，當質(zhì)量為m的砝碼隨旋轉(zhuǎn)臂一起在水平面內(nèi)做半徑為r的圓周運動時；受到的向心力可通過牽引桿由力傳感器測得，旋轉(zhuǎn)臂另一端的擋光桿（擋光桿的擋光寬度為△s，旋轉(zhuǎn)半徑為R）每經(jīng)過光電門一次，通過力傳感器和光電門就同時獲得一組向心力F和角速度ω的數(shù)據(jù)，并直接在坐標系中描出相應的點．得到多組F；ω的數(shù)據(jù)后，連成平滑的曲線，如圖（2）．

（1）為了得到線性分布的數(shù)據(jù)點，應將橫坐標ω改為____；

（2）實驗中，旋轉(zhuǎn)過程中某次擋光桿經(jīng)過光電門時的遮光時間為△t，則角速度ω=____；

（3）若將旋轉(zhuǎn)臂轉(zhuǎn)到豎直平面內(nèi)；使其帶著砝碼在豎直平面內(nèi)做圓周運動，每次擋光桿轉(zhuǎn)到最高點就經(jīng)過光電門一次，力傳感器記錄旋轉(zhuǎn)臂受到的砝碼對它的作用力，同時光電門記錄擋光時間，獲得一組F和ω的數(shù)據(jù)；

多次測量后繪制出F-ω圖象如圖（3）．已知重力加速度g為9.8m/s2，砝碼做圓周運動的半徑為20cm．從圖中可得，砝碼的質(zhì)量為____kg，圖線與橫坐標的交點ω=____rad/s．15、質(zhì)量m=1kg的物體在水平地面上向右滑行，若受到水平向左的拉力F=5N作用，已知物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，物體受到的合力方向向____，大小為____．（g=10m/s2）16、（2015春?咸陽校級月考）物理課上，老師做了一個奇妙的“跳環(huán)實驗”．如圖，他把一個帶鐵芯的線圈L、開關(guān)S和電源E用導終連接起來后．將一金屬套環(huán)置于線圈上L，且使鐵芯穿過套環(huán)．閉合開關(guān)S的瞬間，套環(huán)立刻跳起．請你根據(jù)所學知識簡要寫出金屬壞在閉合開關(guān)S的瞬間立刻跳起的原因____．17、（2010秋?雁塔區(qū)校級期末）在研究電磁感應現(xiàn)象實驗中；

（1）為了能明顯地觀察到實驗現(xiàn)象；請在如圖所示的實驗器材中，選擇必要的器材，在圖中用實線連接成相應的實物電路圖；

（2）將原線圈插人副線圈中，閉合電鍵，副線圈中感應電流與原線圈中電流的繞行方向____（填“相同”或“相反”）；

（3）將原線圈拔出時，副線圈中的感應電流與原線圈中電流的繞行方向____（填“相同”或“相反”）．

（4）本實驗中，如果發(fā)現(xiàn)線圈繞線的標記丟失，此時可以用來判斷線圈繞制方向的步驟是____

A．將線圈與干電池；保護電阻、電流計串聯(lián)；根據(jù)電流方向判斷線圈的繞制方向。

B．將線圈與干電池；保護電阻、電流計串聯(lián)；用一小磁針判斷出線圈中的電流方向，從而確定線圈的繞制方向。

C．用線圈與另一已知繞制方向的線圈共同做電磁感應實驗；根據(jù)感應電流的方向，判斷線圈的繞制方向。

D．判斷的步驟中，都要用到安培定則．18、曉楓同學要重新布置自己的房間；箱子與地面間的滑動摩擦因數(shù)為0.4，箱子與地面間的最大靜摩擦力是350N，箱子的重為800N；

（1）他用200N的力水平推箱子，則箱子受到摩擦力是____N．

（2）他用400N的力水平推箱子，則箱子受到摩擦力是____N．評卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)19、電場力大的地方電場強度一定大．____．（判斷對錯）20、狹義相對論認為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對錯）21、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對錯）評卷人得分五、簡答題(共1題，共7分)22、超導體的電阻為0，如果閉合的超導電路內(nèi)有電流，這個電流不產(chǎn)生焦耳熱，所以不會自行消失．現(xiàn)有一個固定的超導體圓環(huán)如圖甲所示，此時圓環(huán)中沒有電流．在其右側(cè)放入一個條形永磁體（圖乙），由于電磁感應，在超導體圓環(huán)中產(chǎn)生了電流，電流的方向如何？評卷人得分六、實驗題(共4題，共40分)23、某實驗小組用伏安法測定一個待測電阻Rx的阻值（阻值粗測為190Ω）；實驗室提供如下器材：

電池組E：電動勢3V；內(nèi)阻不計。

電流表A1：量程0～15mA；內(nèi)阻約為100Ω

電流表A2：量程0～3mA；內(nèi)阻為100Ω

變阻器R1：阻值范圍0～20Ω；額定電流2A

電阻箱R2；阻值范圍0～9999Ω，額定電流1A

電鍵S；導線若干。

要求實驗中盡可能準確地測量Rx的阻值；請回答下面問題：

（1）為了測量待測電阻兩端的電壓，可以將電流表A2與電阻箱串聯(lián)，并將電阻箱阻值調(diào)到____Ω；這樣可以改裝成一個量程為3.0V的電壓表．

（2）在圖1方框中畫出測量Rx阻值的完整電路圖；并在圖中標明器材代號．

（3）調(diào)節(jié)滑動變阻器R1，兩表的示數(shù)如圖2所示，可讀出電流表A1的示數(shù)是____mA，電流表A2的示數(shù)是____mA，則精確得到待測電阻Rx的阻值是____Ω．24、用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)電阻r；所給的器材有：

A．電壓表V：0-3-15V；B．電流表A：0-0.6-3A；

C．滑動變阻器R1（總電阻20Ω）；D．滑動變阻器R2（總電阻100Ω）；

以及電鍵S和導線若干．

（1）在方框內(nèi)畫出實驗電路圖（標明所選用的變阻器的符號）；

（2）如圖所示的U-I圖上是由實驗測得的7組數(shù)據(jù)標出的點；請你作出U-I圖線；

（3）由圖線可知E=____V，r=____Ω．25、（2008?天津）（1）用螺旋測微器測金屬導線的直徑，其示數(shù)如圖所示，該金屬導線的直徑為____mm

（2）用下列器材組裝成描繪電阻R0伏安特性曲線的電路；請將實物圖連線成為實驗電路．

微安表μA（量程200μA；內(nèi)阻約200Ω）；

電壓表V（量程3V；內(nèi)阻約10kΩ）；

電阻R0（阻值約20kΩ）；

滑動變阻器R（最大阻值50Ω；額定電流1A）；

電源E（電動勢3V；內(nèi)阻不計）；

開關(guān)S及導線若干．

（3）某同學用單擺測重力加速度，發(fā)現(xiàn)單擺靜止時擺球重心在球心的正下方，他仍將從懸點到球心的距離當作擺長L，通過改變擺線的長度，測得6組L和對應的周期T，畫出L-T2圖線，然后在圖線上選取A、B兩點，坐標如圖所示．他采用恰當?shù)臄?shù)據(jù)處理方法，則計算重力加速度的表達式應為g=____．請你判斷該同學得到的結(jié)果與擺球重心就在球心處的情況相比，將____（填“偏大”、“偏小”或“相同”）．26、（2011秋?大慶校級月考）在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中；有以下器材：

A；小燈泡L（2.5V、0.55A）

B；滑動變阻器R（0～10Ω）

C、電壓表V1（0～3V）

D、電壓表V2（0～15V）

E、電流表A1（0～0.6A）

F、電流表A2（0～3A）

G；鉛蓄電池、開關(guān)各一個；導線若干．

（1）為了減小誤差，實驗中應選電流表____，電壓表____．

（2）在圖1虛線框內(nèi)按要求設計實驗電路圖（部分線已畫好）．

（3）某同學經(jīng)過實驗，描繪出一個小燈泡的伏安特性曲線，如圖2所示，圖線發(fā)生彎曲的原因為____．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系．【解析】【解答】解：A；由帶電體看作點電荷的條件；當帶電體的形狀對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，帶電體能否看作點電荷是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀和電量多少無具體關(guān)系，故ABC錯誤；

D；一個帶電體能否看成點電荷；不是看它尺寸的絕對值，而是看它的形狀和大小對相互作用力的影響是否可以忽略，故D正確；

故選：D2、D【分析】【分析】在最高點，若v=0，則F=mg，根據(jù)圖線求出小球的質(zhì)量，若F=0，則mg=m，根據(jù)圖線得出桿的長度．根據(jù)重力與向心力的關(guān)系確定桿的彈力方向．【解析】【解答】解：AB、由圖象可知，當v2=4m2/s2時，桿對小球的彈力為零，即靠重力提供向心力，當v2＜4時；重力大于向心力，則桿對小球的彈力方向向上，故A錯誤，B錯誤．

CD、根據(jù)得，v2=gL，解得桿的長度L=；當v=0時，F(xiàn)=10N，有F=mg=10N，解得m=1kg，故C錯誤，D正確．

故選：D．3、B【分析】【分析】穿過線圈的磁場有進去的，也有出來的，則磁通量為穿過線圈的凈磁通量．根據(jù)穿出線圈磁通量的大小判斷通過線圈磁通量的大小．【解析】【解答】解：螺線管內(nèi)部磁場向左穿過線圈，設向左穿過線圈的磁通量為Φ1，螺線管外部磁場向右穿過線圈，設穿過的磁通量為Φ2，則凈磁通量為Φ=Φ1-Φ2．線圈從正中間A處，現(xiàn)向右移動到B處Φ2增大，Φ1不變．則Φ減小．故B正確；A；C、D錯誤．

故選B．4、A|C【分析】試題分析：在B點速度最小，表明電場力與滑動摩擦力相等，即可得選項A正確。小金屬塊由A向O運動的過程中，電場力與位移方向始終同向，電場力一直做正功，選項B錯誤。小金屬塊由A向B運動的過程中，合力越來越小，加速度越來越??；小金屬塊由B向O運動的過程中，合力越來越大，加速度越來越大，選項C正確。根據(jù)動能定理，有選項D錯誤。考點：本題考查庫侖定律，電場力做功，電勢能的變化，加速度等?！窘馕觥俊敬鸢浮緼C5、C【分析】

A、物體第一秒勻加速直線運動，第二秒做勻速直線運動，第三秒做勻加速直線運動，加速度分別為：=2m/s2，a2=0，

根據(jù)牛頓第二定律；有。

F1-f=ma1①

F2-f=0②

F3-f=ma3③

由②式；第二秒的拉力等于摩擦力，故A錯誤；

B；由③式；第三秒內(nèi)拉力比摩擦力大1N，故B錯誤；

C；由①式；第一秒內(nèi)的拉力大于2N，故C正確；

D；由②式；第二秒內(nèi)拉力等于摩擦力，故D錯誤；

故選C．

【解析】【答案】從圖象得到第一秒勻加速直線運動；第二秒做勻速直線運動，第三秒做勻加速直線運動；根據(jù)運動學公式求出加速度后，再根據(jù)牛頓第二定律列式．

6、A【分析】【解析】分析：選無窮遠處電勢為0；則在正電荷的電場中所有點的電勢都是正的，在負電荷的電場中所有點的電勢都是負的，如果是等量異種電荷的話，在中垂線上的點電勢為零．

解答：解：由圖象可以發(fā)現(xiàn)，離Q1越近電場中的電勢越高，由此可以判斷Q1為正電荷，同理，由于離Q2越近電勢越低，所以Q2為負電荷；故A正確。

在它們的連線上的p點的電勢也是零，但p點離Q1近，所以Q1的電荷量要小于Q2的電荷量；所以B錯誤；

同一個點電荷只能說在某點具有電勢能；而不能說某一段具有電勢能，所以C錯誤。

由于Q1和Q2為異種電荷，并且Q1為正電荷，Q1在x軸正半軸上的電場方向向右，Q2為負電荷，Q2在Q1和Q2之間的電場方向也向右，所以P點電場強度是Q1和Q2在p點產(chǎn)生的電場的和，方向指向Q1；所以D錯誤。

故選：A．

點評：本題考查的就是點電荷的電場的分布及特點，這要求同學對于基本的幾種電場的情況要了解，本題看的就是學生的基本知識的掌握情況．【解析】【答案】A7、A【分析】【分析】平均速度是指物體在一段時間或者是在某一段路程的速度，根據(jù)平均速度公式計算即可【解析】【解答】解：設總的路程為s，在前一半路程用的時間為：t1=；

后一半路程用的時間為：t2=；

全程范圍內(nèi)的平均速度的大小是：v==48m/s；所以A正確．

故選：A二、多選題(共6題，共12分)8、AB【分析】【分析】物塊在最高點不受支持力，僅受重力，又有水平初速度，將做平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律，由重力提供向心力求出初速度的大小，根據(jù)高度求出運動的時間，從而求出落地的水平位移和速度方向．【解析】【解答】解：A、據(jù)題，小物體對球頂恰好無壓力，則由牛頓第三定律知，球頂對小球沒有支持力，根據(jù)牛頓第二定律，得：mg=m

解得v0=．故A正確．

B；小物體在球頂時僅受重力；又有水平初速度，所以物體離開球面做平拋運動．故B正確．

C、根據(jù)平拋運動的規(guī)律有R=gt2得，t=，則物體落地時水平位移x=v0t=?=R．故C錯誤．

D、落地時豎直方向上的速度vy=gt=，設落地時速度與地面的夾角為θ，有tanθ==＞1；則θ＞45°．故D錯誤．

故選：AB9、CD【分析】【分析】彈力是由于物體發(fā)生彈性形變產(chǎn)生的，壓力、支持力、繩中的張力是常見的彈力，重力與壓力是兩回事．彈力的大小與形變量有關(guān)，在彈性限度內(nèi)，形變程度越大，彈力越大．彈力的方向總是與施力物體恢復形變的方向相反．【解析】【解答】解：A；靜止在水平面上的物體所受的重力與它對水平面的壓力不是一回事；重力是施力物體是地球，而壓力的施力物體是該物體，性質(zhì)也不同．故A錯誤．

B；壓力、支持力、繩中的張力都是由于物體發(fā)生彈性形變而產(chǎn)生的；都屬于彈力，但只有彈簧的彈力，且在彈性限度之內(nèi)，才能運用胡克定律求出，故B錯誤．

C；彈力的大小與物體的形變程度有關(guān)；在彈性限度內(nèi)，形變程度越大，彈力越大，故C正確．

D；彈力的方向總是與施力物體恢復形變的方向相同．故D正確．

故選：CD．10、BD【分析】【分析】根據(jù)軌跡的彎曲方向得到電場力的方向，再判斷兩個電荷的電性；最后根據(jù)電場力做的功等于電勢能的減小量進行分析．【解析】【解答】解：A、帶負電的電子僅在電場力的作用下從a點沿曲線運動到b點；合力指向曲線的內(nèi)側(cè)，故上面的電荷帶同種電，即C點電荷帶負電，故A錯誤；

B、從E點到b點電場力做正功，電勢能減小，由于是負電荷，故從E到b電勢要升高，即b點的電勢高于E點的電勢．

又因為等量異號電荷的連線的中垂線是等勢面，故a、b兩個點電勢相等；所以a點電勢高于E點電勢，故B正確；

C；E點的切線方向為速度方向；E點的場強方向應與電場力方向在一直線，而曲線運動的受力與速度方向不可能在同一直線上，即E點場強方向不可能是該點的切線方向，故C錯誤；

D、檢驗電荷從a到b過程中；電場力先做負功后做正功，故電勢能先增加后減小，故D正確；

故選：BD11、AC【分析】【分析】理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時，導致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導致副線圈中產(chǎn)生感應電動勢．而副線圈中的感應電流的變化，又導致在原線圈中產(chǎn)生感應電動勢．串聯(lián)在電路中的是電流互感器，并聯(lián)在電路中的是電壓互感器．【解析】【解答】解：A、甲并聯(lián)在電路中是電壓互感器，電路中是強電壓，通過變壓器變成弱電壓，用電壓表測量，因為電壓之比等于線圈匝數(shù)比，所以n1＞n2；故AC正確；

B、由圖可知，乙串聯(lián)在電路中是電流互感器，電路中是強電流，通過變壓器變成弱電流，用電流表測量，因為電流之比等于線圈匝數(shù)的倒數(shù)比，所以n3＜n4；a是電流表，故BD錯誤；

故選：AC12、ABC【分析】【分析】本題的關(guān)鍵是明確氣體壓強的產(chǎn)生機理，由于大量的氣體分子頻繁的持續(xù)的碰撞器壁產(chǎn)生的，作用在器壁單位面積的平均作用力即為氣體的壓強，壓強大小可以從微觀和宏觀兩個角度說明．【解析】【解答】解：A；B：氣體壓強的產(chǎn)生機理是：由于大量的氣體分子頻繁的持續(xù)的碰撞器壁而對器壁產(chǎn)生了持續(xù)的壓力；單位時間內(nèi)作用在器壁單位面積上的平均作用力就是氣體對器壁產(chǎn)生的壓強，所以A、B正確；

C：從微觀的角度看；氣體分子的平均速率越大，單位體積內(nèi)的氣體分子數(shù)越多，氣體對器壁的壓強就越大，即氣體壓強的大小與氣體分子的平均動能和分子的密集程度有關(guān)，所以C正確；

D：從宏觀角度看；當氣體的質(zhì)量一定時，氣體的壓強跟氣體的溫度和體積有關(guān)，當氣體的質(zhì)量變化時，氣體的壓強就可能與溫度和體積沒有關(guān)系，所以D錯誤；

故選：ABC13、BCD【分析】【分析】正電荷在電勢高處電勢能大．正電荷受到的電場力方向與場強方向相同．電場力做正功電荷的電勢能減小，電場力做負功，電荷的電勢能增大．【解析】【解答】解：A；正電荷受力方向為該點的場強方向；在C點無初速地釋放正電荷，則正電荷向B運動，電場力做正功，電勢能減少．故A正確，B錯誤；

C；負荷受力方向與該點的場強方向相反；若在C點無初速地釋放負電荷，則負電荷向A運動，電場力做正功，電勢能減少．故CD錯誤．

本題選不正確的。

故選：BCD三、填空題(共5題，共10分)14、ω20.027【分析】【分析】根據(jù)向心力的公式；可知向心力與角速度的平方成之比．根據(jù)極短時間平均速度得出線速度的大小，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系得出角速度的大小．

抓住圖象中角速度為零，和F為零，結(jié)合牛頓第二定律求出砝碼的質(zhì)量以及圖線與橫坐標的交點坐標．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)F=mrω2知，向心力與角速度的平方成正比，為了得出線性分布的數(shù)據(jù)點，應將橫坐標ω改為ω2．

（2）線速度的大小v=，則角速度為：．

（3）在最高點；由圖象可知，當角速度為零時，F(xiàn)=mg=0.2N，解得砝碼的質(zhì)量m=0.02kg．

當F為零時，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=mRω2；

解得：．

故答案為：（1）ω2；（2）；（3）0.02，7．15、左7N【分析】【分析】物體在水平方向上受到向左的拉力和向左的滑動摩擦力，根據(jù)合成法求出合力的大小和方向．【解析】【解答】解：物體的受力如圖，則F合=f+F=μmg+F=2+5N=7N，方向水平向左．

故答案為：左，7N．16、開關(guān)接通瞬間金屬環(huán)中產(chǎn)生較強的感應電流，由楞次定律知其方向與線圈中電流方向相反，在線圈電流產(chǎn)生磁場中，金屬環(huán)受到瞬時安培力大于其重力，所以金屬環(huán)立刻跳起．【分析】【分析】閉合開關(guān)的瞬間，穿過套環(huán)的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應電流，從而受到安培力，會向上跳起，從而即可求解．【解析】【解答】解：線圈接在直流電源上；閉合開關(guān)的瞬間，穿過套環(huán)的磁通量仍然會改變，套環(huán)中會產(chǎn)生感應電流，會跳動．

電源電壓過高；在套環(huán)中產(chǎn)生的感應電流更大，更容易跳起．

直流電源的正負極接反了；閉合開關(guān)的瞬間，穿過套環(huán)的磁通量仍然會改變，套環(huán)中會產(chǎn)生感應電流，會跳動；

故答案為：開關(guān)接通瞬間金屬環(huán)中產(chǎn)生較強的感應電流，由楞次定律知其方向與線圈中電流方向相反，在線圈電流產(chǎn)生磁場中，金屬環(huán)受到瞬時安培力大于其重力，所以金屬環(huán)立刻跳起．17、相反相同BCD【分析】【分析】（1）注意該實驗中有兩個回路；一是電源；電鍵、變阻器（上、下各連一個接線柱）、小螺線管串聯(lián)成的回路，二是電流計與大螺線管串聯(lián)成的回路，據(jù)此可正確解答．

（2）閉合電鍵時；正確判斷副線圈中磁通量的變化情況，然后根據(jù)楞次定律判斷感應電流方向，即可正確解答．

（3）同理判斷原線圈拔出時；正確判斷副線圈中磁通量的變化，則根據(jù)楞次定律即可解答．

（4）根據(jù)電磁感應現(xiàn)象、楞次定律分析答題．【解析】【解答】解：（1）將電源；電鍵、變阻器（上、下各連一個接線柱）、小螺線管串聯(lián)成一個回路；

再將電流計與大螺線管串聯(lián)成另一個回路；電路圖如圖所示．

（2）閉合電鍵瞬間；副線圈中磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，副線圈中的感應電流磁場阻礙其磁通量的增大，形成與原線圈中電流的繞行方向相反的感應電流．

（3）同理將原線圈拔出時；副線圈中的磁通量減小，同理根據(jù)楞次定律可知副線圈中形成與原線圈中電流的繞行方向相同的感應電流．

（4）A；將線圈與干電池、保護電阻、電流計串聯(lián)；無法判斷線圈的繞制方向，故A錯誤；

B；將線圈與干電池、保護電阻、電流計串聯(lián)；用一小磁針判斷出線圈中的電流方向，然后由右手定則可以確定線圈的繞制方向，故B正確；

C；用線圈與另一已知繞制方向的線圈共同做電磁感應實驗；根據(jù)感應電流的方向，由右手定則可以判斷線圈的繞制方向，故C正確；

D；判斷的步驟中；都要用到安培定則，故D正確；故選BCD．

故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）相反；（3）相同；（4）BCD．18、200320【分析】【分析】當推力小于最大靜摩擦力時，物體受到靜摩擦力；摩擦力大小等于推力；而當推力大于最大靜摩擦力時，物體滑動，由滑動摩擦力公式求解摩擦力．【解析】【解答】解：（1）用200N推箱子時；箱子靜止，受到靜摩擦力，摩擦力大小f=200N；

（2）400N大于最大靜摩擦力；故木箱滑動，物體受到滑動摩擦力；摩擦力大小f=μmg=0.4×800=320N；

答：（1）箱子受到的摩擦力為200N；（2）箱子受到的摩擦力為320N．四、判斷題(共3題，共21分)19、×【分析】【分析】根據(jù)電場強度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=得：F=qE

可知電場力與電場強度和電荷量都有關(guān)；則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的兩個基本假設：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．它告訴我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運動速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的兩個基本假設可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時，排列變得有秩序，使光線容易通過．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時，排列變得有秩序，使光線容易通過．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×五、簡答題(共1題，共7分)22、略

【分析】【分析】由圖示可知，穿過圓環(huán)的磁場方向向右，在磁體靠近圓環(huán)的過程中，穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可以判斷出環(huán)中感應電流的方向；由楞次定律可知，感應電流總是阻礙磁體間的相對運動，據(jù)此判斷圓環(huán)對磁體的作用．【解析】【解答】解：穿過圓環(huán)的磁場方向向左；在磁體靠近圓環(huán)的過程中，穿過圓環(huán)的磁通量變大，由楞次定律可知，環(huán)中的感應電流從左向右看沿順時針方向；

答：電流方向由左向右看為順時針．六、實驗題(共4題，共40分)23、9009.51.50187.5【分析】【分析】（1）應用伏安法測電阻；需要用電壓表測待測電阻電壓，現(xiàn)在沒有電壓表，應該用小量程電流表與電阻箱串聯(lián)改裝成電壓表，由串聯(lián)電路特點及歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

（2）滑動變阻器阻值遠小于待測電阻阻值；滑動變阻器應采用分壓接法；根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻間的關(guān)系，確定電流表采用內(nèi)接法還是外接法，然后作出電路圖．

（3）根據(jù)電表量程確定電表分度值，讀出電表示數(shù)；由歐姆定律可以求出待測電阻阻值；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析實驗誤差．【解析】【解答】解：（1）為了測量待測電阻兩端的電壓，可以將電流表A1電阻箱串聯(lián)組成電壓表；

改裝后電壓表量程是3V，則電阻箱阻值R==900Ω；

（2）滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻阻值；滑動變阻器應采用分壓接法；

待測電阻阻值約為190Ω，電流表A1內(nèi)阻約為100Ω，電壓表內(nèi)阻為RV=100Ω+900Ω=1000Ω；電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值，電流表應采用外接法，電路圖如圖所示．

（3）由圖示可知，電流表A1的示數(shù)為9.5mA，電流表A2的示數(shù)是1.50mA；

待測電阻兩端電壓U