2025年教科新版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年教科新版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、若通過(guò)一段導(dǎo)體的電流是2A，則1分鐘內(nèi)通過(guò)該導(dǎo)體某截面的電量為A.2CB.0.5CC.120CD.200C2、如圖所示，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光．現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)一段距離，滑動(dòng)前后理想電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔU1、ΔU2，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI；則()

A.電源的輸出功率一定增大B.燈泡亮度逐漸變暗C.與均保持不變D.當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵，小燈泡立刻熄滅3、某電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖中實(shí)線所示。帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)；其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，下列判斷正確的是（）

A.粒子帶負(fù)電B.粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能C.粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能小于在點(diǎn)的電勢(shì)能D.粒子在點(diǎn)的加速度小于在點(diǎn)的加速度4、關(guān)于電阻和電阻率的說(shuō)法中，正確的是（）A.金屬導(dǎo)體的電阻率不僅與導(dǎo)體的材料有關(guān)，而且隨溫度的變化而變化B.導(dǎo)體對(duì)電流的阻礙作用叫作導(dǎo)體的電阻，因此只有導(dǎo)體中有電流通過(guò)時(shí)才有電阻C.由可知導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟通過(guò)導(dǎo)體的電流成反比D.由公式可知，導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻R、導(dǎo)體的長(zhǎng)度L和橫截面積S有關(guān)5、如圖，兩個(gè)固定的點(diǎn)電荷相距為0.5m，點(diǎn)a到的間距分別為0.4m、0.3m，已知兩點(diǎn)電荷在點(diǎn)a產(chǎn)生的合電場(chǎng)方向平行于的連線，則兩個(gè)點(diǎn)電荷電荷量絕對(duì)值的比值等于（）

A.B.C.D.6、用兩個(gè)相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表若把分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路；如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲中的的指針偏角相同B.圖甲中的的示數(shù)相同C.圖乙中的的示數(shù)和偏角都不同D.圖乙中的的指針偏角相同7、如圖所示，R0為定值電阻，R1為滑動(dòng)變阻器，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，閉合電路使L發(fā)光；將滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)（）

A.電源兩端電壓增大B.R0消耗的功率變小C.內(nèi)電阻消耗的功率變小D.燈泡變暗8、如圖所示，兩塊較大的金屬板A，B相距為d，平行放置并與一電源相連。開(kāi)關(guān)S閉合后，兩板間恰好有一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。以下說(shuō)法正確的是（）

A.若將A向左平移一小段位移，則油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，G表中有的電流B.若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，G表中有的電流C.若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運(yùn)動(dòng)，G表中有的電流D.若S斷開(kāi)后再將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運(yùn)動(dòng)，G表中無(wú)電流9、如圖所示，平行板電容器間有一帶電油滴正好靜止在極板正中間，現(xiàn)將極板勻速向下移動(dòng)到虛線位置，其他條件不變．則在極板移動(dòng)的過(guò)程中（）

A.油滴將向下勻加速運(yùn)動(dòng)B.電流計(jì)中電流由流向C.極板帶的電荷量逐漸減少D.帶電油滴的電勢(shì)能逐漸減小評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、質(zhì)量相同的兩個(gè)帶電粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于電場(chǎng)方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入。它們最后打在同一點(diǎn)（不計(jì)重力及粒子間相互作用力）；則從開(kāi)始射入到打到上極板的過(guò)程中（）

A.它們運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tP=tQB.它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=1∶2C.它們的電勢(shì)能減少量之比ΔEP∶ΔEQ=1∶2D.它們的動(dòng)能增量之比為ΔEkP∶ΔEkQ=2∶111、在如圖所示的電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，M為多種元件集成的電子元件，其阻值與兩端所加的電壓成正比（即RM=kU，式中k為正常數(shù))且遵循歐姆定律，L1和L2是規(guī)格相同的小燈泡（其電阻不隨溫度變化）；R為可變電阻，現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)可變電阻R使其電阻值逐漸減小，下列說(shuō)法正確的是。

A.燈泡L1變暗、L2變亮B.通過(guò)電阻R的電流增大C.電子元件M兩端的電壓變大D.電源兩端電壓變小12、如圖所示絕緣傳送帶長(zhǎng)為l，傾角為θ。沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，速度大小恒為0.5v0，質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），以初速度v0從底端滑上傳送帶，并從傳送帶頂端滑出。整個(gè)空間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小方向平行于傳送帶斜向下。傳送帶與物體間動(dòng)摩擦因數(shù)μ≠0，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊所帶電量不變，重力加速度為g。物塊從底端滑至頂端的過(guò)程中；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.物塊可能先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.物塊可能先受到滑動(dòng)摩擦力的作用，再受到靜摩擦力的作用C.物塊電勢(shì)能增加了mglsinθD.物塊克服摩擦力做功可能為13、如圖所示，帶電小球a由絕緣細(xì)線PM和PN懸掛而處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中PM水平，地面上固定一絕緣且內(nèi)壁光滑的圓弧細(xì)管道GH，圓心P與a球位置重合，管道底端H與水平地面相切，一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球b從G端口由靜止釋放，當(dāng)小球b運(yùn)動(dòng)到H端時(shí)對(duì)管道壁恰好無(wú)壓力，重力加速度為g。在小球b由G滑到H過(guò)程中；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.小球b機(jī)械能逐漸減小B.小球b所受庫(kù)侖力大小為2mgC.細(xì)線PM的拉力先增大后減小D.小球b的加速度大小逐漸變大14、測(cè)量平面內(nèi)某點(diǎn)P的電場(chǎng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化，得到如圖所示的圖線，圖線AB段與BC段關(guān)于直線t＝t0對(duì)稱。電場(chǎng)是由該平面內(nèi)兩個(gè)相同的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的，其中一個(gè)點(diǎn)電荷固定不動(dòng)且到P點(diǎn)的距離為d，另一個(gè)點(diǎn)電荷以恒定的速度在該平面內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，靜電力常量為k；則（）

A.點(diǎn)電荷的電荷量為B.點(diǎn)電荷的電荷量C.運(yùn)動(dòng)電荷到P點(diǎn)的最小距離為dD.運(yùn)動(dòng)電荷的速度大小為15、圖甲中一半徑為R的圓形面內(nèi)沿豎直直徑放置一通電直導(dǎo)線，圖乙中平行放置三根通電直導(dǎo)線，間距均為a，圖丙中在邊長(zhǎng)為a的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)分別放置垂直紙面的通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線間距離及導(dǎo)線中電流的大小和方向已在圖中標(biāo)出。已知電流為I的通電直導(dǎo)線在距離直導(dǎo)線r處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為下列說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲中圓形區(qū)域的磁通量為零B.圖乙中通有電流的直導(dǎo)線所受安培力為零C.圖丙中O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D.圖乙中調(diào)節(jié)大小，三根直導(dǎo)線所受安培力可能都為零評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、在圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)．若電源的端電壓保持不變，電流表A的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值將________；電壓表V示數(shù)的變化與電流表示數(shù)的比值將________．（均選填“變小”“不變”或“變大”）

17、能源是有限的。

（1）能源：具有_______的容易利用的儲(chǔ)能物質(zhì)。

（2）能量耗散：使用的能源轉(zhuǎn)化成內(nèi)能分散在環(huán)境中不能_______起來(lái)驅(qū)動(dòng)機(jī)器做功；這樣的轉(zhuǎn)化過(guò)程叫作“能量耗散”。

（3）能源的使用過(guò)程中雖然能的總量保持不變，但能量的品質(zhì)下降了，_______減少了。18、如圖所示，AB、CD為一水平圓周上兩條相互垂直的直徑，O點(diǎn)為該圓的圓心．將電流強(qiáng)度都為I的兩通電直導(dǎo)線M、N垂直圓面分別放置在圓周上，其位置關(guān)于AB對(duì)稱且距離等于圓的半徑，其中導(dǎo)線M中電流流向紙內(nèi)，導(dǎo)線N中電流流向紙外，現(xiàn)要使O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，可加一平行于圓面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則該磁場(chǎng)方向?yàn)開(kāi)________；或在圓周_______點(diǎn)上再垂直放置一電流大小方向合適的通電直導(dǎo)線。19、均勻帶電正方形框邊長(zhǎng)為R，所帶電量為+Q，若取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則其兩條對(duì)角線交點(diǎn)處的電勢(shì)___零，(選填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一邊中點(diǎn)挖去一個(gè)長(zhǎng)為r(r<<R)的一小段后，則其兩條對(duì)角線交點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小____________20、如圖所示，點(diǎn)電荷A和B相距40cm，分別帶正電和負(fù)電，電荷量分別為4Q和-Q，在A、B連線上，引入點(diǎn)電荷C，這時(shí)三個(gè)點(diǎn)電荷恰好在彼此的靜電力作用下處于平衡狀態(tài)，試問(wèn)：電荷C帶__________電（正或負(fù)），電荷量為_(kāi)_________，它應(yīng)放在___________（A和B之間；A的右側(cè)；B的左側(cè)；A的右側(cè)及B的左側(cè)）距B點(diǎn)_________cm處。

21、氫原子核外電子的軌道半徑為若電子質(zhì)量為電荷量為則電子所受到的庫(kù)侖力大小為_(kāi)_______，方向________，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為_(kāi)_______．22、量程為的電流表讀數(shù)。左圖讀數(shù)為_(kāi)___________，右圖讀數(shù)為_(kāi)___________。

23、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關(guān)系圖線如圖所示。該電源的內(nèi)阻為_(kāi)_______，電源消耗的總功率為_(kāi)_______W。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場(chǎng)中某處小磁針靜止時(shí)N極的指向或磁感線方向。請(qǐng)畫出對(duì)應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

25、如圖1所示，用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過(guò)程中U-I圖像的示意圖，并說(shuō)明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。

（2）請(qǐng)?jiān)趫D2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn)；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時(shí)電源的輸出功率。

26、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開(kāi)關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報(bào)警裝置，當(dāng)報(bào)警器有光照射時(shí)，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒(méi)有光照或者光照很弱時(shí)，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會(huì)變小，②干簧管繼電器開(kāi)關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時(shí)，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)使密封在干簧管內(nèi)的兩個(gè)鐵質(zhì)簧片磁化，兩個(gè)簧片在磁力作用下由原來(lái)的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒(méi)有電流或者電流很微弱時(shí)，磁場(chǎng)消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請(qǐng)將電路完整連接好。

27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場(chǎng)中某處小磁針靜止時(shí)N極的指向或磁感線方向。請(qǐng)畫出對(duì)應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

.

【詳解】

根據(jù)q=It可知q=2×60C=120C，故選C2、C【分析】【詳解】

AB.滑片向右滑動(dòng)；滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值變小，總電阻變小，電流變大，燈泡逐漸變亮；電源輸出功率最大時(shí)外電路電阻等于電源內(nèi)阻，雖然外電路電阻變小，但不能確定外電路電阻是不是接近電源內(nèi)阻，電源輸出功率不一定增大，故AB錯(cuò)；

C.電壓表V1測(cè)的是電阻R兩端電壓，電壓表V2測(cè)的是路端電壓，電流表測(cè)的是干路中的電流，所以即均保持不變，故C正確；

D.當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵，小燈泡與電容器組成閉合回路，電容放電，小燈泡不立刻熄滅，故D錯(cuò)誤．3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知；粒子的受力沿著電場(chǎng)線的方向，所以粒子為正電荷，A錯(cuò)誤；

BC．粒子從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，故粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能；C錯(cuò)誤，B正確；

D．電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故可得粒子在點(diǎn)的加速度大于在點(diǎn)的加速度；D錯(cuò)誤。

故選B。4、A【分析】【分析】

【詳解】

AD．金屬導(dǎo)體的電阻率不僅與導(dǎo)體的材料有關(guān)，而且隨溫度的變化而變化，與導(dǎo)體的電阻R、導(dǎo)體的長(zhǎng)度L和橫截面積S無(wú)關(guān)；D錯(cuò)誤，A正確；

B．導(dǎo)體的電阻的電阻有無(wú)與導(dǎo)體中電流的存在有無(wú)無(wú)關(guān)；B錯(cuò)誤；

C．由可知；導(dǎo)體的電阻由導(dǎo)體的材料，長(zhǎng)度與橫截面積決定，與電壓電流無(wú)關(guān)，C錯(cuò)誤；

故選A。5、D【分析】【分析】

【詳解】

合電場(chǎng)方向平行于的連線，則的電荷為異號(hào)，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可得

由場(chǎng)強(qiáng)矢量三角形與幾何三角形相似可得

聯(lián)立可求得電荷量絕對(duì)值的比值為

故選D。6、A【分析】【分析】

【詳解】

電流表改裝是電流計(jì)表頭與電阻并聯(lián)而成；則。

AB．圖甲中的A1、A2并聯(lián)；表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．圖乙中的A1、A2串聯(lián)，A1、A2的示數(shù)相同；由于量程不同，內(nèi)阻不同，電表兩端的電壓不同，流過(guò)表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同，故CD錯(cuò)誤。

故選A。7、D【分析】【詳解】

A．將滑動(dòng)變阻器的畫片向右滑動(dòng)時(shí)；電路中的總電阻減小，電流增大，電源內(nèi)部電壓增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，路端電壓減小，A錯(cuò)誤；

BC．根據(jù)

電阻R0消耗的功率變大；內(nèi)電阻消耗的功率變大，BC錯(cuò)誤；

D．根據(jù)歐姆定律，電阻R0兩端的電壓增大；則并聯(lián)部分的電壓減小，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)，燈泡兩端的電壓減小，燈泡變暗，D正確。

故選D。8、B【分析】【詳解】

電容器保持與電源相連；電壓不變。

A．若將A向左平移一小段位移，根據(jù)

可知，不變，則油滴仍靜止；根據(jù)

可知減小，根據(jù)可知，減小，電容器放電，則G表中有的電流；A錯(cuò)誤；

B．若將A向上平移一小段位移，根據(jù)

可知，減小，電場(chǎng)力減小，則油滴向下加速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)

可知減小，根據(jù)可知，減小，電容器放電，則G表中有的電流；B正確；

C．若將A向下平移一小段位移，根據(jù)

可知，變大，電場(chǎng)力變大，則油滴向上加速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)

可知變大，根據(jù)可知，變大，電容器充電，則G表中有的電流；C錯(cuò)誤；

D．若S斷開(kāi)后再將A向下平移一小段位移，則不變，根據(jù)

聯(lián)立可得

則兩板間場(chǎng)強(qiáng)不變；電場(chǎng)力不變，則油滴仍靜止，G表中無(wú)電流，D錯(cuò)誤。

故選B。9、C【分析】【詳解】

A．由題意知將B極板勻速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩極板的距離d增大，由于電容器和電源相連，電勢(shì)差U不變，則根據(jù)

可知極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小，根據(jù)

油滴所受的電場(chǎng)力減??；油滴向下加速；由于電場(chǎng)力是變力，油滴的合力是變力，所以油滴做的是變加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BC．電容器板間距離增大，根據(jù)

可知電容減小，而板間電壓U不變，電容器所帶電荷量減小，開(kāi)始放電，因?yàn)樯蠘O板帶正電，則知電流計(jì)中電流由a流向b；故B錯(cuò)誤，C正確；

D．由A選項(xiàng)分析可知油滴向下加速；由于油滴所受電場(chǎng)力向上，故運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，帶電油滴的電勢(shì)能增加，故D錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)

水平位移相同；初速度相同，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，A正確；

B．豎直方向上

解得

所以qP∶qQ=1∶2

B正確；

C．電勢(shì)能減少量為

所以ΔEP∶ΔEQ=1∶4

C錯(cuò)誤；

D．由動(dòng)能定理，動(dòng)能的增加量為

所以ΔEkP∶ΔEkQ=1∶4

D錯(cuò)誤。

故選AB。11、B:C【分析】【詳解】

因M中阻值與電壓成正比，故M中電流保持不變，電源兩端電壓不變；故燈泡L2的亮度不變；總電流不變，R減小，L1電阻不變，根據(jù)分流規(guī)律則R電流增大，L1電流減小變暗，L1兩端電壓減??；則M兩端電壓變大；故BC正確；CD錯(cuò)誤；故選BC.

點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵在于明確M的結(jié)構(gòu)，從而在整個(gè)電路中起到控制電流不變的作用；本題不能想當(dāng)然地看作閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析進(jìn)行分析解答．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．物塊收到的電場(chǎng)力為

一開(kāi)始物塊速度比傳送帶速度大；所以物塊收到沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)物塊速度和傳送帶速度相等時(shí)，物塊和傳送帶沒(méi)有相對(duì)滑動(dòng)，重力向下的分力等于電場(chǎng)力，所以滑動(dòng)摩擦力突變?yōu)?，物塊后面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A對(duì)，B錯(cuò)；

C．因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)方向和電場(chǎng)力方向一樣；所以電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，故C錯(cuò)；

D．物塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)對(duì)全過(guò)程列，根據(jù)功能關(guān)系得：克服摩擦力做功為

故D正確。

故選AD.13、C:D【分析】【詳解】

A．小球b所受庫(kù)侖力和管道的彈力始終與速度垂直，即只有重力做功，所以小球b機(jī)械能守恒；故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)小球b運(yùn)動(dòng)過(guò)程應(yīng)用機(jī)械能守恒可得

由小球在H點(diǎn)時(shí)對(duì)管道壁恰好無(wú)壓力，根據(jù)牛頓第二定律可得

所以小球b受到的庫(kù)侖力F庫(kù)=3mg

在小球b沿圓弧運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩帶電小球的電荷量和間距不變，故小球b所受庫(kù)侖力大小始終為3mg；故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)PN與豎直方向的夾角為α，對(duì)球a受力平衡，在豎直方向可得FPNcosα=mg+F庫(kù)sinθ

在水平方向可得F庫(kù)cosθ+FPNsinα=FPM

解得

下滑過(guò)程中θ從0增大90°，細(xì)線PM的拉力先增大后減小；故C正確；

D．設(shè)b與a的連線與水平方向成θ角，則有

任意位置加速度為向心加速度和切向加速度合成，即為

可知小球的加速度一直變大；故D正確。

故選CD。14、A:C:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)圖象可知，當(dāng)時(shí)間趨向于無(wú)窮大的時(shí)候，說(shuō)明運(yùn)動(dòng)的電荷離的很遠(yuǎn)，此時(shí)產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷只有固定的電荷，由圖可知，此時(shí)P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為設(shè)電荷的電荷量為Q，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可得

解得

A正確；B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)圖象可知，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最小值為0，說(shuō)明此時(shí)兩個(gè)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等方向相反，即運(yùn)動(dòng)的電荷離P點(diǎn)的距離也是d，所以運(yùn)動(dòng)電荷到P點(diǎn)的最小距離為d；C正確；

D．運(yùn)動(dòng)電荷和固定電荷在同一個(gè)平面內(nèi)，根據(jù)上面的分析可知，它們之間的關(guān)系如圖，設(shè)時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)點(diǎn)電荷與P點(diǎn)之間的夾角為距離為r，此時(shí)運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)

固定電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為

以P點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立直角坐標(biāo)系如圖，把運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E分解，得出P點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為

其中

解得

所以在時(shí)間為運(yùn)動(dòng)電荷經(jīng)過(guò)的距離為

所以運(yùn)動(dòng)電荷的速度大小為D正確。

故選ACD。

15、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)對(duì)稱性可知；兩個(gè)半圓內(nèi)的磁通量大小相等方向相反，則圖甲中圓形區(qū)域的磁通量為零，A正確；

B．根據(jù)同向電流相吸異向電流相斥及對(duì)稱性可知，圖乙中通有電流的直導(dǎo)線所受安培力等大反向；合力為0，所以B正確：

C．圖丙中O點(diǎn)有四個(gè)磁場(chǎng)，其中對(duì)角的兩個(gè)異向電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，相互疊加后為

所以C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)

知當(dāng)時(shí)；三根通電導(dǎo)線受到的安培力的合力均為零，D正確。

故選ABD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]該電路的結(jié)構(gòu)R1與R2并聯(lián)后與A串聯(lián)，所以流過(guò)電流表A的電流是兩個(gè)支路的電流的和，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，接入電路中的電阻值減小，所以電路中的總電流和流過(guò)R1的電流增大，而流過(guò)R2的電流減小；所以電流表A的示數(shù)變化量的大小小于電流表A1示數(shù)的變化量的大??；電流表A的示數(shù)增加量的大小小于電流表A1示數(shù)的增加量的大小，則電流表A的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變??；R1與R2并聯(lián)后做為一個(gè)電阻，該電路就變成了測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路，由閉合電路的歐姆定律：E=U+Ir，所以即將變小?！窘馕觥孔冃∽冃?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】高品質(zhì)自動(dòng)聚集能源18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)安培定則知，分別作出M、N在O點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，如圖所示，兩電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)平行四邊形定則，兩磁感應(yīng)強(qiáng)度疊加后，合磁感應(yīng)強(qiáng)度由A指向B，若要使O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，磁場(chǎng)方向應(yīng)為B指向A；

[2]根據(jù)平行四邊形定則知，合磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與兩分磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小相等，根據(jù)安培定則知，也可以在C點(diǎn)垂直放置一方向垂直紙面向外、大小和M、N相等的電流，或在D點(diǎn)垂直放置一方向垂直紙面向里、大小和M、N相等的電流?！窘馕觥繌腂指向AC或D19、略

【分析】【詳解】

[1]均勻帶電正方形框；根據(jù)對(duì)稱性可知，其兩條對(duì)角線交點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，而正點(diǎn)電荷，電場(chǎng)線是擴(kuò)散狀，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知，兩條對(duì)角線交點(diǎn)處的電勢(shì)大于零；

[2]在其一邊中點(diǎn)挖去一個(gè)長(zhǎng)為r（r＜＜R）的一小段后，則其兩條對(duì)角線交點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度等于由r長(zhǎng)的電荷在對(duì)角線交點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)，即【解析】大于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]由于A處放一電荷量為4Q的正點(diǎn)電荷，B處放一電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使整個(gè)系統(tǒng)在庫(kù)侖力作用下都處于平衡狀態(tài)，對(duì)C電荷受力分析，確保C受到A、B兩電荷的力方向相反，因此C應(yīng)放在B的左側(cè)且?guī)д姴拍軡M足A、B同時(shí)處于平衡，C同時(shí)也平衡。

設(shè)點(diǎn)電荷C置于B的左側(cè)且距離B為x，帶電荷為q，對(duì)A由庫(kù)侖定律可知

B處于平衡

聯(lián)立方程解得q=+4Q

所以x=L=40cm

電荷C帶正電，電荷量為4Q，它應(yīng)放在B的左側(cè)距B點(diǎn)40cm處?！窘馕觥竣?正②.4Q③.B的左側(cè)④.4021、略

【分析】【詳解】

[1]由庫(kù)侖定律可知，電子所受到的庫(kù)侖力大小為

[2]庫(kù)侖力的方向在它們的連線上；由異種電荷相互吸引可知，庫(kù)侖力方向應(yīng)指向氫核。

[3]由庫(kù)侖力提供向心力有

解得：【解析】指向氫核22、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)題意可知，量程為0~0.6A的電流表，分度值為0.02A，讀數(shù)時(shí)要讀到最小分度本位，則由圖可知，讀數(shù)分別為0.40A、0.22A?！窘馕觥?.40A0.22A23、略