2025年人教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、電路如圖所示，當a、b兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得c、d兩端電壓為20V；當c、d兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得a、b兩端電壓為50V，則R1∶R2∶R3等于()

A.4∶2∶1B.2∶1∶1C.3∶2∶1D.5∶3∶22、圖為給電容器充電的實驗電路圖。電源電動勢為E、內(nèi)阻不計；電容器的電容為C，燈泡的電阻為R。將開關閉合，給電容器充電，用q表示電容器左側(cè)極板上的電荷量、用i表示電路中的電流、用uC表示電容器極板間的電壓、用uR表示燈泡兩端的電壓。圖中描述充電過程中上述物理量隨時間的變化規(guī)律；正確的是（）

A.B.C.D.3、在如圖所示的電場中，各點電荷帶電量大小都是Q，甲圖中的A，B為對稱點，乙、丙兩圖的點電荷間距都為L，虛線是兩側(cè)點電荷的中垂線，兩點電荷連線上的O、C和O、D間距也是L；正確的是（）

A.圖甲中A，B兩點電場強度相同B.O點的電場強度大小，圖乙等于圖丙C.從O點沿虛線向上的電場強度，乙圖變大，丙圖變小D.圖乙、丙的電場強度大小，C點大于D點4、先后按圖（1）、圖（2）所示電路測同一未知電阻的阻值，已知電路兩端電壓U不變；若按圖（1）所示的電路測量，電壓表示數(shù)為6V，電流表示數(shù)為2mA，那么按圖（2）所示的電路測量，電壓表和電流表的示數(shù)分別滿足（）

A.仍為6V和2mAB.大于6V，小于2mAC.小于6V，小于2mAD.小于6V，大于2mA5、如圖所示的正四面體四個頂點固定有電荷量為q的點電荷，其中A、C兩點為正電荷，B、D兩點為負電荷，a、b、c三點分別是AB邊、AC邊、AD邊的中點，則下列關于a、b、c三點電勢和電場強度的判斷中正確的是（）

A.a、b兩點的電勢相等B.a、c兩點的電勢相等C.a、c兩點的場強相同D.a、b兩點的場強相同6、如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點，處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將極板A向下平移一小段距離，但仍在P點上方；其它條件不變。下列說法中正確的是（）

A.極板帶電荷量將增加，液滴將向上運動B.極板帶電荷量將增加，液滴將向下運動C.極板帶電荷量將減少，液滴將向上運動D.極板帶電荷量將減少，液滴將向下運動7、如圖所示，實線表示某電池中的四個等勢面，它們的電勢分別為和相鄰等勢面間的電勢差相等，一帶負電的粒子，重力不計，在該電場中運動的軌跡如虛線所示，a、b、c、d是其運動軌跡與等勢面的四個交點；則可以判斷（）

A.等勢面上各點場強處處相同B.四個等勢面的電勢關系是C.粒子從a運動到d的過程中靜電力一直做負功D.粒子在a、b、c、d四點的速度大小關系是8、如圖所示，一電容為C的平行板電容器，兩極板A、B間距離為d，板間電壓為U，B板電勢高于A板，兩板間有M、N、P三點，M、N連線平行于極板，N、P連線垂直于極板，M、P兩點間距離為L，以下說法正確的是（）

A.電容器帶電荷量為B.兩極板間勻強電場的電場強度大小為C.M、P兩點間的電勢差為D.若將帶電荷量為＋q的電荷從M移到P，該電荷的電勢能增加了9、如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置．A板與靜電計金屬球相連，靜電計的外殼和B板接地，閉合電鍵S電路達到穩(wěn)定時，靜電計指針偏轉(zhuǎn)一定角度．此時，在A、B板間有一點電荷q（帶電量很?。╈o止在P點；則。

A.增大R1的阻值，點電荷q保持不動，但靜電計指針偏角減小B.增大R2的阻值，點電荷q保持不動，但靜電計指針偏角減小C.增大兩板間的距離，點電荷q向下運動，但靜電計指針偏角不變D.斷開電鍵S，A板不動，將B板向下移動時，點電荷q保持不動評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示；平行金屬板A；B水平正對放置，分別帶等量異號電荷，一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場力共同作用下運動，軌跡如圖中虛線所示，那么（）

A.微粒從M點運動到N點動能一定增加B.微粒從M點運動到N點電勢能一定增加C.微粒從M點運動到N點機械能可能增加D.若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷11、如圖所示，三根相互平行的固定長直導線L1、L2和L3兩兩等距，均通有方向相同的電流I，此時L1受到的磁場力的合力為F，如果把L2的電流變?yōu)樵瓉淼膬杀?已知電流周圍的磁感應強度與距離成反比；與電流強度成正比)，則下列說法正確的是。

A.L2電流加倍前，L2受到其他兩根導線的合力大小也是F，L2電流加倍后，L2受到的合力變大，方向不變B.L2電流加倍后，L1受到磁場力的合力的大小變?yōu)镕C.L2電流加倍前，L1受到的安培力方向與水平向右的方向成120°D.L2電流加倍后，L1受到的安培力方向與水平向右的方向夾角的正弦值為12、如圖所示，質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，用長為L的細線固定在O點，當加上水平向右的勻強電場時靜置于圖示A位置；此時細線與豎直方向夾角為30°。當給小球以垂直于細線的某一初速度后，小球剛好可在該豎直平面內(nèi)完成圓周運動。則下列判斷正確的是（）

A.小球一定帶正電B.電場強度大小為C.在A點的速度大小為D.圓周運動過程中的最小速度大小為13、如圖有一在真空中的立方體，其中心有一帶電量為q的正點電荷，角C、E各放一個帶電量為的負點電荷；關于下列說法，正確的是（）

A.D點和F點的電勢相等B.D點和F點的場強相同C.一電荷從H點移到G點，兩個負電荷對它做功的代數(shù)和為零D.圖中A、B、D、H、F、G這6個點的電勢不可能都為零14、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿軸正向運動，其電勢能隨位移的變化如圖所示，其中O－段是拋物線，處是頂點，－段是直線，且與拋物線相切。粒子由O－運動過程中；下列判斷正確的是（）

A.處的電勢最高B.O－段粒子動能增大C.－段粒子加速度增大D.－段粒子做勻速直線運動15、在某一電場中建立一個x軸，x軸上各點電勢φ隨x的變化規(guī)律如圖所示，坐標點0、x1、x2、和x3分別與x軸上O、A、B、C四點相對應，且坐標0點的為零電勢。一個電子從O點由靜止釋放，沿x軸的正方向運動到A點時的動能為Ek；僅考慮電場力作用，則（）

A.電子到達B點和C點時的動能分別是EkB.電子從O運動到C點，加速度先增大、后減小、再增大C.若開始時電子位于A點且速度為零，現(xiàn)給電子一個沿x軸方向的初速度，電子可能會做往復運動D.在0~x3區(qū)間內(nèi)，電場方向始終指向正方向，電場強度先不變、后減小、再到增大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，在平行于紙面的勻強電場中，有一邊長為1cm的正六邊形區(qū)域，六個頂點分別為A、B、C、D、E、F。已知A、B、C三點的電勢分別為﹣1V、1V、5V，則D點的電勢D為______V，勻強電場的電場強度為______V/m。

17、如圖所示，兩條不等長的細線一端固定在同一點，另一端分別拴兩個帶同種電荷的小球，兩小球所帶的電荷量分別為質(zhì)量分別為當兩小球靜止時恰好處于同一水平線上，且試分析造成的原因是___________。

18、（1）當用多用電表的歐姆擋粗測Rx的阻值時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大了，應使選擇開關撥到___________（填“”和“”）倍率擋，重新歐姆調(diào)零后再測，此時多用電表指針位置如圖（a），其讀數(shù)為___________

（2）在圖（b）中游標卡尺的讀數(shù)為___________mm，螺旋測微器的讀數(shù)為___________mm。

19、如圖所示，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，外電阻分別為閉合電鍵S，當滑動變阻器的觸頭，P向下滑動時，四個理想電表A、的示數(shù)都將發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、和表示，電表示數(shù)變化量分別用和表示。

（1）示數(shù)和其中一定變小的是_________。

（2）表達式其中一定變小的是__________。

（3）變化量和其中絕對值最大的是___________。

（4）用r表示下列比值，注意結(jié)果的正負___________：。________________________________

（5）若的調(diào)節(jié)范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗功率最大，則應取______為了讓電阻消耗的總功率最大，則應取_____20、電磁波的特點及應用:

（1）無線電波:波長大于1mm（頻率小于300GHz）的電磁波是無線電波。

①無線電波中的中長短波:廣播及其他信號傳輸。

②無線電波中的微波:衛(wèi)星通信；電視等。

（2）紅外線:

①紅外線是一種光波,波長比無線電波______,比可見光______,其主要特點是______效應。

②所有物體都發(fā)射紅外線,熱物體的紅外輻射比冷物體的紅外輻射______。

③紅外線主要用于______、______和紅外______等。

（3）可見光:可見光的波長在______nm到______nm之間,可見光讓我們看見這個世界,也可用于通信。

（4）紫外線:

①波長范圍在______到____________之間,其主要特點是______效應。

②具有______的能量,應用于滅菌消毒,具有較強的______效應,用來激發(fā)______物質(zhì)發(fā)光。

（5）X射線和γ射線:

①X射線頻率比紫外線_____,穿透力較______,用來檢查工業(yè)部件有無裂紋或氣孔,醫(yī)學上用于______。

②γ射線頻率比X射線還要高,具有______的能量,穿透力______,醫(yī)學上用來治療______,工業(yè)上用于探測______部件內(nèi)部是否有缺陷。21、下列說法正確的是_________。評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

23、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)25、為了測量一電阻的阻值現(xiàn)有以下器材：蓄電池E，電流表A，電壓表V，滑動變阻器R，電阻箱開關S1、S2；導線若干，某活動小組設計了如圖甲所示的電路。實驗的主要步驟如下：

A．閉合S1，斷開S2，調(diào)節(jié)R和使電流表和電壓表示數(shù)合適，記下兩表示數(shù)分別為I1、U1；

B．閉合S2，保持阻值不變，記下電流表和電壓表示數(shù)分別為I2、U2

（1）按電路圖在實物圖乙上連線_________

（2）寫出被測電阻的表達式＝____________（用兩電表的讀數(shù)表示）

（3）由于電流表、電壓表都不是理想電表，則被測電阻的測量值____________（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值。評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)26、圖甲為示波管的示意圖，豎直偏轉(zhuǎn)電極的極板長l，兩板間距離d，極板右端與熒光屏距離L。由陰極發(fā)出的電子經(jīng)電壓加速后，沿中心線進入偏轉(zhuǎn)電壓為U（U隨時間變化的圖像如圖乙所示）的豎直偏轉(zhuǎn)電場。若電子由陰極逸出時的初速度、電子所受重力及電子之間的相互作用力均可忽略不計，電子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)極所用的時間與周期T相比可不計。已知電子的電荷量e，質(zhì)量m。

（1）求電子進入偏轉(zhuǎn)電場時的初速大??；

（2）求電子離開偏轉(zhuǎn)電場時的側(cè)移量和偏轉(zhuǎn)角（用三角函數(shù)表示即可）；

（3）推導說明如何控制電子打在熒光屏上距中心點O的距離；并求出最大的距離。

27、如圖所示，在勻強電場中，A、B為同一條電場線上的兩點。已知電場的電場強度E=2.0104N/C，A、B兩點間的距離d=0.20m。將電荷量q=1.0108C的試探電荷由A點移到B點。求：

(1)該試探電荷在電場中所受靜電力的大小F；

(2)在此過程中靜電力對試探電荷所做的功W。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

當a、b兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得c、d兩端電壓為20V，有：＝Ucd

即：＝20

整理得＝2；當c、d兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得a、b兩端電壓為50V，有：＝Uab

即：＝50

整理得＝2，所以R1∶R2∶R3＝4∶2∶1；A正確，BCD錯誤。

故選A。2、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．閉合開關的瞬間；電容器開始充電，且電容器的充電電流在充電過程中逐漸減小，電容器的帶電量逐漸增加，兩板間電勢差逐漸增大，故AC錯誤，B正確；

D．因為充電過程中，電流逐漸減少，所以uR逐漸減??；故D錯誤。

故選B。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由點電荷的電場分布可知；圖甲中電場強度方向不同，A錯誤；

B．由電場的疊加可知，圖乙O點電場強度為0，圖丙O點不為0；所以B錯誤；

C．由電場線的分布及電場的疊加可知，圖乙中O點的電場強度為0，到遠時，電場強度仍為0，所以從O點沿虛線向上，電場強度先大后??；圖丙的電場強度從O點到無窮遠；電場強度逐漸減小，故C錯誤；

D．由電場的疊加可知，C點的電場強度是左側(cè)兩點電荷作用之和，D點的電場強度是左側(cè)兩點電荷作用之差，C點大于D點；故D正確；

故選D。4、D【分析】【分析】

【詳解】

在圖（1）中；電流表與電阻串聯(lián)，示數(shù)即等于電阻的電流，因電流表的分壓作用，導致電壓表的示數(shù)比電阻的電壓大；

在圖（2）中；電壓表與電阻并聯(lián)，示數(shù)即等于電阻的電壓，因電壓表的分流作用，導致電流表的示數(shù)比電阻的電流大。

所以在圖（2）中電壓表的示數(shù)比圖（1）中的要?。浑娏鞅淼氖緮?shù)比圖（1）中的大。即電壓表的示數(shù)小于6V，電流表的示數(shù)大于2mA

故選D。5、B【分析】【詳解】

正四面體任意兩條對邊都是異面垂直，棱AB與棱CD就是異面垂直的；如果連接BD的中點E和BC的中點F，可得EF與AB垂直，同時bc與AB垂直，這兩個中點連線的特殊性質(zhì)決定了正四面體有對稱面；其中A、C兩點為正電荷，B、D兩點為負電荷，所以此四面體中AD（以BD的中點E）關于面ACE對稱，即a、c兩點也對稱，所以a、c兩點的電勢相等，場強大小相等，方向相反；同理可知，a、b兩點形成的電場不對稱；所以兩點的電勢不同，場強不同。

故選B。6、A【分析】【詳解】

BD．因為電容器兩極板和電源的兩端相連，所以電容器兩極板間的電壓不變，當將極板A向下平移一小段距離，即極板間的間距減小，根據(jù)公式可知；兩極板間的電場增大，液滴受到的電場力增大，所以液滴將向上運動，BD錯誤；

AC．根據(jù)公式可知電容器的電容增大，根據(jù)公式可知；極板所帶電量將增加，A正確，C錯誤。

故選A。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．等勢面上各點電勢相等；但場強并不相同，A錯誤；

B．做曲線運動的粒子；受力的方向指向凹側(cè)，因此負電荷受力向右，電場線向左，沿著電場線電勢降低，四個等勢面的電勢關系是。

B正確；

C．由于c、d兩點電勢相等，從c到d的過程中；電場力先做負功后做正功，C錯誤；

D．根據(jù)動能定理，粒子在a、b、c、d四點的速度大小關系是。

D錯誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．由電容的定義式

可知

故A錯誤；

B．兩極板間勻強電場的電場強度大小

故B錯誤；

C．M、P兩點間的電勢差為

故C正確；

D．將帶電量為+q的電荷從M移到P，電場力做功

根據(jù)功能關系可知，電荷的電勢能減小量的大小為

故D錯誤。

故選C。9、C【分析】【詳解】

電路穩(wěn)定時，電容器的電壓等于可變電阻R1的電壓，靜電計指針偏角顯示電容器兩端電壓的大小；當增大R1的阻值，導致總電流減小，則外電壓增大，因此電容器的電壓增大，板間場強增強，油滴將向上運動；靜電計的指針偏角變大．故A錯誤．電路穩(wěn)定時，當增大R2的阻值，不改變電路中的電流，因此電容器的電壓不變，板間場強不變，油滴仍靜止，靜電計指針偏角不變．故B錯誤．增大兩極板間的距離，板間電壓不變，由知；板間場強E減小，油滴受到的電場力減小，則油滴將向下運動，靜電計指針偏角不變，故C正確．斷開開關S，電容器放電，板間場強逐漸減小，油滴將向下運動，靜電計指針偏角減為零，故D錯誤．故選C.

【點睛】

本題關鍵分析電容器的電壓是否變化，靜電計指針偏角顯示電容器兩端電壓．要知道與電容器串聯(lián)的電阻，電路穩(wěn)定時相當于導線，不影響電容器的電壓．二、多選題(共6題，共12分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

以帶電微粒為研究對象分析受力可知，微粒同時受到重力和電場力作用，由其運動軌跡的彎曲方向僅可判斷出重力與電場力合力向下，而電場力方向可能豎直向上，亦可能豎直向下，故微粒從M點運動到N點合力做正功；其動能增大，機械能可能增加，A板帶可能帶正電荷，亦可能帶負電荷，故BD錯誤，AC正確。

故選AC。11、A:D【分析】【詳解】

A．L2電流加倍前工受到其他兩個電流的吸引力，大小相等，所以合力沿對角線方向，L2電流加倍后L2受力加倍；方向不變，所以合力方向依然沿對角線方向，A正確；

C．同理可知L1合力與向右的方向成30°；C錯誤；

B．設加倍前兩個電流之間的相互作用力大小為F1，則F=2F1cos30°

電流加倍后1、3間作用力為F1，1、2之間作用力為2F1，夾角為60°，根據(jù)余弦定理:

B錯誤；

D．根據(jù)正弦定理:

解得正弦值為

D正確.

故選AD。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．小球在A點受豎直向下的重力；水平向左的電場力，因場強方向水平向右，故小球一定帶負電，故A錯誤；

B．由力的三角函數(shù)關系可求得電場力大小為

聯(lián)立可得電場強度大小為

故B正確；

CD．采用等效重力法分析，等效重力大小為

在最高點B小球有最小速度，由牛頓第二定律可得

聯(lián)立可得

B到A，由動能定理可得

聯(lián)立可得

故CD正確。

故選BCD。13、A:C【分析】【詳解】

A．D點和F點的連線恰好是三個點電荷連線的中垂線，且D點和F點關于正點電荷對稱，根據(jù)電荷的分布及電勢滿足代數(shù)運算可知，D點和F點的電勢相等；故A正確；

B．根據(jù)矢量運算法則及對稱性可知，D點和F點的場強大小相同；方向相反，故B錯誤；

C．在不考慮正電荷的情況下，根據(jù)對成性可知，兩個負電荷在H點和G點產(chǎn)生的電勢相等，故將一電荷從H點移到G點；兩個負電荷對它做功的代數(shù)和為零，故C正確；

D．A、B、D、H、F、G這6個點都是正方體的頂點；每個點分別與兩個負電荷和正電荷的距離都相等，即這6個點的電勢相等，則這6個點的電勢有可能都為零，故D錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

A.由電勢能隨位移的變化圖像可知：O－運動過程中，粒子的電勢能先增大后減小，同時由于粒子帶負電，由

可知：O－運動過程中，電勢先減小后增大，且因此處的電勢最高；A正確；

B.O－段；粒子的電勢能逐漸增大，由于粒子只受電場力，電場力做負功，動能轉(zhuǎn)化為電勢能，動能減少，B錯誤；

C.粒子在－段圖像斜率逐漸增大；說明粒子受到的電場力逐漸增大，則粒子加速度增大，C正確；

D.粒子在－段圖像斜率不變；說明粒子所受電場力不變，粒子的加速度不變，因此粒子做勻加速直線運動，D錯誤。

故選AC。15、A:C【分析】【詳解】

A．由題意，對電子從O到A的過程，根據(jù)動能定理有

設電子到達B點和C點時的動能分別是對電子從O到B和C的過程，根據(jù)動能定理分別有

故A正確；

BD．圖像的斜率大小表示電場強度的大小，且斜率為負時表示電場強度沿x軸正方向，斜率為正時表示電場強度沿x軸負方向，因此在0~x1區(qū)間內(nèi)，電場強度沿x軸負方向，且大小不變；在x1~x2區(qū)間內(nèi)，電場強度沿x軸正方向，且逐漸變小；在x2~x3區(qū)間內(nèi)，電場強度沿x軸負方向，且逐漸變大。電子從O運動到C點；加速度先不變；后減小、再增大，故BD錯誤；

C．根據(jù)A點左、右兩側(cè)電場強度分布規(guī)律以及動能定理可推知，當電子獲得的初動能小于時，電子從A點開始運動后將無法到達B點，因此電子會在區(qū)間內(nèi)做往復運動；故C正確。

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

在勻強電場中，沿著任意方向前進相同距離，電勢的降落必定相等，由于從A到D方向平行與BC方向，且AD間距等于BC間距的兩倍。

故有φD﹣φA＝2（φC﹣φB）

代入數(shù)據(jù)解得φD＝7V

設O為正六邊形的中點，由于AO間距等于BC間距，有φO﹣φA＝φC﹣φB

解得φO＝3V

故AO中點O′電勢為

與B點的電勢相等，所以BO'F是一條等勢線，電場線必定與等勢面垂直，且從高等勢面指向低等勢面，故場強方向為從D指向A；所以勻強電場的電場強度為【解析】740017、略

【分析】【分析】

【詳解】

對兩個球受力分析；均受重力；拉力和靜電斥力，如圖所示。

無論電荷量大小熱河，靜電斥力都大小相等，故電荷量關系不影響角度和根據(jù)平衡條件有

由于

故

故原因是【解析】18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]指針偏角太大；說明待測電阻阻值較小，應該換小倍率擋，即選擇開關應該置于“×1”倍率擋；

[2]多用電表讀數(shù)為指針所指刻度與倍率的乘積，故圖中讀數(shù)為

（2）[3]游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以圖中的讀數(shù)為

[4]螺旋測微器的讀數(shù)為固定刻度與可動刻度之和，所以圖中的讀數(shù)為【解析】15.0##1529.80.76019、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律，可知電流I變小U1=IR1

變小，路端電壓U3=E-Ir

則知U3變大。因U3=U1+U2

U1變小，則U2變大，即一定減小的是U1。

（2）[2]表達式其中

則一定減小；和都不能確定；

（3）[3]因為U3=U1+U2

U1變小，U2變大，U3變大，則△U2＞△U1△U2＞△U3

則變化量和其中絕對值最大的是

（4）[4]用r表示下列比值如下。

（5）[5]若的調(diào)節(jié)范圍為為了讓電阻消耗功率最大，則電路中電流應該最大，則應取0

[6]當外電路電阻等于內(nèi)阻時電源輸出功率最大，為了讓電阻消耗功率最大，可將R1等效為內(nèi)電路電阻，則時電阻消耗功率最大；

[7]同理，為了讓電阻消耗的總功率最大，則應該

即R2應取3【解析】U1見解析07320、略

【分析】【分析】

【詳解】

（2）①[1][2][3]紅外線是一種光波,波長比無線電波短；比可見光長，其主要特點是熱效應。

②[4]所有物體都發(fā)射紅外線；熱物體的紅外輻射比冷物體的紅外輻射強。

③[5][6][7]紅外線主要用于加熱理療；紅外遙感和紅外高速攝影等。

（3）[8][9]可見光:可見光的波長在400nm到760nm之間,可見光讓我們看見這個世界,也可用于通信。

（4）①[10][11][12]紫外線:波長范圍在5到370nm之間,其主要特點是化學效應。

②[13][14][15]具有較高的能量,應用于滅菌消毒,具有較強的熒光效應；用來激發(fā)熒光物質(zhì)發(fā)光。

（5）①[16][17][18]X射線頻率比紫外線高；穿透力較強，用來檢查工業(yè)部件有無裂紋或氣孔,醫(yī)學上用于人體透視。

②[19][20][21][22]γ射線頻率比X射線還要高,具有很高的能量，穿透力更強，,醫(yī)學上用來治療癌癥，工業(yè)上用于探測金屬部件內(nèi)部是否有缺陷?！窘馕觥竣?短②.長③.熱④.強⑤.加熱理療⑥.紅外遙感⑦.高速攝影⑧.400⑨.760⑩.5?.370?.化學?.較高?.熒光?.熒光?.高?.強?.人體透視?.很高?.更強(21).癌癥(22).金屬21、A:B:D【分析】不管系統(tǒng)的固有頻率如何，它做受迫振動的頻率總等于周期性驅(qū)動力的頻率，與系統(tǒng)的固有頻率無關，選項A正確；游泳時耳朵在水中聽到的音樂與在岸上聽到的是一樣的，說明機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)，頻率并不改變，選項B正確；當光從光密介質(zhì)射入另一種光疏介質(zhì)時，如果入射角足夠大，就會發(fā)生全反射現(xiàn)象，選