2025年滬科版選擇性必修2物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理下冊月考試卷608考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列表示運動電荷在磁場中所受洛倫茲力的方向正確的是（）A.B.C.D.2、如圖所示，同一豎直面內(nèi)有M、N兩點，連線與水平方向的夾角O點為連線的中點。當(dāng)上方僅存在豎直向下的勻強(qiáng)電場時，質(zhì)子以水平向右的速度v從O點進(jìn)入電場，將從N點離開電場；當(dāng)上方僅存在垂直于豎直面向里的勻強(qiáng)磁場時，質(zhì)子以相同速度v從O點進(jìn)入磁場，將從M點離開磁場。若質(zhì)子的重力忽略不計；則電場強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度的比值為（）

A.B.C.D.3、“二分頻”音箱內(nèi)有兩個不同口徑的揚聲器，它們的固有頻率分別處于高音、低音頻段，分別稱為高音揚聲器和低音揚聲器。音箱要將擴(kuò)音機(jī)送來的含有不同頻率的混合音頻電流按高、低頻段分離出來，送往相應(yīng)的揚聲器，以便使電流所攜帶的音頻信息按原比例還原成高、低頻的機(jī)械振動。圖為音箱的簡化電路圖，高、低頻混合電流由a、b端輸入，和是線圈，和是電容器；則下列說法正確的是（）

A.揚聲器甲是高音揚聲器B.的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器C.的作用是阻礙低頻電流通過甲揚聲器D.的作用是增強(qiáng)通過乙揚聲器的低頻電流4、在某個趣味物理小實驗中；幾位同學(xué)手拉手與一節(jié)電動勢為1.5V的干電池；導(dǎo)線、開關(guān)、一個有鐵芯的多匝線圈按如圖所示方式連接，實驗過程中人會有觸電的感覺。下列說法正確的是（）

A.人有觸電感覺是在開關(guān)閉合瞬間B.人有觸電感覺時流過人體的電流大于流過線圈的電流C.斷開開關(guān)時流過人的電流方向從B→AD.斷開開關(guān)時線圈中的電流突然增大5、如圖是判斷檢測電流大小是否發(fā)生變化的裝置，該檢測電流在鐵芯中產(chǎn)生磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度與檢測電流成正比。現(xiàn)給金屬材料制成的霍爾元件（其長、寬、高分別為a、b、d）通以恒定工作電流I，通過下側(cè)電壓表的示數(shù)來判斷的大小是否發(fā)生變化；下列說法正確的是（）

A.M端應(yīng)與電壓表的“負(fù)”接線柱相連B.要提高檢測的靈敏度可適當(dāng)增大寬度bC.要提高檢測靈敏度可適當(dāng)增大工作電流ID.當(dāng)霍爾元件尺寸和工作電流I不變時，電壓表示數(shù)變大，說明檢測電流變小6、很多人喜歡到健身房騎車鍛煉。某同學(xué)根據(jù)所學(xué)知識設(shè)計了一個發(fā)電測速裝置，如圖所示。自行車后輪置于垂直車身平面向里的勻強(qiáng)磁場中，后輪圓形金屬盤在磁場中轉(zhuǎn)動時，可等效成一導(dǎo)體棒繞圓盤中心O轉(zhuǎn)動。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T，圓盤半徑l＝0.3m，圓盤電阻不計，導(dǎo)線通過電刷分別與后輪外邊緣和圓心O相連，導(dǎo)線兩端a、b間接一阻值R＝10Ω的小燈泡。后輪勻速轉(zhuǎn)動時，用電壓表測得a、b間電壓大小U＝0.6V。則（）

A.車速越大，人騎得越輕松B.電壓表的正接線柱應(yīng)與b相接C.后輪勻速轉(zhuǎn)動20min產(chǎn)生的電能為426JD.該自行車后輪邊緣的線速度大小為4m/s7、如圖所示，一個邊長為匝數(shù)（匝）的正方形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，磁感應(yīng)強(qiáng)度為線圈轉(zhuǎn)動的角速度閉合回路中兩只燈泡均能發(fā)光。下列說法正確的是（）

A.抽去電感器L的鐵芯時，燈泡變暗B.增大電容器C兩極板間的距離時，燈泡變亮C.增大線圈轉(zhuǎn)動的角速度ω時，感應(yīng)電動勢的不變D.從圖中位置開始計時，感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為8、如圖所示，半徑為r的半圓形單匝線圈，以角速度繞直徑勻速轉(zhuǎn)動，的左側(cè)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.M為導(dǎo)電環(huán)，負(fù)載電阻為R；其它電阻不計，在線圈轉(zhuǎn)動一周過程中（）

A.線圈內(nèi)電流方向不變B.感應(yīng)電動勢的最大值是C.R上產(chǎn)生的熱量為D.通過R的電荷量為9、如圖所示的是遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，已知交流電源電壓為U，升壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為1∶m，降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為1∶n，負(fù)載R正常工作?，F(xiàn)輸電距離增大；輸電線電阻隨之增大，若要保證負(fù)載仍能正常工作，只改變選項中的一個量，下列做法可行的是（）

A.增大mB.減小mC.減小nD.減小U評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，兩根長直導(dǎo)線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關(guān)于O點對稱．導(dǎo)線均通有大小相等、方向向上的電流；已知長直導(dǎo)線在周圍產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度式中k是常數(shù)、I是導(dǎo)線中電流、r為點到導(dǎo)線的距離；一帶正電的小球以初速度v0從a點出發(fā)沿連線運動到b點．關(guān)于上述過程，下列說法正確的是（）

A.小球先做加速運動后做減速運動B.小球一直做勻速直線運動C.小球?qū)ψ烂娴膲毫ο葴p小后增大D.小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃?1、如圖所示，兩根足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌，固定在同一水平面上，其間距為左端通過導(dǎo)線連接一個的定值電阻。整個導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向豎直向下。質(zhì)量長度電阻的均質(zhì)金屬桿垂直于導(dǎo)軌放置，且與導(dǎo)軌接觸良好，在桿的中點施加一個垂直于金屬桿的水平拉力F，使其由靜止開始運動。金屬桿運動后，拉力F的功率保持不變，當(dāng)金屬桿的速度穩(wěn)定后，撤去拉力F。下列說法正確的是（）

A.撤去拉力F前，金屬桿穩(wěn)定時的速度為16m/sB.從撤去拉力F到金屬桿停下的整個過程，通過金屬桿的電荷量為0.8CC.從撤去拉力F到金屬桿停下的整個過程，金屬桿前進(jìn)的距離為1.6mD.從撤去拉力F到金屬桿停下的整個過程，金屬桿上產(chǎn)生的熱量為1.6J12、下圖是法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖：半徑為r的銅質(zhì)圓盤安裝在水平銅軸上，假設(shè)圓盤全部處在一個磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場之中，圓盤平面與磁感線垂直，圓盤做勻速轉(zhuǎn)動的周期為T；圓盤兩銅片C；D分別與轉(zhuǎn)動軸和圓盤的邊緣接觸，從左向右看，圓盤沿順時針轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是（）

A.圓盤邊緣的電勢比圓心要高，通過R的電流方向由下至上B.圓盤受到的安培力做正功，將其它能量轉(zhuǎn)化為電能C.這個發(fā)電機(jī)的電動勢大小為D.圓盤轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，電流在R上的發(fā)熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍13、如圖所示，電阻不計的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距為d，兩側(cè)接有電阻R1、R2，阻值均為R，O1O2右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為m、長度也為d的金屬桿置于O1O2左側(cè)，在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運動，經(jīng)時間t到達(dá)O1O2時撤去恒力F，金屬桿在到達(dá)NQ之前減速為零，已知金屬桿電阻也為R，與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，下列說法正確的是（）

A.桿剛進(jìn)入磁場時速度大小為B.桿剛進(jìn)入磁場時電阻R1兩端的電勢差大小為C.整個過程中，流過金屬桿的電荷量為D.整個過程中，電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱為14、如圖甲所示，一質(zhì)量為m、邊長為L，電阻為R的單匝正方形導(dǎo)線框abcd放在絕緣的光滑水平面上。空間中存在一豎直向下的單邊界勻強(qiáng)磁場，線框有一半在磁場內(nèi)。其ad邊與磁場邊界平行。t=0時刻起，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻減小，如圖乙所示。線框運動的v-t圖像如圖丙所示，圖中斜向虛線為過O點速度圖線的切線；則（）

A.線框中的感應(yīng)電流沿順時針方向B.磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為C.t3時刻，線框的熱功率為D.0-t2時間內(nèi)，通過線框的電荷量為15、互感器主要與交流測量儀表配合使用，它也是一種變壓器，常用的有電壓互感器和電流互感器。如圖，在電路中接入互感器A、B，原、副線圈的匝數(shù)比分別為甲；乙為交流電表。下列說法正確的是（）

A.B.甲為電流表C.B為電流互感器D.互感器可以用來測量直流電路的電流和電壓16、如圖所示是發(fā)電廠通過升壓變壓器進(jìn)行高壓輸電，接近用戶端時再通過降壓變壓器給用戶供電的示意圖；圖中變壓器均視為理想變壓器，電表均為理想電表；設(shè)發(fā)電廠輸出的電壓一定，兩條輸電線總電阻為R0，變阻器R相當(dāng)于用戶用電器的總電阻；當(dāng)用電器增加時，相當(dāng)于R變小。則在用電高峰期（）

A.電壓表V1、V2的讀數(shù)均不變，電流表A2的讀數(shù)增大，電流表A1的讀數(shù)增大B.電壓表V3、V4的讀數(shù)均減小，電流表A2的讀數(shù)不變，電流表A3的讀數(shù)減小C.電壓表V2、V3的讀數(shù)之差與電流表A2的讀數(shù)的比值不變D.輸電線損耗的功率不變評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示，線圈的自感系數(shù)L和電容器的電容C都很?。↙=1mH，C=200pF），結(jié)合線圈和電容器的主要功能，可知該電路的輸出端就只有_____________（填“直流”或“交流”）和_____________（填“高頻”或“低頻”）電流。

18、小明同學(xué)設(shè)計了一個“電磁天平”，如圖所示，等臂天平的左臂為掛盤，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡．線圈的水平邊長L=0.1m，匝數(shù)為N．線圈的下邊處于勻強(qiáng)磁場內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B01.0T，方向垂直線圈平面向里．線圈中通有可在0~2.0A范圍內(nèi)調(diào)節(jié)的電流I．掛盤放上待測物體后，調(diào)節(jié)線圈中電流使得天平平衡，為使電磁天平的量程達(dá)到0.5kg，線圈的匝數(shù)N至少為________匝（g=10m/s2）．

19、某型號的回旋加速器的工作原理圖如圖甲所示，圖乙為俯視圖．回旋加速器的核心部分為D形盒，D形盒置于真空容器中，整個裝置放在電磁鐵兩極之間的磁場中，磁場可以認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場，且與D形盒盒面垂直．兩盒間狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計．帶電從粒子源A處進(jìn)入加速電場的初速度不計，從靜止開始加速到出口處所需的時間為t（帶電粒子達(dá)到最大速度在磁場中完成半個圓周后被導(dǎo)引出來），已知磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，加速器接一高頻交流電源，其電壓為U，可以使帶電粒子每次經(jīng)過狹縫都能被加速，不考慮相對論效應(yīng)和重力作用，D形盒半徑R＝_______，D型盒內(nèi)部帶電粒子前三次做勻速圓周的軌道半徑之比(由內(nèi)到外)為______________．

20、某發(fā)電站的輸出功率為104kW，輸出電壓為4kV，通過理想變壓器升壓后向125km遠(yuǎn)處用戶供電．已知輸電線的電阻率為ρ＝2.4×10－8Ω·m，導(dǎo)線橫截面積為1.5×10－4m2，輸電線路損失的功率為輸出功率的4%，求：所用的理想升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是______，如果用戶用電器的額定電壓為220V，所用理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比是______.21、如圖所示，兩電子沿MN方向從M點射入兩平行平面間的勻強(qiáng)磁場中，它們分別以v1、v2的速率射出磁場，則v1：v2=______，通過勻強(qiáng)磁場所用時間之比t1、t2=______。

22、如圖所示，ABCD是一個豎直的矩形導(dǎo)線框，全部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平方向的勻強(qiáng)磁場中，線框面積為S，線框繞水平固定軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動。線圈平面與磁感線夾角為_____時（填“0”或“”），感應(yīng)電動勢最大；從如圖所示位置開始計時，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨時間變化規(guī)律為e=_____。

23、如圖所示，一條形磁鐵放于水平地面上，在其S極正上方有一與它垂直放置的導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線中通以如圖所示方向的電流后，與原來相比，磁鐵受到地面的支持力將______（選填“增大”、“不變”或“減小”）受到地面的摩擦力方向______。

24、如圖所示為質(zhì)譜儀的原理圖，利用這種質(zhì)譜儀可以對氫元素的各種同位素迚行測量。從容器A下方的小孔S1迚入加速電壓為U的加速電場，可以認(rèn)為從容器出來的粒子初速度為零，粒子被加速后從小孔S2迚入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條質(zhì)譜線，關(guān)于氫的三種同位素氕、氘、氚迚入磁場時速率最大的是_________；三條譜線中a是粒子形成的_________。（填“氕”；“氘”或“氚”）

25、如圖甲所示，在平面直角坐標(biāo)系中，原點O處有一粒子源，可沿y軸正方向以初速度發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為的粒子（重力不可忽略）。在第一、二象限內(nèi)存在方向平行于x軸的電場，電場強(qiáng)度隨時間呈期性變化的圖像如圖乙所示，其周期規(guī)定x軸的正方向為場強(qiáng)的正方向。在第三、四象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場和平行于紙面的勻強(qiáng)電場，其場強(qiáng)為（未知），勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動。若時刻射出的粒子第一次穿過x軸時速度方向與x軸正方向夾角為已知重力加速度為g；不計空氣阻力。求：

（1）的大小和方向；

（2）時刻射出的粒子從射出到第三次穿過x軸所用時間以及穿過的點的位置坐標(biāo)。

（3）若保持方向沿x軸的正方向不變，O點發(fā)射的粒子第n次穿過x軸的位置坐標(biāo)。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

29、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)30、如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，在勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi)，一對固定光滑平行金屬導(dǎo)軌，處于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌足夠長，導(dǎo)軌間距為L=1m，電阻可忽略不計。長度均為L、質(zhì)量均為m=3kg、電阻均為R=2的金屬棒MN和PQ垂直放置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好。先將金屬棒PQ鎖定，金屬棒MN在垂直于棒的拉力F作用下，由靜止開始以加速度a=2m/s2向右做勻加速直線運動，5s后保持拉力F的功率下變，當(dāng)金屬棒MN達(dá)到最大速度vm=m/s時，解除金屬棒PQ的鎖定，同時撤去拉力F。求：

(1)撤去拉力F后；兩金屬棒產(chǎn)生的總焦耳熱；

(2)勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；

(3)若金屬PQ始終鎖定，當(dāng)金屬棒MN達(dá)到量大速度vm時，撤去拉力F，求金屬棒MN繼續(xù)運動的距離。（結(jié)果可用根式表示）

31、質(zhì)量為m、長度為L的金屬棒MN兩端由絕緣且等長輕質(zhì)細(xì)線水平懸掛，處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。若給金屬棒中通以恒定電流金屬棒在偏離豎直方向角處靜止；求：

（1）棒中電流的大小和方向。

（2）若已知棒中電流大小為I，方向不變，調(diào)整勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向，仍使棒靜止在偏離豎直方向角位置，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值以及方向。

32、如圖甲所示，空間存在兩邊界為同軸圓柱面的電磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，區(qū)域Ⅱ位于區(qū)域Ⅰ外側(cè)，圓柱面的軸線沿空間直角坐標(biāo)系O-xyz的x軸方向。半徑R=0.05m的足夠長水平圓柱形區(qū)域Ⅰ內(nèi)分布著沿x軸正方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=4×10-3T；沿x軸正方向觀察電磁場分布如圖乙，寬度d=0.05m的區(qū)域Ⅱ同時存在電、磁場，電場強(qiáng)度E=40N/C的勻強(qiáng)電場沿x軸正方向，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B=4×10-3T、磁感線與圓弧邊界平行且順時針方向。沿y軸負(fù)方向觀察電磁場分布如圖丙。比荷=5×107C/kg的帶正電粒子；從坐標(biāo)為(0,0,0.10m)的A點以一定初速度沿z軸負(fù)方向進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ。（不計粒子的重力和空氣阻力）

（1）該粒子若以速度v0沿直線通過區(qū)域Ⅱ，求速度v0大小以及它在區(qū)域Ⅰ中運動的半徑；

（2）若撤去區(qū)域Ⅱ的電場，求該粒子以速度2v0從進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ到離開區(qū)域Ⅰ運動的總時間；

（3）若撤去區(qū)域Ⅱ的磁場，該粒子以速度v0進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ；求它第二次離開區(qū)域Ⅱ的位置坐標(biāo)。

33、如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T，邊長L＝10cm的正方形線圈abcd共100匝，線圈電阻r＝1Ω，線圈繞垂直于磁感線的對稱軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，角速度ω＝2πrad/s；外電路電阻R＝4Ω.求：

(1)轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值．

(2)由圖示位置(線圈平面與磁感線平行)轉(zhuǎn)過60°角時的瞬時感應(yīng)電動勢．

(3)由圖示位置轉(zhuǎn)過60°角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢．

(4)交變電壓表的示數(shù)．

(5)線圈轉(zhuǎn)動一周外力做的功．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．該圖中電荷所受洛倫茲力為零；選項A錯誤；

B．該圖中電荷所受洛倫茲力為零；選項B錯誤；

C．根據(jù)左手定則可知；該圖中電荷所受洛倫茲力方向向上，選項C錯誤；

D．根據(jù)左手定則可知；該圖中電荷所受洛倫茲力方向向右，選項D正確；

故選D.2、B【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)與長度均為L，質(zhì)子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運動，有

得到

質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動，有

得到

得到

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．高頻和低頻交流電通入該電路；由于線圈能通低頻，阻高頻，電容器能通高頻，阻低頻，所以低頻交流電通過甲揚聲器，高頻交流電通過乙揚聲器，故甲揚聲器是低音揚聲器，故A錯誤；

B．電容器能通高頻、阻低頻，故的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器；故B正確；

C．的作用是高頻扼流圈；阻礙高頻電流通過甲揚聲器，故C錯誤；

D．的作用是讓低頻交流電通過；減弱乙揚聲器的低頻電流，故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．當(dāng)開關(guān)閉合后；多匝線圈與同學(xué)們并聯(lián)，由于電源為1.5V的干電池，所以電流很小，同學(xué)沒有觸電感覺，故A錯誤；

B．當(dāng)斷開時；多匝線圈電流產(chǎn)生自感現(xiàn)象，從而產(chǎn)生較大的自感電動勢，此時人與線圈組成一個閉合的回路，流過人體的電流與流過線圈的電流相等，故B錯誤；

C．當(dāng)斷開時，多匝線圈產(chǎn)生自感電動勢，電流方向不變，此時線圈的電流從左向右，流過人的電流從右向左，即從B向A；故C正確；

D．?dāng)嚅_電鍵時；由于線圈的電流減小而產(chǎn)生自感電動勢，而阻礙電流的減小，只是電流減小的慢一些，不會突然增大，故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手螺旋定則可知檢測電流產(chǎn)生的磁場方向向下，磁感線在磁芯中沿逆時針方向，可知霍爾元件所在磁場方向向上，由于霍爾元件中的載流子為電子，可知電子移動方向與工作電流方向相反，根據(jù)左手定則可知，電子在N端積累，N端為負(fù)極，則M端應(yīng)與電壓表的正接線柱相接；故A錯誤；

BC．設(shè)霍爾元件單位體積內(nèi)電子數(shù)量為n，電子移動速度為v，則時間內(nèi)通過截面的電荷量為

得

由于MN之間存在電勢差，則MN之間的電場強(qiáng)度為

電子所受沿b邊方向的電場力和洛倫茲力大小相等，方向相反

聯(lián)立解得

因此若要提高靈敏度，可以適當(dāng)減小增大工作電流故C正確，B錯誤；

D．當(dāng)霍爾元件尺寸和工作電流I不變時，根據(jù)

可知電壓表示數(shù)變大，磁感應(yīng)強(qiáng)度變大；則檢測電流變大，故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．車速越大；由。

E＝Bl2ω可知；產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越大，感應(yīng)電流越大，由。

F＝IlB可知；車輪所受安培力越大，而安培力阻礙車輪轉(zhuǎn)動，所以人騎得越不輕松，A錯誤；

B．根據(jù)右手定則可判斷輪子邊緣的點等效為電源的負(fù)極，則電壓表的正接線柱應(yīng)與b相接；B正確；

C．根據(jù)焦耳定律得。

Q＝I2Rt由歐姆定律得。

I＝聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得。

Q＝43.2J選項C錯誤；

D．由。

U＝E＝Bl2ω解得。

v＝ωl＝＝8m/s選項D錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

A．抽去電感器L的鐵芯時，線圈的自感系數(shù)減小，線圈的感抗減小，對交流電流的阻礙作用減小，燈泡的電流增大，燈泡變亮；A錯誤；

B．增大電容器C兩極板間的距離時，由電容的決定式可知電容器的電容減小，電容器的容抗增大，電容器對交流電流的阻礙作用增大，燈泡的電流減小，燈泡變暗；B錯誤；

C．增大線圈轉(zhuǎn)動的角速度ω時，感應(yīng)電動勢的最大值隨之增大；C錯誤；

D．感應(yīng)電動勢的最大值

則有從圖中位置開始計時，感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為

D正確。

故選D。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．線圈進(jìn)入磁場時；穿過線圈的磁通量先向里增加后向里減小，則感應(yīng)電流的方向要變化，選項A錯誤；

B．最大電動勢

選項B錯誤；

C．R上產(chǎn)生的熱量為

選項C正確；

D．通過R的電荷量為

選項D錯誤。

故選C。9、A【分析】【詳解】

AB．現(xiàn)輸電距離增大，輸電線電阻隨之增大，上面消耗的電壓增多，要保證負(fù)載仍能正常工作，即副線圈兩端電壓不變，增大m；升壓變壓器副線圈上的電壓增大，可保證降壓變壓器原線圈上的電壓不變，B錯誤，A正確；

C．減小n；降壓變壓器副線圈上的電壓變小，不能保證負(fù)載正常工作，C錯誤；

D．減小U；負(fù)載兩端電壓變小，負(fù)載不能正常工作，D錯誤。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)10、B:D【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則及磁場的疊加可知a點處的磁場方向垂直于MN向里，b點處的磁場方向垂直于MN向外；從a點到O點，磁場大小減小，過O點后反向增大；根據(jù)左手定則可知，開始時帶正電的小球受到的洛侖茲力方向向上，過O點后洛侖茲力的方向向下；由此可知，小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動，小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃?，故AC錯誤，BD正確．11、B:C【分析】【詳解】

A．對金屬桿受力分析可知，當(dāng)金屬桿速度穩(wěn)定時

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得

由歐姆定律可得

由安培力公式

由公式

聯(lián)立求解可得

故A錯誤；

BC．撤去拉力后，由動量定理可得

通過金屬桿的電荷量

平均速度

解得

故BC正確；

D．由動能定理

則電阻產(chǎn)生的熱量

解得

故D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．圓盤轉(zhuǎn)動時，根據(jù)右手定則可知，圓盤電流方向由圓心流向邊緣，則電阻R中電流方向由下至上；A正確；

B．圓盤受到的安培力做負(fù)功；將其它能量轉(zhuǎn)化為電能，B錯誤；

C．圓盤轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為

C正確；

D．根據(jù)

角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，感應(yīng)電動勢增大為原來的2倍，感應(yīng)電流增大為原來的2倍，則R的電功率也將增大為原來的4倍；D錯誤。

故選AC。13、B:C:D【分析】【詳解】

A．桿剛進(jìn)入磁場之前的加速度大小為

則進(jìn)入磁場時速度大小為

故A錯誤；

B．桿剛進(jìn)入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為

則電阻R1兩端的電勢差大小為

故B正確；

C．金屬棒進(jìn)入磁場后，由動量定理

即

解得

故C正確；

D．整個過程中，產(chǎn)生的總焦耳熱為

則電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱為

故D正確。

故選BCD。14、A:C【分析】【詳解】

A．由圖乙可知垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度減小；則穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可判斷線框中的感應(yīng)電流沿順時針方向，選項A正確；

B．根據(jù)左手定則可判斷線框受到向左的安培力作用向左加速進(jìn)入磁場，在t=0時刻，感應(yīng)電動勢

由牛頓第二定律有

由圖丙可知在t=0時刻的加速度

聯(lián)立解得磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為

選項B錯誤；

C．由圖丙可知t2時刻之后，線框速度恒定，說明線框已經(jīng)全部進(jìn)入磁場，此后雖然電路中有感應(yīng)電流，但各邊安培力相互抵消，所以線框做勻速直線運動。在t3時刻有

線框的熱功率為

解得

選項C正確；

D．0-t2時間內(nèi)，對線框由動量定理有

即

若磁場B=B0恒定，則有

即通過線框的電荷量為

但由于B隨時間減小，故實際通過線框的電荷量不等于選項D錯誤。

故選AC。15、A:B【分析】【詳解】

ABC．A與電路串聯(lián)，為電流互感器，初級匝數(shù)小于初級匝數(shù)；B與電路并聯(lián)，為電壓互感器，初級匝數(shù)大于次級匝數(shù)，即選項AB正確，C錯誤；

D．互感器只能測量交流電路的電壓和電流；不可以用來測量直流電路的電流和電壓，選項D錯誤。

故選AB。16、A:C【分析】【詳解】

AB．因發(fā)電廠的輸出電壓一定，因此可知升壓變壓器的原線圈的電壓不變，即不變，由

可知升壓變壓器的副線圈的電壓不變，即電壓表的示數(shù)不變；進(jìn)入用電高峰，電阻R降低，假設(shè)電壓表的電壓不變，由

可知電流表的電流增大，由

可知電流表降壓變壓器得輸入端得電流增大，即電流表的示數(shù)增大，由

可知輸入電流增大，即電流表示數(shù)增加；由

可知降壓變壓器原線圈的電壓降低，即電壓表降低，由

可知降壓變壓器的副線圈的電壓降低，即降低；故A正確，B錯誤；

C．由

可知電壓表的讀數(shù)之差與電流表的讀數(shù)的比值不變；等于輸電線的電阻值，C正確；

D．根據(jù)

又輸電線上的電流增大；電阻不變，所以輸電線上的功率損失增大，D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電感器對直流無阻礙；對交流電有阻礙作用，根據(jù)。

XL=2πLf知；自感系數(shù)很小，頻率越低，感抗越小，所以阻礙作用為：通低頻，阻高頻。

電容器不能通過直流；而交流電通過電容器，根據(jù)。

知電容C越?。活l率越低，容抗越大，所以阻礙作用為：通高頻，阻低頻。

因此電路的主要作用是阻高頻、通低頻，輸出低頻交流電和直流電；【解析】直流低頻18、略

【分析】【詳解】

[1]．線圈受到安培力為：F=NB0IL

天平平衡有：mg=NB0IL

代入數(shù)據(jù)解得：N=25匝【解析】2519、略

【分析】【詳解】

[1]．設(shè)粒子從靜止開始加速到出口處運動了n圈，質(zhì)子在出口處的速度為v，則

質(zhì)子圓周運動的周期

質(zhì)子運動的總時間t=nT

聯(lián)立解得

[2]．設(shè)質(zhì)子第1次經(jīng)過狹縫被加速后的速度為v1

由動能定理得

由牛頓第二定律有

聯(lián)立解得：

同理，粒子經(jīng)2次加速后做圓周運動的半徑：

粒子經(jīng)3次加速后做圓周運動的半徑：

可知D型盒內(nèi)部帶電粒子前三次做勻速圓周的軌道半徑之比(由內(nèi)到外)為：【解析】20、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)電阻定律得出輸電線的電阻；根據(jù)輸電線上損失的功率求出輸電線上的電流，從而根據(jù)P=UI求出升壓變壓器的輸出電壓；根據(jù)輸電線上的電流和電阻求出輸電線上的電壓損失；根據(jù)變壓比公式求解升壓變壓器原；副線圈的匝數(shù)比；

（2）根據(jù)輸出電壓和電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓；結(jié)合電壓之比等于原副線圈的匝數(shù)之比求出降壓變壓器的原副線圈匝數(shù)之比．

【詳解】

（1）遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，如圖所示：

導(dǎo)線電阻：R線=ρ

代入數(shù)據(jù)得：R=40Ω

升壓變壓器副線圈電流：I2=I線

又I2R線=4%P

解得：I2=100A

根據(jù)P=U2I2

得：U2=100kV

根據(jù)變壓比公式，有：

（2）降壓變壓器的輸入電壓為：U3=U2-I2R線=96kV

由

得：

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵知道：1、原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比之間的關(guān)系；2、升壓變壓器的輸出電壓、降壓變壓器的輸入電壓、電壓損失之間的關(guān)系．【解析】1∶254800:1121、略

【分析】【詳解】

[1]粒子運動軌跡如下圖所示

電子垂直射入磁場，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力有，根據(jù)

電子做圓周運動的半徑

則得電子在電場中的運動速度之比等于電子做圓周運動的半徑之比，根據(jù)幾何關(guān)系有

所以電子在電場中的速度之比為

[2]電子在磁場中做圓周運動的周期

以v1運動的電子在磁場中運動的時間

以v2運動的電子在磁場中運動的時間

所以電子在磁場中運動的時間之比為【解析】1:23:222、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)線圈平面與磁感線夾角為0時，AB、CD邊垂直切割磁感線；則此時感應(yīng)電動勢最大。

[2]從如圖所示位置開始計時，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨時間變化規(guī)律為【解析】023、略

【分析】【詳解】

[1][2]以導(dǎo)線為研究對象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對磁鐵的安培力方向斜向左下方，磁鐵有向左運動的趨勢，受到向右的摩擦力，同時磁鐵對地的壓力增大?！窘馕觥吭龃笥?4、略

【分析】【詳解】

[1]．粒子在電場中被加速，由動能定理得；

粒子進(jìn)入磁場時的速度大小

由于氕氘氚的電荷量q相等、加速電壓U相等、m氕＜m氘＜m氚，則它們的速度關(guān)系為：v氕＞v氘＞v氚，即速率最大的是氕；

[2]．粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：

粒子軌道半徑

由于氕氘氚的電荷量q相等、磁感應(yīng)強(qiáng)度B相等、加速電壓U相等、m氕＜m氘＜m氚，則R氕＜R氘＜R氚，a、b、c分別對應(yīng)：氚、氘、氕?！窘馕觥侩?5、略

【分析】【詳解】

（1）要使帶正電粒子做勻速圓周運動，則有

解得

方向豎直向上；

（2）設(shè)場強(qiáng)為時加速度為場強(qiáng)為時加速度為粒子第一次穿過x軸的水平速度為有

所用時間

則有

解得

時刻射入的粒子第一次穿過x軸的水平速度

粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，則有

解得

所以

所以位置坐標(biāo)為

（3）設(shè)粒子進(jìn)入磁場時與水平方向夾角為則進(jìn)入磁場時的速度

所以此時圓周運動半徑

入射點和出射點之間的距離

由此可知每次入射點和出射點之間的距離為一個定值

且由分析可得；在電場中的水平方向的運動合起來可看作一勻加速直線運動，所以。

①若n為奇數(shù)，有

②若n為偶數(shù)，有【解析】（1）方向豎直向上；（2）（3）四、作圖題(共4題，共32分)26、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導(dǎo)線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關(guān)作用和交流電接線常識，進(jìn)行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關(guān)閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關(guān)閉合，燈亮，說明兩個開關(guān)不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關(guān)和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關(guān)控制火線，開關(guān)一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當(dāng)條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強(qiáng)，感應(yīng)電流的磁場阻礙磁通量增加，感應(yīng)電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應(yīng)電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強(qiáng)，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應(yīng)電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】29、略

【分析】【詳解】

當(dāng)條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導(dǎo)線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、解答題(共4題，共36分)30、略

【分析】【詳解】

(1)解除金屬棒PQ后，兩金屬棒運動過程中動量守恒，最終兩金屬棒以相同的速度做勻速運動，設(shè)速度大小為v′，則有

設(shè)從金屬棒PQ解除鎖定，到兩金屬棒達(dá)到相同速度，這個過程中，兩金屬棒共產(chǎn)生的焦耳熱為Q，由能量守恒定律可得

代入數(shù)據(jù)解得Q=120J

(2)金屬棒MN做勻加速運動，由牛頓第二定律得F－BIL