2025年華師大新版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華師大新版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在大樹(shù)下，由于陽(yáng)光的照射，?？吹降厣嫌性S多圓形的亮斑A.這些都是太陽(yáng)的正立虛像B.這些都是太陽(yáng)的倒立虛像C.這些都是太陽(yáng)的正立實(shí)像D.這些都是太陽(yáng)的倒立實(shí)像2、如圖所示為航母上電磁彈射裝置的等效電路圖（俯視圖）；使用前先給超級(jí)電容器C充電，彈射時(shí)，電容器釋放儲(chǔ)存電能所產(chǎn)生的強(qiáng)大電流經(jīng)過(guò)導(dǎo)體棒EF，EF在磁場(chǎng)（方向垂直紙面向外）作用下加速。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.電源給電容器充電后，M板帶正電B.導(dǎo)體棒在安培力作用下向右運(yùn)動(dòng)C.超級(jí)電容器相當(dāng)電源，放電時(shí)兩端電壓不變D.在電容器放電過(guò)程中，電容器電容不斷減小3、矩形線圈匝數(shù)n=100匝，繞垂直磁場(chǎng)的軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生正弦交流電如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.t=0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直B.t=0時(shí)電動(dòng)勢(shì)的有效值為0C.t=0時(shí)線圈的磁通量為D.t=0開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的角度為時(shí)的電動(dòng)勢(shì)為最大值的一半4、如圖中的曲線表示某振動(dòng)系統(tǒng)受迫振動(dòng)的振幅A隨驅(qū)動(dòng)力頻率變化的關(guān)系?？梢钥闯觯?qū)動(dòng)力頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時(shí)；受迫振動(dòng)的振幅最大，這種現(xiàn)象叫做共振。據(jù)史書(shū)記載：晉朝初期，京城有戶(hù)人家掛著的銅盤(pán)每天早晚輕輕自鳴兩次，人們十分驚恐。當(dāng)時(shí)的學(xué)者張華判斷，這是銅盤(pán)與皇宮早晚的鐘聲共鳴所致，后來(lái)把銅盤(pán)磨薄一些，它就不再自鳴了。你認(rèn)為把銅盤(pán)磨薄的目的是（??）

A.減小銅盤(pán)固有振動(dòng)的周期B.減小銅盤(pán)固有振動(dòng)的振幅C.減弱皇宮敲鐘引起的空氣振動(dòng)的強(qiáng)度D.減小皇宮敲鐘引起的空氣振動(dòng)的頻率5、將一個(gè)質(zhì)量很小的金屬圓環(huán)用細(xì)線吊起來(lái)；在其附近放一塊條形磁鐵，磁鐵的軸線與圓環(huán)在同一個(gè)平面內(nèi)，且通過(guò)圓環(huán)中心，如圖所示，當(dāng)圓環(huán)中通以順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，從上往下看()

A.圓環(huán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，靠近磁鐵B.圓環(huán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，遠(yuǎn)離磁鐵C.圓環(huán)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，靠近磁鐵D.圓環(huán)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，遠(yuǎn)離磁鐵6、如圖所示，由三個(gè)鋁制薄板互成120°角均勻分開(kāi)的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其磁感應(yīng)強(qiáng)度分別用表示．現(xiàn)有帶電粒子自a點(diǎn)垂直O(jiān)a板沿逆時(shí)針?lè)较蛏淙氪艌?chǎng)中，帶電粒子完成一周運(yùn)動(dòng)，在三個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為1∶2∶3，軌跡恰好是一個(gè)以O(shè)為圓心的圓，則其在b、c處穿越鋁板所損失的動(dòng)能之比為。

A.1∶1B.5∶3C.3∶2D.27∶57、用強(qiáng)度相同的紅光和藍(lán)光分別照射同一種金屬，均能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)．下列判斷正確的是A.用紅光照射時(shí)，該金屬的逸出功小，用藍(lán)光照射時(shí)該金屬的逸出功大B.用紅光照射時(shí)，逸出光電子所需時(shí)間長(zhǎng)，用藍(lán)光照射時(shí)逸出光電子所需時(shí)間短C.用紅光照射時(shí)，逸出的光電子最大初動(dòng)能小，用藍(lán)光照射時(shí)逸出的光電子最大初動(dòng)能大D.若增加入射光的強(qiáng)度，逸出的光電子最大初動(dòng)能相應(yīng)增加評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖，足夠長(zhǎng)的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距l(xiāng)=1m，導(dǎo)軌中間分布有磁感應(yīng)強(qiáng)度為1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界為正弦曲線．一粗細(xì)均勻的導(dǎo)體棒以10m/s的速度向右勻速滑動(dòng)，定值電阻R的阻值為1Ω，導(dǎo)體棒接入電路的電阻也為1Ω，二極管D正向電阻為零；反向電阻無(wú)窮大，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)為2.5VB.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到圖示位置時(shí)，有電流流過(guò)電阻RC.流經(jīng)電阻R的最大電流為5AD.導(dǎo)體棒上熱功率為6.25W9、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對(duì)值分別為ΔU1和ΔU2；流過(guò)電源的電流為I，其變化量的絕對(duì)值為ΔI．在滑動(dòng)變阻器的觸片從右端滑到左端的過(guò)程中(燈泡電阻不變化)()

A.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B.ΔU1＞ΔU2C.ΔU1/ΔI增大D.ΔU2/ΔI不變10、如圖所示電路，開(kāi)始時(shí)K處于斷開(kāi)狀態(tài)，A1、A2、V1、V2示數(shù)分別為I1、I2、U1、U2；現(xiàn)將K閉合，下列對(duì)各表讀數(shù)的變化情況判斷正確的是（）

A.U1減小B.U2減小C.I1增大D.I2增大11、關(guān)于物體內(nèi)能，下列說(shuō)法中正確的是（）A.每一個(gè)分子的動(dòng)能與分子勢(shì)能的總和叫物體的內(nèi)能B.物體所有分子的動(dòng)能與分子勢(shì)能的總和叫物體的內(nèi)能C.一個(gè)物體，當(dāng)它的機(jī)械能發(fā)生變化時(shí)，其內(nèi)能也一定發(fā)生變化D.一個(gè)物體內(nèi)能的多少與它的機(jī)械能多少無(wú)關(guān)12、如圖；豎直放置；開(kāi)口向上的長(zhǎng)試管內(nèi)用水銀密閉一段氣體，若大氣壓強(qiáng)不變，管內(nèi)氣體（）

A.溫度降低，則壓強(qiáng)可能增大B.溫度升高，則壓強(qiáng)可能減小C.溫度降低，則壓強(qiáng)不變D.溫度升高，則體積增大13、奧運(yùn)祥云火炬的燃燒系統(tǒng)由燃?xì)夤蓿▋?nèi)有液態(tài)丙烷）穩(wěn)壓裝置和燃燒器三部分組成。當(dāng)穩(wěn)壓閥打開(kāi)以后，燃?xì)庖詺鈶B(tài)形式從氣罐里出米，經(jīng)過(guò)穩(wěn)壓閥后進(jìn)入燃燒室進(jìn)行燃燒，以下說(shuō)法中正確的是（）A.燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過(guò)程中要對(duì)外做功B.燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過(guò)程中分子的分子勢(shì)能減少C.燃?xì)庠谌紵筢尫旁谥車(chē)h(huán)境中的能量不可能被回收再利用D.若將兩個(gè)丙烷氣體分子從遠(yuǎn)處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過(guò)程中，分子間相互作用的合力先變大、后變小再變大14、下列說(shuō)法中正確的是A.受迫振動(dòng)的物體的振動(dòng)頻率可能等于其固有頻率B.多普勒效應(yīng)不僅適用于聲波,也適用于電磁波C.光是一種電磁波,而且是一種縱波D.火車(chē)由靜止加速到接近光速,車(chē)中乘客會(huì)看到火車(chē)長(zhǎng)度比上車(chē)時(shí)短15、空間虛線上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；一群電子以不同速率v從邊界上的P點(diǎn)以相同的方向射入磁場(chǎng)．其中某一速率v0的電子從Q點(diǎn)射出；如圖所示．已知電子入射方向與邊界夾角為θ，則由以上條件可判斷（）

A.該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向是垂直紙面向里B.所有電子在磁場(chǎng)中的軌跡相同C.速率大于v0的電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)D.所有電子的速度方向都改變了2θ評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、一定量的理想氣體從狀態(tài)開(kāi)始，經(jīng)歷等溫或等壓過(guò)程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對(duì)角線的延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過(guò)程，氣體對(duì)外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對(duì)氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對(duì)外界做的功。

17、毛細(xì)現(xiàn)象：浸潤(rùn)液體在細(xì)管中______的現(xiàn)象，以及不浸潤(rùn)液體在細(xì)管中______的現(xiàn)象．18、如圖是一定質(zhì)量理想氣體的圖像，氣體從圖中A狀態(tài)變到狀態(tài)，設(shè)A，狀態(tài)的體積分別為內(nèi)能分別為由圖可知______________________（填“”“”或“”）。從到氣體___________熱量（填“吸收”或“放出”）。

19、如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導(dǎo)體ab沿光滑導(dǎo)線框向右做勻速運(yùn)動(dòng)；線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線框平面，cd間的長(zhǎng)度L=0.4m，運(yùn)動(dòng)的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計(jì)．

a.電路abcd中導(dǎo)體棒ab相當(dāng)于電源,_______（a端或b端）相當(dāng)于電源的正極。

b.電源的電動(dòng)勢(shì)即產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=_______V，電路abcd中的電流I=_______A

c.導(dǎo)體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；20、（1）關(guān)于熱力學(xué)定律和分子動(dòng)理論，下列說(shuō)法正確的是____．（填選項(xiàng)前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內(nèi)能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢(shì)能一定增大。

D.若兩分子間距離減??；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機(jī)的儲(chǔ)氣罐中儲(chǔ)有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設(shè)充氣過(guò)程為等溫過(guò)程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲(chǔ)氣罐中氣體壓強(qiáng)為_(kāi)____．（填選項(xiàng)前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm21、如圖所示，真空中有一對(duì)相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢(shì)差為U，兩板間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)．若一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開(kāi)始從A板向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)并到達(dá)B板，則粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度大小a=________，粒子到達(dá)B板時(shí)的速度大小v=________．

22、在示波管中，電子通過(guò)電子槍加速，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極，然后射到熒光屏上．如圖所示，設(shè)電子的質(zhì)量為m(不考慮所受重力)，電量為e，從靜止開(kāi)始，經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速，加速電場(chǎng)電壓為U1，然后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)電極中兩板之間的距離為d，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，偏轉(zhuǎn)電壓為U2；求電子射到熒光屏上的動(dòng)能為多大？

23、熱機(jī)是一種______________________的裝置．熱機(jī)做的功和它從高溫?zé)嵩次盏臒崃康谋戎到凶鯻_________________．24、熱力學(xué)溫標(biāo)是英國(guó)物理學(xué)家______建立的．在熱力學(xué)溫度中，絕對(duì)零度是指______．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)28、某同學(xué)設(shè)計(jì)的可調(diào)電源電路如圖（a）所示，R0為保護(hù)電阻；P為滑動(dòng)變阻器的滑片．閉合電鍵S．

①用電壓表測(cè)量A、B兩端的電壓：將電壓表調(diào)零，選擇0-3V擋，示數(shù)如圖22（b）；電壓值為_(kāi)_____V．

②在接通外電路之前；為了保證外電路的安全，滑片P應(yīng)先置于端______．

③要使輸出電壓變大；滑片P應(yīng)向端滑動(dòng)______．

④若電源電路中不接入R0，則在使用過(guò)程中，存在的風(fēng)險(xiǎn)______（填“斷路”或“短路”）．29、某同學(xué)利用電壓表和定值電阻測(cè)蓄電池電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

(1)實(shí)驗(yàn)室有以下三個(gè)電壓表；需要將它們改裝成量程為6V的電壓表，以下措施正確的是________；

A．將電壓表V1(0～1V，內(nèi)阻約為1kΩ)與5kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

B．將電壓表V2(0～2V，內(nèi)阻約為2kΩ)與4kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

C．將電壓表V3(0～3V，內(nèi)阻為3kΩ)與3kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

D．以上三項(xiàng)都可以。

(2)用改裝并校正后的電壓表及兩個(gè)定值電阻R0；測(cè)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，圖甲為實(shí)驗(yàn)電路圖，根據(jù)給出的電路圖，將圖乙的實(shí)物連線補(bǔ)充完整______；

(3)該實(shí)驗(yàn)的主要操作步驟如下：

A．按電路原理圖連接實(shí)驗(yàn)器材；

B．將開(kāi)關(guān)S2閉合，開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)，測(cè)得電壓表的示數(shù)是U1；

C．再將開(kāi)關(guān)S1閉合，測(cè)得電壓表的示數(shù)是U2；

D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S2。

①根據(jù)實(shí)驗(yàn)所得數(shù)據(jù)，可得電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值E＝__________；電源內(nèi)阻的測(cè)量值r＝____________(結(jié)果用字母U1、U2、R0表示)；

②該實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)比實(shí)際值偏_______(填“大”或“小”)。30、某實(shí)驗(yàn)小組為了探究碰撞中的不變量；在氣墊導(dǎo)軌中央放置一個(gè)滑塊Q，另一個(gè)滑塊P壓縮導(dǎo)軌左端彈簧片后被鎖定，滑塊P上安裝有遮光板C，其右端粘上橡皮泥，導(dǎo)軌上適當(dāng)位置安裝兩個(gè)光電門(mén)A；B記錄滑塊上遮光板C分別通過(guò)兩光電門(mén)的時(shí)間，如圖（a）所示。解除滑塊P的鎖定，滑塊P被彈出與滑塊Q相碰后粘合在一起運(yùn)動(dòng)，P、Q碰撞前、后的運(yùn)動(dòng)均為勻速直線運(yùn)動(dòng)。

（1）為了正常實(shí)驗(yàn)和減小實(shí)驗(yàn)誤差，下列操作必要的是_________。A．實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平B．光電門(mén)A應(yīng)該靠近滑塊PC．遮光板應(yīng)適當(dāng)加寬D．滑塊Q上應(yīng)安裝遮光板（2）實(shí)驗(yàn)小組用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光板的寬度如圖（b）所示，其寬度為_(kāi)_________mm；實(shí)驗(yàn)除了要記錄遮光板通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間外，還應(yīng)測(cè)定_____________________________。評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共40分)31、如圖所示，在xoy平面內(nèi)，有一以坐標(biāo)原點(diǎn)O為圓心、R為半徑的圓形區(qū)圓周與坐標(biāo)軸分別交于a、b、c、d點(diǎn)．x軸下方圓弧bd與b′d′是兩個(gè)半圓形同心圓弧，bd和b′d′之間的區(qū)域內(nèi)分布著輻射狀的電場(chǎng)，電場(chǎng)方向指向原點(diǎn)O，其間的電勢(shì)差為U；x軸上方圓周外區(qū)域，存在著上邊界為y=2R的垂直紙面向里的足夠大勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圓周內(nèi)無(wú)磁場(chǎng)．圓弧b′d′上均勻分布著質(zhì)量為m；電荷量為q的帶正電粒子；它們被輻射狀的電場(chǎng)由靜止加速后通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O，并進(jìn)入磁場(chǎng)．不計(jì)粒子的重力以及粒子之間的相互作用，不考慮粒子從磁場(chǎng)返回圓形區(qū)域邊界后的運(yùn)動(dòng)．

(1)粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后；在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為多大?

(2)若從a點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子不能從磁場(chǎng)上邊界射出磁場(chǎng)；則磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿(mǎn)足什么條件?

(3要使粒子能夠垂直于磁場(chǎng)上邊界射出磁場(chǎng)，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值B0；并求出此時(shí)從磁場(chǎng)上邊界垂直射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；

(4)當(dāng)磁場(chǎng)中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為第(3)問(wèn)中B0的倍時(shí)，求能從磁場(chǎng)上邊界射出粒子的邊界寬度．32、如圖，導(dǎo)熱的圓柱形汽缸放置在水平桌面上，橫截面積為S、質(zhì)量為m1的活塞封閉著一定質(zhì)量的氣體（可視為理想氣體），活塞與汽缸間無(wú)摩擦且不漏氣?？傎|(zhì)量為m2的砝碼盤(pán)（含砝碼）通過(guò)左側(cè)豎直的細(xì)繩與活塞相連。當(dāng)環(huán)境溫度為T(mén)時(shí)，活塞離缸底的高度為h?，F(xiàn)使環(huán)境溫度緩慢降為

①當(dāng)活塞再次平衡時(shí)；活塞離缸底的高度是多少？

②保持環(huán)境溫度為不變，在砝碼盤(pán)中添加質(zhì)量為m的砝碼時(shí)，活塞返回到高度為h處，求大氣壓強(qiáng)p0。33、開(kāi)口玻璃瓶?jī)?nèi)裝有理想氣體，當(dāng)溫度由升高到時(shí)，瓶?jī)?nèi)失去的氣體質(zhì)量為認(rèn)為大氣壓強(qiáng)為不變，求瓶?jī)?nèi)原有的氣體質(zhì)量？34、豎直放置，內(nèi)壁光滑的氣缸，由上下兩部分足夠長(zhǎng)圓柱組成，兩部分的橫截面積分別為氣缸中有兩個(gè)活塞，其質(zhì)量分別為中間封閉著一定質(zhì)量的理想氣體?，F(xiàn)用豎直向上的力作用在活塞上，使兩活塞均處于平衡狀態(tài)，兩活塞距離氣缸上下兩部分分界處的距離都是如圖所示。若大氣壓強(qiáng)取10求：

（i）此時(shí)密閉氣體的壓強(qiáng)和外力的大??；

（ii）若將外力撤去，使密閉氣體的溫度由原來(lái)的升高到滑塞向下移動(dòng)多大距離后又處于平衡狀態(tài)？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

沿直線傳播的太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)樹(shù)葉之間的狹縫后照在地面上形成的光斑，屬于小孔成像所以這些都是太陽(yáng)的倒立實(shí)像；故ABC錯(cuò)誤，D正確．故選D.

【點(diǎn)睛】

本題考查對(duì)光的直線傳播的現(xiàn)象以及小孔成像，生活中有許多的光的直線傳播形成的現(xiàn)象，如小孔成像、影的形成、日食月食等，要學(xué)會(huì)理論聯(lián)系實(shí)際．2、B【分析】電容器下極板接正極；所以充電后N乙極帶正電，故A錯(cuò)誤；放電時(shí)，電流由F到E，則由左手定則可知，安培力向右，所以導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)，故B正確；電容器放電時(shí)，電量和電壓均減小，故C錯(cuò)誤；電容是電容器本身的性質(zhì)，與電壓和電量無(wú)關(guān)，故放電時(shí)，電容不變，故D錯(cuò)誤．故選B．

點(diǎn)睛：本題考查電容以及安培力的性質(zhì)，要注意掌握左手定則以及電容的性質(zhì)等基本內(nèi)容，明確電容由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定．3、C【分析】【詳解】

A．t=0時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零；線圈平面與中性面重合，故A錯(cuò)誤；

B．t=0時(shí)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為0；有效值不為零，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的峰值

則

t=0時(shí)線圈的磁通量最大，為故C正確；

D．電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式

則t=0開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的角度為時(shí)的電動(dòng)勢(shì)為

故D錯(cuò)誤。

故選C。4、A【分析】把銅盤(pán)磨薄一些，從而減小了銅盤(pán)的固有振動(dòng)的周期，依據(jù)共振的特點(diǎn)，銅盤(pán)與皇宮早晚的鐘聲不再發(fā)生共振，即不再出現(xiàn)共鳴，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．5、C【分析】根據(jù)環(huán)形電流周?chē)拇艌?chǎng)分布結(jié)合左手定則可知，圓環(huán)右側(cè)部分受到的安培力向里，左側(cè)部分受到的安培力向外，所以從上往下看圓環(huán)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)．再將轉(zhuǎn)動(dòng)90°后的通電圓環(huán)等效成一個(gè)小磁針，則N極在左，S極在右，根據(jù)同極相互排斥異極相互吸引可知，圓環(huán)靠近磁鐵，故C正確，ABD錯(cuò)誤．6、D【分析】【詳解】

帶電粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為在各個(gè)區(qū)域的角度都為對(duì)應(yīng)的周期為則有故則三個(gè)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度之比為三個(gè)區(qū)域的磁場(chǎng)半徑相同為又動(dòng)能聯(lián)立得故三個(gè)區(qū)域的動(dòng)能之比為：故在b處穿越鋁板所損失的動(dòng)能為故在c處穿越鋁板所損失的動(dòng)能為故損失動(dòng)能之比為D正確，選D.7、C【分析】【分析】

金屬的截止頻率由金屬本身的性質(zhì)決定；根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷出最大初動(dòng)能與什么因素有關(guān)．

【詳解】

強(qiáng)度相同的紅光和藍(lán)光分別照射同一種金屬，均能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，知紅光和藍(lán)光的頻率都大于金屬的截止頻率．金屬的逸出功與照射光的頻率無(wú)關(guān)．故A錯(cuò)誤；發(fā)生光電效應(yīng)的時(shí)間極短，即逸出光電子在瞬間完成，小于10-9s，與光的頻率無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程得，Ekm=hv-W0；金屬的逸出功不變，紅光的頻率小，藍(lán)光的頻率大，則藍(lán)光照射時(shí)逸出的光電子最大初動(dòng)能大，與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故C正確，D錯(cuò)誤．故選C

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W0．二、多選題(共8題，共16分)8、A:C:D【分析】【詳解】

A項(xiàng)：導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值產(chǎn)生的是正弦式交流電，則電動(dòng)勢(shì)的有效值由電流的熱效應(yīng)可得：解得：由閉合電路歐姆定律得，電壓表的示數(shù)為2.5V，故A正確；

B項(xiàng)：導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到圖示位置時(shí)，由右手定則可知，產(chǎn)生的電流方向由由于二極管具有單向?qū)ㄌ匦?，所以此時(shí)無(wú)電流流過(guò)電阻R；故B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值所以最大電流故C正確；

D項(xiàng)：導(dǎo)體棒上的電流為：所以熱功率為：故D正確．9、B:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A錯(cuò)誤；

B．由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數(shù)之和減小，所以△U1＞△U2．故B正確；

C．由U1=E-I（RL2+r）得：不變，故C錯(cuò)誤；

D．=R2；不變，D正確．

【點(diǎn)睛】

本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按“局部→整體→局部”思路進(jìn)行分析．運(yùn)用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大?。\(yùn)用歐姆定律定量分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值變化，這是常用的方法．10、B:C【分析】將電鍵K閉合后，外電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)U=E-I總r可知內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則I1增大，U2減小，根據(jù)歐姆定律可知，U1增大．由串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知，R2的電壓減小，則I2減小，故BC正確，AD錯(cuò)誤。11、B:D【分析】【詳解】

物體內(nèi)所有分子的動(dòng)能與勢(shì)能的總和叫物體的內(nèi)能；物體的內(nèi)能對(duì)單個(gè)分子而言無(wú)意義。物體的內(nèi)能與其所含分子的動(dòng)能與分子勢(shì)能有關(guān)，與物體的動(dòng)能和勢(shì)能；機(jī)械能無(wú)關(guān)；物體體積減小時(shí)，分子間距離減小，但分子勢(shì)能可能減小。

故選BD。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．大氣壓不變；水銀柱的長(zhǎng)度也不變，所以封閉氣體的壓強(qiáng)不變，氣體做等壓變化，與溫度無(wú)關(guān)，AB錯(cuò)誤，C正確；

D．根據(jù)=C可知；溫度升高，則體積增大，D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過(guò)程中體積增大對(duì)外做功；故A正確；

B．燃?xì)庥梢簯B(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過(guò)程中吸收熱量而溫度不變；吸收的熱量轉(zhuǎn)化為分子勢(shì)能，所以分子勢(shì)能增大，故B錯(cuò)誤；

C．燃?xì)庠谌紵筢尫旁谥車(chē)h(huán)境中的能量變?yōu)槠焚|(zhì)低的大氣內(nèi)能；能量耗散了，很難再被利用，但消耗其他能量也可以被回收利用，故C錯(cuò)誤；

D．兩個(gè)丙烷氣體分子從遠(yuǎn)處逐漸靠近，直到不能再靠近為止的過(guò)程中，分子間相互作用的合力從無(wú)到有，先變大。當(dāng)r＞r0時(shí)，表現(xiàn)為引力，隨分子間距的減小而增大，當(dāng)r＜r0時(shí)；表現(xiàn)為斥力，隨分子間距的減小而增大。由以上分析可知D正確。

故選AD。.14、A:B【分析】A.作受迫振動(dòng)的物體的頻率由它的策動(dòng)頻率來(lái)決定；也可能剛好等于其固有頻率，A正確；

B.多普勒效應(yīng)的原因是由于接收者與波源的相對(duì)運(yùn)動(dòng)使接收頻率發(fā)生了變化；不僅適用于聲波,也適用于電磁波，B正確；

C.光是一種電磁波,交變的電場(chǎng)和磁場(chǎng)方向相互垂直，且都與傳播方向垂直，是橫波，C錯(cuò)誤；波的干涉和衍射是波所特有現(xiàn)象，故C正確；

D.根據(jù)光速不變?cè)?；接近光速火?chē)中乘客看到火車(chē)長(zhǎng)度無(wú)限長(zhǎng)，D錯(cuò)誤。

故選AB。15、A:D【分析】【分析】

電子進(jìn)入磁場(chǎng)后受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)方向；電子在磁場(chǎng)中的軌跡與半徑有關(guān)，由半徑公式r=知；速率不同，軌跡半徑不同．電子在磁場(chǎng)中速度方向改變的角度等于軌跡的圓心角，而電子運(yùn)動(dòng)時(shí)間與軌跡的圓心角成正比，據(jù)此即可分析電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的長(zhǎng)短．

【詳解】

A．由圖知；電子在P點(diǎn)受到的洛倫茲力方向沿P→O，如圖，根據(jù)左手定則判斷得知：勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向是垂直紙面向里．故A正確．

B．電子進(jìn)入磁場(chǎng)后受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由半徑公式r=知；軌跡半徑與電子的速率成正比，速率不同，軌跡半徑不同，則軌跡就不同．故B錯(cuò)誤．

CD．根據(jù)圓的對(duì)稱(chēng)性可知；所有電子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度方向與PQ線的夾角都是θ，則所有電子的速度方向都改變了2θ，由幾何知識(shí)得知，所有電子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角都是2θ，則所有電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間都相同．故C錯(cuò)誤，D正確．

【點(diǎn)睛】

本題是磁場(chǎng)中直線邊界問(wèn)題，掌握左手定則和軌跡半徑的基礎(chǔ)上，抓住圓的對(duì)稱(chēng)性，確定速度的偏向角與軌跡的圓心角，即可比較磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過(guò)程中，溫度不變，內(nèi)能不變；壓強(qiáng)減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過(guò)程；氣體對(duì)外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過(guò)原點(diǎn)的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數(shù)，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過(guò)程中，等壓變化，溫度降低，內(nèi)能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)

可得

bc過(guò)程中外界對(duì)氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過(guò)程中，氣體對(duì)外界做功

所以

在bc過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功等于在da過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功?！窘馕觥康扔诘扔诘扔?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】上升下降18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]從圖像可以看出為等容變化，所以=

[2]一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)所以＜

[3]從狀態(tài)A到狀態(tài)B體積不變，內(nèi)能增加，所以應(yīng)該為吸收熱量?！窘馕觥?＜吸收19、略

【分析】【分析】

據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；即可確定等效電源的正負(fù)極；

根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由歐姆定律得出電流強(qiáng)度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向．

【詳解】

a.電路abcd中ab棒切割磁感線；產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源．由右手定則判斷可知相當(dāng)于電源的正極是a端；

b.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感應(yīng)電流為：

c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定則判斷可知，ab中感應(yīng)電流方向從b→a；由左手定則得知，安培力的方向向左．

【點(diǎn)睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應(yīng)中常用的規(guī)律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左20、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內(nèi)能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對(duì)外做功要少得話，物體的內(nèi)能會(huì)減小，所以答案A錯(cuò)；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調(diào)等所以答案B錯(cuò)；在分子力為排斥力時(shí)距離增大分子勢(shì)能減小，答案C錯(cuò)，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．21、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，只受電場(chǎng)力，有：U=Ed；F=qE；

聯(lián)立解得：

根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2ad

解得：

點(diǎn)睛：本題電荷在電場(chǎng)中加速問(wèn)題，求解速度通常有兩種思路：一是動(dòng)能定理；二是牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合．【解析】22、略

【分析】【詳解】

直線加速過(guò)程，有：①

類(lèi)似平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程，有：L=v1t②③

對(duì)運(yùn)動(dòng)的全程；根據(jù)動(dòng)能定理。

聯(lián)立①②③解得【解析】23、略

【分析】【詳解】

熱機(jī)是一種將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的裝置．

熱機(jī)做的功和它從高溫?zé)嵩次盏臒崃康谋戎到凶鰺釞C(jī)的效率．【解析】將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能熱機(jī)的效率24、略

【分析】【分析】

明確熱力學(xué)溫度的定義；知道其零點(diǎn)，同時(shí)明確熱力學(xué)溫度和攝氏度之間的換算關(guān)系．

【詳解】

英國(guó)物理學(xué)家開(kāi)爾文提出熱力學(xué)溫標(biāo)，其中每1k和對(duì)應(yīng)，但其零點(diǎn)為

故答案為開(kāi)爾文；

【點(diǎn)睛】

本題考查有關(guān)溫度的物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】開(kāi)爾文；-273；四、作圖題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：①選擇0-3V擋；精確度為0.1V，讀數(shù)應(yīng)該為13.0×0.1V=1.30V；②接通外電路后，滑動(dòng)變阻器起到分壓作用，接通電路前，應(yīng)使輸出電壓最小，故需要將滑片置于A端，用電器上的電壓為0，這樣才能起到外電路的安全保證；[學(xué)科網(wǎng)③要增大外電路電壓，需要使滑片滑向B端；④如果電路中不接入保護(hù)電阻，電流過(guò)大會(huì)燒斷滑動(dòng)變阻器出現(xiàn)短路現(xiàn)象．

考點(diǎn)：本題考查滑動(dòng)變阻器的分壓式接法【解析】1.30AB短路29、略

【分析】【分析】

（1）明確電表的改裝原理；即可確定如何獲得大量程的電壓表；（2）根據(jù)原理圖即可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖；（3）根據(jù)閉合電電路歐姆定律進(jìn)行分析，從而根據(jù)測(cè)出的數(shù)據(jù)求出電源的內(nèi)阻；（4）根據(jù)電表內(nèi)阻的影響進(jìn)行分析，從而確定測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)的誤差情況。

【詳解】

：（1）要想改裝電壓表，應(yīng)知道原電壓表量程，由題意可知，只有C中電表內(nèi)阻已知；同時(shí)根據(jù)改裝原理可知：符合要求，故選C；

（2）根據(jù)原理圖可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖如圖所示：

（3）由閉合電路歐姆定律可知：①將開(kāi)關(guān)S2閉合，開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)時(shí)：

將開(kāi)關(guān)S1閉合時(shí)：

聯(lián)立解得：

②由于電壓表不是理想電表；則電壓表分流，因此求出的電流值要小于真實(shí)值，而當(dāng)外電路短路時(shí)電壓表不再分流，因此可知，實(shí)際伏安物圖應(yīng)與測(cè)量出的伏安特性曲線與橫軸交點(diǎn)相同，而圖象整體偏左，因此測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)偏小。

故本題的答案為：（1）C（2）（3）①②小。

【點(diǎn)睛】

本題考查利用電壓表和兩定值電阻分析測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的