2025年人教版PEP選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在某次乒乓球比賽中；乒乓球先后兩次落臺(tái)后恰好在等高處水平越過球網(wǎng)，過網(wǎng)時(shí)的速度方向均垂直于球網(wǎng)，把兩次落臺(tái)的乒乓球看成完全相同的球1和球2，如圖所示．不計(jì)乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力．研究乒乓球自起跳到過網(wǎng)的過程，下列說法正確的是（）

A.過網(wǎng)時(shí)，球1的速度大于球2的速度B.起跳時(shí)，球1動(dòng)量的大小小于球2動(dòng)量的大小C.球1的飛行時(shí)間大于球2的飛行時(shí)間D.球1的速度變化率小于球2的速度變化率2、光滑水平面和豎直光滑曲面相切于曲面的最低點(diǎn)，大小相同的彈性小球A、B質(zhì)量分別為mA和mB。B靜止于曲面的最低點(diǎn)，讓球A從曲面上一定高度h滑下，在最低點(diǎn)與球B發(fā)生正碰；碰撞過程無機(jī)械能損失，水平面足夠長(zhǎng)。下列說法正確的是（）

A.兩小球不可能發(fā)生第二次碰撞B.當(dāng)時(shí)，兩小球只能發(fā)生一次碰撞C.增大h可能讓兩小球發(fā)生第二次碰撞D.若mAB，兩小球一定能發(fā)生第二次碰撞3、如圖所示，OMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑軌道，MN水平且足夠長(zhǎng)，OM下端與MN相切。質(zhì)量為m的小球B靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2m的小球A從OM上距水平軌道高為h處由靜止釋放；A球進(jìn)入水平軌道后，與B球發(fā)生彈性碰撞。A；B兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)。關(guān)于A、B球碰撞后的速度大小之比，正確的是（）

A.B.C.D.4、湖面上有帆船正以速度v1勻速順風(fēng)航行。已知：該船帆的有效受風(fēng)面積為S，水平風(fēng)速恒為v2，且v1＜v2.，湖面上空氣密度為ρ。則風(fēng)對(duì)船帆的推力的功率為（）A.B.C.D.5、如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，速率分別為2v0、v0，為避免兩船相撞，乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接?。挥?jì)水的阻力．則拋出貨物的最小速率是（）

A.v0B.2v0C.3v0D.4v0評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、一次臺(tái)球練習(xí)中某運(yùn)動(dòng)員用白球擊中了彩球，白球與靜止的彩球發(fā)生正碰，碰撞時(shí)間非常短，碰后兩球在同一直線上，且臺(tái)球與桌面之間的粗糙程度保持不變，兩球質(zhì)量均相同，碰撞后兩球的位移x（m）與速度的平方（）關(guān)系如圖所示，重力加速度g取下列說法正確的是（）

A.碰撞中，兩球之間作用力的沖量大小相等，方向相反B.碰撞過程中系統(tǒng)的機(jī)械能守恒C.碰撞前白球的速度為1.7m/sD.臺(tái)球與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.0257、如圖甲所示，光滑球面，圓弧AB遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于圓弧的半徑，且A、B等高，其中B點(diǎn)和圓弧最低點(diǎn)之間由光滑斜面相連，現(xiàn)有三個(gè)小球，甲球從A點(diǎn)由靜止釋放沿圓弧下滑，乙球從B點(diǎn)由靜止釋放沿斜面下滑，丙球從圓心O點(diǎn)由靜止釋放，忽略空氣阻力；若撤走斜面，讓其中一個(gè)小球從A點(diǎn)由靜止開始在圓弧上往復(fù)運(yùn)動(dòng)，其x－t圖像如乙圖所示，重力加速度為g，下列說法正確的是（）

A.甲球到達(dá)圓弧最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為B.圓弧的半徑為C.乙球運(yùn)動(dòng)到圓弧最低點(diǎn)的時(shí)間E.若A、B兩點(diǎn)的距離為d，則內(nèi)小球往復(fù)運(yùn)動(dòng)的路程約為4.5dE.若A、B兩點(diǎn)的距離為d，則內(nèi)小球往復(fù)運(yùn)動(dòng)的路程約為4.5d8、如圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖像，在波的傳播過程中，處的質(zhì)點(diǎn)在該時(shí)刻之后的振動(dòng)圖像如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.該波沿軸正方向傳播B.該波的波長(zhǎng)為C.該波的傳播速度為E.在0至的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的路程為E.在0至的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的路程為9、如圖，S1、S2是振幅均為A的兩個(gè)水波波源，某時(shí)刻它們形成的波峰和波谷分別由實(shí)線和虛線表示。則下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉B.a處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)始終減弱，b、c處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)始終加強(qiáng)C.此時(shí)a、b、c處各質(zhì)點(diǎn)的位移是：xa=0，xb=－2A，xc=2AD.a、b、c處各質(zhì)點(diǎn)隨著水波飄向遠(yuǎn)處10、如圖所示，圖中兩小孩各握住輕繩一端M、N連續(xù)振動(dòng)，形成甲、乙兩列橫波分別沿x軸相向傳播，兩波的波速為2m/s，振幅相同。t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩列波的頻率之比為2：3B.遇到5m的障礙物，甲波的衍射現(xiàn)象更明顯C.兩列波將同時(shí)傳到x=7m處E.再經(jīng)過3s，平衡位置在x=3m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向下E.再經(jīng)過3s，平衡位置在x=3m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向下11、如圖所示，是截面為扇形的玻璃磚的橫截面圖，其頂角今有a、b兩束單色光從的中點(diǎn)P沿垂直的方向射入玻璃磚，a光線經(jīng)面反射后恰好在面發(fā)生全反射，而b光線經(jīng)面反射后能從面射出，不考慮多次反射作用（）則（）

A.a光的光子動(dòng)量比b光大B.用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉時(shí)，a光的條紋間距比b光大C.玻璃磚對(duì)a光的折射率為D.a光在面上也發(fā)生了全反射12、用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置觀察雙縫干涉圖樣；雙縫之間的距離是0.2mm，用的是綠色濾光片，在毛玻璃屏上可以看到綠色干涉條紋。下列說法正確的是（）

A.毛玻璃屏上的干涉條紋與雙縫垂直B.如果僅把毛玻璃屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動(dòng)，相鄰兩亮條紋中心的距離變大C.僅把綠色濾光片換為紅色，相鄰兩個(gè)亮條紋中心的距離增大了D.如果僅改用間距為0.3mm的雙縫，相鄰兩個(gè)亮條紋中心的距離變大評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、一個(gè)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過平衡位置O，在A、B間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；如圖甲所示，它的振動(dòng)圖象如圖乙所示，設(shè)向右為正方向，則：

(1)OB=___________cm。

(2)第0.2s末質(zhì)點(diǎn)的速度方向是___________，加速度的大小為___________。

(3)第0.4s末質(zhì)點(diǎn)的加速度方向是___________。

(4)第0.7s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位置在___________點(diǎn)與___________點(diǎn)之間。

(5)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期T=___________s。

(6)在4s內(nèi)完成___________次全振動(dòng)。14、動(dòng)量定理。

（1）內(nèi)容：物體在一個(gè)運(yùn)動(dòng)過程始末的___________等于它在這個(gè)過程中所受___________的沖量。

（2）公式：___________。

（3）動(dòng)量定理的理解。

（a）動(dòng)量定理反映了力的沖量與___________之間的因果關(guān)系，即合力的沖量是原因，物體的___________是結(jié)果。

（b）動(dòng)量定理中的沖量是___________的沖量；而不是某一個(gè)力的沖量，它可以是合力的沖量，可以是各力沖量的矢量和，也可以是外力在不同階段沖量的矢量和。

（c）動(dòng)量定理表達(dá)式是___________式，等號(hào)包含了大小相等、方向相同兩方面的含義。15、如圖所示，一束光線從玻璃球的A點(diǎn)射入，入射角為60°，折射入球后，經(jīng)過一次反射再折射到球外的光線恰好平行于入射光線。則玻璃球的折射率為_________，B點(diǎn)_______光線折射出玻璃球（選填“有”或“沒有”）

16、列舉激光的兩個(gè)特性：（1）____________；

（2）__________________。

舉出激光的兩種用途：

（1）________________；

（2）___________________。17、一列聲波從空氣傳入水中，則此列波的頻率將_______，波長(zhǎng)將_____。(填“變大”、“變小”、“不變”)18、如圖所示，甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正、負(fù)方向傳插、波速均為8m/s，t=0時(shí)刻兩列波的前端分別傳播到x=-2m處和x=8m處。則當(dāng)兩列波在空間中發(fā)生干涉時(shí)，x=0處為振動(dòng)的___________點(diǎn)（選填“加強(qiáng)”或“減弱”）；t=1s時(shí)，x=0處的質(zhì)點(diǎn)位移為___________cm。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)19、細(xì)繩的一端在外力作用下從時(shí)刻開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，激發(fā)出一列簡(jiǎn)諧橫波，在細(xì)繩上選取15個(gè)點(diǎn)，圖為時(shí)刻各點(diǎn)所處的位置，圖為時(shí)刻的波形圖（T為波的周期）.請(qǐng)?jiān)趫D中畫出時(shí)刻的波形圖________

20、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動(dòng)；圖中黑點(diǎn)為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點(diǎn)時(shí)離開平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度的方向。

21、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經(jīng)過和時(shí)刻的兩個(gè)波形圖。

22、某同學(xué)做“測(cè)玻璃磚的折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；繪制的光路圖如圖所示，請(qǐng)通過尺規(guī)作圖；刻度尺測(cè)量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共3分)23、某同學(xué)用如圖所示的裝置通過半徑相同的A；B兩球的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A球從斜槽上某一固定位置由靜止開始滾下；落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，重復(fù)上述操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡；再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從同一位置由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)這種操作10次，最終得到了如圖所示的三個(gè)平均落點(diǎn)。

(1)在確定落點(diǎn)的位置時(shí)，用盡可能小的圓把所有相同情況下某小球落點(diǎn)痕跡都圈在里面，其_________就是該小球落點(diǎn)的平均位置。

(2)已知A球的質(zhì)量大于B球的質(zhì)量，碰撞過程中動(dòng)量守恒，則由圖可以判斷出N點(diǎn)是_________的落地點(diǎn)，M點(diǎn)是_________的落地點(diǎn)。

(3)若A球的質(zhì)量為m1，B球的質(zhì)量為m2，用圖中的字母和已知物理量寫出動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_________。評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共40分)24、如圖所示，在光滑的水平面上有一長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的四分之一圓弧槽C，與長(zhǎng)木板接觸但不相連，圓弧槽的下端與木板上表面相平，B、C靜止在水平面上．現(xiàn)有滑塊A以初速度從右端滑上B，一段時(shí)間后，以滑離B，并恰好能到達(dá)C的最高點(diǎn)．A、B、C的質(zhì)量均為．求：

（1）A剛滑離木板B時(shí)；木板B的速度；

（2）A與B的上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)

（3）圓弧槽C的半徑R；

（4）從開始滑上B到最后滑離C的過程中A損失的機(jī)械能．

25、如圖為2019年4月10日21時(shí)公布的，人類首次成功捕獲的M87星系中心的黑洞圖像。我們無法用肉眼看到“真身”，因?yàn)楹诙吹囊艽?，?qiáng)到連光都無法逃脫黑洞的強(qiáng)大引力。作為一種電磁波，光可以在真空和大氣中以接近30萬千米每秒的速度前進(jìn)，如果有一頻率為的光射入眼中，結(jié)合下表分析，我們會(huì)感覺到什么顏色？。光的顏色紅橙黃綠藍(lán)——靛紫真空中的波長(zhǎng)

700~620620~600600~580580~490490~450450~400

26、如圖所示，物流公司包裹分揀水平傳送帶以恒定速度順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)，某一時(shí)刻在左端無初速地放上一質(zhì)量的包裹A，相隔時(shí)間后，在左端無初速地放上另一質(zhì)量的包裹B，再經(jīng)過B與A發(fā)生碰撞，B、A碰撞時(shí)間極短，碰撞后緊貼在一起向右運(yùn)動(dòng)，其中A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)傳送帶足夠長(zhǎng)，包裹大小不計(jì)，取求：

（1）碰前A的位移大小，以及碰前瞬間A的速度大??；

（2）碰前B的加速度大小，以及碰后瞬間A和B共同速度的大小。

27、直角棱鏡的折射率n=1.5，其橫截面如圖所示，圖中∠C=90°，∠A=30°。截面內(nèi)一細(xì)束與BC邊平行的光線，從棱鏡AB邊上的D點(diǎn)射入，經(jīng)折射后射到BC邊上。

（1）光線在BC邊上是否會(huì)發(fā)生全反射?說明理由；

（2）不考慮多次反射，求從AC邊射出的光線與最初的入射光線夾角的正弦值。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A.．兩個(gè)小球彈起來之后到網(wǎng)的這段過程；可看成逆向的平拋運(yùn)動(dòng)，1球水平位移大，故平拋初速度大，落地時(shí)候水平方向1球速度大，豎直方向速度相等，1起跳速度大；故過網(wǎng)時(shí)，球1的速度大于球2的速度；故A正確；

B．水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，1球水平位移大，故平拋初速度大，而豎直方向運(yùn)動(dòng)相同，即起跳時(shí)的豎直分速度大小相同，故起跳時(shí)，1球的速度大于2球的速度，根據(jù)

可知；1球動(dòng)量的大小大于2球動(dòng)量的大小，故B錯(cuò)誤；

C．由于豎直方向運(yùn)動(dòng)高度相同；故運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故C錯(cuò)誤；

D．速度變化率即為加速度；根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度相同，故D錯(cuò)誤。

故選A。2、B【分析】【詳解】

AC．由能量守恒定律和動(dòng)量守恒定律，有

兩球撞擊后的速度為

當(dāng)它們速度同向時(shí)，不會(huì)發(fā)生第二次碰撞；若球A反彈后滑上曲面，由于機(jī)械能守恒，球A回到水平面時(shí)的速度與反彈時(shí)的速度大小相等，當(dāng)時(shí)，可以發(fā)生第二次碰撞，與h無關(guān)；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；

BD．若發(fā)生第二次碰撞，則有

計(jì)算得所以當(dāng)時(shí)，球A、B只能發(fā)生一次碰撞；故B正確，D錯(cuò)誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

設(shè)A與B碰前的速度為發(fā)生彈性后A、B的速度分別為由動(dòng)量守恒定律可得

據(jù)機(jī)械能守恒定律可得

聯(lián)立解得

其中

可得

故A；B球碰撞后的速度大小之比為1：4。

故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

單位時(shí)間t內(nèi)沖擊船帆的空氣的體積

單位時(shí)間t內(nèi)沖擊船帆的空氣質(zhì)量

空氣的動(dòng)量改變量

帆對(duì)空氣的作用力F，由動(dòng)量定理

解得

根據(jù)牛頓第三定律，帆船在航行過程中受到的風(fēng)的水平推力大小

風(fēng)對(duì)船帆的推力的功率為

故C正確；ABD錯(cuò)誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

設(shè)拋出貨物的速度為v；以向右為正方向；

由動(dòng)量守恒定律得：

乙船與貨物：12mv0=11mv1-mv；

甲船與貨物：10m×2v0-mv=11mv2；

兩船不相撞的條件是：v2≤v1；

解得：v≥4v0，則最小速度為：4v0．

故選D．

【點(diǎn)睛】

在拋貨物的過程中，乙船與貨物組成的動(dòng)量守恒，在接貨物的過程中，甲船與貨物組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，在甲接住貨物后，甲船的速度小于等于乙船速度，則兩船不會(huì)相撞，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解題．二、多選題(共7題，共14分)6、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)I=Ft可知作用力與反作用力由于大小相等；方向相反，則一對(duì)作用力與反作用力的沖量等大反向，即碰撞中，兩球之間作用力的沖量大小相等，方向相反，故A正確；

B．若碰撞過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒；即若發(fā)生的是彈性碰撞，白球與靜止的彩球發(fā)生正碰，兩球質(zhì)量相等，則速度發(fā)生交換，白球速度應(yīng)該為0，根據(jù)圖示可知，圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為球體碰后速度的平方，則碰撞后白球速度不為0，可知碰撞是非彈性碰撞，碰撞過程中系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)圖像可知，碰撞后，白球與彩球的速度分別為

根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

解得

故C正確；

D．根據(jù)速度與位移關(guān)系式有

變形有

結(jié)合圖像有

解得

對(duì)球體分析有

解得

故D正確。

故選ACD。7、B:C:E【分析】【詳解】

ACD．甲球是等效單擺，甲球從靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的時(shí)間

設(shè)弦軌道的傾角為對(duì)于乙球，有

可得

丙球做自由落體運(yùn)動(dòng)，有

可得

則有

故C正確；AD錯(cuò)誤；

B．根據(jù)單擺周期公式可得

解得

故B正確；

E．由題意知道圓弧AB遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于圓弧的半徑，可知2倍振幅約等于A、B兩點(diǎn)的距離為d，內(nèi)小球往復(fù)運(yùn)動(dòng)的路程

故E正確。

故選BCE。8、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A.由乙圖可知該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的速度向下，則由同側(cè)法可知，這列波沿x軸負(fù)方向傳播；故A錯(cuò)誤；

BC.由甲圖知，這列波的波長(zhǎng)λ=8m；由乙圖可知，該波的周期T=0.02s，則波速為

故B正確；C錯(cuò)誤；

D.圖示時(shí)刻P點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)t=1.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置且向y軸負(fù)方向振動(dòng)；故D正確；

E.在0至5s的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)了250個(gè)周期；一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)4倍振幅為40cm，通過的路程為100m，故E正確；

故選BDE。9、A:B:D【分析】【詳解】

AB．由題圖可知兩列波波長(zhǎng)不等，但由于在同一種介質(zhì)中傳播，所以波速相等，根據(jù)

可知兩列波頻率不等，所以不能在相遇區(qū)域發(fā)生穩(wěn)定的干涉，則a處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)并不是始終減弱，b、c處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)也不是始終加強(qiáng)；只是在相應(yīng)波峰；波谷相遇時(shí)刻才發(fā)生上述現(xiàn)象，AB錯(cuò)誤，符合題意；

C．由題圖可知此時(shí)a處S1的波谷與S2的波峰相遇，b處兩列波的波谷相遇，c處兩列波的波峰相遇，根據(jù)波的疊加原理可知此時(shí)a、b、c處各質(zhì)點(diǎn)的位移分別是xa=0，xb=－2A，xc=2A

C正確；不符合題意；

D．波的傳播方向上參與振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)只在自身的平衡位置附近振動(dòng)；不會(huì)沿波的傳播方向移動(dòng)，D錯(cuò)誤，符合題意。

故選ABD。10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖像可知，甲、乙兩列波的波長(zhǎng)分別為6m、4m，根據(jù)

波速相同時(shí)；頻率與波長(zhǎng)成反比，所以甲；乙兩列波的頻率之比為2：3，A正確；

B．遇到5m的障礙物；甲波波長(zhǎng)大，甲波的衍射現(xiàn)象更明顯，B正確；

C．開始時(shí)刻，兩列波到x=7m處的距離相同，根據(jù)

兩波速度相同，則兩列波將同時(shí)傳到x=7m處；C正確；

D．由于兩波的頻率不同；則不能形成相干波源，不存在始終為振動(dòng)減弱點(diǎn)，及振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，D錯(cuò)誤；

E．甲波的周期為

再經(jīng)過3s，甲波在平衡位置x=3m處，振動(dòng)1個(gè)周期，恰好處于平衡位置向上振動(dòng)，乙波向前傳播的距離

平衡位置x=3m處，恰好處于乙波的波峰，振動(dòng)速度為0，根據(jù)波的疊加原理可知，平衡位置在x=3m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向上；E錯(cuò)誤；

故選ABC。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．據(jù)題意作出光路如圖。

發(fā)生全反射的臨界角為C；有。

而兩列光的入射角相同，a光線發(fā)生了全反射，b光折射，則有則有而光子的動(dòng)量為。

故a光的光子動(dòng)量比b光大；故A正確；

B．由結(jié)合可知，而用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉時(shí)的條紋間距為。

則a光的條紋間距小于b光的條紋間距；故B錯(cuò)誤；

C．a(chǎn)光發(fā)生全反射的臨界角為37°；則有。

解得a光的折射率為。

故C正確；

D．由光路圖的幾何關(guān)系可知，a光在AB面反射的入射角為小于全反射的臨界角37°，則a光在面上不能發(fā)生全反射；故D錯(cuò)誤。

故選AC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．因?yàn)楦缮鏃l紋與雙縫平行；A錯(cuò)誤。

B．根據(jù)雙縫干涉時(shí)相鄰兩個(gè)亮（或暗）條紋中心間距公式

可知，如果僅l增大，則Δx增大；B正確；

C．僅把綠色濾光片換為紅色，變大，則Δx增大；C正確；

D．如果僅改用0.3mm的雙縫，即僅d增大，則Δx減??；D錯(cuò)誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【詳解】

(1)[1]從圖象上可以看出振幅是5cm，所以O(shè)B=5cm

(2)[2]根據(jù)正方向的規(guī)定及振動(dòng)圖象可知，質(zhì)點(diǎn)從位置B開始計(jì)時(shí)，第0.2s末，質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置O，向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以此時(shí)速度方向從O指向A；位移為零；

[3]由F=-kx

可知回復(fù)力為F=0

所以加速度a=0

(3)[4]第0.4s末質(zhì)點(diǎn)到達(dá)A點(diǎn)，位移為負(fù)，回復(fù)力F應(yīng)為正，此時(shí)加速度方向由A指向O；

(4)[5][6]第0.7s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)從平衡位置向B位置運(yùn)動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)在O點(diǎn)和B點(diǎn)之間；

(5)[7]根據(jù)圖象可知，振動(dòng)周期為T=0.8s

(6)[8]在4s內(nèi)完成全振動(dòng)的次數(shù)為【解析】5O→A0A→OOB0.8514、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]動(dòng)量定理的內(nèi)容為：物體在一個(gè)運(yùn)動(dòng)過程始末的動(dòng)量變化量等于它在這個(gè)過程中所受合力的沖量。

(2)[3]相應(yīng)的公式為mv′-mv=F(t′-t)或p′-p=I

(3)[4][5]動(dòng)量定理反映了力的沖量與動(dòng)量變化量之間的因果關(guān)系；即合力的沖量是原因，物體的動(dòng)量變化量是結(jié)果。

[6]動(dòng)量定理中的沖量是合力的沖量；而不是某一個(gè)力的沖量，它可以是合力的沖量，可以是各力沖量的矢量和，也可以是外力在不同階段沖量的矢量和。

[7]動(dòng)量定理表達(dá)式是矢量式，等號(hào)包含了大小相等、方向相同兩方面的含義。【解析】①.動(dòng)量變化量②.合力③.mv′-mv=F(t′-t)或p′-p=I④.動(dòng)量變化量⑤.動(dòng)量變化量⑥.合力⑦.矢量15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]光路圖如圖。

由幾何關(guān)系可得

則得

玻璃球的折射率為

[2]設(shè)全反射臨界角為C，則有

光線射到B點(diǎn)時(shí)入射角為

因?yàn)?/p>

所以光線在B點(diǎn)不能發(fā)生全反射，光線折射出玻璃球【解析】有16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】極好的方向性極好的單色性激光測(cè)距激光通訊17、略

【分析】【詳解】

［1］由于波的頻率是由波源決定的；因此波無論在空氣中還是在水中頻率都不變。

［2］因波在水中傳播速度較大，由公式v＝λf知，聲波在水中的波長(zhǎng)將變大?！窘馕觥坎蛔冏兇?8、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知兩列波的波速、波長(zhǎng)均相等，則兩列波的頻率相等，可以發(fā)生干涉。由圖可知x=-9m和x=9m兩處的波峰會(huì)同時(shí)傳播到x=0處，故x=0處為振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)。

[2]波速均為8m/s，則當(dāng)t=1s時(shí)，x=-8m和x=8m兩處在t=0時(shí)刻的振動(dòng)形式傳播到x=0處，由波的疊加原理可知此時(shí)x=0處的質(zhì)點(diǎn)位移為0?！窘馕觥考訌?qiáng)0四、作圖題(共4題，共28分)19、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)方格的邊長(zhǎng)為由圖可知，波的波長(zhǎng)應(yīng)為波的振幅應(yīng)為在內(nèi)波傳播了則再過半個(gè)周期波應(yīng)再傳播故9點(diǎn)開始向上振動(dòng)，此時(shí)0點(diǎn)應(yīng)到達(dá)負(fù)向最大位移處；6點(diǎn)達(dá)正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點(diǎn)時(shí)離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)21、略

【分析】【詳解】

ls內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此圖形與開始時(shí)是相同的，如圖2

【解析】見解析。22、略

【分析】【分析】

【詳解】

測(cè)量的長(zhǎng)度，根據(jù)折射率表達(dá)式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共3分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]在確定落點(diǎn)的位置時(shí)；用盡可能小的圓把所有的小球落點(diǎn)痕跡都圈在里面，則圓心所在的位置就是小球落點(diǎn)的平均位置。

(2)[2][3]P為A小球碰前的落地點(diǎn)，M是A球碰后的落地點(diǎn)，N是B球碰后的落地點(diǎn)。

(3)[4]要驗(yàn)證的關(guān)系式是

由于小球在豎直方向做自由落體，高度相同，所以在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同