2025年華東師大版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華東師大版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如上右圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)ε=12V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=5Ω，R2=50Ω，則A.電鍵K斷開(kāi)時(shí)，B兩端電壓等于零B.電鍵K閉合,電容器C充電后，電容器兩極板間的電壓等于10VC.電鍵K閉合,電容器C充電后，電容器兩極板間的電壓等于12VD.電鍵K閉合,電容器C充電后，兩極板間的電壓與電容大小有關(guān)2、如圖甲所示為一自耦變壓器，變壓器的原線圈AB端輸入電壓如圖乙所示，副線圈電路中定值電阻R0＝11Ω，電容器C的擊穿電壓為22V，移動(dòng)滑片P使電容器剛好不會(huì)被擊穿．所有電表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是()A.電壓表的示數(shù)為311VB.原副線圈的匝數(shù)比為10∶1C.電流表的示數(shù)等于通過(guò)電阻R0的電流D.原線圈AB端輸入電壓的變化規(guī)律為u＝311sin100πtV3、如圖，一個(gè)半徑為L(zhǎng)

的半圓形硬導(dǎo)體AB

以速度v

在水平U

型框架上勻速滑動(dòng)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

回路電阻為R0

半圓形硬導(dǎo)體AB

的電阻為r

其余電阻不計(jì)，則半圓形導(dǎo)體AB

切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小及AB

之間的電勢(shì)差分別為(

)

A.2BLvBLvR0R0+r

B.2BLvBLv

C.BLv2BLv

D.2BLv2BLvR0R0+r

4、如圖所示，一臺(tái)理想變壓器的原線圈匝數(shù)n1

與副線圈匝數(shù)n2

之比為51.

原線圈兩端加U1=220V

的正弦交變電壓時(shí)，副線圈兩端的電壓U2

為(

)

A.44V

B.33V

C.22V

D.11V

5、下述說(shuō)法正確的是（）A.根據(jù)E=F/q，可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與電場(chǎng)力成正比。B.根據(jù)E=KQ/r2，可知點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與該點(diǎn)電荷的電量Q成正比。C.根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，可知合電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于分電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)。D.根據(jù)U=Ed可知：同一電場(chǎng)中兩個(gè)點(diǎn)的距離越遠(yuǎn)，它們之間的電勢(shì)差越大。6、關(guān)于日光燈，下列說(shuō)法不正確的是A日光燈工作原理與白熾燈不同，日光燈主要靠熒光粉在紫外線的照射下發(fā)光B日光燈正常發(fā)光時(shí)，啟動(dòng)器處于導(dǎo)通狀態(tài)C日光燈正常工作時(shí)，取下日光燈啟動(dòng)器，日光燈正常工作D日光燈的鎮(zhèn)流器在工作時(shí)主要作用是限制燈管中的電流7、現(xiàn)有a、b、c三束單色光，其波長(zhǎng)關(guān)系為用b光束照射某種金屬時(shí)，恰能發(fā)生光電效應(yīng).若分別用a光束和c光束照射該金屬，則可以斷定A.a光束照射時(shí)，不能發(fā)生光電效應(yīng)B.c光束照射時(shí)，不能發(fā)生光電效應(yīng)C.a光束照射時(shí)，釋放出的光電子數(shù)目最多D.c光束照射時(shí)，釋放出的光電子的最大初動(dòng)能最小8、如圖所示，電源內(nèi)阻不可忽略，R1為半導(dǎo)體熱敏電阻（溫度升高時(shí)，阻值減?。?，R2為錳銅合金制成的可變電阻.當(dāng)發(fā)現(xiàn)燈泡L的亮度逐漸變暗時(shí)，可能的原因是（）A.R1的溫度逐漸降低B.R1的溫度逐漸升高C.R2的阻值逐漸減小D.R2的阻值逐漸增大9、在一空間有方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，向外的磁場(chǎng)分布在一半徑為a

的圓形區(qū)域內(nèi)，向內(nèi)的磁場(chǎng)分布在除圓形區(qū)域外的整個(gè)區(qū)域，該平面內(nèi)有一半徑為b(b>2a)

的圓形線圈，線圈平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線圈與半徑為a

的圓形區(qū)域是同心圓.

從某時(shí)刻起磁感應(yīng)強(qiáng)度開(kāi)始減小到B2

則此過(guò)程中該線圈磁通量的變化量的大小為(

)

A.12婁脨B(b2鈭?a2)

B.婁脨B(b2鈭?2a2)

C.婁脨B(b2鈭?a2)

D.12婁脨B(b2鈭?2a2)

評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子對(duì)平衡位置的位移為x，速度為v，加速度為a，則（）A.x與v同向時(shí)，振子加速B.x與v反向時(shí)，振子加速C.v與a反向時(shí)，位移變大D.v與a同向時(shí)，位移變大11、線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；產(chǎn)生交變電流的圖象如圖所示，由圖中可知（）

A.在A和C時(shí)刻線圈處于中性面位置B.在B和D時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量最大C.在O～D時(shí)間內(nèi)線圈轉(zhuǎn)過(guò)的角度為2πD.若從O～D時(shí)間為0.02s，則在1s內(nèi)交變電流的方向改變100次12、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，壓強(qiáng)隨體積變化的關(guān)系如右圖，這個(gè)過(guò)程中（）A.氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大B.氣體的溫度一直降低C.氣體一直對(duì)外界做負(fù)功D.氣體一直從外界吸熱13、如圖，兩個(gè)物體1

和2

在光滑水平面上以相同動(dòng)能E

相向運(yùn)動(dòng)，它們的質(zhì)量分別為m1

和m2

且m1<m2

經(jīng)一段時(shí)間兩物體相碰撞并粘在一起。碰撞后A.兩物體將向左運(yùn)動(dòng)B.兩物體將向右運(yùn)動(dòng)C.兩物體組成系統(tǒng)損失能量最小D.兩物體組成系統(tǒng)損失能量最大14、如圖甲中通過(guò)P

點(diǎn)電流的(

向右為正)

變化規(guī)律如圖乙所示，則(

)

A.在t

從0.5s隆蘆ls

電容器C

正在充電B.0.5s隆蘆1s

間，電容器C

上板帶正電C.1s隆蘆1.5s

內(nèi)，Q

點(diǎn)電勢(shì)比P

點(diǎn)電勢(shì)高D.1s

一1.5s

磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能15、在如圖所示的U-I圖象中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。由圖象可知，下說(shuō)法正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB.電源的效率為80%C.電阻R的阻值為1ΩD.電源內(nèi)阻的熱功率為2W16、兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷，固定在圖中P、Q兩點(diǎn)，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點(diǎn)，A為MN上的一點(diǎn)．一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點(diǎn)由靜止釋放，只在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)，取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則（）A.q運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大B.q由A向O做勻加速直線C.q由A向O運(yùn)動(dòng)的過(guò)程電勢(shì)能逐漸減小D.q運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能為零17、如圖所示，L1L2

為兩平行的虛線，L1

上方和L2

下方都是垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AB

兩點(diǎn)都在L2

上，帶電粒子從A

點(diǎn)以初速度v

斜向上與L2

成30鈭?

角射出，經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)時(shí)速度方向也斜向上，不計(jì)重力，下列說(shuō)法中正確的是()

A.帶電粒子經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)時(shí)速度一定跟A

點(diǎn)速度相同B.若將帶電粒子在A

點(diǎn)時(shí)初速度變大(

方向不變)

它仍能經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)C.若將帶電粒子在A

點(diǎn)時(shí)初速度方向改為與L2

成60鈭?

角斜向上，它也能經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)D.此粒子一定帶正電18、利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，入射小球和被碰小球的質(zhì)量分別為m

1

m

2

關(guān)于該實(shí)驗(yàn)下列說(shuō)法中正確的是A.m

1

一定要大于m

2

但它們的直徑一定要相等B.不放被碰小球時(shí)，m

1

平均落點(diǎn)為N

點(diǎn)C.適當(dāng)增大入射球初始下落的高度，可減小實(shí)驗(yàn)的誤差D.實(shí)驗(yàn)之前，一定要將斜槽的末端調(diào)整到水平狀態(tài)評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)19、如圖所示，光滑水平面上有物塊M、m，在其中靜止的物塊m上固定一輕彈簧，M以v的速度向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，兩者的速度VM﹦____，Vm﹦____．

20、手機(jī)是人們生活中普遍使用的通信工具，它是利用________(

選填“電磁波”或“超聲波”)

進(jìn)行通信的.

這種波________(

選填“能”或“不能”)

在真空中傳播．21、有一個(gè)彈簧振子，某段時(shí)間內(nèi)發(fā)現(xiàn)它的速度在減小，則它的加速度____，回復(fù)力____，彈簧的彈性勢(shì)能____．22、一端封閉的均勻玻璃管，用長(zhǎng)h的一段水銀柱封入一些空氣，當(dāng)管開(kāi)口向上時(shí)，測(cè)得空氣柱的高度是H1，當(dāng)管開(kāi)口向下時(shí)，沒(méi)有水銀流出，測(cè)得空氣柱高度是H2，可以算得，這時(shí)大氣壓強(qiáng)等于_____________。（水銀柱的產(chǎn)生的壓強(qiáng)用高度表示）23、一質(zhì)量為2kg的質(zhì)點(diǎn)從靜止開(kāi)始沿某一方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，它的動(dòng)量p隨位移的變化關(guān)系為p=4則質(zhì)點(diǎn)的加速度為_(kāi)_____m/s2．24、如圖甲所示，在一條張緊的繩子上掛幾個(gè)擺.

當(dāng)a

擺振動(dòng)的時(shí)候，通過(guò)張緊的繩子給其他各擺施加驅(qū)動(dòng)力，使其余各擺也振動(dòng)起來(lái)，此時(shí)b

擺的振動(dòng)周期______(

選填“大于”、“等于”或“小于”)d

擺的周期.

圖乙是a

擺的振動(dòng)圖象，重力加速度為g

則a

的擺長(zhǎng)為_(kāi)_____．25、如圖所示的電路，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，小燈泡將______(

選填“逐漸”或“立刻”)

變亮.

當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，小燈泡將______(

選填“逐漸”或“立刻”)

熄滅．26、有一個(gè)表頭G

滿偏電流Ig=5mA

內(nèi)阻Rg=100婁賂

用它改裝成量程為3v

的電壓表，需串聯(lián)電阻R=

______婁賂.

評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)27、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共8分)28、利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所記錄紙帶來(lái)研究小車的運(yùn)動(dòng)情況，某學(xué)生實(shí)驗(yàn)中的記錄紙帶如圖所示，其中兩點(diǎn)中間有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)。已知所用電源的頻率為50Hz，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度a=_____m/s2。29、小明同學(xué)在測(cè)定金屬絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，進(jìn)行了如下操作，請(qǐng)你將相應(yīng)的操作步驟補(bǔ)充完整。（1）他首先用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲的直徑，如圖甲所示，該金屬絲的直徑為_(kāi)_______mm。（2）他再用多用電表粗測(cè)金屬絲的阻值，操作過(guò)程如下：①將紅、黑表筆分別插入多用電表的“＋”、“－”插孔，選擇開(kāi)關(guān)旋至電阻擋“×10”擋位；②將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)____旋鈕（填圖乙中的“A”或“B”或“C”），使歐姆表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的____處（填“0刻線”或“∞刻線”）；③把紅、黑表筆分別與金屬絲的兩端相接，此時(shí)多用電表的示數(shù)如下圖丙所示；④為了使金屬絲的阻值讀數(shù)能夠再準(zhǔn)確一些，小明將選擇開(kāi)關(guān)旋至電阻擋____擋位（填“×1”或“×1k”），重新進(jìn)行________；⑤重新測(cè)量得到的結(jié)果如圖丁所示，則金屬絲的電阻為_(kāi)___Ω。（3）他想用伏安法更精確地測(cè)量該金屬絲的阻值，他用如圖所示的裝置進(jìn)行測(cè)量，其中部分器材的規(guī)格為：電源E（兩節(jié)干電池，3V），電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω），電壓表（量程3V，內(nèi)阻約10kΩ），滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0～20Ω，額定電流1A）。要求滑動(dòng)變阻器采用限流式接法，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，請(qǐng)你在下圖中加兩條導(dǎo)線將未連接完的電路連起來(lái)。30、圖為一正在測(cè)量中的多用電表表盤．則：(1)測(cè)電阻時(shí)，電流從____表筆流入多用電表；（填“紅”或“黑”）(2)如果是用“×100Ω”擋測(cè)量電阻，則讀數(shù)為_(kāi)_______Ω.31、（共18分）實(shí)驗(yàn)題（一）油酸酒精溶液的濃度為每1000ml油酸酒精溶液中有油酸0.6ml，用滴管向量筒內(nèi)滴50滴上述溶液，量筒中的溶液體積增加1ml，若把一滴這樣的溶液滴入盛水的淺盤中，由于酒精溶于水，油酸在水面展開(kāi)，穩(wěn)定后形成單分子油膜的形狀如圖所示。（1）若每一小方格的邊長(zhǎng)為25mm，則油酸薄膜的面積約為S=____m----------2；（2）一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積V=____m3；（3）由以上數(shù)據(jù)，可估算出油酸分子的直徑的數(shù)量級(jí)為_(kāi)___m。（二）某同學(xué)用圖裝置做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn).先將a球從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止開(kāi)始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端附近靜止，讓a球仍從原固定點(diǎn)由靜止開(kāi)始滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次。（1）本實(shí)驗(yàn)必須測(cè)量的物理量有以下哪些__________．A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球a、b的質(zhì)量ma、mbC．小球a、b的半徑rD．小球a、b離開(kāi)斜槽軌道末端后平拋飛行時(shí)間tE．記錄紙上O點(diǎn)到A、B、C各點(diǎn)的距離OA、OB、OCF．a(chǎn)球的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h（2）小球a、b的質(zhì)量ma、mb應(yīng)該滿足什么關(guān)系：ma____mb（＞、＝、＜）（3）為測(cè)定未放被碰小球時(shí)，小球a落點(diǎn)的平均位置，把刻度尺的零刻線跟記錄紙上的O點(diǎn)對(duì)齊，右圖給出了小球a落點(diǎn)附近的情況，由圖可得OB距離應(yīng)為_(kāi)_________cm．（4）按照本實(shí)驗(yàn)方法，驗(yàn)證動(dòng)量守恒的驗(yàn)證式是___________．評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共15分)32、一束電子（不計(jì)重力）從靜止開(kāi)始經(jīng)加速電壓U1加速后，以水平速度射入水平放置的兩平行金屬板中間，如圖所示，金屬板長(zhǎng)為l，兩板距離為d，豎直放置的熒光屏距金屬板右端為L(zhǎng)。若在兩金屬板間加直流電壓U2時(shí)，光點(diǎn)偏離中線與熒光屏交點(diǎn)O，打在熒光屏上的P點(diǎn)，求33、如圖，一質(zhì)量m=1×10-6kg，帶電量q=-2×10-8C的小球以初速度v0豎直向上從A點(diǎn)射入一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到比A高h(yuǎn)=0.2m的B點(diǎn)時(shí)速度大小是2v0，但方向水平，且AB兩點(diǎn)的連線在水平方向的距離為d=0.1m，g取10m/s2；求：

（1）判斷小球在水平方向和豎直方向的運(yùn)動(dòng)情況（不必說(shuō)理由）

（2）小球的初速度v0

（3）AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB

（4）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大?。?4、如圖所示，一光電管的陰極用極限波長(zhǎng)婁脣0=5000鈭?A

的鈉制成.

用波長(zhǎng)婁脣=3000鈭?A

的紫外線照射陰極；光電管陽(yáng)極A

和陰極K

之間的電勢(shì)差U=2.1V

飽和光電流的值(

當(dāng)陰極K

發(fā)射的電子全部到達(dá)陽(yáng)極A

時(shí)，電路中的電流達(dá)到最大值，稱為飽和光電流)I=0.56婁脤A

．

(1)

求每秒鐘內(nèi)由K

極發(fā)射的光電子數(shù)目；

(2)

求電子到達(dá)A

極時(shí)的最大動(dòng)能；

(3)

如果電勢(shì)差U

不變，而照射光的強(qiáng)度增到原值的三倍，此時(shí)電子到達(dá)A

極的最大動(dòng)能是多大？(

普朗克常量h=6.63隆脕10鈭?34J?s)

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【解析】試題分析：A、電鍵K斷開(kāi)時(shí)，電阻相當(dāng)于一根導(dǎo)線，A、B兩端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)；錯(cuò)誤BCD、電鍵K閉合，電容器C充電后，電阻相當(dāng)于一根導(dǎo)線，此時(shí)電容器兩端電壓為電阻兩端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電阻兩端電壓與電容器電容大小無(wú)關(guān)；B正確CD錯(cuò)誤故選B考點(diǎn)：閉合電路歐姆定律，電容器【解析】【答案】B2、D【分析】解答：由圖象可得輸入電壓最大值所以輸入電壓的有效值故A錯(cuò)誤；由電容器剛好不會(huì)被擊穿，可得副線圈兩端電壓最大值U2max＝22V，有效值所以原副線圈的匝數(shù)比故B錯(cuò)誤；

因?yàn)殡娙萜鳌巴ń涣?，隔直流”，所以電流表的示?shù)大于通過(guò)電阻R0的電流；C錯(cuò)誤；

由圖象可得輸入電壓的變化規(guī)律為u＝311sin100πtV；D正確。

故選D

分析：本題考查變壓器基本原理交流電圖像的分析能力，屬于基礎(chǔ)題。3、D【分析】解：半圓形導(dǎo)體AB

切割磁感線的有效長(zhǎng)度是2L

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律則；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=B?2L?v=2BLv

A、B

之間的電勢(shì)差為：U=R0R0+rE=2BLvR0R0+r

故D正確，ABC錯(cuò)誤；

故選：D

．

半圓形導(dǎo)體AB

有效的切割長(zhǎng)度等于2L

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=Blv

求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，AB

之間的電勢(shì)差是指R0

兩端的電壓，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律求解．

本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的部分可以相當(dāng)于電源，則AB

之間的電勢(shì)差指的是路端電壓．【解析】D

4、A【分析】解：由U1U2=n1n2

若原線圈兩端要得到U1=220V

的正弦交變電壓；

所以U2=n2n1U1=15隆脕220=44V

故選：A

根據(jù)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比等于電壓比即可求解．

本題主要考查了變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓比之間的關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】A

5、B【分析】【解析】試題分析：電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)只和電場(chǎng)本身的性質(zhì)有關(guān)，和外界因素?zé)o關(guān)，A錯(cuò)誤；根據(jù)E=KQ/r2，可知點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與該點(diǎn)電荷的電量Q成正比。B正確；電場(chǎng)強(qiáng)度為矢量，合成遵循平行四邊形定則，故合電場(chǎng)可能大于分電場(chǎng)，也可能小于分電場(chǎng)，還可能等于分電場(chǎng)，C錯(cuò)誤；電場(chǎng)中兩點(diǎn)的電勢(shì)差大小和電場(chǎng)強(qiáng)度有關(guān)之外還和兩點(diǎn)間的距離有關(guān)，D錯(cuò)誤故選B考點(diǎn)：考查了對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度的理解【解析】【答案】B6、B【分析】由教材可知，日光燈主要靠熒光粉在紫外線的照射下發(fā)光，A錯(cuò)；日光燈正常發(fā)光時(shí)，啟動(dòng)器處于斷開(kāi)狀態(tài)，B對(duì)；日光燈正常發(fā)光時(shí)，啟動(dòng)器處于斷開(kāi)狀態(tài)取下日光燈啟動(dòng)器，日光燈正常工作，C錯(cuò)；日光燈的鎮(zhèn)流器在工作時(shí)主要作用是限制燈管中的電流，D錯(cuò)?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、A【分析】【解析】【答案】A8、A|C【分析】試題分析：當(dāng)?shù)臏囟戎饾u降低時(shí)，電阻增大，所以總電阻增大，總電流就減小，電源內(nèi)阻所占電壓減小，并聯(lián)部分電壓增大，所以通過(guò)的電流變大，而總電流就減小，所以通過(guò)燈泡的電流減小，故A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)?shù)淖柚抵饾u增大時(shí)，總電阻增大，總電流就減小，電源內(nèi)阻所占電壓減小，并聯(lián)部分電壓增大，所以通過(guò)燈泡L的電流就增大，反之，若的阻值逐漸減小，則通過(guò)燈泡L的電流減小，故D錯(cuò)誤C正確．考點(diǎn)：本題考查的是電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，要處理好局部與整體的關(guān)系，根據(jù)歐姆定律并靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路中電壓和電流的關(guān)系進(jìn)行分析判斷．【解析】【答案】AC9、D【分析】解：由題；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

垂直于線圈平面，通過(guò)該線圈的磁通量為垂直進(jìn)入的磁通量與垂直出來(lái)的磁通量之差．

而進(jìn)入的磁通量為婁碌=BS=B婁脨(b2鈭?a2)

出來(lái)的磁通量為B婁脨a2

因此穿過(guò)該線圈的磁通量為B婁脨(b2鈭?2a2).

由于磁感應(yīng)強(qiáng)度開(kāi)始減小到B2

所以該線圈磁通量的變化量的大小12B婁脨(b2鈭?2a2).

故選D

線圈與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，通過(guò)線圈的磁通量婁碌=BSS

是線圈內(nèi)有磁場(chǎng)部分的面積婁脨r2.

由于磁場(chǎng)的方向不同；因此則分別求出磁通量，然后進(jìn)行疊加，從而即可求解．

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，通過(guò)該線圈的磁通量公式婁碌=BS

中，S

是有效面積.

注意雖然磁通量是標(biāo)量，但要分正反面穿過(guò)，因此出現(xiàn)正負(fù)情況．【解析】D

二、多選題(共9題，共18分)10、BC【分析】解：A；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中；位移是相對(duì)平衡位置的，背離平衡位置；x與v同向時(shí)，振子背離平衡位置，做減速運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；

B；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中；位移是相對(duì)平衡位置的，背離平衡位置；x與v反向時(shí)，振子靠近平衡位置，做加速運(yùn)動(dòng)；故B正確；

C；v與a反向時(shí)；振子背離平衡位置，位移增加；故C正確；

D；v與a同向時(shí)；振子靠近平衡位置，位移減??；故D錯(cuò)誤；

故選：BC．

在直線運(yùn)動(dòng)中，加速度與速度同向時(shí)，物體做加速運(yùn)動(dòng)；加速度與速度反向時(shí)，物體做減速運(yùn)動(dòng)；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中，回復(fù)力F=-kx，加速度a=-．

本題關(guān)鍵是明確簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中，位移、回復(fù)力、加速度的關(guān)系，基礎(chǔ)題．【解析】【答案】BC11、BCD【分析】解：A；A和C時(shí)刻線圈中電流最大；故線圈處于與中性面垂直的位置；故A錯(cuò)誤；

B；B和D時(shí)刻線圈中電流為零；此時(shí)處于中性面，此時(shí)線圈中磁通量最大；故B正確；

C；在O～D時(shí)間內(nèi)為電流的一個(gè)周期；故線圈轉(zhuǎn)過(guò)的角度為2π；故C正確；

D；從O～D時(shí)間為0.02s；則周期為0.02s，故1s內(nèi)對(duì)應(yīng)50個(gè)周期，則在1s內(nèi)交變電流的方向改變100次；故D正確；

故選：BCD．

交變電流是由線圈繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的；當(dāng)電流最大時(shí)，線圈處于與中性面垂直的位置；當(dāng)電流為零時(shí)，線圈處于中性面．

本題考查交流電源的產(chǎn)生原理，要注意明確線圈中電流最大時(shí)，線圈處于與中性面垂直的位置，此時(shí)線圈中磁通量為零；但磁通量變化率最大．【解析】【答案】BCD12、AD【分析】解：AB、氣體從A到B發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律知體積一直增大，溫度一直升高，氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均速率增大，故A正確，B錯(cuò)誤；

C；氣體從A到B體積增大；所以氣體一直對(duì)外界做正功，故C錯(cuò)誤；

D；氣體從A到B對(duì)外做功；W＜0，溫度升高，內(nèi)能增大△U＞0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，知Q＞0，故氣體一直從外界吸熱，故D正確；

故選：AD

一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B；壓強(qiáng)不變，溫度升高，由氣態(tài)方程分析氣體體積的變化，判斷做功情況．根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷吸放熱情況。

對(duì)于氣體的圖象問(wèn)題，關(guān)鍵是要知道氣體發(fā)生的狀態(tài)變化過(guò)程，往往用到氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律結(jié)合進(jìn)行分析．【解析】【答案】AD13、AD【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)量與動(dòng)能的關(guān)系，確定動(dòng)量大小關(guān)系，從確定總動(dòng)量方向，即碰撞后運(yùn)動(dòng)方向；兩物體屬于完全非彈性碰撞，損失動(dòng)能最大。本題考查動(dòng)量守恒和碰撞過(guò)程能量損失問(wèn)題?！窘獯稹緼B.

根據(jù)P2=2mEK

結(jié)合m1<m2

知P1<P2

故系統(tǒng)總動(dòng)量向左，根據(jù)動(dòng)量守恒知碰后兩物體將向左運(yùn)動(dòng)，所以A正確；B錯(cuò)誤；CD.

由題意知兩物體屬于完全非彈性碰撞，損失動(dòng)能最大，所以C錯(cuò)誤；D正確。故選AD?！窘馕觥緼D

14、AC【分析】解：A

從0.5s隆蘆ls

電容器反向充電，電流逐漸減小到0

磁場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能.

電容器下板帶正電.

故A正確，B錯(cuò)誤．

C1隆蘆1.5s

內(nèi)；電容器放電，電流從0

逐漸增大到最大值，電場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能，電流的方向?yàn)镼

到P

在外電路中沿著電流的方向電勢(shì)逐漸降低，所以Q

點(diǎn)電勢(shì)比P

點(diǎn)電勢(shì)高.

故C正確.

D錯(cuò)誤．

故選AC．

該電路為L(zhǎng)C

振蕩電路；在0隆蘆0.5s

內(nèi)，電容器放電，電流從0

逐漸增大到最大值，電場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能；0.5隆蘆1s

內(nèi)，電容器反向充電，電流逐漸減小到0

磁場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能；1隆蘆1.5s

內(nèi)，電容器放電，電流從0

逐漸增大到最大值，電場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能；1.5隆蘆2.0s

內(nèi)，電容器正向充電，電流逐漸減小到0

磁場(chǎng)能全部轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能．

解決本題的關(guān)鍵掌握LC

振蕩電路的充放電過(guò)程，知道電場(chǎng)能和磁場(chǎng)能的轉(zhuǎn)化．【解析】AC

15、ACD【分析】解：AC、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，由讀出電源的電動(dòng)勢(shì)為：E=3V，內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則．電阻．故AC正確。

BD、兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，則電源的內(nèi)阻消耗的功率為Pr=I2r=2W．電源的效率．故B錯(cuò)誤；D正確。

故選：ACD。

由電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象與縱軸的交點(diǎn)讀出電源的電動(dòng)勢(shì)；其斜率大小等于電源的內(nèi)阻。電阻R的伏安特性曲線的斜率等于電阻。兩圖線的交點(diǎn)讀出電流與電壓，求出電源的效率和內(nèi)阻的熱功率。

本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，對(duì)于圖線關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律，從數(shù)學(xué)角度來(lái)理解其物理意義。本題要抓住圖線的斜率、交點(diǎn)的意義來(lái)理解圖象的意義?！窘馕觥緼CD16、AC【分析】解：

A、從A到O過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，從O到N過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，故在O點(diǎn)試探電荷的動(dòng)能最大，速度最大，故A正確．

B；兩等量正電荷周圍部分電場(chǎng)線如右圖所示；其中P、Q連線的中垂線MN上，從無(wú)窮遠(yuǎn)到O過(guò)程中電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無(wú)窮遠(yuǎn)方向．

故試探電荷所受的電場(chǎng)力是變化的；q由A向O的運(yùn)動(dòng)做非勻加速直線運(yùn)動(dòng)；故B錯(cuò)誤．

C；電場(chǎng)力方向與AO方向一致；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能逐漸減小，故C正確．

D；取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零；從無(wú)窮遠(yuǎn)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則q運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為負(fù)值．故D錯(cuò)誤．

故選：AC．

根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布情況；抓住對(duì)稱性，分析試探電荷q的受力情況，確定其運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)電場(chǎng)力做功情況，分析其電勢(shì)能的變化情況．

本題考查靜電場(chǎng)的基本概念．關(guān)鍵要熟悉等量同種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布情況，運(yùn)用動(dòng)能定理進(jìn)行分析功能關(guān)系．【解析】【答案】AC17、AB【分析】【分析】分析帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況：在無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后，只受洛倫茲力，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫(huà)出可能的軌跡，作出選擇。帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，關(guān)鍵是畫(huà)出粒子圓周的軌跡，往往要抓住圓的對(duì)稱性。【解答】A.如圖，粒子BB的位置在BB22、BB33時(shí)速度方向也斜向上，速度跟在AA點(diǎn)時(shí)的速度大小相等，方向相同，速度相同，故A正確；

B.根據(jù)軌跡，粒子經(jīng)過(guò)邊界LL11時(shí)入射點(diǎn)與出射點(diǎn)間的距離與經(jīng)過(guò)邊界LL22時(shí)入射點(diǎn)與出射點(diǎn)間的距離相同，與速度無(wú)關(guān)，所以當(dāng)初速度大小稍微增大一點(diǎn)，但保持方向不變，它仍有可能經(jīng)過(guò)BB點(diǎn)，故B正確；

C.如圖，設(shè)LL11與LL22之間的距離為dd則AA到BB2{,!}_{2}的距離為：x=2dtan婁脠x=dfrac{2d}{tan婁脠}所以，若將帶電粒子在AA點(diǎn)時(shí)初速度方向改為與LL22成60鈭?60^{circ}角斜向上，它就只經(jīng)過(guò)一個(gè)周期后一定不經(jīng)過(guò)BB點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D.如圖，分別是正負(fù)電荷的軌跡，正負(fù)電荷都可能，故D錯(cuò)誤。

故選AB?！窘馕觥緼B

18、ACD【分析】【分析】為了使入射小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，小球碰撞前后做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，可以通過(guò)水平位移代替小球的速度，通過(guò)實(shí)驗(yàn)原理可明確實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意的事項(xiàng)以及減小誤差的基本方法。本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的注意事項(xiàng)，知道實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)即可正確解題，注意體會(huì)利用平拋運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的基本方法?！窘獯稹緼.為了使小球碰后不被反彈；要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量；同時(shí)為了兩小球發(fā)生的是對(duì)心碰撞，應(yīng)保證兩小球直徑相等，故A正確；

B.根據(jù)動(dòng)量守恒可知；不放被碰小球時(shí)，m1

平均落點(diǎn)為P

點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；

C.適當(dāng)增大自由下落的高度；可延長(zhǎng)小球在空中的時(shí)間，從而增大水平射程，故可以減小因測(cè)量帶來(lái)的偶然誤差，故C正確；

D.為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)；實(shí)驗(yàn)前，一定要將斜槽的末端調(diào)整到水平狀態(tài)；故D正確；

故選ACD?！窘馕觥緼CD

三、填空題(共8題，共16分)19、略

【分析】

由題意可知當(dāng)兩球速度相等時(shí)；彈性勢(shì)能最大，彈簧壓縮量最大，根據(jù)動(dòng)量守恒得：

Mv=（M+m）v

所以兩者速度：

故答案：．

【解析】【答案】本題考查了對(duì)完全非彈性碰撞的理解；當(dāng)兩球的速度相等時(shí)，系統(tǒng)損失動(dòng)能最多，即彈性勢(shì)能最大，彈簧壓縮量最大．

20、電磁波能。

【分析】【分析】

手機(jī)既是電磁波的發(fā)射臺(tái)，也是電磁波的接收臺(tái)；電磁波本身就是物質(zhì)，能在真空中傳播。此題主要考查電磁波的應(yīng)用和傳播速度；都是基礎(chǔ)知識(shí)，比較容易，要知道真空中傳播速度與光在真空中的傳播速度相同，即都是3隆脕108m/s

【解答】

手機(jī)已成為人們普遍使用的通信工具；它是由電磁波來(lái)傳遞信息的，電磁波本身就是物質(zhì)，故能在真空中傳播。

故答案為：電磁波；能?！窘馕觥侩姶挪?。

21、略

【分析】

彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度在減小，位移在增大，振子離開(kāi)平衡位置，則加速度；回復(fù)力均在增大．彈簧形變量也在增大，說(shuō)明彈簧的彈性勢(shì)能在增大．

故答案為：增大；增大、增大。

【解析】【答案】彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度在減小，位移在增大，根據(jù)加速度；回復(fù)力與位移的關(guān)系分析加速度和回復(fù)力的變化．根據(jù)彈簧形變量的變化分析彈性勢(shì)能的變化．

22、略

【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程有：解得【解析】【答案】23、略

【分析】解：A、根據(jù)v2=2ax得，v=則動(dòng)量P=mv=m可知P=4=2×

解得質(zhì)點(diǎn)的加速度為：a=2m/s2．

故答案為：2

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式和動(dòng)量的表達(dá)式；結(jié)合動(dòng)量隨位移變化的關(guān)系式求出加速度．

本題考查動(dòng)量的表達(dá)式以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，難度不大，需掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并能靈活運(yùn)用．【解析】224、略

【分析】解：a

擺擺動(dòng)起來(lái)后，通過(guò)水平繩子對(duì)bcd

三個(gè)擺施加周期性的驅(qū)動(dòng)力，使bcd

三擺做受迫振動(dòng)；三擺做受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，由于驅(qū)動(dòng)力頻率相同，則三擺的周期相同．

據(jù)乙圖可知：T=2t0

再據(jù)T=2婁脨Lg

可知，a

的擺長(zhǎng)L=gt02蟺2

故答案為：等于；gt02蟺2

．

受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)率的頻率；當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率接近物體的固有頻率時(shí)，振幅最大，即共振；再利用單擺的周期公式求擺長(zhǎng)．

本題考查受迫振動(dòng)的周期和共振現(xiàn)象，自由振動(dòng)與受迫振動(dòng)是從振動(dòng)形成的原因來(lái)區(qū)分的，比較簡(jiǎn)單．【解析】等于；gt02蟺2

25、逐漸；立刻【分析】解：當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)；通過(guò)線圈L

的電流增大，穿過(guò)線圈的磁通量增大，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A

逐漸亮起來(lái).

當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，電路斷開(kāi)，線圈和燈泡不能構(gòu)成回路，故電流立即為零，故小燈泡立刻熄滅．

故答案為：逐漸；立刻．

當(dāng)電鍵K

閉合時(shí)；通過(guò)線圈L

的電流增大，穿過(guò)線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷燈泡的亮度變化．

自感現(xiàn)象是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S

時(shí)，電路斷開(kāi)，燈泡中原來(lái)的電流突然消失，燈泡立即熄滅．【解析】逐漸；立刻26、略

【分析】解：把電流表改裝成3V

的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=UIg鈭?Rg=30.005鈭?100=500婁賂

故答案為：500

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理是解題的前提，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題，本題是一道基礎(chǔ)題．【解析】500

四、判斷題(共1題，共2分)27、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共8分)28、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)可得即a=0.39m/s2.考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】0.3929、略

【分析】【解析】試題分析：（1）螺旋測(cè)微器讀數(shù)方法：測(cè)量長(zhǎng)度=固定刻度示數(shù)+可動(dòng)刻度示數(shù)×精確度(注意單位為毫米)．所以讀數(shù)為0.850mm（0.848～0.852mm）（2）②用多用電表粗測(cè)金屬絲的阻值，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕B，使歐姆表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的0刻線處；④用多用電表測(cè)電阻時(shí)，指針指在中央刻度時(shí)誤差最小，由圖丙可知該電阻絲阻值較小，應(yīng)換用較小倍率檔，將選擇開(kāi)關(guān)旋至電阻擋“×1”擋位，換擋后重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；⑤所測(cè)電阻值為：讀數(shù)×倍率，所以讀數(shù)為：6.0Ω（3）由于所以電流表外接，要求滑動(dòng)變阻器采用限流式接法，則電路連接如下圖：考點(diǎn)：電阻的測(cè)量【解析】【答案】（1）0.850（0.848～0.852）（2）②B0刻線④×1歐姆調(diào)零⑤6.0（3）電路連接如下圖：30、略

【分析】【解析】試題分析：(1)測(cè)電阻時(shí)，電流從紅表筆流入多用電表(2)如果是用“×100Ω”擋測(cè)量電阻，則讀數(shù)為8×100Ω=800Ω考點(diǎn)：考查萬(wàn)用表的使用【解析】【答案】（1）紅；（2）800Ω31、略

【分析】【解析】【答案】（一）（1）4.4×10-2（2）1.2×10-11（3）10-10（二）（1）B、E（2）＞（3）46.41（4）maOB=maOA+mbOC六、計(jì)算題(共3題，共15分)32、略

【分析】設(shè)