2025年湘教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖ABCD的矩形區(qū)域存在沿A至D方向的勻強電場，場強為E，邊長AB＝2AD，質(zhì)量m、帶電量q的正電粒子以恒定的速度v從A點沿AB方向射入矩形區(qū)域，粒子恰好從C點以速度v1射出電場；粒子在電場中運動時間為t，則（）

A.若電場強度變?yōu)?E，粒子從DC邊中點射出B.若電場強度變?yōu)?E，粒子射出電場的速度為2v1C.若粒子入射速度變則粒子從DC邊中點射出電場D.若粒子入射速度變?yōu)閯t粒子射出電場時的速度為2、在一座高山的山頂和山腳處分別將1kg相同溫度的水全部汽化，要吸的熱量（）A.同樣多B.山頂多C.山腳多D.無法確定3、下列關(guān)于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）A.做功和熱傳遞都是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能的B.溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時兩系統(tǒng)溫度相同C.空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以制冷機的工作不遵守?zé)崃W(xué)第二定律D.能量耗散過程中能量不守恒4、如圖所示，邊長為L的菱形由兩個等邊三角形abd和bcd構(gòu)成，在三角形abd內(nèi)存在垂直紙面向外的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，在三角形bcd內(nèi)存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強度也為B的勻強磁場．一個邊長為L的等邊三角形導(dǎo)線框efg在紙面內(nèi)向右勻速穿過磁場，頂點e始終在直線ab上，底邊gf始終與直線dc重合．規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，在導(dǎo)線框通過磁場的過程中，感應(yīng)電流隨位移變化的圖象是（）

A.B.C.D.5、關(guān)于原子核及其變化，下列說法正確的是A.一個中子和一個質(zhì)子的質(zhì)量之和等于一個H核的質(zhì)量B.處于激發(fā)態(tài)的原子核放出射線時，核子數(shù)并沒有發(fā)生變化C.結(jié)合能大的原子核，比結(jié)合能也大D.原子核發(fā)生一次衰變，原子核外就會失去一個電子6、物理教材中有很多經(jīng)典的插圖能夠形象的表現(xiàn)出物理實驗；物理現(xiàn)象及物理規(guī)律；下列四幅圖涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是。

A.甲圖中，盧瑟福通過分析α粒子散射實驗結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子B.乙圖中，在光顏色保持不變的情況下，入射光越強，飽和光電流越大C.丙圖中，射線甲由電子組成，射線乙為電磁波，射線丙由α粒子組成D.丁圖中，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于輕核裂變評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、下圖是示波管的工作原理圖：電子經(jīng)電場加速后垂直于偏轉(zhuǎn)電場方向射入偏轉(zhuǎn)電場，若加速電壓為偏轉(zhuǎn)電壓為偏轉(zhuǎn)電場的極板長度與極板間的距離分別為L和d，y為電子離開偏轉(zhuǎn)電場時發(fā)生的偏轉(zhuǎn)距離．取“單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的偏轉(zhuǎn)距離”來描述示波管的靈敏度，即(該比值越大則靈敏度越高)，則下列哪種方法可以提高示波管的靈敏度（）

A.減小B.增大C.增大LD.減小d8、下列說法正確的是（）A.溫度計測溫原理就是熱平衡定律B.溫度計與被測系統(tǒng)的溫度不相同時，讀不出示數(shù)C.溫度計讀出的示數(shù)是它自身這個系統(tǒng)的溫度，若它與被測系統(tǒng)熱平衡，這一示數(shù)也是被測系統(tǒng)的溫度D.溫度計讀出的示數(shù)總是被測系統(tǒng)的溫度，無論是否達(dá)到熱平衡9、把一個電容器、電流傳感器、電阻、電源、單刀雙擲開關(guān)按圖甲所示連接，先使開關(guān)與端相連，電源向電容器充電；然后把開關(guān)擲向端，電容器放電，與電流傳感器相連接的計算機所記錄這一過程中電流隨時間變化的曲線如圖乙所示；下列關(guān)于這一過程的分析，正確的是（）

A.在形成電流曲線的過程中，電容器兩極板間電壓逐漸增大B.在形成電流曲線的過程中，電容器的電容逐漸減小C.曲線與橫軸所圍面積等于曲線與橫軸所圍面積D.接端，只要時間足夠長，電容器兩極板間的電壓就能大于電源電動勢10、一含有理想變壓器的電路如圖所示，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3：1．電路中連接三個相同的電阻R，A為理想交流電流表，U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值U=380V．當(dāng)開關(guān)S斷開時；電流表的示數(shù)為2A．則。

A.定值電阻R的阻值為10ΩB.開關(guān)S斷開時，副線圈的輸出電壓為127VC.開關(guān)S閉合時，電流表的示數(shù)為3.8AD.開關(guān)S閉合時，電路中消耗的總功率為1300W11、圖甲是一列簡諧橫波在t＝0.01s時刻的波形圖，圖乙是質(zhì)點P的振動圖象，則下列說法正確的是()

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播，波速大小為100m/sB.在0.01s~0.025s內(nèi)，質(zhì)點R通過的路程為15cmC.t＝0.005s時，1.5m處質(zhì)點沿y軸的負(fù)方向運動D.在0.01s~0.015s內(nèi)，質(zhì)點Q的加速度一直在減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)12、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。13、雙桶洗衣機的脫水桶的電機是由一個定時開關(guān)和一個由桶蓋控制的開關(guān)組成的，當(dāng)定時開關(guān)合上時；只要打開桶蓋，電機又被關(guān)閉。

（1）如圖所示的哪個電路圖能滿足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根據(jù)以上羅列的控制條件和控制結(jié)果的情況，完成其真值表，并在虛線框內(nèi)畫出該門電路符號()。輸入輸出ABZ00______01______10______11______

14、如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積與熱力學(xué)溫度的關(guān)系圖像，該氣體的狀態(tài)經(jīng)歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

15、一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關(guān)系如圖所示。圖中TA、VA和TD為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是______(選填“等溫”；“等容”，或“等壓”)過程；

(2)從B到C的過程中，氣體的內(nèi)能______(選填“增大”“減小”或“不變”)。16、汽車內(nèi)燃機氣缸內(nèi)汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學(xué)能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8×102J。該內(nèi)燃機的效率為________。隨著科技的進(jìn)步，可設(shè)法減少熱量的損失，則內(nèi)燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達(dá)到100%.17、（1）人類對物質(zhì)屬性的認(rèn)識是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是_____________。

a．液體的分子勢能與體積有關(guān)。

b．晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的。

c．溫度升高；每個分子的動能都增大。

d．露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用。

（2）氣體溫度計結(jié)構(gòu)如圖所示。玻璃測溫泡A內(nèi)充有理想氣體，通過細(xì)玻璃管B和水銀壓強計相連。開始時A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點處，右管D中水銀面高出O點h1=14cm，后將A放入待測恒溫槽中，上下移動D，使C中水銀面仍在O點處，測得D中水銀面高出O點h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓；1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)于76cmHg）

①求恒溫槽的溫度______。

②此過程A內(nèi)氣體內(nèi)能________（填“增大”或“減小”）；氣體不對外做功，氣體將。

__________（填“吸熱”或“放熱”）。評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)18、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

19、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

20、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共3題，共9分)21、如圖所示，氣缸靜止豎直放置在水平面上，厚度均不計的活塞A、B將氣缸分隔為1、2兩氣室?；钊鸄質(zhì)量為橫截面積為活塞B質(zhì)量橫截面積為上方較細(xì)的氣缸足夠長，下方較粗的氣缸高度為開始時，活塞B距離地面大氣壓強恒為初始時氣缸周圍環(huán)境溫度為重力加速度g取求：

（1）氣體2的壓強；

（2）若給氣體2緩慢加熱，使活塞B剛好上升這時氣體2溫度升高了多少。

22、在19世紀(jì)末發(fā)現(xiàn)電子以后，美國物理學(xué)家密立根(R.A.Millikan)在1907年-1913年間就微小油滴所帶電荷量進(jìn)行了多次的測量，比較準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量，油滴實驗是物理學(xué)發(fā)展史上具有重要意義的實驗，油滴實驗的原理如圖所示，兩塊水平放置的平行金屬板與電源連接，上、下板分別帶正、負(fù)電荷，油滴從噴霧器噴出后，由于摩擦而帶電，油滴進(jìn)入上板中央小孔后落到勻強電場中，通過顯微鏡可以觀察到油滴的運動情況，兩金屬板間的距離為d，忽略空氣對油滴的浮力和阻力，重力加速度為g

(1)調(diào)節(jié)兩金屬板間的電勢差u，當(dāng)u=Uo時，使某個質(zhì)量為m1的油滴恰好做勻速運動，該油滴所帶電荷量q為多少?

(2)若油滴進(jìn)入電場時的速度可以忽略，當(dāng)兩金屬板間的電勢差u=U時，觀察到某個質(zhì)量為m2的油滴進(jìn)入電場后做勻加速運動，經(jīng)過時間t運動到下極板，求此油滴所帶電荷量Q。

23、利用電場來控制帶電粒子的運動,在現(xiàn)代科學(xué)實驗和技術(shù)設(shè)備中有廣泛的應(yīng)用．如圖1所示為電子槍的結(jié)構(gòu)示意圖,電子從熾熱的金屬絲中發(fā)射出來,在金屬絲和金屬板之間加一電壓U0,發(fā)射出的電子在真空中加速后,沿電場方向從金屬板的小孔穿出做直線運動．已知電子的質(zhì)量為m,電荷量為e,不計電子重力及電子間的相互作用力．設(shè)電子剛剛離開金屬絲時的速度為零．

（1）求電子從金屬板小孔穿出時的速度v0的大小;

（2）示波器中的示波管是利用電場來控制帶電粒子的運動．如圖2所示,Y和Y'為間距為d的兩個偏轉(zhuǎn)電極,兩板長度均為L,極板右側(cè)邊緣與屏相距x,OO'為兩極板間的中線并與屏垂直,O點為電場區(qū)域的中心點．接(1),從金屬板小孔穿出的電子束沿OO'射入電場中,若兩板間不加電場,電子打在屏上的O'點．為了使電子打在屏上的P點,P與O'相距h,已知電子離開電場時速度方向的反向延長線過O點．則需要在兩極板間加多大的電壓U;

（3）某電子槍除了加速電子外，同時對電子束還有會聚作用，其原理可簡化為圖3所示．一球形界面外部空間中各處電勢均為φ1，內(nèi)部各處電勢均為φ2（φ2>φ1），球心位于z軸上O點．一束靠近z軸且關(guān)于z軸對稱的電子流以相同的速度v1平行于z軸射入該界面；由于電子只受到法線方向的作用力，其運動方向?qū)l(fā)生改變，改變前后能量守恒．

①試推導(dǎo)給出電子進(jìn)入球形界面后速度大小；

②類比光從空氣斜射入水中，水相對于空氣的折射率計算方法n若把上述球形裝置稱為電子光學(xué)聚焦系統(tǒng)，試求該系統(tǒng)球形界面內(nèi)部相對于外部的折射率．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

A．若電場強度變?yōu)?E，則粒子從DC邊離開，運動時間變?yōu)閯t水平位移變?yōu)樵瓉淼亩皇枪蔄錯誤；

B．在粒子穿過電場的過程中，設(shè)電場力做功為W，則由可知電場強度加倍，則電場力做功變?yōu)榱?W，則射出電場的速度不等于2v；故B錯誤；

C．粒子入射速度變則粒子在電場時間不變，即可得出粒子從DC邊中點射出電場；故C正確；

D．由于電場不變粒子在電場運動時間不變，電場力做功不變，有功能定理可知，粒子射出電場的和速度不是故D錯誤．2、C【分析】【詳解】

山頂氣壓低；沸點低，汽化熱小，故山腳吸熱多。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．熱傳遞是通過能量轉(zhuǎn)移的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能的；做功是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能的，故A錯誤；

B．達(dá)到熱平衡的兩系統(tǒng)溫度相同；故B正確；

C．空調(diào)機作為制冷機使用時；在壓縮機做功的情況下，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以制冷機的工作是不違反熱力學(xué)第二定律，故C錯誤；

D．能量耗散過程中能量也守恒；故D錯誤。

故選B。4、A【分析】【詳解】

感應(yīng)電動勢電流三角形egf向右運動，根據(jù)右手定則，開始時ef切割磁感線，產(chǎn)生順時針電流，大小設(shè)為過程，en切割磁感線產(chǎn)生向下的電流，nf產(chǎn)生向上的電流，em產(chǎn)生向下電流，切割磁感線的有效長度為隨著三角形的運動在減小，感應(yīng)電流減小，當(dāng)運動時，電流為零，過程，繼續(xù)移動根據(jù)等邊三角形的幾何關(guān)系，nf+em大于en，逐漸變大，電流變大，當(dāng)efg與bcd重合時，eg邊和ef切割磁感線，產(chǎn)生電流方向均為逆時針，大小變?yōu)長-2L過程中，繼續(xù)移動gm切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，L有=gm，逐漸減小，直至全部出磁場電流為零，A正確．5、B【分析】【分析】

輕核聚變有質(zhì)量虧損；向外放出能量．根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程判斷反應(yīng)前后的質(zhì)量關(guān)系．

【詳解】

A項：一個中子和一個質(zhì)子結(jié)合成氘核；放出能量，由愛因斯坦質(zhì)能方程可知，一個中子和一個質(zhì)子的質(zhì)量之和大于一個氘核的質(zhì)量，故A錯誤；

B項：處于激發(fā)態(tài)的原子核放出射線即為光子流；所以核子數(shù)不變，故B正確；

C項：比結(jié)合能等于結(jié)合能與核子數(shù)的比值；所以結(jié)合能大的原子核，比結(jié)合能不一定大，故C錯誤；

D項：原子核衰變所放出的電子為原子核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)化而來的；故D錯誤．

故應(yīng)選：B．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵知道重核裂變、輕核聚變都有質(zhì)量虧損，向外放出能量．6、B【分析】【分析】

【詳解】

A.盧瑟福通過分析粒子散射實驗結(jié)果；提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，A錯誤．

B.根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律可知在光顏色保持不變的情況下；入射光越強，飽和光電流越大，B正確．

C.因為射線甲受洛侖茲力向左；所以甲帶正電，是由α粒子組成，C錯誤．

D.鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核裂變，D錯誤．二、多選題(共5題，共10分)7、A:C:D【分析】【詳解】

經(jīng)加速電場后的速度為v，根據(jù)動能定理

所以電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時速度的大小為

電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)的位移為

所以示波管的靈敏度

所以要提高示波管的靈敏度可以增大減小d和減小故ACD正確，B錯誤。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

ACD．溫度計能測出被測物體的溫度的原理就是熱平衡定律；即溫度計與被測物體達(dá)到熱平衡時溫度相同，其示數(shù)也就是被測物體的溫度，故AC正確，D錯誤；

B．溫度計與被測系統(tǒng)的溫度不相同時；仍有示數(shù)，故B錯誤。

故選AC。9、A:C【分析】【詳解】

A．在形成電流曲線的過過程，開關(guān)與端相連，電容器在充電，所帶電量增大，電容不變，由電容的定義式

分析可以知道極板間電壓增大；故A正確；

B．在形成電流曲線的過程中，開關(guān)與端相連；電容器在放電，在放電的過程中，電容器的電荷量減小，但電容反映電容器本身的特性，與電壓和電量無關(guān)，保持不變，故B錯誤；

C．圖線與時間軸圍成的面積表示電荷量，因為電容器充電和放電的電量相等，所以曲線與橫軸所圍面積等于曲線與橫軸所圍面積；故C正確；

D．接端，只要時間足夠長，電容器充電完畢，電路中沒有電流，電源的內(nèi)電壓為零，電容器極板間的電壓等于電源的電動勢故D錯誤。

故選AC。10、A:C【分析】【詳解】

A.此時電流表示數(shù)根據(jù)變壓器原理可得副線圈電流根據(jù)電壓關(guān)系有：代入數(shù)據(jù)解得：A正確．

B.副線圈電壓B錯誤．

CD.開關(guān)閉合，且解得：回路總功率C正確D錯誤．11、B:C【分析】【詳解】

圖乙是質(zhì)點P的振動圖象，根據(jù)圖乙可知在0.01s時P向上振動，根據(jù)“同側(cè)法”可知波沿+x方向傳播，波長λ=2m．周期T=0.02s，故波速故A錯誤；在0.01s～0.025s內(nèi)，即質(zhì)點R振動了所以質(zhì)點R通過的路程為s=×4A=×4×5cm=15cm，故B正確；t=0.01s時1.5m處質(zhì)點處于負(fù)向最大位移，所以t=0.005s時，1.5m處質(zhì)點沿y軸的負(fù)方向運動，故C正確；該時刻質(zhì)點Q向下振動，在0.01s～0.015s內(nèi)，即從該時刻再經(jīng)過T/4，質(zhì)點Q的位移先減小后反向增大，則加速度先減小、后反向增大，故D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)12、略

【分析】【分析】

粒子進(jìn)入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，速度的偏向角等于軌跡對應(yīng)的圓心角，再可求出軌跡對應(yīng)的圓心角由求解時間之比；根據(jù)幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運用幾何知識求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：313、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)題目要求；能滿足條件的電路是A；

（2）[2]該電路為“與”門電路；電路符號為。

[3][4][5][6]真值表。輸入輸出ABZ000010100111【解析】A000114、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學(xué)第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q15、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由圖知從狀態(tài)A到B；對應(yīng)的體積不變，故氣體經(jīng)歷的是等容變化；

(2)[2]理想氣體的內(nèi)能置于溫度有關(guān)，從B到C的過程中溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變；【解析】等容不變16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學(xué)第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進(jìn)步；不斷設(shè)法減小熱量損失，則內(nèi)燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達(dá)到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容?！窘馕觥坎豢赡?7、略

【分析】【詳解】

（1）[1]a．液體分子之間的距離不同；液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子勢能就不同，所以液體的分子勢能與體積有關(guān)，故a正確；

b．單晶體的物理性質(zhì)具有各向異性，而多晶體的物理性質(zhì)具有各向同性，故b錯誤；

c．溫度越高分子的平均動能越大；但對于某個分子來說其分子動能反而可能減小，所以溫度對單個分子來說沒有意義，故c錯誤；

d．由于液體表面張力的作用使液體的表面積收縮；使露珠呈球形，故d正確。

故選ad。

（2）①[2]由于使C中水銀面仍在O點處，故封閉氣體的體積保持不變，即發(fā)生等容變化，冰水混合物的溫度T1=273K，此時封閉氣體的壓強p1=p0+h1=90cmHg

設(shè)待測恒溫槽的溫度T2，此時封閉氣體的壓強p2=p0+h2=120cmHg

根據(jù)查理定律得

解得T2=364K

②[3]氣體體積保持不變，分子勢能保持不變，由于氣體溫度升高，所以A內(nèi)氣體分子的平均動能增大；故氣體的內(nèi)能增大。

[4]根據(jù)熱力學(xué)第一定律

氣體體積保持不變，則W=0，由于氣體的內(nèi)能增大，故

所以Q＞0

即氣體從外界吸熱?！窘馕觥竣?（1）ad②.（2）①恒溫槽的溫度為364K③.②增大；④.吸熱．四、作圖題(共3題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】19、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的