2025年華東師大版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某種物質發(fā)射的射線在磁場中分裂為如圖所示的三束；下列說法正確的是（）

A.1帶正電B.2帶正電C.3帶正電D.1和3都帶正電2、電磁波譜中，按頻率由低到高，下列排列正確的是（）A.光波、紅外線、無線電波B.無線電波、光波、射線C.紫外線、無線電波、X射線、D.可見光、射線、紅外線3、一矩形線圈位于一隨時間變化的勻強磁場內，磁場方向垂直線圈所在的平面（紙面）向里，如圖甲所示。磁感應強度隨的變化規(guī)律如圖乙所示。以表示線圈中的感應電流，線圈中順時針方向的感應電流為正，則下列圖中正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖是交流發(fā)電機的示意圖；圖甲到圖丁分別表示線圈轉動過程中的四個位置，其中甲；丙中的線圈與磁場方向垂直，乙、丁中線圈與磁場方向平行，則在線圈轉動的過程中，下列說法正確的是（）

A.線圈轉動的過程中，產生直流電流B.轉到圖乙位置時，線圈中產生的感應電動勢為零C.轉到圖丙位置時，線圈中產生的感應電流最大D.轉到圖乙和圖丁位置時，線圈產生的感應電流方向相反5、如圖所示，空間中存在一水平方向的勻強電場和一水平方向的勻強磁場，且電場方向和磁場方向相互垂直。在電磁場正交的空間中有一足夠長的固定粗糙絕緣桿，與電場正方向成60°角且處于豎直平面內。一質量為m、電荷量為＋q（q0）的小球套在絕緣桿上，給小球一沿桿向下的初速度v0，小球恰好做勻速運動，電荷量保持不變。已知磁感應強度大小為B，電場強度大小為E＝則以下說法中不正確的是（）

A.小球的初速度v0＝B.若小球的初速度為小球將做加速度不斷增大的減速運動，最后停止C.若小球的初速度為小球將做加速度不斷增大的減速運動，最后停止D.若小球的初速度為則運動中克服摩擦力做功為6、如圖，兩個半徑不同但共心的圓形導線環(huán)A、B位于同一平面內，A環(huán)的半徑大于B環(huán)的半徑，從0到的時間間隔內，當導線A環(huán)中的電流i發(fā)生某種變化，而導線B環(huán)中的感應電流總是沿逆時針方向，且導線B環(huán)總有擴張的趨勢。設A環(huán)中電流i的正方向與圖中箭頭所示的方向相同，則i隨時間t的變化的圖線可能是（）

A.B.C.D.7、小型交流發(fā)電機的示意圖如圖所示，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場。線圈繞垂直于磁場的水平軸沿逆時針方向以恒定的角速度勻速轉動，下列說法正確的是（）

A.圖示位置的線圈位于中性面B.線圈經過圖示位置時磁通量的變化率最大C.線圈每經過圖示位置，交變電流的方向就會發(fā)生改變D.若線圈轉動的角速度增大一倍，則感應電動勢的有效值變?yōu)樵瓉淼谋对u卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，在邊界上方存在磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場。磁場的直線邊界上有粒子源位于O點，零時刻粒子源同時向紙面內各個方向發(fā)射速率均為v、質量均為m、電荷量均為的粒子，有兩個粒子先后經過邊界上另外一點P，的長度為不計粒子重力及粒子間相互作用力，則下列說法正確的是（）

A.兩個粒子運動的加速度大小不相同B.兩個粒子運動軌道的半徑不相同C.兩個粒子分別從O點到達P點時的動量變化量相同D.兩個粒子到達P點的時間差為9、如圖甲所示，MN是匝數(shù)比為n1：n2=2：1的變壓器原線圈的兩端，其輸入的電壓隨時間的變化圖線如圖乙所示，副線圈中所接電壓表和電流表都是理想電表且始終不超過量程，小燈泡兩端的電壓始終小于其額定電壓，以下判斷中正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)是110VB.通過R0的電流頻率為50HzC.當滑線變阻器R的滑動端向上滑動時，電流表示數(shù)增大D.當滑線變阻器R的滑動端向上滑動時，小燈泡變亮10、關于電磁波和電磁振蕩，下列說法正確的是___________。A.振蕩電路中，當電流最大時，線圈中的磁通量變化率最大B.電磁波的頻率等于激起電磁波的振蕩電流的頻率C.根據麥克斯韋電磁場理論，電磁波中的電場和磁場方向互相垂直，電磁波是橫波E.雷達是利用波長較長的無線電波來測定物體位置的無線電裝置E.雷達是利用波長較長的無線電波來測定物體位置的無線電裝置11、圖甲為手機及無線充電板。圖乙為充電原理示意圖。充電板接交流電源，對充電板供電，充電板內的送電線圈可產生交變磁場，從而使手機內的受電線圈產生交變電流，再經整流電路轉變成直流電后對手機電池充電。為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化：設受電線圈的匝數(shù)為n，面積為S，若在t1到t2時間內，磁場垂直于受電線圈平面向上穿過線圈，其磁感應強度由B1均勻增加到B2。下列說法不正確的是（）

A.c點的電勢高于d點的電勢B.受電線圈中感應電流方向由d到cC.c、d之間的電勢差為D.c、d之間的電勢差為12、如圖所示，傾角為θ=30°的足夠長的平行金屬導軌固定在水平面上，兩相同的導體棒ab、cd垂直于導軌放置，每根棒的質量為m，空間存在足夠大的垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B?，F(xiàn)給導體棒ab一沿導軌平面向下的初速度v0。使其沿導軌向下運動，導體棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)均為導軌電阻忽略不計。從ab開始運動到兩棒相對靜止的全過程中；兩導體棒始終與導軌保持良好的接觸且垂直導軌，運動過程中兩導體棒未碰撞，下列說法正確的是（）

A.導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)機械能守恒B.導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)動量守恒C.導體棒cd中產生的焦耳熱為D.導體棒cd中產生的焦耳熱為13、兩個帶等量異種電荷的粒子a、b分別以速度va和vb射入勻強磁場，兩粒子的入射方向與磁場邊界的夾角分別為60°和30°，兩粒子同時由A點出發(fā)，同時到達B點，AB連線與磁場邊界垂直。如圖所示；則（）

A.a粒子帶負電，b粒子帶正電B.兩粒子的軌跡半徑之C.兩粒子的質量之比D.兩粒子的質量之比14、如圖所示，相距L的光滑金屬導軌固定于水平地面上，由豎直放置的半徑為R的圓弧部分和水平平直部分組成。MNQP范圍內有方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場。金屬棒ab和cd（長度均為L）垂直導軌放置且接觸良好，cd靜止在磁場中；ab從圓弧導軌的頂端由靜止釋放，進入磁場后與cd沒有接觸；cd離開磁場時的速度是此時ab速度的一半。已知ab的質量為m、電阻為r，cd的質量為2m、電阻為2r。金屬導軌電阻不計，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.閉合回路感應電流產生的磁場與原磁場方向相反B.cd在磁場中運動的速度不斷變大，速度的變化率不斷變小C.cd在磁場中運動的過程中通過ab橫截面的電荷量q=D.從ab由靜止釋放至cd剛離開磁場時，cd上產生的焦耳熱為15、如圖所示，處在垂直紙面向外、磁感應強度大小為的勻強磁場中的矩形線框以恒定的角速度繞對角線轉動。已知長為長為線框電阻為在時刻線框平面與紙面重合；下列說法正確的是（）

A.矩形線框產生的感應電動勢的有效值為B.矩形線框轉過半周時，通過線框的瞬時電流為零C.矩形線框轉動一周時，通過線框的電荷量為D.矩形線框從圖示位置轉動半周過程中產生的熱量為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖所示，LC振蕩電路中振蕩電流的周期為自振蕩電流沿逆時針方向達到最大值時開始計時，當時，電容器正處于______狀態(tài)（選填“充電”“放電”“充電完畢”或“放電完畢”），這時電容器的上極板______（選填“帶正電”“帶負電”或“不帶電”）。

17、交變電流：大小和方向隨時間做_________變化的電流叫作交變電流，簡稱_____________18、在“用DIS研究通電螺線管的磁感應強度”實驗中，使用的是______傳感器，采集數(shù)據繪制B-d圖線，得出結論：在螺線管的中間位置一定范圍內，磁感應強度______。

19、如圖所示為振蕩電路在某一時刻的電容器帶電情況和電感線圈中的磁感線方向情況，由圖可知，電感線圈中的電流正在______（填“增大”“減小”或“不變”），如果電流的振蕩周期為T=10－4s，電容C=250μF，則線圈的電感L=______H。

20、用磁鐵和線圈研究電磁感應現(xiàn)象實驗中；已知通入靈敏電流表從正接線柱流入時，指針向正接線柱一側偏轉，則。

甲圖中電表指針偏向______；

乙圖中條形磁棒下方是______極。

丙圖中條形磁鐵向______運動；

丁圖中線圈的繞制方法是______（在丁圖中畫出）評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)21、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

22、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

23、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

24、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共4題，共12分)25、如圖所示，在第一象限內OM兩側分別有垂直紙面向里和向外的勻強磁場，磁感應強度分別為分界線OM與x軸正方向的夾角為在第二、三象限內存在著沿x軸正方向的勻強電場，電場強度現(xiàn)有一帶電粒子由x軸上A點靜止釋放，從O點進入勻強磁場區(qū)域已知A點橫坐標帶電粒子的質量電荷量（不計帶電粒子所受重力）。

(1)粒子在兩個磁場中做圓周運動的軌跡半徑各是多大；

(2)要使帶電粒子能始終在第一象限內運動，求的取值范圍？（用反三角函數(shù)表示）

(3)如果讓粒子在OA之間的某點釋放，要求粒子仍能經過A點釋放時經過OM上的那些點；試討論粒子釋放的位置應滿足什么條件？

26、如圖：豎直面內固定的絕緣軌道abc，由半徑R=3m的光滑圓弧段bc與長l=1.5m的粗糙水平段ab在b點相切而構成，O點是圓弧段的圓心，Oc與Ob的夾角θ=37°;過f點的豎直虛線左側有方向豎直向上、場強大小E=10N/C的勻強電場，Ocb的外側有一長度足夠長、寬度d=1.6m的矩形區(qū)域efgh，ef與Oc交于c點，ecf與水平向右的方向所成的夾角為β(53°≤β≤147°)，矩形區(qū)域內有方向水平向里的勻強磁場．質量m2=3×10-3kg、電荷量q=3×10-3C的帶正電小物體Q靜止在圓弧軌道上b點，質量m1=1.5×10-3kg的不帶電小物體P從軌道右端a以v0=8m/s的水平速度向左運動，P、Q碰撞時間極短，碰后P以1m/s的速度水平向右彈回．已知P與ab間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，A、B均可視為質點，Q的電荷量始終不變，忽略空氣阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s2．求：

(1)碰后瞬間，圓弧軌道對物體Q的彈力大小FN；

(2)當β=53°時，物體Q剛好不從gh邊穿出磁場，求區(qū)域efgh內所加磁場的磁感應強度大小B1；

(3)當區(qū)域efgh內所加磁場的磁感應強度為B2=2T時，要讓物體Q從gh邊穿出磁場且在磁場中運動的時間最長，求此最長時間t及對應的β值．

27、如圖所示，在平面直角坐標系中，AO是∠xOy的角平分線，x軸上方存在水平向左的勻強電場，下方存在豎直向上的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，兩電場的電場強度大小相等．一質量為m、電荷量為＋q的質點從OA上的M點由靜止釋放，質點恰能沿AO運動且通過O點，經偏轉后從x軸上的C點（圖中未畫出）進入第一象限內并擊中AO上的D點（圖中未畫出）．已知OM的長度m，勻強磁場的磁感應強度大小為B＝(T)，重力加速度g取10m/s2．求：

(1)兩勻強電場的電場強度E的大??；

(2)OC的長度L2；

(3)質點從M點出發(fā)到擊中D點所經歷的時間t．28、如圖所示，在xOy平面內存在B=2T的勻強磁場，OA與OCA為固定于豎直平面內的光滑金屬導軌，其中OCA滿足曲線方程x=0.5siny（m），C點的橫坐標最大，導軌OA與OCA相交處的O點和A點分別接有體積可忽略的定值電阻R1=6Ω和R2=12Ω（圖中末畫出）。現(xiàn)有一長L=0.5m、質量m=0.1kg的金屬棒在豎直向上的外力作用下，以v=2m/s的速度向上勻速運動。金屬棒與兩導軌接觸良好，除電阻R1、R2外其余電阻不計。求：

(1)金屬棒在導軌上運動時，R2上消耗的最大功率Pmax；

(2)外力的最大值Fmax；

(3)金屬棒滑過導軌OCA的過程中，整個回路上產生的熱量Q。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

根據左手定則可知；1帶負電，2不帶電，3帶正電。

故選C。2、B【分析】【分析】

【詳解】

電磁波譜中，按頻率由低到高為無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、射線；故B正確，ACD錯誤。

故選B。3、A【分析】【分析】

【詳解】

根據電磁感應定律和歐姆定律得

所以線圈中的感應電流決定于磁感應強度B隨t的變化率，由圖乙可知，0～1s時間內，B增大，Φ增大；感應磁場與原磁場方向相反（感應磁場的磁感應強度的方向向外），由右手定則感應電流是逆時針的，因而是負值。所以可判斷0～1s為負的恒值；1～2s為正的恒值；2～3s為零；3～4s為負的恒值；4～5s為零；5～6s為正的恒值。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．題圖為交流發(fā)電機的示意圖；故而在線圈轉動的過程中，產生交流電流，A錯誤；

B．轉到圖乙位置時；線圈中磁通量為零，線圈中產生的感應電動勢最大，故B錯誤；

C．轉到圖丙位置時；線圈中磁通量最大，線圈中產生的感應電流為零，故C錯誤；

D．轉到圖乙位置時，AB邊向下切割磁感線，由右手定則可知線圈中的電流方向為ADCBA；轉到圖丁位置時，AB邊向上切割磁感線，由右手定則可知線圈中的電流方向為ABCDA；所以感應電流方向相反；D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A.對小球進行受力分析如圖所示，電場力的大小F＝qE＝mg，由于重力的方向豎直向下，電場力的方向水平向左，二者垂直，二者的合力F合＝2mg，方向與桿的方向垂直，而洛倫茲力的方向也與速度的方向垂直，三個力的合力不做功，所以當小球做勻速直線運動時，不可能存在摩擦力，則桿對小球沒有支持力的作用，則qv0B＝2mg，v0＝故A正確，不合題意；

B.若小球的初速度為此時洛倫茲力F洛＝qvB＝3mgF合，在垂直于桿的方向上，小球還受到桿的支持力，存在摩擦力f＝μFN，小球將做減速運動，隨著速度的減小，洛倫茲力減小，則支持力逐漸減小，摩擦力也減小，小球做加速度不斷減小的減速運動，最后當速度減小到時，F(xiàn)N＝0，f＝0；小球開始做勻速直線運動，故B錯誤，符合題意；

C.若小球的初速度為v′=此時洛倫茲力F′洛＝qv′B＝mgF合，在垂直于桿的方向上，小球還受到桿的支持力，存在摩擦力f＝μFN；小球將做減速運動，隨著速度的減小，洛倫茲力減小，則支持力逐漸增大，摩擦力逐漸增大，小球的加速度增大，所以小球將做加速度不斷增大的減速運動，最后停止，故C正確，不合題意；

D.由C項的分析可知運動中克服摩擦力所做的功等于小球動能的減小量（重力和電場力的合力不做功）；有。

Wf＝mv′2＝故D正確；不合題意。

故選B。6、B【分析】【詳解】

根據楞次定律可以判斷，因為導線B環(huán)總有擴張的趨勢，則導線B環(huán)中的磁通量減小，當導線B環(huán)中的感應電流沿逆時針方向時，其磁通量應垂直于紙面向外減小，再根據安培定則可以判斷，導線A環(huán)中的電流應沿逆時針方向減?。患囱刎摲较驕p小。

故選B。7、B【分析】【詳解】

AB．穿過線圈的磁通量最大時；線圈所在的平面為中性面，圖示位置穿過線圈的磁通量為0，穿過線圈的磁通量變化率最大，故A錯誤，B正確；

C．線圈經過中性面時；電流方向會發(fā)生改變，該面為中性面的垂面，電流方向不變，故C錯誤；

D．由

知；若線圈轉動的角速度增大一倍，則感應電動勢的有效值變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)8、C:D【分析】【詳解】

A．零時刻粒子源同時向紙面內各個方向發(fā)射速率均為v、質量均為m、電荷量均為的粒子，根據

可知；加速度相同，故A錯誤；

B．根據

可知；半徑相同，故B錯誤；

C．根據題意可知，根據幾何關系可知，兩粒子入射與邊界OP方向夾角分別為60°和120°，根據題意可知，出射方向速度與邊界OP方向夾角60°和120°，速度方向變化均垂直O(jiān)P方向向下；大小相同，則動量變化相同，故C正確；

D．兩粒子運動周期

兩個粒子到達P點的時間差為

故D正確。

故選CD。9、A:D【分析】【詳解】

A．原線圈電壓有效值為

副線圈的電壓為

即電壓表的示數(shù)是110V；故A正確；

B．原線圈的頻率為

變壓器不會改變頻率，通過的電流頻率為25Hz；故B錯誤；

CD．當滑線變阻器的滑動端向上滑動時，滑線變阻器的阻值增大，副線圈的總電阻增大，而副線圈的電壓不變，所以副線圈的電流減小，根據歐姆定律可知兩端的電壓減??；根據串聯(lián)電路分壓可得小燈泡兩端的電壓增大，根據歐姆定律可知小燈泡電流增大，小燈泡變亮，根據并聯(lián)電路分流可得電流表示數(shù)減小，故C錯誤，D正確；

故選AD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．LC振蕩電路中，當電流最大時，線中的磁場最強，線圈的磁通量最大，線圈中的磁通量變化率為零；A錯誤；

B．電磁波的頻率等于激起電磁波的振蕩電流的頻率；B正確；

C．根據麥克斯韋電磁波理論；電磁波中的電場和磁方向相互垂直，電磁波是橫波，C正確；

D．電磁波從發(fā)射電路向空間傳時；電磁振淓一旦停止，但是空中產生的交變的電磁場不會消失，則電磁波不會立即消失，D錯誤；

E．雷達是利用波長較短的微波來測定物體位置的無線電裝置；E錯誤。

故選BC。11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．受電線圈內部磁場向上且增強，據楞次定律可知，受電線圈中產生的感應電流方向由c到d，所以c點的電勢低于d點的電勢；AB錯誤，符合題意；

CD．根據法拉第電磁感應定律可得電動勢為

由于c點的電勢較低，故c、d間電勢差為

C正確；不符合題意，D錯誤，符合題意。

故選ABD。12、B:D【分析】【詳解】

A．系統(tǒng)除重力外還有安培力和摩擦力做功，所以導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)機械能不守恒；故A錯誤。

B．因為

且兩棒受的安培力等大反向，則系統(tǒng)所受外力之和為零，所以導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)動量守恒；故B正確。

CD．根據動量守恒

故C錯誤；D正確。

故選BD。13、A:B【分析】【詳解】

A．根據左手定則，a粒子帶負電，b粒子帶正電；A正確；

B．根據幾何知識得

解得B正確；

CD．因為兩粒子同時由A點出發(fā)，同時到達B點

解得CD錯誤。

故選AB。14、B:C【分析】【詳解】

A．cd在磁場中運動時，abcd回路中磁通量減?。桓鶕愦味煽芍?，閉合回路感應電流產生磁場與原磁場方向相同，故A錯誤；

B．當ab進入磁場后回路中產生感應電流，則ab受到向左的安培力而做減速運動，cd受到向右的安培力而做加速運動，由于兩者的速度差逐漸減小，可知感應電流逐漸減小，安培力逐漸減小，可知cd向右做加速度減小的加速運動；故B正確；

C．ab從釋放到剛進入磁場過程，由動能定理得

對ab和cd系統(tǒng)，合外力為零，則由動量守恒

解得

對cd由動量定理

其中

解得

故C正確；

D．從ab從圓弧導軌的頂端由靜止釋放，至cd剛離開磁場時由能量關系

其中

解得

故D錯誤。

故選BC。15、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．矩形線框轉動產生的正弦交流電的最大電動勢。

有效值為。

故A正確；

B．轉過半周；此時線框平面與磁場垂直，磁通量最大，感應電動勢為零，瞬時電流為零，B正確；

C．轉過一周，通過線圈的磁通量的變化量為則由可知流過橫截面的電荷量為零；C錯誤；

D．線框從題圖所示位置轉過半周過程中產生的熱量為。

D正確；

故選ABD。三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

本題考查考生對電磁振蕩的規(guī)律的理解與掌握情況；體現(xiàn)了高考重視基礎的命題理念，要求考生注重對基礎知識的理解和掌握。

【詳解】

[1][2]以逆時針方向為電流的正方向，根據題意畫出LC回路振蕩電流的變化圖像如圖所示；結合圖像。

時刻設為圖像中的P點，則該時刻電路正處于反向電流減小的過程中，所以電容器正處于反向充電狀態(tài)，上極板帶正電?！窘馕觥砍潆妿д?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】周期性交流18、略

【分析】【詳解】

[1]用DIS研究通電螺線管的磁感應強度；為了測量磁感應強度，需要用到磁傳感器。

[2]由B-d圖線很容易看出，當d在一定的范圍內，磁感應強度幾乎保持不變，故在螺線管的中間位置一定范圍內，磁感應強度基本保持不變，可看做勻強磁場?！窘馕觥竣?磁②.基本保持不變，可看做勻強磁場19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據磁感線方向，應用安培定則可判斷出電流方向，從而可知電容器在充電，電流會越來越小,根據振蕩電流的周期公式

得【解析】①.減?、?10－620、略

【分析】【詳解】

[1]磁鐵向下運動；穿過線圈的磁通量增大，磁鐵的磁場方向向下，根據楞次定律可知俯視時線圈中產生的感應電流方向為逆時針，此時電流從靈敏電流表正接線柱流入，所以指針偏向正接線柱一側。

[2]圖中指針偏向負接線柱一側；所以電流從靈敏電流表負接線柱流入，俯視時線圈中感應電流方向為順時針，根據安培定則可知線圈中感應電流磁場方向向下，磁鐵向下運動，根據楞次定律可知條形磁棒下方是S極。

[3]根據前面分析此時線圈中感應電流磁場方向向下；磁鐵的磁場方向也向下，說明此時磁通量在減小，所以磁鐵在向上運動。

[4]圖中指針偏向正接線柱一側；所以電流從靈敏電流表正接線柱流入，磁鐵向下運動，穿過線圈的磁通量增大，磁鐵的磁場方向向上，根據楞次定律可知此時線圈中感應電流的磁場方向向下，可得線圈的繞制方法如圖。

【解析】正接線柱一側S上四、作圖題(共4題，共20分)21、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、解答題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)粒子在電場中運動。

粒子在磁場中運動。

解得。

(2)由(1)可知要使帶電粒子能始終在第一象限內運動，如圖所示，在中恰恰與y軸相切。

即。

(3)由A點釋放的粒子，在OM上經過的點距離O點的距離是：

要仍然經過原來的點；需滿足。

①解得。

即。

粒子釋放的位置應滿足。

②解得。

即。

粒子釋放的位置應滿足。

答：(1)粒子作兩個磁場中做圓周運動的軌跡半徑分別是

(2)要使帶電粒子能始終在第一象限內