2025年仁愛科普版選擇性必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版選擇性必修1物理上冊月考試卷782考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、圖1是一列簡諧橫波在t=1.25s時的波形圖，已知c位置的質點比a位置的晚0.5s起振；則圖2所示振動圖像對應的質點可能位于（）

A.a<i><>B.b<i>C.c<i><>D.d<i>2、如圖所示是一列簡諧橫波的圖像，已知此時刻O點向上振動；則（）

A.波向x軸正向傳播B.A點的振幅為1cmC.C點的振幅為2cm，位移為-1cmD.B、C兩點運動方向相同，都沿x軸負向3、水平放置的彈性長繩上有一系列均勻分布的質點1；2、3、．使質點1沿豎直方向做簡諧運動；振動將沿繩向右傳播，從質點1經過平衡位置向上運動時開始計時，當振動傳播到質點13時，質點1恰好完成一次全振動．則此時關于質點10的運動，下列說法正確的是（）

A.位移為零B.加速度為最大值C.正向下運動D.加速度為零4、把一個小球套在光滑細桿上，球與輕彈簧相連組成彈簧振子，小球沿桿在水平方向做簡諧運動，它圍繞平衡位置O在A、B間振動；如圖所示。下列結論正確的是（）

A.小球在O位置時，動能最大，加速度為零B.小球在A、B位置時，加速度最大，速度也最大C.小球從A經O到B的過程中，速度一直增加D.小球從A到O的過程中，彈簧的彈性勢能不斷增加5、有兩位同學利用假期分別參觀了位于哈爾濱市的“哈爾濱工業(yè)大學”和上海市的“復旦大學”，他們各自利用那里實驗室中的DIS系統(tǒng)探究了單擺周期T和擺長L的關系。然后通過微信交流實驗數據，并用計算機繪制了如圖甲所示的圖像。另外，去“復旦大學”做研究的同學還利用計算機繪制了他實驗用的a、b兩個擺球的振動圖像；如圖乙所示。下列說法正確的是：（）

A.甲圖中“復旦大學”的同學所測得的實驗結果對應的圖線是BB.甲圖中圖線的斜率表示對應所在位置的重力加速度的倒數C.由乙圖可知，a、b兩擺球振動頻率之比為3∶2D.由乙圖可知，時b球振動方向沿y軸正方向6、質點以坐標原點O為中心位置在y軸上做簡諧運動，其振動圖象如圖所示，起振后0.3s此質點立即停止運動，振動在介質中產生的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為1.0m/s，則從波源起振開始計時，t=0.4s時的波形圖為（）

A.B.C.D.7、一彈丸在飛行到距離地面5m高時僅有水平速度v＝2m/s，爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出，甲、乙的質量比為3∶1．不計質量損失，取重力加速度g＝10m/s2，則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡可能正確的是()A.B.C.D.8、如圖所示，足夠長的木板Q放在光滑水平面上，在其左端有一可視為質點的物塊P，P、Q間接觸面粗糙?，F給P向右的速率vP，給Q向左的速率vQ，取向右為速度的正方向，不計空氣阻力，則運動過程中P、Q的速度隨時間變化的圖像一定不正確的是（）

A.B.C.D.9、蹦床運動是運動員利用彈性蹦床的反彈在空中表演雜技的競技運動，如圖所示。若時刻，一運動員在最高點自由下落，直至運動到彈性蹦床最低點的過程中，忽略空氣阻力，則運動員的速度v、加速度a隨時間t及動能機械能E隨位移x變化的關系圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、一列沿x軸傳播的簡諧橫波，在t=0時的波形如圖甲所示，P、Q是波上的兩個質點，此時質點P沿y軸負方向運動。圖乙是波上某一質點的振動圖像下列說法中正確的是（）

A.該波沿x軸正方向傳播B.圖乙可能為Q點的振動圖像C.t=0.10s時，質點P沿y軸正方向運動E.質點Q在t=0.10ns（n=0，1，2）回到x=4m，y=0的位置E.質點Q在t=0.10ns（n=0，1，2）回到x=4m，y=0的位置11、準分子激光器利用氬氣和氟氣的混合物產生激光，用于近視眼的治療。關于這個治療，以下說法正確的是（）A.近視眼是物體在眼球中成像在視網膜的前面，使人不能看清物體B.激光的方向性好，可以在非常小的面積上對眼睛進行光凝手術C.激光治療近視眼手術是對視網膜進行修復D.激光治療近視眼手術是對角膜進行切削12、真空中，光滑絕緣的水平桌面上，質量分別為m和相距為L的M、N兩個點電荷，由靜止釋放，釋放瞬間M的加速度大小為a,經過一段時間后N的加速度大小也為a，且速度大小為v，則（）A.M、N帶的是異種電荷B.N的速度大小為v時，M、N間的距離為C.N的速度大小為v時，M的速度大小也為vD.從釋放到N的速度大小為v，M、N組成的系統(tǒng)電勢能減少了13、真空中，光滑絕緣的水平桌面上，質量分別為m和相距為L的M、N兩個點電荷，由靜止釋放，釋放瞬間M的加速度大小為a,經過一段時間后N的加速度大小也為a，且速度大小為v，則（）A.M、N帶的是異種電荷B.N的速度大小為v時，M、N間的距離為C.N的速度大小為v時，M的速度大小也為vD.從釋放到N的速度大小為v，M、N組成的系統(tǒng)電勢能減少了14、如圖所示，學生練習用腳順球。某一次足球由靜止自由下落被重新順起，離開腳部后豎直上升的最大高度仍為已知足球與腳部的作用時間為足球的質量為重力加速度大小g取不計空氣阻力，則（）

A.足球下落到與腳部剛接觸時動量大小為B.足球自由下落過程重力的沖量大小為C.足球與腳部作用過程中動量變化量為零D.腳部對足球的平均作用力為足球重力的11倍15、如圖所示質量為M的小車靜止在光滑的水平面上，小車段是半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道，段是長為L的水平粗糙軌道，兩段軌道相切于B點。一質量為m的滑塊在小車上從A點靜止開始沿軌道滑下，然后滑入軌道，最后恰好停在C點。已知小車質量滑塊與軌道間的動摩擦因數為重力加速度為g。則下列說法正確的是（）

A.滑塊從A滑到C的過程中滑塊和小車系統(tǒng)的動量一直都是守恒的B.滑塊滑到B點時（可認為B點仍處于圓弧軌道上），滑塊相對于小車的速度為C.滑塊從A滑到C的過程中相對于地面的位移一定大于D.水平軌道的長度L一定大于圓弧半徑R16、如圖所示為一列簡諧橫波t=0時刻的波形圖，介質中有P、Q、M三個質點，此時三個質點的縱坐標分別為yP=2cm、yQ=－2cm、yM=－2cm，經歷1s后，Q質點最先回到平衡位置。下列說法正確的是（）

A.P、Q兩質點的速度總是大小相等、方向相反B.P、M兩質點相對平衡位置的位移總是大小相等、方向相反C.此列波沿x軸正方向傳播E.從t=0時刻開始計時，經過3s，P質點運動的路程為4cmE.從t=0時刻開始計時，經過3s，P質點運動的路程為4cm17、兩列簡諧橫波的振幅都是10cm，傳播速度大小相同。實線波的頻率為2Hz，沿x軸正方向傳播；虛線波沿x軸負方向傳播。某時刻兩列波在如圖所示區(qū)域相遇；則（）

A.實線波和虛線波的頻率之比為3：2B.在相遇區(qū)域會發(fā)生干涉現象C.平衡位置為x=6m處的質點此刻速度為零E.從圖示時刻起再經過0.25s，平衡位置為x=5m處的質點的位移y<0E.從圖示時刻起再經過0.25s，平衡位置為x=5m處的質點的位移y<018、用甲；乙兩種不同的單色光應用同一實驗裝置分別做雙縫干涉實驗。比較兩次實驗得到的干涉條紋圖案；甲光的干涉條紋間距大于乙光的干涉條紋間距，則（）

A.甲的波長大于乙的波長B.甲的頻率大于乙的頻率C.玻璃對甲的折射率小于對乙的折射率E.若兩種光從玻璃射向空氣發(fā)生全反射，甲的臨界角大于乙的臨界角E.若兩種光從玻璃射向空氣發(fā)生全反射，甲的臨界角大于乙的臨界角評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)19、自動駕駛汽車配置了超聲波、激光、無線電波雷達和光學相機組成的傳感探測系統(tǒng)，當汽車與前方車輛距離減小到安全距離時，系統(tǒng)會執(zhí)行減速指令．若汽車靜止時發(fā)出的超聲波頻率為4.0×104Hz，空氣中聲速為340m/s，該超聲波的波長為________m____汽車行駛時接收到被前方汽車反射的超聲波頻率________(選填“大于”“等于”或“小于”)汽車發(fā)出的頻率．20、人船模型。

（1）模型圖示。

（2）模型特點。

①兩物體滿足動量守恒定律：mv人－Mv船＝____

②兩物體的位移滿足：m－M＝____，x人＋x船＝L；

得x人＝L，x船＝L

（3）運動特點。

①人動則船___，人靜則船___，人快船___，人慢船___，人左船____；

②人船位移比等于它們質量的______；人船平均速度（瞬時速度）比等于它們質量的____，即＝＝21、在縱波中，_________。在橫波中，_________。這種方法適用于看得見質點振動方向的機械波。_________不能產生偏振現象。相同的橫波，即使傳播方向相同，振動方向也可能是不同的。這個現象稱為“____________”。一列沿水平方向傳播的橫波，既可能沿上下方向振動，也可能沿左右方向振動，還可能沿其他“斜”的方向振動。橫波的振動方向稱為“____________”。22、如圖所示，一列簡諧橫波沿軸傳播，實線和虛線分別為時刻和時刻波的圖像，該波波速為該波的周期為___________該簡諧波沿軸__________（選填“正向”或“負向”）傳播。

23、利用圖甲裝置（示意圖），觀察單色激光經過單縫障板后產生的圖樣。因激光經過單縫發(fā)生了______現象，故在光屏上得圖樣應是圖乙中的______（選填“”或“”）。

24、一簡諧橫波在均勻介質中沿x軸正向傳播，圖甲為某時刻的波形圖，質點P位于（6m，0cm），圖乙是介質中質點P的波動圖像，則該列橫波的傳播速度為______m/s，圖甲所示的時刻可能為t=______（填“1”“4”或“10”）s的時刻。（結果均保留兩位有效數字）

25、如圖所示，質量為M的小車靜止在光滑的水平地面上，車上裝有半徑為R的半圓形光滑軌道，現將質量為m的小球在軌道的邊緣由靜止釋放，當小球滑至半圓軌道的最低位置時，小車移動的距離為________，小球的速度大小為________．26、如圖所示，質量20kg的小車靜止在光滑水平面上，從水槍中噴出的水柱的橫截面積是10cm2，速度10m/s，水的密度1.0×103kg/m3．若用水槍噴出的水從車后沿水平方向沖擊小車的前壁，且沖擊到小車前壁的水全部沿前壁流進小車中，當有質量5kg的水進入小車時，小車的速度大小______m/s，小車的加速度大小______m/s2．評卷人得分四、實驗題(共3題，共12分)27、兩位同學用如圖所示裝置；通過半徑相同的A；B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．

（1）實驗中必須滿足的條件是________．

A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差。

B．斜槽軌道末端的切線必須水平。

C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下。

D．兩球的質量必須相等。

（2）測量所得入射球A的質量為mA，被碰撞小球B的質量為mB，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON．當所測物理量滿足表達式_________________時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式_______________時；則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．

（3）乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置進行了改裝：如圖12所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點．實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M′和N′．測得B′與N′、P′、M′各點的高度差分別為h1、h2、h3．若所測物理量滿足表達式_________________時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒．28、某實驗小組設計實驗來驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖，鐵架臺的頂端固定量角器，量角器的上邊水平。兩根輕繩，一端系于鐵架臺頂端，另一端分別連接A、B兩個鋼制小球，質量分別為且兩小球球心到懸點的距離相等。現將小球A拉起至輕繩與豎直方向夾角為由靜止釋放后與靜止于懸點正下方的小球B發(fā)生對心碰撞，碰后A、B兩球擺至最大高度時輕繩與豎直方向的夾角分別為如圖所示。兩小球發(fā)生的碰撞可視為彈性碰撞，空氣阻力不計。

（1）由圖可知，小球A的質量______小球B的質量（選填“大于”“小于”或“等于”）。

（2）此實驗中______（選填“需要”或“不需要”）測量輕繩長度若兩小球碰撞滿足______，則兩小球碰撞過程中動量守恒。29、物理實驗一般都涉及實驗目的；實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數據分析等。例如：

（1）實驗儀器。用螺旋測微器測某金屬絲的直徑，示數如圖1所示，則該金屬絲的直徑為___________mm。

（2）數據分析。打點計時器在隨物體做勻變速直線運動的紙帶上打點，紙帶的一部分如圖2示，B、C、D為紙帶上標出的連續(xù)3個計數點，相鄰計數點之間還有4個計時點沒有標出。打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上，則物體運動的加速度___________m/s2（結果保留兩位有效數字）。

（3）實驗原理。某同學用單擺測量重力加速度的大小，他測量擺線的長度l和對應的周期T，得到多組數據，作出了圖像，如圖3所示。他認為根據圖線可求得重力加速度則若忽略測量數據的偶然誤差，從理論上分析，他求得的重力加速度g___________真實值（選填“大于”“等于”或“小于”）。請分析說明理由___________。

評卷人得分五、解答題(共2題，共8分)30、如圖甲所示，質量為M=1kg、長度L=1.5m的木板A靜止在光滑水平面上（兩表面與地面平行），在其右側某一位置有一豎直固定擋板P。質量為m=3kg的小物塊B（可視為質點）以v=4m/s的初速度從A的最左端水平沖上A，一段時間后A與P發(fā)生彈性碰撞。以碰撞瞬間為計時起點，取水平向右為正方向，碰后0.3s內B的速度v隨時間t變化的圖像如圖乙所示。取重力加速度g=10m/s2；求：

（1）A；B之間的動摩擦因數；

（2）B剛沖上A時；擋板P離A板右端的最小距離；

（3）A與P碰撞幾次；B與A分離？

31、單擺是我們研究簡諧運動中常用的模型。已知某單擺的擺長為擺球質量為當地重力加速度為將此擺球在所在的豎直平面內向拉離平衡位置一個小角度；自由釋放。

（1）在很小時，（其中為小球的位移）；由此寫出單擺回復力與位移的關系式，并說明為何單擺可視為簡諧運動；

（2）簡諧運動的周期公式（其中k是回復力與位移的比例系數，為系統(tǒng)的質量）；結合（1）推導出單擺的周期公式；

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

因為C位置的質點比a位置的晚0.5s起振，所以波向右傳播，周期是1s，在t=1.25s的波形圖也就是在因此在的波形圖就是圖1左移1/4波長后的部分；如圖所示：

跟圖2對照，可知，對應的質點可能位于Oa之間或de之間，因此選D．2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．因為O點向上振動，可知波向x軸負向傳播；選項A錯誤；

B．A點的振幅為2cm；選項B錯誤；

C．C點的振幅為2cm；位移為-1cm，選項C正確；

D．B點沿y軸負向振動，C點沿y軸正向振動，則B、C兩點運動方向相反；選項D錯誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當振動傳播到質點13時；質點1恰好完成一次全振動；故1～13點間波形為一個完整的正弦波形，此時質點10處于正向最大位移處，故A錯誤；

BD．此時質點10處于正向最大位移處，合力提供回復力，指向平衡位置，根據牛頓第二定律，加速度方向也指向平衡位置，故一定是豎直向下；由于此時質點10處于正向最大位移處，根據

可知；加速度最大；故B正確，D錯誤；

C．此時質點10處于正向最大位移處；速度為零，故C錯誤。

故選B。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．小球在O位置時；速度最大，動能最大；回復力為零，加速度為零，選項A正確；

B．小球在A、B位置時；加速度最大，速度為零，選項B錯誤；

C．小球從A經O到B的過程中；速度先增加后減小，選項C錯誤；

D．小球從A到O的過程中；彈簧的形變量逐漸減小，則彈性勢能不斷減小，選項D錯誤。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據

得

知圖線的斜率

圖線B的斜率較小，則圖線B對應的重力加速度較大，可知甲圖中“哈爾濱工業(yè)大學”的同學所測得的實驗結果對應的圖象是B；故AB錯誤；

C．周期等于完成一次全振動的時間，由乙圖可知，a、b兩單擺的周期之比為2：3；振動頻率之比為3∶2，故C正確；

D．由乙圖可知，t=1s時，b球處于平衡位置向-y方向運動；故D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

根據振動圖象得知，t=0時刻質點沿y軸正方向振動，即波源的起振方向沿y軸正方向，則介質中各質點的起振方向均沿y軸正方向，與波最前頭的質點振動方向相同。起振后0.3s此質點立即停止運動，形成波長的波形。由振動圖象讀出周期T=0.4s，波長λ=vT=0.4m

則再經過0.1s后，即t=0.4s時波總共傳播的距離為s=vt=0.4m

傳到x=0.4m處；故A正確，BCD錯誤。

故選A。7、D【分析】【詳解】

試題分析：炮彈到達最高點時爆炸時；爆炸的內力遠大于重力（外力），遵守動量守恒定律；當炮彈到達最高點時爆炸為沿水平方向運動的兩片，兩片炸彈都做平拋運動．根據平拋運動的基本公式即可解題．

規(guī)定向右為正，設彈丸的質量為4m，則甲的質量為3m，乙的質量為m，炮彈到達最高點時爆炸時，爆炸的內力遠大于重力（外力），遵守動量守恒定律，則有則兩塊彈片都做平拋運動，高度一樣，則運動時間相等，水平方向做勻速運動，則結合圖象可知，D的位移滿足上述表達式，故D正確．8、D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．由受力分析可知，開始時，木板和物塊均在滑動摩擦力的作用下做勻減速直線運動，直到兩者最終達到共同速度一起勻速，P、Q組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動量守恒

若

則v=0

故A可能正確；

若

則v＞0

故B可能正確；

若

則v＜0

故C可能正確；

D．共速前木板和物塊受力情況不變，故加速度不變，v-t圖像斜率不變；所以D一定不正確。

故選D。9、A【分析】【詳解】

A．一運動員在最高點自由下落，直至運動到彈性蹦床最低點的過程中，運動員開始一段時間只受到重力作用，做自由落體運動，之后受到重力和彈性蹦床的的彈力作用，根據牛頓第二定律，有

彈性床對運動員的彈力逐漸變大，運動員的速度逐漸減小，所以運動員做加速度減小的加速運動，當彈性床的彈力大于運動員的重力之后，合力向上，根據牛頓第二定律可知

運動員做加速度增大的減速運動；因為速度-時間圖像的斜率表示加速度，A正確；

B．根據運動員在彈性床上運動屬于簡諧運動的一部分；所以根據稱性，可知運動員在最低點的加速度大于自由落體加速度，B錯誤；

C．自由下落階段對運動員分析，根據動能定理，有

即接觸彈性床之前；動能增加與下落距離成正比，圖像為傾斜直線；接觸彈性床之后到彈力等于重力之前，運動員依然做加速運動，所以動能繼續(xù)增大，圖像為向上斜率變小的曲線，之后，彈力大于重力后動能減少，C錯誤；

D．運動員在接觸到彈性床之前；機械能守恒，接觸彈性床之后，由于彈性床對運動員做負功，所以運動員的機械能減少，D錯誤。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)10、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．因質點P沿y軸負方向運動，由微小平移法，可知波沿x軸正方向傳播；A正確；

B．t=0時Q沿y軸正方向運動；與振動圖像中方向相反，B錯誤；

C．t=0.1s時，質點P振動半個周期；運動方向與初始方向相反，C正確；

D．該波的波速為

D錯誤；

E．從平衡位置出發(fā)的質點每隔半個周期回到出發(fā)點；E正確。

故選ACE。11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

利用激光的方向性好對眼睛進行光凝手術是物理技術應用于臨床醫(yī)學的最新成果。人的眼睛是一個光學成像系統(tǒng)；角膜和晶狀體相當于一個凸透鏡，物體通過凸透鏡成像在視網膜上，人就能看清楚物體.當角膜和晶狀體組成的這個凸透鏡的焦距比較小，物體成像在視網膜的前面時，人就不能看清楚物體，這就是近視眼.激光手術不是修復視網膜，而是對角膜進行切削，改變角膜的形狀，使眼球中的“凸透鏡”的焦距適當變大，物體經過角膜和晶狀體后成像在視網膜上。

故選ABD。12、A:B:D【分析】【詳解】

A．由牛頓第二定律可知，開始時M受到的合外力為

故兩個點電荷之間的相互作用力大小為經過一段時間后N受到的合外力為

故兩個點電荷之間的相互作用力大小為兩電荷之間的作用力為庫侖力，根據庫倫定律可知兩者間的距離變小，說明M；N帶的是異種電荷，故A正確；

B．由

可得

即N的速度大小為v時，M、N間的距離為故B正確；

C．兩個點電荷構成的系統(tǒng)動量守恒，故當N的速度大小為v時有

解得

故C錯誤；

D．從釋放到N的速度大小為v，M、N組成的系統(tǒng)增加的動能為

由能量守恒定律可知，M、N組成的系統(tǒng)電勢能減少了故D正確。

故選ABD。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．由牛頓第二定律可知，開始時M受到的合外力為

故兩個點電荷之間的相互作用力大小為經過一段時間后N受到的合外力為

故兩個點電荷之間的相互作用力大小為兩電荷之間的作用力為庫侖力，根據庫倫定律可知兩者間的距離變小，說明M；N帶的是異種電荷，故A正確；

B．由

可得

即N的速度大小為v時，M、N間的距離為故B正確；

C．兩個點電荷構成的系統(tǒng)動量守恒，故當N的速度大小為v時有

解得

故C錯誤；

D．從釋放到N的速度大小為v，M、N組成的系統(tǒng)增加的動能為

由能量守恒定律可知，M、N組成的系統(tǒng)電勢能減少了故D正確。

故選ABD。14、A:D【分析】【詳解】

A．足球達到腳背的速度為

足球下落到與腳部剛接觸時動量大小為

A正確；

BD．根據運動的對稱性，足球離開腳背的速度大小也是5m/s，所以腳背與足球作用額過程中，由動量定理得

解得

全程由動量定理得

解得

B錯誤；D正確。

C．足球與腳部作用過程中動量變化大小為

故選AD。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．滑塊從A滑到C的過程中水平方向動量守恒；豎直方向上合力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，A錯誤；

B．滑塊剛滑到B點時速度最大；取水平向右為正方向，由水平方向動量守恒定律和機械能守恒定律。

解得。

滑塊相對于小車的速度為。

B錯誤；

C．設全程小個相對地而的位移大小為s，根據題意可知全程滑塊水平方向相對小車的位移為則滑塊水平方向相對地面的位移為。

滑塊與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒；取水平向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得。

已知解得。

而滑塊在豎直方向上相對地面的位移為R；所以滑塊相對于地面的位移為。

C正確；

D．系統(tǒng)在水平方向動量守恒；以向右為正方向，對整個過程，由動量守恒定律得。

解得。

由能量守恒定律得。

解得。

由于。

D正確。

故選CD。16、B:C:D【分析】【詳解】

AB．由題圖可知此列波的波長為6m，而P、Q兩質點平衡位置的距離小于半個波長，所以P、Q的振動情況不是總相反；根據三角函數知識可知，P、M兩質點平衡位置的距離等于半個波長，所以P、M的振動情況總是相反；故A錯誤，B正確；

C．由題意可知t=0時刻質點Q沿y軸正方向運動，所以Q正位于沿傳播方向的下坡上，所以此列波沿x軸正方向傳播；故C正確；

D．設Q質點平衡位置的坐標為xQ，則有

解得

由題意可知波從x=3m傳播到用時1s，所以波速為

故D正確；

E．由以上分析可知波的周期為

所以3s時間為四分之一個周期。而只有初始時刻在波峰、波谷或平衡位置的質點在四分之一個周期內運動的路程才等于振幅，因此從t=0時刻開始計時，經過3s，P質點運動的路程不等于4cm；故E錯誤。

故選BCD。17、A:D:E【分析】【詳解】

A．兩列波傳播速度大小相同，有圖可知，實線波的波長虛線波的波長由

可知，實線波和虛線波的頻率之比

故A正確；

B．由于故兩列波在相遇區(qū)域不會發(fā)生干涉現象，故B錯誤；

C．兩列簡諧橫波在平衡位置為處；振動加強，速度是兩者之和，所以不可能為零，故C錯誤；

D．兩列簡諧橫波在平衡位置為處的質點是振動加強的；此刻各自位移都大于5cm，合位移大于10cm，故D正確；

E．從圖示時刻起再經過0.25s，實線波在平衡位置為處于波谷，而虛線波處于y軸上方，但不在波峰處，所以質點的位移故E正確。

故選ADE。18、A:C:E【分析】【詳解】

A．雙縫干涉條紋間距

同一實驗裝置其相同，越大則越長；則甲光的波長大，A正確；

B．甲光的波長大于乙光，由

知甲光的頻率小于乙光的頻率；B錯誤；

C．頻率越小，介質對它的折射率越??；則玻璃對甲光的折射率小，C正確；

D．根據

可知甲光在玻璃中的速度大；D錯誤；

E．根據全發(fā)射的特點

可知光在玻璃中的折射率越小，則全反射臨界角越大；則甲光臨界角大，E正確。

故選ACE。三、填空題(共8題，共16分)19、略

【分析】【詳解】

[1]．根據可得波長為

[2]．因波源向前運動，則根據多普勒效應，接收到的反射超聲波頻率大于發(fā)出的超聲波頻率．【解析】8.5×10-3大于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩物體滿足動量守恒定律

[2]因為

兩物體的位移滿足

（2）[3][4][5][6][7]人動則船動；人靜則船靜，人快船快，人慢船慢，人左船右。

（3）[8]根據

則有

人船位移比等于它們質量的反比。

[9]根據

則有

人船平均速度（瞬時速度）比等于它們質量的反比【解析】①.0②.0③.動④.靜⑤.快⑥.慢⑦.右⑧.反比⑨.反比21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]在縱波中；振動方向與波的傳播方向平行。在橫波中，振動方向與波的傳播方向垂直。這種方法適用于看得見質點振動方向的機械波。

[3]縱波不能產生偏振現象。

[4]相同的橫波，即使傳播方向相同，振動方向也可能是不同的。這個現象稱為“偏振現象”。[5]一列沿水平方向傳播的橫波，既可能沿上下方向振動，也可能沿左右方向振動，還可能沿其他“斜”的方向振動。橫波的振動方向稱為“偏振方向”?！窘馕觥竣?振動方向與波的傳播方向平行②.振動方向與波的傳播方向垂直③.縱波④.偏振現象⑤.偏振方向22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由波動圖像得波長周期

[2]虛線為時刻波的圖像，0.3s波傳播6m=即波沿軸負向傳播?！窘馕觥竣?0.4②.負向23、略

【分析】【詳解】

[1][2]因激光經過單縫發(fā)生了衍射現象；由于擋板的縫是水平的，衍射條紋應與縫平行，且中央寬，兩邊窄，不等間距，故在光屏上得圖樣應是圖乙中的【解析】衍射24、略

【分析】【詳解】

[1]由甲圖可知波長為12m，由乙圖可知周期為12s，則該列橫波的傳播速度為

[2]根據同側法，結合圖甲所示，可知，該時刻質點P處于平衡位置沿y軸正方向振動，即隨后質點P位移將由0變?yōu)檎担鶕D乙可知，圖甲的時刻可能為t=10s【解析】1.01025、略

【分析】當小球滾到最低點時，設此過程中,小球水平位移的大小為s1，車水平位移的大小為s2．

在這一過程中，由系統(tǒng)水平方向總動量守恒得（取水平向左為正方向）

又s1+s2=R

由此可得：

當小球滾至凹槽的最低時，小球和凹槽的速度大小分別為v1和v2．據水平方向動量守恒。

mv1=Mv2

另據機械能守恒得：mgR=mv12+Mv22

得：【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

第一空．流進小車的水與小車組成的系統(tǒng)動量守恒，當淌入質量為m的水后，小車速度為v1，則mv=（m+M）v1，解得：．

第二空．質量為m水流進小車后，在極短的時間△t內，沖擊小車的水的質量為此時，水對車的沖擊力為F，則車對水的作用力也為F，據動量定理有：-F△t=△mv1-△mv，解得：根據牛頓第二定律得：．【解析】22.56四、實驗題(共3題，共12分)27、略

【分析】【詳解】

①A；“驗證動量守恒定律”的實驗中；是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；

B；要保證每次小球都做平拋運動；則軌道的末端必須水平，故B正確；

C；要保證碰撞前的速度相同；所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；

D；為了使小球碰后不被反彈；要求入射小球質量大于被碰小球質量，故D錯誤；

故選BC．

②小球離開軌道后做平拋運動；由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等；

它們的水