2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖中A、B、C三點都在勻強電場中，已知AC⊥BC，∠ABC＝60°，BC＝20cm。把一個電量q＝10－5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零；從B移到C，克服電場力做功1.73×10－3J；則該勻強電場的場強大小和方向是（）

A.865V/m，垂直AC向左B.865V/m，垂直AC向右C.1000V/m，垂直AB斜向上D.1000V/m，垂直AB斜向下2、下列說法正確的是（）A.磁場最基本的性質是只對處于其中的磁體有力的作用B.磁場是看不見、摸不著、實際不存在的，是人們假想出來的一種物質C.磁場是客觀存在的一種特殊的物質形態(tài)D.磁場的存在與否決定于人的思想，想其有則有，想其無則無3、一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計）。小孔正上方處的點有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經過小孔進入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回。若將下極板向上平移則從點開始下落的相同粒子將（）

A.打到下極板上B.在下極板處返回C.在距上極板處返回D.在距上極板處返回4、在物理學的發(fā)展過程中．科學家們創(chuàng)造出了許多物理學研究方法，以下敘述正確的是:A.速度是用比值定義的一個物理量，而加速度不是用比值定義的物理量B.在不需要考慮帶電物體本身的大小和形狀時，用點電荷來代替物體的方法是微元法C.伽利略根據銅球在斜面上的運動規(guī)律得出自由落體的運動規(guī)律，認為自由落體運動就是物體在傾角為斜面上的運動，這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法D.用v-t圖像推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段似看作勻速直線運動．然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法5、關于點電荷和元電荷的下列說法中正確的是()A.點電荷和元電荷都是指電量小體積小的帶電體B.點電荷帶電量通常取e＝1.60×10－19CC.體積很大的帶電體也能看成是點電荷,帶電量可以是4.0×10－17CD.電荷量e的數值最早是由科學家?guī)靵鲇脤嶒灉y得的6、有甲、乙兩個由同種金屬材料制成的導體，甲的橫截面積是乙的兩倍，而單位時間內通過導體橫截面的電荷量，乙是甲的兩倍，以下說法中正確的是（）A.甲、乙兩導體的電流相同B.乙導體的電流是甲導體的兩倍C.乙導體中自由電荷定向移動的速率是甲導體的兩倍D.甲、乙兩導體中自由電荷定向移動的速率大小相等評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖線，直線B為電源b的路端電壓與電流的關系圖線，直線C為電阻兩端的電壓與電流的關系圖線。電源a、b的電動勢分別為Ea、Eb，內阻分別為ra、rb，將電阻分別接到電源a、b上；則下列說法中正確的是（）

A.Ea>Eb，ra>rbB.C.接到電源b上時，電源的熱功率較大D.接到電源a上時，電源的輸出功率較大8、如圖所示，兩個帶電量分別為Q1與Q2的小球固定于相距為d的水平面上，另有一個質量為m，帶電量為q的小球A，懸浮于空中不動，此時A離Q1的距離為離Q2的距離為d。已知重力加速度為g，靜電力常量為k。則（）

A.Q1與Q2為同種電荷B.Q1=3Q2C.D.9、等量異種點電荷的連線和其中垂線如圖所示，現將一個帶負電的檢驗電荷先從圖中點沿直線移到點，再從點沿直線移到點；取無限遠處為電勢零點，則（）。

A.點電勢為零，場強也為零B.從點到點，檢驗電荷受電場力先增大后減小C.從點經點到點，檢驗電荷所受電場力的方向始終不變D.從點經點到點，電荷的電勢能先不變后減小10、如圖所示，B為兩等量異種電荷，圖中水平虛線為B連線的中垂線，現將另兩個等量異種的檢驗電荷用絕緣細桿連接后從離無窮遠處沿中垂線平移到的連線，平移過程中兩檢驗電荷位置始終關于中垂線對稱。若規(guī)定離無窮遠處電勢為零；則下列說法中正確的是（）

A.在B的連線上所處的位置電勢φa<0B.在B的連線上檢驗電荷具有的電勢能C.整個移動過程中，靜電力對不做功D.整體在B連線處具有的電勢能11、在如圖所示的圖象中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線II為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。由圖象可知（）

A.電源的電動勢為3V，內阻為0.5B.電阻R的阻值為10C.電源的輸出功率為2WD.電源的效率為66.7%評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、如圖所示，16個電荷量均為+q的小球（可視為點電荷），均勻分布在半徑為r的圓周上，靜電力常量為k．若將圓周上P點的一個小球的電荷量換成-4q，則圓心O點處的電場強度大小為________．

13、可再生能源和不可再生能源∶

（1）____、_______、天然氣等化石能源，短期內無法恢復的能源，稱為______能源。

（2）水能、風能、潮汐能等能源，歸根結底來源于太陽能，這些能源在自然界可以再生，稱為______能源。14、使用多用電表測電壓：

①選擇直流電壓擋合適的______；并將選擇開關旋至相應位置．

②將多用電表______在待測電路兩端，注意______表筆接觸點的電勢應比____表筆接觸點的電勢高．

③根據表盤上相應量程的直流電壓刻度讀出電壓值，讀數時注意______刻度所表示的電壓值．15、如圖所示，絕緣墻角固定了帶電量為+的小球A；輕質絕緣細桿長為L，其正中心固定了質量為m、帶電量為+的小球B，在桿底部水平力F的作用下靜止靠在豎直墻面上。一開始輕桿與水平地面的夾角為60°，在桿底端水平外力F的作用下，桿緩慢轉向直至豎直。此過程中，不計摩擦，地面對桿的支持力將________________（填“逐漸增大”、“逐漸變小”或“保持不變”），外力F做功大小為________________。

16、均勻帶電的球殼在球外空間產生的電場等效于電荷集中于球心處產生的電場。如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點，已知M點的場強大小為E，靜電力常量為k，則N點的場強大小為___________，方向為___________（選填“C指向D”或“D指向C”）。

17、如圖所示，勻強電場方向與六邊形所在平面平行，A、B、C、D、E、F是正六邊形的六個頂點。已知正六邊形的邊長為2cm，A、B、C三點的電勢分別為?3V；?2V、0V：

(1)則D點的電勢______；

(2)電量的負電荷在中心O處的電勢能______；

(3)電場強度的大小______；

(4)試在圖中畫出一條過A點的電場線______。18、如圖所示電流計的滿偏電壓為0.2V，內阻為200Ω，R1=1800Ω，該改裝的電表叫做_________（選填“電壓表”或“電流表”），改裝后的量程是_________。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)19、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)20、在“測定金屬的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑時的刻度位置如圖所示，用米尺測出金屬絲的長度L，金屬絲的電阻大約為5Ω，先用伏安法測出金屬絲的電阻Rx；然后根據電阻定律計算出該金屬材料的電阻率。

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為________mm。

（2）為此取來兩節(jié)新的干電池；開關和若干導線及下列器材：

A.電壓表0~3V；內阻10kΩ

B.電壓表0~15V；內阻50kΩ

C.電流表0~0.6A；內阻0.05Ω

D.電流表0~3A；內阻0.01Ω

E.滑動變阻器；0~20Ω

F.滑動變阻器；0~1000Ω

①要求較準確地測出其阻值，電壓表應選________，電流表應選________，滑動變阻器應選________。（填序號）

②實驗中實物接線如圖所示；請指出該同學實物接線中的兩處明顯錯誤。

錯誤1：__________________

錯誤2：__________________21、某學習小組想自己動手通過實驗精確測量電阻Rx的阻值；有下列器材供選用：

A．待測電阻Rx（約為100Ω）

B．電壓表V（3V；內阻約為3kΩ）

C．電流表A1（10mA；內阻約為5Ω）

D．電流表A2（30mA；內阻約為2Ω）

E．滑動變阻器R1（0～20Ω；額定電流3A）

F．滑動變阻器R2（0～2000Ω；額定電流0.5A）

G．直流電源E（3V；內阻約為1Ω）

H．開關；導線若干。

（1）甲同學根據以上器材設計了用伏安法測量電阻的電路，能滿足Rx兩端電壓從零開始在盡可能大的范圍內變化，并進行多次測量。則電流表應選擇_______（選填“A1”或“A2”）；滑動變阻器應選擇_______（選填“R1”或“R2”）；

（2）請在圖1的虛線框中幫甲同學畫出實驗電路原理圖_______；

（3）乙同學經過反復思考；利用所給器材設計出了如圖2所示的測量電路，具體操作如下：

①按圖連接好實驗電路，閉合開關S1前調節(jié)滑動變阻器R1、R2的滑片至適當位置；

②閉合開關S1，斷開開關S2，調節(jié)滑動變阻器R1、R2的滑片，使電流表A1的示數恰好為電流表A2的示數的一半；

③閉合開關S2并保持滑動變阻器R2的滑片位置不變，讀出電壓表V和電流表A1的示數，分別記為U、I；

④待測電阻的阻值Rx=_________；比較甲、乙兩同學測量電阻Rx的方法，若僅考慮實驗的系統(tǒng)誤差，則甲同學Rx的測量值______真實值，乙同學Rx的測量值_____真實值（選填大于、小于或等于）。22、某同學利用如圖所示的電路測量一微安表（量程為100μA，內阻大約為2500Ω）的內阻?？墒褂玫钠鞑挠校簝蓚€滑動變阻器R1、R2（其中一個阻值為20Ω，另一個阻值為2000Ω）；電阻箱Rz（最大阻值為99999.9Ω）；電源E（電動勢約為1.5V）；單刀開關S1和S2；C；D分別為兩個滑動變阻器的滑片。

(1)按原理圖將圖中的實物連線。（________）

(2)完成下列填空：

①R1的阻值為______Ω（填“20”或“2000”）；

②為了保護微安表，開始時將R1的滑片C滑到接近圖中滑動變阻器的________端（填“左”或“右”）對應的位置；將R2的滑片D置于中間位置附近；

③將電阻箱Rz的阻值置于2500.0Ω，接通S1將R1的滑片置于適當位置，再反復調節(jié)R2的滑片D的位置，最終使得接通S2前后，微安表的示數保持不變，這說明S2接通前B與D所在位置的電勢______（填“相等”或“不相等”）

④將電阻箱Rz和微安表位置對調，其他條件保持不變，發(fā)現將Rz的阻值置于2601.0Ω時，在接通S2前后，微安表的示數也保持不變。待測微安表的內阻為________Ω（結果保留到個位）；

(3)寫出一條提高測量微安表內阻精度的建議：_________。評卷人得分六、解答題(共4題，共32分)23、如圖所示勻強電場中，有a、b、c三點，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60°角，一電荷量為的正電荷從a點移到b點電場力做功為J。求：

（1）勻強電場的場強E；

（2）電荷從b點移到c點，電場力做的功

（3）a、c兩點間的電勢差

24、如圖甲所示是一種觀察電容器的充、放電并可以測量電容的實驗電路圖．先使開關S與1端相連，電源向電容器充電；然后把開關擲向2端，電容器通過電阻R放電．回答下列問題。

（1）電容器充電過程中流經電流表的電流方向為b→a；判斷電容器放電過程中流經電流表的電流方向；

（2）將電路中的電流表換成電流傳感器（如圖乙所示），在電容器充放電時，傳感器可以將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t圖像，如圖丙所示為放電時電流變化情況，已知充電電壓U=8V

a．在丙圖中畫出一個豎立的狹長矩形（圖丙的最左邊）；它的物理意義是什么．

b．請根據I-t圖像估算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量Q，并計算電容C的大?。?5、粗糙水平面上方存在水平向左的勻強電場，電場強度大小E=2.0×103N/C。帶正電的滑塊（可視為質點）置于絕緣長木板左端，與長木板保持相對靜止共同向右運動，當長木板右端距墻時，滑塊與長木板的速度v0=2.0m/s，長木板與墻碰撞時間極短，速度大小不變，方向反向，滑塊沒有從長木板右端滑出。已知長木板質量M=2.0kg，滑塊帶電量q=1.5×10-3C、質量m=1.0kg，長木板與地面之間的動摩擦因數1=0.1，滑塊與長木板之間的動摩擦因數2=0.2，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）長木板與墻碰撞前瞬間的速度大?。?/p>

（2）長木板的長度應滿足的條件；

（3）長木板最后靜止時的位置。

26、如圖所示的示波管，電子由陰極K發(fā)射后，初速度可以忽略，經加速后水平飛入偏轉電場，最后打在熒光屏上，電子電量大小為e，質量為m．已知加速電壓為U1，BC間偏轉電壓為U2；兩偏轉極板BC間距為d，板長為L，偏轉極板右側到熒光屏的距離為D，不計重力，求：

（1）電子射入偏轉電場U2時的速度大??；

（2）電子打在熒光屏上的偏轉距離OP．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

由題，q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，則A與B電勢相等，AB連線是一條等勢線．從B移到C，電場力對正電荷做負功，說明C點電勢高于B點的電勢；根據電場線與等勢面垂直，且指向低電勢處，電場線如圖所示。

BC間電勢差為。

則該勻強電場的場強大小。

故ABC錯誤；D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．磁場的基本性質是對處于其中的磁體或電流有力的作用；故A錯誤；

BC．磁場是存在于磁體周圍的一種特殊物質；它與實物粒子不同，磁場看不見，摸不到，但又確定存在，通常用人們假想的磁感線來描繪，故B錯誤，C正確；

D．磁場的存在是客觀的；存在與否不決定于人的思想，想其有則有，想其無則無，故D錯誤。

故選C。3、D【分析】【詳解】

對下極板未移動前，從靜止釋放到速度為零的過程，由動能定理得

若將下極板向上平移設運動到距離上極板x處返回，根據動能定理

聯立解得

故D正確；ABC錯誤。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．速度和加速度都是使用比值定義的物理量．故A錯誤．

B．在不需要考慮帶電物體本身的大小和形狀時；用點電荷來代替物體的方法叫建立理想化模型的方法．故B錯誤．

C．伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動；再根據銅球在斜面上的運動規(guī)律得出自由落體的運動規(guī)律，這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法．故C正確．

D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法．故D錯誤．5、C【分析】【詳解】

A．元電荷是指最小的電量單位；而點電荷是指只有當帶電體所帶電量與所研究的問題相比可忽略不計時；才可看做點電荷，不一定是電量小體積小的帶電體都可看做是點電荷，選項A錯誤；

B．元電荷e＝1.60×10－19C；選項B錯誤；

C．體積很大的帶電體所帶電量與所研究的問題相比可忽略不計時，也能看成是點電荷；帶電體所帶電量都是1.60×10－19C的整數倍，則帶電量可以是4.0×10－17C；選項C正確；

D．電荷量e的數值最早是由科學家密立根用實驗測得的；選項D錯誤；

故選C.6、B【分析】【詳解】

AB.由單位時間內通過導體橫截面的電荷量，乙是甲的兩倍，則A錯誤，B正確；

CD.由得

CD錯誤。

故選B。二、多選題(共5題，共10分)7、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由閉合電路歐姆定律

可知，直線A、在縱軸上的截距表示電動勢，則電源的電動勢較大，直線A、斜率的絕對值表示內阻，則電源的內阻較大；由題圖可知，兩電源的短路電流相等，根據

可得

即

故AB正確；

C．當電阻與電源組成閉合電路時，電阻的圖線與電源的圖線的交點表示電阻的工作狀態(tài)，交點的縱坐標表示路端電壓，橫坐標表示電路中的電流，兩者乘積表示電源的輸出功率。由題圖可知，接到電源上，電路中電流較小，又因為電源的內阻較小，電源的熱功率

可知此時電源的熱功率較小；故C錯誤；

D．由題圖可知，接到電源上；電壓與電流的乘積較大，電源的輸出功率較大，故D正確。

故選ABD。8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．對于小球A懸浮于空中，因此Q1對A的排斥力與Q2對A的排斥力的合力，一定以A所受的重力等大反向，故Q1與Q2與A都帶同種電荷；A正確；

BCD．利用三角形的邊角關系可知

根據庫侖定律和平衡條件，可得

解得

因此BC錯誤；D正確。

故選AD。9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．等量異種點電荷連線的中垂線是一條零等勢線，則b點電勢為零；但是場強不為零，選項A錯誤；

B．根據等量異種電荷的電場線分布規(guī)律可知，在ab線上，b處電場線最密，b處場強最大，所以從a點到b點；電場強度逐漸增大，檢驗電荷受電場力逐漸增大，故B錯誤；

C．從a點到c點，檢驗電荷所受電場力的方向始終沿b→c方向；故C正確。

D．從a點到c點；電場力先不做功，后作正功，所以檢驗電荷的電勢能先不變后減小。故D正確。

故選CD。10、B:D【分析】【詳解】

A．設B連線的中點是O點，由于B連線的中垂線是一條等勢線，且一直延伸到無窮遠處，O點電勢是零，沿電場線方向電勢降低的方向，AO間的電場線方向是從A到O，所處的位置電勢φa>0；A錯誤；

B．在B的連線上檢驗電荷所處的位置電勢φb<0是負值，檢驗電荷帶負電，所以b具有的電勢能B正確；

C．整個移動過程中，所受的靜電力與其位移方向的夾角為鈍角，則靜電力對做負功；C錯誤；

D．檢驗電荷所處的位置電勢φa>0，檢驗電荷所處的位置電勢φb<0，由Ep=qφ可知，在各自的位置電勢能均大于零，則整體在B連線處具有的電勢能D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據閉合電路歐姆定律得。

當時。

由圖讀出電源的電動勢。

內阻等于斜率的大??；則。

故A正確；

B．電阻。

故B錯誤；

C．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)；由圖讀出電壓為2V，電流為2A，則電源的輸出功率為。

故C錯誤；

D．電源的效率。

故D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】【詳解】

16個電荷量均為+q的小球（可視為點電荷），均勻分布在半徑為r的圓周上，除P點電荷外15個電荷在O點處的電場強度為

方向水平向右；P點的一個小球的電荷量換成-4q，則P點電荷在O點處的電場強度為

方向水平向右，所以圓心O點處的電場強度大小【解析】13、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]煤；石油、天然氣等化石能源；短期內無法恢復的能源，稱為不可再生能源。

（2）[4]水能、風能、潮汐能等能源，歸根結底來源于太陽能，這些能源在自然界可以再生，稱為可再生能源?！窘馕觥棵菏筒豢稍偕稍偕?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.量程②.并聯③.紅④.最小15、略

【分析】【詳解】

[1]輕桿受力圖所示。

根據平衡條件有

根據庫侖定律和幾何知識有

可知庫侖力F1不變，逐漸增大，則地面對桿的支持力N1將逐漸減小；

[2]外力F做功使輕桿的重力勢能增加，則【解析】逐漸變小16、略

【分析】【詳解】

[1][2]設球心在O點的球殼為完整的帶電荷量為2q的帶電球殼，則在M、N兩點產生的場強大小為

題圖中左半球殼在M點產生的場強為E，則右半球殼在M點產生的場強為

由對稱性知，左半球殼在N點產生的場強大小為方向由C點指向D點?！窘馕觥緾指向D17、略

【分析】【詳解】

(1)[1]連接AD兩點，由幾何關系可知，AD邊平行BC邊，且AD邊長度是BC邊的兩倍，在勻強電場中，沿著同一方向前進相同的距離電勢差相等，所以

代入數據解得φD=1V

(2)[2]O點是AD的中點，所以

代入數據解得φO=-1V

則電量

的負電荷在中心O處的電勢能為

(3)[3]O點是FC的中點，所以

代入數據解得φF=-2V

B、F兩點的電勢相等，所以BF所在的直線是一條等勢線，過A點做BF的垂直平分線，與線段BF交于M點，則φM=-2V

已知正六邊形邊長為2cm，由幾何關系可知AM兩點距離d=1cm=0.01m

則電場強度

(4)[4]如圖所示。

【解析】1V18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電流計與大阻值定值電阻串聯；為電壓表。

[2]根據串并聯關系有

代入數據解得【解析】①.電壓表②.2V四、作圖題(共1題，共10分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课?、實驗題(共3題，共6分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由于可動刻度的“0”在固定刻度下方；因此固定刻度的讀數為0.5mm，可動刻度讀數為0.01×18.0mm=0.180mm，所以最終讀數為：0.5mm+0.180mm=0.680mm；

(2)①[2]因兩節(jié)新的干電池的電動勢為3V；所以電壓表應選0-3V，故選A；

[3]因金屬絲的電阻大約為5Ω，流過電流表金屬絲的電流大約

故電流表應選C；

[4]為調節(jié)方便及調節(jié)范圍盡可能廣；滑動變阻器應選分壓式，選小電阻，故應選E；

②[5][6]又因為

所以電流表應用外接法，所以該同學實物接線中的兩處明顯錯誤是①導線連接在滑動變阻器的滑片上；②采用了電流表內接法?！窘馕觥竣?0.679（0.677~0.681mm均可）②.A③.C④.E⑤.錯誤1：導線連接在滑動變阻器的滑片上⑥.錯誤2：采用了電流表內接法21、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]電路中可能出現的最大電流

則電流表應選擇A2，滑動變阻器要采用分壓接法，則應選擇阻值較小的R1

（2）[3]待測電阻約為100Ω；電流變內阻約為2Ω電壓表內阻約為3kΩ。相對來說，待測電阻遠大于電流表內阻，電流表應采用內接法，如圖。

（3）[4][5]由步驟②可知，通過R2與Rx的電流相等，它們并聯，則兩支路電壓相等，電阻相等，由步驟③可知，電壓表測待測電阻兩端電壓，通過待測電阻的電流等于A1的示數I，待測電阻的阻值為

[6]甲同學采用電流表內接法，根據“大內偏大”，可知測量值大于真實值；乙同學采用半偏法，測量值等于真實值?！窘馕觥緼2R1大于等于22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]實物連線如圖所示。

(2)[2]R1起分壓作用，應選用阻值較小的滑動變阻器，即R1的電阻為20Ω；

[3]為了保護微安表，閉合開關前，滑動變阻器R1的滑片C應移到左端；確保微安表兩端電壓為零；

[4]反復調節(jié)D的位置，使閉合S2前后微安表的示數不變，說明閉合后S2中沒有電流通過，B、D兩點電勢相等；

[5]將電阻箱Rz和微安表位置對調，其他條件保持不變，發(fā)現將Rz的阻值置于2601.0Ω時，在接通S2前后；微安表的示數也保持不變。說明。

則解得。

RμA=2550Ω(3)[6]要提高測量微安表內阻的精度，可調