2025年湘教新版必修1物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版必修1物理上冊階段測試試卷969考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、A和B兩物體在同一直線上運動的v﹣t圖象如圖所示．已知在第3s末兩個物體在途中相遇；則下列說法正確的是。

A.兩物體從同一地點出發(fā)B.出發(fā)時B在A前3m處C.3s末兩個物體相遇后，兩物體可能再相遇D.運動過程中B的加速度大于A的加速度2、如圖所示；A；B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運動，運動過程中B受到的摩擦力。

A.方向向左，大小不變B.方向向左，逐漸減小C.方向向右，大小不變D.方向向右，逐漸減小3、如圖，放置于水平面上的楔形物體，兩側傾角均為30°，左右兩表面光滑且足夠長，上端固定一光滑滑輪，一根很長且不可伸長的輕繩跨過定滑輪分別與左右兩側斜面平行，繩上系著三個物體A、B、C，三物體組成的系統(tǒng)保持靜止.A物體質量為m，B物體質量為3m，現(xiàn)突然剪斷A物體和B物體之間的繩子，不計空氣阻力(重力加速度為g)；三物體均可視為質點，則。

A.繩剪斷瞬間，A物體的加速度為B.繩剪斷瞬間，C物體的加速度為C.繩剪斷瞬間，楔形物體對地面的壓力不變D.繩剪斷瞬間，A、C間繩的拉力為2mg4、下列情形中的人或物體可看成質點的是（）A.觀看正在奧運會體操表演的肖若騰B.在2021年東京奧運會大賽中，孫穎莎接對方發(fā)出的旋轉球C.研究運動員們乘飛機從東京回到北京的時間D.研究“神舟”十二號飛船在軌道上的飛行姿態(tài)5、在某次軍事演習中，空降兵從懸停在空中的直升機上跳下，當下落到距離地面適當高度時，打開降落傘，最終安全到達地面，空降兵從跳離飛機到安全到達地面的過程中在豎直方向的圖象如圖所示；則以下判斷正確的是（）

A.空降兵在0到的間內做自由落體運動B.空降兵在到時間內的加速度方向豎直向下，大小在逐漸減小C.空降兵在0到時間內的平均速度是D.空降兵在到時間內的平均速度小于6、如圖，重為G的物體a放在上表面水平的物體b上，沿固定光滑斜面c一起下滑；則()

A.a對b的壓力等于零B.a對b的壓力等于GC.a受到的摩擦力方向水平向右D.a與b之間沒有摩擦力的作用7、如圖所示，質量為m長為L的均勻桿一端靠在墻上，用細繩拴桿于D點，圖中等于此時桿處于平衡狀態(tài)，那么以下說法正確的是（）

A.在圖中桿A端所受摩擦力的方向可能沿墻面向下B.在圖中桿與墻壁間的最小動摩擦因數(shù)C.在圖中桿A端所受摩擦力和墻壁對桿的支持力一定沿桿方向D.如果改變細線的位置而不改變夾角和桿A端所受的摩擦力不可能為零8、如圖所示，半圓球P的半徑為R，其被固定在水平面上，球心O1的正上方有一光滑的小定滑輪被固定在水平天花板上的A點，A點到P的最高點的距離為h，在P上放一個光滑的空心小球Q，Q內裝有細沙，其球心為O2，Q的半徑為r。將一根輕繩繞過定滑輪后系住Q；現(xiàn)用力拉動輕繩的另一端使Q緩慢上升，同時使細沙從Q底部的小孔緩慢均勻地流出。在以后的過程中，下列關于繩對Q的拉力和P對Q的彈力變化情況的說法，正確的是（）

A.繩對Q的拉力增大，P對Q的彈力增大B.繩對Q的拉力不變，P對Q的彈力減小C.繩對Q的拉力減小，P對Q的彈力增大D.繩對Q的拉力減小，P對Q的彈力減小9、國際單位制中“力”的單位符號是N，如果用國際單位制基本單位的符號來表示，正確的是（）A.kg·m·s-2B.J·m-1C.C·V·m-1D.T·A·m評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，物體A和物體用細繩相連，跨過光滑的定滑輪，A置于傾角為固定的光滑斜面上，懸于斜面之外而處于靜止狀態(tài)。若在A上施加一外力物體A、仍處于靜止狀態(tài)，物體A沒有離開斜面，則力的方向可能為（）

A.豎直向下B.沿斜面向上C.垂直斜面向下D.垂直斜面向上11、港珠澳大橋全長49.968公里；2018年10月24日9點正式通車，這座大橋的開通使得香港到珠海和澳門車程僅需要30分鐘，下列說法正確的是（）

A.30分鐘是指時間B.24日9點是指時間C.49.968公里是指路程D.49.968公里是指位移12、某質點以15m/s的初速度做勻變速直線運動，其加速度大小為3m/s2，則第8s末時質點的速度大小為（）A.18m/sB.39m/sC.9m/sD.7m/s13、如圖所示，水平面上有3個完全相同的物塊A、B和C，它們在水平推力F的作用下沿水平面一起加速運動。設它們與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ，運動過程中物塊A和B之間的作用力大小為F1、物塊B和C之間的作用力大小為F2，下列說法正確的是（）

A.若μ=0，則F1=2F2B.若μ=0，則F1=3F2C.若μ≠0，則F1=2F2D.若μ≠0，則F1=3F214、一質點在連續(xù)的6s內作勻加速直線運動，在第一個2s內位移為12m，最后一個2s內位移為36m，下面說法正確的是（）A.質點的加速度大小是3m/s2B.質點的加速度大小是2m/s2C.第2s末的速度大小是9m/sD.第1s內的位移大小是6m15、如圖所示，質量為m的小球在細線和輕彈簧的共同作用下保持靜止，其中細線水平，左端固定于豎直墻壁，輕彈簧上端固定于天花板，軸線與豎直方向的夾角為已知輕彈簧的勁度系數(shù)為重力加速度為則（）

A.細線中拉力的大小為B.輕彈簧中拉力的大小為C.輕彈簧的伸長量為D.突然剪斷細線的瞬間，小球的加速度a大小為16、物體在三個共點力作用下做勻速直線運動，則這三個力的大小可能是（）A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示；是探究某根彈簧的伸長量X與所受拉力F之間的關系圖：

（1）彈簧的勁度系數(shù)是_____N/m

（2）若彈簧原長l0=10cm，當彈簧所受F=150N的拉力作用時（在彈性限度內），彈簧長度為l=_____cm．18、把一條盤放在地面上的長為L的勻質鐵鏈豎直向上剛好拉直時，它的重心位置升高了________；把一個邊長為L的勻質正方體，在水平面上繞bc棱翻倒使對角面AbcD處于豎直方向，如圖所示，重心位置升高了________，正方體受到的支持力是因為________發(fā)生形變產生的，正方體對地面的壓力是________發(fā)生形變產生的。

19、某同學在研究性學習中，利用所學的知識解決了如下問題：一根大彈簧內套一根小彈簧，大彈簧比小彈簧長它們的下端平齊并固定，另一端自由，如圖甲所示。當砝碼盤放在彈簧上端壓縮此組合彈簧時，測得此彈簧的壓縮量將砝碼放在砝碼盤上并記錄彈簧的壓縮量，多次測得砝碼質量與對應彈簧壓縮量并描繪出的關系圖像如圖乙所示。已知重力加速度則大彈簧的勁度系數(shù)_____，小彈簧的勁度系數(shù)后___，砝碼盤的質量___（結果均保留2位有效數(shù)字）

20、質量為2kg的物體如圖所示的裝置懸掛著，繩和滑輪的質量均不計，若CB繩水平，則OA繩的張力為_____________N（保留三位有效數(shù)字）若懸線B點緩慢向下移動，則OA繩上的張力___________（填變大；不變、變小）

21、圖中游標卡尺的讀數(shù)是______mm。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

速度時間圖像與時間軸所圍成的面積代表位移，那么前3秒，A的位移為B的位移而AB在3秒末相遇，所以AB不是同一點出發(fā)，選項A錯．出發(fā)時B在A前選項B對．3秒前A比B的速度大，3秒末追上B此后A的速度仍大于B的速度，所以二者不會再次相遇，選項C錯，速度時間圖像的斜率代表加速度，A的斜率大于B即A的加速度大于B的加速度，選項D錯．2、A【分析】【詳解】

試題分析:A、B兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運動，對A和B整體根據(jù)牛頓第二定律有然后隔離B，根據(jù)牛頓第二定律有：大小不變；物體B做速度方向向右的勻減速運動，故而加速度方向向左，摩擦力向左；故選A．

考點：本題考查牛頓第二定律；整體法與隔離法．

【名師點睛】1；整體法：整體法是指對物理問題中的整個系統(tǒng)或整個過程進行分析、研究的方法．在力學中；就是把幾個物體視為一個整體，作為研究對象，受力分析時，只分析這一整體對象之外的物體對整體的作用力（外力），不考慮整體內部之間的相互作用力（內力）．

整體法的優(yōu)點：通過整體法分析物理問題；可以弄清系統(tǒng)的整體受力情況和全過程的受力情況，從整體上揭示事物的本質和變體規(guī)律，從而避開了中間環(huán)節(jié)的繁瑣推算，能夠靈活地解決問題．通常在分析外力對系統(tǒng)的作用時，用整體法．

2；隔離法：隔離法是指對物理問題中的單個物體或單個過程進行分析、研究的方法．在力學中；就是把要分析的物體從相關的物體體系中隔離出來，作為研究對象，只分析該研究對象以外的物體對該對象的作用力，不考慮研究對象對其他物體的作用力．

隔離法的優(yōu)點：容易看清單個物體的受力情況或單個過程的運動情形，問題處理起來比較方便、簡單，便于初學者使用．在分析系統(tǒng)內各物體（或一個物體的各個部分）間的相互作用時用隔離法．3、A【分析】【詳解】

ABD．設C的質量為m′．繩剪斷前，由平衡條件知：（3m+m）gsin30°=m′gsin30°

得m′=4m

繩剪斷瞬間，以A為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得：T-mgsin30°=ma

以C為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得：4mgsin30°-T=4ma

聯(lián)立解得：

即繩剪斷瞬間，A、C物體的加速度大小均為A、C間繩的拉力為故A正確，BD錯誤．

C．繩剪斷前，A、C間繩的拉力為：T′=（3m+m）gsin30°=2mg

繩剪斷瞬間，A、C間繩的拉力為則AC間繩對定滑輪的壓力發(fā)生改變，而三個物體對楔形物體的壓力不變，可知，繩剪斷瞬間，楔形物體對地面的壓力發(fā)生變化，故C錯誤．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．體操表演時；不能把運動員看做質點，否則就沒動作可言了，選項A錯誤；

B．研究旋轉球時；不能把球看做質點，否則就沒旋轉了，選項B錯誤；

C．研究運動員們乘飛機從東京回到北京的時間時；運動員的大小可忽略不計，可把運動員看做質點，選項C正確；

D．研究“神舟”十二號飛船在軌道上的飛行姿態(tài)時；不能把飛船看做質點，否則就沒姿態(tài)可言了，選項D錯誤。

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在0到t1時間內圖像的斜率在減??；加速度在減小，所以空降兵不是做自由落體運動，故A錯誤；

B．在t1到t2時間內的速度為正在減??；所以空降兵做豎直向下的減速運動，因此加速度方向豎直向上，又因為圖線的斜率在減小，所以加速度在減小，故B錯誤；

C．從圖像可知空降兵在0到t1時間內的位移大于從速度為0做勻變速運動到v2的位移，所以平均速度大于故C錯誤；

D．空降兵在t1到t2時間內的的位移小于從速度為v2做勻減速運動到v1的位移，所以平均速度小于故D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

對于ab組成的整體，整體具有沿斜面向下的加速度，設為a，將a正交分解為豎直方向分量a1，水平分量a2，對整體，由牛頓第二定律得（ma+mb）gsinθ=（ma+mb）a

得a=gsinθ

對a；由牛頓第二定律得。

豎直方向上mag-N=maa1=magsinθsinθ

水平方向上f=maa2=magsinθcosθ

則得支持力N=G-Gsin2θ=Gcos2θ

摩擦力大小為f=Gsinθcosθ

方向水平向右。故ABD錯誤，C正確。

故選C。7、B【分析】【分析】

【詳解】

ABC．受力分析如圖所示。

將f（f設為沿墻壁向上）與N合成一個力T，恰好要滑動時，T與N的夾角根據(jù)三力匯交如上圖所示，T和水平線夾角為（摩擦角），對三角形和三角形運用正弦定理有

由

得

聯(lián)立可得

則動摩擦因數(shù)

故AC錯誤；B正確。

D．如果平移使得和交于水平虛線上；那么此刻摩擦力恰好為零，故D也錯誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

對Q受力分析如圖所示；

設其重力為mg，由于有一部分細沙緩慢流出而減小，繩對Q的拉力F和P對Q的彈力N在Q緩慢上移時兩者均發(fā)生改變，兩力方向間的夾角也發(fā)生改變，Q的重心雖然在變，但重心一定在過O2的豎直線上，滿足相似三角形的條件。設小滑輪右側的繩長為x，作出Q受力的力學“矢量三角形”，如圖所示，發(fā)現(xiàn)該“矢量三角形”與幾何三角形AO1O2相似，則

式中的（h+R）、(R+r）均不變，重力mg減小，則當緩慢拉動Q時，繩對Q的拉力F減小，P對Q的彈力N減小。

故選D。9、A【分析】【詳解】

由可得

故選A。二、多選題(共7題，共14分)10、C:D【分析】【分析】

本題考查力的平衡；考查考生的理解能力和物理觀念。

【詳解】

A．當?shù)姆较蜇Q直向下時，相當于物體A的重力增加了；系統(tǒng)不能平衡，故A錯誤；

B．當?shù)姆较蜓匦泵嫦蛏蠒r，相當于物體的重力增加了；系統(tǒng)不能平衡，故B錯誤；

CD．當?shù)姆较虼怪毙泵嫦蛳禄蛳蛏蠒r；不影響沿斜面方向力的平衡，因此，CD正確。

故選CD。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．香港到珠海和澳門車程僅需要30分鐘；是指時間，故A正確；

B．24日9點是指時刻；故B錯誤；

CD．位移表示從初位置到末位置的有向線段；路程是質點運動軌跡的長短，港珠澳大橋全長49.968公里是指路程，故C正確，D錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

若加速度和初速度同向，則第8s末時質點的速度大小為v8=v0+at=15+3×8=39m/s

方向與初速度方向相同；

若加速度和初速度反向，則第8s末時質點的速度大小為v8=v0+at=15-3×8=-9m/s

方向與初速度方向相反。

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

AB．若μ=0，對整體由牛頓第二定律得

隔離BC，則物塊A和B之間的作用力大小

隔離C，則物塊B和C之間的作用力大小

所以F1=2F2

故A正確B錯誤；

CD．若μ≠0，對整體由牛頓第二定律得

隔離BC，則物塊A和B之間的作用力大小

隔離C，則物塊B和C之間的作用力大小

所以F1=2F2

故C正確D錯誤；

故選AC。14、A:C【分析】【分析】

根據(jù)連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，即△x=aT2求出質點的加速度．根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出第1s末的速度再由運動學公式求的速度和位移．

【詳解】

設第一個2s內的位移為x1，第三個2s內，即最后1個2s內的位移為x3，根據(jù)x3-x1=2aT2得：．故A正確，B錯誤．第1s末的速度等于第一個2s內的平均速度，則：則第2s末速度為v=v1+at=6+3×1m/s=9m/s．故C正確．在第1s內反向看為勻減速運動則s=v1t+at2=6×1+×(?3)×12m=4.5m；故D錯誤；故選AC．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的兩個重要推論：1、在連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，即△x=aT2，2、某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度．并能靈活運用15、A:D【分析】【詳解】

AB．小球受力如圖所示。

由平衡條件得

故A正確；B錯誤；

C．由胡克定律得解得

故C錯誤；

D．彈簧的彈力不能突變，則突然剪斷細線A的瞬間，仍有

由牛頓第二定律得

解得

故D正確。

故選AD。16、B:D【分析】【詳解】

A．前兩個力的合力范圍是：第三個力是所以合力不可能為零，故A錯誤；