2025年冀教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷430考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、（2015秋?湖北期中）如圖所示，半徑為r的圓形線圈共有n匝，有一個(gè)半徑為R（R＜r）的同心圓，圓內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于線圈平面，若磁場(chǎng)強(qiáng)度為B，則穿過線圈的磁通量為（）A.nBπR2B.Bπr2C.BπR2D.nBπr22、關(guān)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的有關(guān)知識(shí)，正確的是（）A.位于磁場(chǎng)中的閉合線圈，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流B.閉合線圈與磁場(chǎng)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流C.閉合線圈做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流D.穿過閉合線圈的磁通量變化越快，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定越大3、在物理學(xué)發(fā)展的過程中，許多物理學(xué)家做出了重要貢獻(xiàn)．下列敘述中，符合物理發(fā)展歷程的是（）A.奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B.亞里士多德認(rèn)為兩個(gè)從同一高度自由落下的物體，重物體與輕物體下落一樣快C.牛頓應(yīng)用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”推翻了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)D.卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)定出了萬有引力常量G4、如圖所示為某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線，在電場(chǎng)中有a、b兩點(diǎn)，試比較a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)Ea、Eb的大??；引入一電荷量很小的點(diǎn)電荷，比較該點(diǎn)電荷在a、b兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力Fa、Fb的大小，下列說法中正確的是（）A.Ea＞Eb，F(xiàn)a＞FbB.Ea＞Eb，F(xiàn)a＜FbC.Ea＜Eb，F(xiàn)a＜FbD.Ea=Eb，F(xiàn)a=Fb5、一個(gè)矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的交流電流的圖象如圖所示；下列說法不正確的是（）

A.用電流表測(cè)該電流其示數(shù)為10AB.該交流電流的頻率為100HzC.當(dāng)t=秒時(shí)，線圈平面垂直中性面D.該交流電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=10sin200πtA6、如圖所示，質(zhì)量為m的物體用穿過光滑小孔的細(xì)繩牽引，使其在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，拉力為某個(gè)值F時(shí)，轉(zhuǎn)動(dòng)半徑為R；當(dāng)拉力逐漸減小到時(shí)，穩(wěn)定后物體仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為2R，則此過程中外力對(duì)物體所做的功為（）A.FRB.-FRC.FRD.07、如圖所示的電路中；電源的電動(dòng)勢(shì)恒定內(nèi)阻不計(jì)，下列說法正確的是（）

A.增大R1，燈泡變亮，電容器帶電量減少B.增大R1，燈泡變暗，電容器帶電量減少C.增大R2，燈泡變亮，電容器帶電量減少D.增大R2，燈泡變亮，電容器帶電量不變?cè)u(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、下列說法中錯(cuò)誤的是（）A.摩擦力方向一定與物體運(yùn)動(dòng)的方向相反B.地球雖大，且有自轉(zhuǎn)，但有時(shí)仍可被看作質(zhì)點(diǎn)C.做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，其加速度不一定恒定D.馬拉車加速前進(jìn)，是因?yàn)轳R拉車的力大于車?yán)R的力9、以下關(guān)于自由落體運(yùn)動(dòng)的說法，正確的是（）A.物體從靜止開始下落的運(yùn)動(dòng)叫做自由落體運(yùn)動(dòng)B.在地面上不同的地方，g的大小是不同的，但它們相差不是很大C.自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.在有空氣的空間里，如果空氣阻力的作用比較小，可以忽略不計(jì)時(shí)，物體的下落運(yùn)動(dòng)就可以看作自由落體運(yùn)動(dòng)，如水平拋出的小鋼球的運(yùn)動(dòng)就可以看作自由落體運(yùn)動(dòng)10、如圖所示，AB

兩小球由繞過輕質(zhì)定滑輪的細(xì)線相連，A

放在固定的光滑斜面上，BC

兩小球在豎直方向上通過勁度系數(shù)為k

的輕質(zhì)彈簧相連，C

球放在水平地面上，已知A

的質(zhì)量為6mBC

的質(zhì)量均為m

重力加速度為g

細(xì)線與滑輪之間的摩擦不計(jì)?，F(xiàn)用手控制住A

并使細(xì)線剛剛拉直但無拉力作用，并保證滑輪左側(cè)細(xì)線豎直、右側(cè)細(xì)線與斜面平行，開始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。釋放A

后，A

沿斜面下滑至速度最大時(shí)C

恰好離開地面，關(guān)于此過程，下列說法正確的是(

)

A.斜面傾角婁脕=30鈭?

B.A

獲得最大速度為4mg27k

C.C

剛離開地面時(shí)，B

的速度最大D.AB

兩小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒11、在同一平面內(nèi)有壟脵壟脷壟脹

三根等間距平行放置的長直導(dǎo)線，通入的電流強(qiáng)度分別為1A2A1A壟脷

的電流方向?yàn)閏隆煤d

且受到安培力的合力方向水平向右，則(

)

A.壟脵

的電流方向?yàn)閍隆煤b

B.壟脹

的電流方向?yàn)閑隆煤f

C.壟脵

受到安培力的合力方向水平向左D.壟脹

受到安培力的合力方向水平向左12、在空氣阻力大小恒定的條件下，小球從空中下落，與水平地面相碰（碰撞時(shí)間極短）后彈到空中中某一高度，以向下為正方向，其速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示，取g=10m/s2，則以下結(jié)論正確的是（）A.小球開始下落時(shí)距地高度為4.0mB.小球彈起的最大高度為0.375mC.小球彈起上升過程減速的加速度大小為8m/s2D.小球下落過程的加速度大小為8m/s213、如圖所示，水平面上帶有輕彈簧的物塊甲以3m/s的速度在光滑水平面上向左運(yùn)動(dòng)，物塊乙以4m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)，甲、乙的質(zhì)量均為2kg．當(dāng)乙與彈簧接觸后（不粘連）（）A.彈簧的最大彈性勢(shì)能為25JB.當(dāng)甲、乙相距最近時(shí)，物塊甲的速率為零C.當(dāng)乙的速率為0.8m/s時(shí)，甲正在做加速運(yùn)動(dòng)D.當(dāng)甲的速率為4m/s時(shí)，彈簧為自由長度14、如圖所示是甲；乙兩物體的v-t圖象；由圖可知（）

A.乙做勻加速運(yùn)動(dòng)，甲做勻減速運(yùn)動(dòng)B.甲、乙兩物體相向運(yùn)動(dòng)C.乙比甲晚1s出發(fā)D.5s末兩物體相遇15、下列說法正確的有（）A.α射線與γ射線都是電磁波B.按照玻爾理論，氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢(shì)能減小C.天然放射現(xiàn)象表明原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)E.比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分裂成比結(jié)合能大的原子核時(shí)一定釋放能量E.比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分裂成比結(jié)合能大的原子核時(shí)一定釋放能量評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、一交流電圖象如圖所示，則其有效值為____

17、（2014春?拱墅區(qū)校級(jí)期中）如圖所示是等離子體發(fā)電機(jī)的示意圖，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，兩極板間距離為d，要使輸出電壓為U，則等離子體的速度v=____，a是電源的____（填正極或負(fù)極）18、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（圖甲），產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，則。

（1）該交流電的頻率為____Hz；

（2）該交流電電動(dòng)勢(shì)的有效值為____V．19、（2012春?堯都區(qū)校級(jí)月考）如圖，半徑為r的金屬圓盤（電阻不計(jì)）在垂直于盤面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞O軸以角速度ω沿逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，電阻R兩端分別接盤心O和盤邊緣，則通過電阻R的電流強(qiáng)度大小為____，方向是____．20、（2013秋?姜堰市期中）（1）圖為多用電表表盤，若將該表選擇旋鈕置于25mA擋，則讀數(shù)為____mA．

（2）某同學(xué)用多用電表粗測(cè)某電阻的阻值，當(dāng)用“×100”倍率的擋位測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)表頭指針向右偏轉(zhuǎn)角度過大，為減小誤差，應(yīng)將選擇開關(guān)撥到“____”倍率的擋位（選填“×10”或“×1k”）．如果換擋后立即用表筆連接電阻讀數(shù)，該同學(xué)欠缺的實(shí)驗(yàn)步驟是：____．補(bǔ)上該步驟后，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值是____Ω．21、機(jī)器人由三個(gè)模塊組成，它們分別是____、____和執(zhí)行器，分別相當(dāng)于人的感覺器官、大腦和肌肉．22、2011年4月10日，我國成功發(fā)射第8顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，建成以后北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)將包含多顆地球同步衛(wèi)星，這有助于減少我國對(duì)GPS導(dǎo)航系統(tǒng)的依賴，GPS由運(yùn)行周期為12小時(shí)的衛(wèi)星群組成，設(shè)北斗星的同步衛(wèi)星和GPS導(dǎo)航的軌道半徑分別為R1和R2，向心加速度分別為a1和a2，則R1：R2=____a1：a2=____．（可用根式表示）23、一種測(cè)量血管中血流速度的儀器原理如圖所示，在動(dòng)脈血管兩側(cè)分別安裝電極并加有磁場(chǎng).

設(shè)血管直徑是2.0mm

磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.080T

電壓表測(cè)出的電壓為0.10mV

則血流速度大小為______m/s.a

點(diǎn)電勢(shì)______b

點(diǎn)電勢(shì)(

填高、低)(

注：血液中含有帶正、負(fù)電荷的離子.)

24、2013年6月11日，我國成功發(fā)射了“神州十號(hào)”宇宙飛船．在太空中飛船內(nèi)一切物體處于____（選填“失重”或“超重）狀態(tài)，飛船內(nèi)有下列儀器：刻度尺、天平、彈簧測(cè)力計(jì)、電流表，這些儀器中無法正常使用的是____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)25、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）26、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）27、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對(duì)錯(cuò)）28、做平拋運(yùn)動(dòng)的物體，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與初速度有關(guān)．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、畫圖題(共2題，共12分)29、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）30、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一個(gè)面積為S且與磁場(chǎng)方向垂直的平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B與面積S的乘積，叫做穿過這個(gè)平面的磁通量，故當(dāng)B與S平面垂直時(shí)，穿過該面的磁通量Φ=BS．【解析】【解答】解：由于線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，故穿過該面的磁通量為：Φ=BS，半徑為r的線圈范圍內(nèi)有半徑為R的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，所以磁場(chǎng)的區(qū)域面積為：S=πR2所以Φ=BπR2．故C正確；ABD錯(cuò)誤；

故選：C．2、D【分析】【分析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小除與線圈匝數(shù)有關(guān)外，還與磁通量變化快慢有關(guān)．【解析】【解答】解：A；有磁感線穿過線圈；線圈中磁通量不一定改變，故不一定產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B；閉合線圈與磁場(chǎng)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)；若磁通量沒有變化，則不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；

C；閉合線圈做切割磁感線運(yùn)動(dòng)；若磁通量沒有變化，則不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

D；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小除與線圈匝數(shù)有關(guān)外，還與磁通量變化快慢有關(guān)；穿過閉合線圈的磁通量變化越快，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定越大，故D正確；

故選：D．3、D【分析】【分析】本題是物理學(xué)史問題，根據(jù)相關(guān)科學(xué)家的物理學(xué)成就進(jìn)行解答．【解析】【解答】解：A；奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；法拉第最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤．

B；伽利略認(rèn)為兩個(gè)從同一高度自由落下的物體；重物體與輕物體下落一樣快，故B錯(cuò)誤．

C；伽利略應(yīng)用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”推翻了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)；故C錯(cuò)誤．

D；牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律之后；卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)定出了萬有引力常量G，故D正確．

故選：D4、A【分析】【分析】電場(chǎng)中，電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，同一電荷受到的電場(chǎng)力越大．【解析】【解答】解：由圖看出，a處電場(chǎng)線比b處電場(chǎng)線密，則a處場(chǎng)強(qiáng)大于b處場(chǎng)強(qiáng)，即Ea＞Eb．由電場(chǎng)力公式F=Eq得知，電荷在a處受到的電場(chǎng)力大于在b處受到的電場(chǎng)力，即Fa＞Fb．

故選A5、C【分析】【分析】從圖象中可以求出該交流電的最大電壓以及周期等物理量，然后根據(jù)最大值與有效值以及周期與頻率關(guān)系求解．【解析】【解答】解：A、從圖象中可以知道電流的最大值是10A；

電流表讀數(shù)為有效值，所以電流表測(cè)該電流其示數(shù)I==10A；故A正確；

B、從圖象中可以知道周期T=0.01s，所以交流電流的頻率f==100Hz；故B正確；

C、當(dāng)t=秒時(shí)；電流為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，線圈平面平行中性面，故C錯(cuò)誤；

D、T=0.01s，ω==200πrad/s，所以該交流電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=10sin200πtA；故D正確；

本題選不正確的，故選：C．6、B【分析】【分析】物體在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由繩子的拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律分別求出兩種拉力情況下物體的速度，再根據(jù)動(dòng)能定理求出外力對(duì)物體所做的功大小．【解析】【解答】解：設(shè)當(dāng)繩的拉力為F時(shí)，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度為v1，則有F=m．

當(dāng)繩的拉力減為時(shí)，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度為v2，則有F=m．

在繩的拉力由F減為F的過程中；根據(jù)動(dòng)能定理得。

=-FR．

所以繩的拉力所對(duì)物體所做的功為

故選：B7、D【分析】【分析】由電路圖可知，燈泡R與R2并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電容器與電源并聯(lián)；根據(jù)滑動(dòng)變阻器的阻值變化可得出電路中電流的變化，則可得出燈泡的亮度變化；由Q=UC可得出電容器所帶電量的變化．【解析】【解答】解：AB、增大R1時(shí)；電路中總電阻增大，則總電流減小；則并聯(lián)部分電壓減小，燈泡變暗；因電源的內(nèi)阻不計(jì)，則電容器兩端的電壓不變；則電容器所帶電量不變；故AB錯(cuò)誤；

CD、增大R2時(shí)，電路中總電阻增大；則總電流減小，R1兩端的電壓減??；則并聯(lián)部分總電壓增大，燈泡變亮；由于電容器兩端的電壓不變；則由Q=UC可知，電容器所帶電量不變；故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：D．二、多選題(共8題，共16分)8、ACD【分析】【分析】摩擦力的方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的方向相反；當(dāng)物體的大小和形狀在研究的問題中能忽略，物體可以看成質(zhì)點(diǎn)；勻變速直線運(yùn)動(dòng)加速度恒定；作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上．【解析】【解答】解：A；摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的方向相反；與運(yùn)動(dòng)方向可能相同，可能相反，可能不在同一條直線上，故A錯(cuò)誤．

B；地球雖大；但是研究地球繞太陽公轉(zhuǎn)，可以看成質(zhì)點(diǎn)，故B正確．

C；做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體；加速度恒定，故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)牛頓第三定律知；馬拉車和車?yán)R的力屬于作用力和反作用力，大小相等，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的，故選：ACD．9、BC【分析】【分析】自由落體運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)是初速度為零，僅受重力．重力加速度隨著緯度的升高而增大．【解析】【解答】解：A；自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零；加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以初速度為零不一定是自由落體運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤，C正確．

B；重力加速度隨著緯度的升高而增大；但相差不大．故B正確．

D；不計(jì)空氣阻力；水平拋出的小球做平拋運(yùn)動(dòng)，不是自由落體運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．

故選BC．10、BC【分析】解：A

小球C

剛離開地面時(shí)；對(duì)C

有：kx2=mg

此時(shí)B

有最大速度；即aB=aC=0

則對(duì)B

有：T鈭?kx2鈭?mg=0

對(duì)A

有：6mgsin婁脕鈭?T=0

以上方程聯(lián)立可解得：sin婁脕=13婁脕鈮?30鈭?

故A錯(cuò)誤；

B；初始系統(tǒng)靜止；且線上無拉力，對(duì)B

有：kx1=mg

由A

的分析知：x1=x2=mgk

則從釋放至A

剛離開地面過程中，彈性勢(shì)能變化量為零；

此過程中ABC

組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；即：

6g(x1+x2)sin婁脕=mg(x1+x2)+12(6m+m)vBm2

以上方程聯(lián)立可解得：vBm=4mg27k

所以A

獲得最大速度為4mg27k

故B正確；

C；根據(jù)題意；A

沿斜面下滑至速度最大時(shí)C

恰好離開地面，而AB

速度大小相等，故C剛離開地面時(shí)，B

的速度最大，故C正確；

D；此過程中；彈簧的長度不斷變化，故A、B

兩小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，AB

兩小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤；

故選：BC

C

剛離開地面時(shí)；A

沿斜面下滑至速度最大，受力平衡，根據(jù)平衡條件知B

的加速度為零，BC

加速度相同，分別對(duì)BA

受力分析，列出平衡方程，求出斜面的傾角；ABC

組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，初始位置彈簧處于壓縮狀態(tài)，當(dāng)B

具有最大速度時(shí)，彈簧處于伸長狀態(tài)，根據(jù)受力知，壓縮量與伸長量相等。在整個(gè)過程中彈性勢(shì)能變化為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒求出B

的最大速度，A

的最大速度與B

相等。

本題關(guān)鍵是對(duì)三個(gè)物體分別受力分析，得出物體B

速度最大時(shí)各個(gè)物體都受力平衡，然后根據(jù)平衡條件分析；同時(shí)要注意是那個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒?！窘馕觥緽C

11、BCD【分析】解：AB

由題，壟脷

的電流方向?yàn)閏隆煤d

且受到安培力的合力方向水平向右，則壟脷

所在處的磁場(chǎng)的方向向里.

由于壟脵壟脹

中電流的大小是相等的，所以如二者電流的方向相同，則，它們?cè)趬琶?/p>

處的磁場(chǎng)的和必定等于0

所以壟脵壟脹

中電流的方向必須相反，且它們?cè)趬琶?/p>

處的磁場(chǎng)的方向都向里.

由安培定則可知，壟脵

中電流的方向向上，即從b

向a壟脹

中電流的方向向下；為e

到f.

故A錯(cuò)誤，B正確；

C；壟脷

和壟脹

中電流的方向都向下；在壟脵

處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向都向里，根據(jù)左手定則可知，壟脵

受到安培力的合力方向水平向左.

故C正確；

D；根據(jù)安培定則；壟脵

在壟脹

處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向里，壟脷

在壟脹

處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向外；由于壟脷

到壟脹

的距離比壟脵

到壟脹

的距離小，而且壟脷

的電流比較大，所以壟脹

的磁場(chǎng)的方向向外.

由左手定則可知，壟脹

受到安培力的合力方向水平向左.

故D正確．

故選：BCD

根據(jù)右手螺旋定則可確定電流周圍的磁場(chǎng)方向；再根據(jù)左手定則可確定電流方向，即可求解。

考查右手螺旋定則、左手定則等規(guī)律，形成同向電流相互吸引，異向電流相互排斥的結(jié)論，便于以后解題應(yīng)用【解析】BCD

12、BD【分析】【分析】根據(jù)速度圖象的“面積”大小等于物體在某一段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移、斜率等于物體的加速度求解．【解析】【解答】解：A；根據(jù)速度圖象的“面積”等于物體在某一段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移可知；小球開始下落時(shí)距地高度為：

h=；

小球彈起的最大高度為：

；故A錯(cuò)誤，B正確；

C；根據(jù)圖象的斜率等于物體的加速度可知；小球彈起上升過程減速的加速度大小為：

；

小球下落過程的加速度大小為：

；故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：BD13、CD【分析】【分析】甲；乙速度相同時(shí)；彈簧的彈性勢(shì)能最大，由動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以求出最大彈性勢(shì)能．

根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒定律求出甲、乙的速度，分析其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．【解析】【解答】解：A；甲、乙共速時(shí)；彈簧的彈性勢(shì)能最大，甲、乙碰撞過程動(dòng)量守恒，以乙的初速度方向?yàn)檎较颍?/p>

由動(dòng)量守恒定律得：mv乙+（-mv甲）=（m+m）v；

由機(jī)械能守恒定律得：Ep=m+m-×2m×v2

解得：v=0.5m/s；

Ep=24.5J；故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)甲、乙相距最近時(shí)；物塊甲的速率為0.5m/s，故B錯(cuò)誤；

C；當(dāng)甲的速率為零是；以乙的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得。

mv乙+（-mv甲）=0+mv′乙

v′乙=1m/s；

所以當(dāng)乙的速率為0.8m/s時(shí)；甲正在向右做加速運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D；當(dāng)甲的速率為4m/s時(shí)；以乙的初速度方向?yàn)檎较颍?/p>

由動(dòng)量守恒定律得。

mv乙+（-mv甲）=mv′甲+mv″乙

v″乙=-3m/s；即乙向左運(yùn)動(dòng)；

開始時(shí)系統(tǒng)的機(jī)械能E=m+m=25J；

當(dāng)甲的速率為4m/s時(shí)，系統(tǒng)總動(dòng)能Ek總=m+m=25J；所以彈簧的彈性勢(shì)能為零，即彈簧為自由長度，故D正確；

故選：CD．14、AC【分析】【分析】速度圖象的斜率代表物體運(yùn)動(dòng)的加速度，根據(jù)形狀可判斷出兩個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)．速度正負(fù)表示速度的方向．速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積代表物體發(fā)生的位移．【解析】【解答】解：A；由圖知；甲的速度均勻減小，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，乙的速度均勻增大，做勻加速運(yùn)動(dòng)，故A正確．

B；兩個(gè)物體的速度均為正值；說明都沿正向運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤．

C；甲在t=0時(shí)刻開始出發(fā)；乙在t=1s時(shí)出發(fā)，故乙比甲晚1s出發(fā)，故C正確．

D；速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積代表物體發(fā)生的位移．則知5s末甲的位移大于乙的位移；它們的出發(fā)地點(diǎn)相同，故兩個(gè)物體沒有相遇，故D錯(cuò)誤．

故選：AC．15、BCE【分析】【分析】γ射線是電磁波，而α射線是氦原子核；氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢(shì)能減小，核外電子的運(yùn)動(dòng)速度增大，動(dòng)能增大；天然放射現(xiàn)象表明原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)；金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因光線的頻率小于極限頻率；當(dāng)有質(zhì)量虧損時(shí)，虧損的質(zhì)量以能量的形式釋放；【解析】【解答】解：A；α射線不屬于電磁波；而γ射線是電磁波，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)玻爾理論可知；氫原子輻射出一個(gè)光子后，電子從高軌道躍遷到低軌道，電子與原子核之間的距離變小，庫侖力做正功，氫原子的電勢(shì)能減小；電子與原子核之間的距離變小，由庫侖力提供向心力可得，核外電子的運(yùn)動(dòng)速度增大，故B正確．

C；天然放射現(xiàn)象表明原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)；故C正確；

D；光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)；是因?yàn)楣獾念l率小于極限頻率，故D錯(cuò)誤；

E；比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成比結(jié)合能大的原子核時(shí)有質(zhì)量虧損；釋放核能，故E正確；

故選：BCE三、填空題(共9題，共18分)16、【分析】【分析】求有效值方法：是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值【解析】【解答】解：設(shè)電流的有效值為I．取一個(gè)周期時(shí)間；由電流的熱效應(yīng)得：

I2RT=（）2R+（2）2?R

解得：I=

故選：17、正極【分析】【分析】等離子體在洛倫茲力的作用下向兩極板聚集，相差附加電場(chǎng)，當(dāng)附加電場(chǎng)的電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí)，兩極板間電勢(shì)差最大，即等于電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)平衡條件列式求解．【解析】【解答】解：等離子體在洛倫茲力的作用下向兩極板聚集；根據(jù)左手定則，正電荷受洛倫茲力向上，負(fù)電荷受洛倫茲力向下，故上極板帶正電，下極板帶負(fù)電；

當(dāng)附加電場(chǎng)的電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí)；兩極板間電勢(shì)差最大，等于電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)平衡條件，有：

qvB=q

解得：

v=；

故答案為：，正極．18、5022【分析】【分析】由圖乙可知特殊時(shí)刻的電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的特點(diǎn)，可判處于那個(gè)面上，由圖象還可知電動(dòng)勢(shì)的峰值和周期，根據(jù)有效值和峰值的關(guān)系便可求電動(dòng)勢(shì)的有效值．【解析】【解答】解：（1）由圖乙知周期T=0.02s，頻率f==50Hz；

（2）該交流電電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=22V；

交流電電動(dòng)勢(shì)的有效值為U==22V；

故答案為：（1）50

（2）2219、c到d【分析】【分析】先根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=L2ω，求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再由歐姆定律求出通過電阻R的電流強(qiáng)度的大?。捎沂侄▌t判斷感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：將金屬圓盤看成無數(shù)條金屬幅條組成的；這些幅條切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，由右手定則判斷可知：通過電阻R的電流強(qiáng)度的方向?yàn)閺腸到d．

金屬圓盤產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=r2ω，通過電阻R的電流強(qiáng)度的大小為：I==

故答案為：，c到d．20、10.0×10把紅、黑表筆短接，重新歐姆調(diào)零220【分析】【分析】（1）根據(jù)電流表量程由圖示表盤確定其分度值；讀出電流表示數(shù)．

（2）歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度過大；說明指針示數(shù)較小，所選擋位太大，應(yīng)換小擋；

（3）換擋后要先進(jìn)行歐姆調(diào)零．歐姆表指針示數(shù)與倍率的乘積是歐姆表所測(cè)電阻的阻值．【解析】【解答】解：（1）擇旋鈕置于25mA擋測(cè)電流；由表盤可知其分度值是0.5mA，電流表示數(shù)為10.0mA；

（2）歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度很大；說明所選擋位太大，應(yīng)換小擋，應(yīng)該用×10檔進(jìn)行測(cè)量；

（3）換擋后要先進(jìn)行歐姆調(diào)零；具體操作為：把紅；黑表筆短接，使指針指右端零；

由圖示可知；被測(cè)電阻阻值為22×10Ω=220Ω；

故答案為：（1）10.0；（2）“×10”（3）紅、黑表筆短接，重新歐姆調(diào)零；220．21、傳感器控制器【分析】【分析】模塊機(jī)器人由傳感器、控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成．【解析】【解答】解：模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成；相當(dāng)于人的感覺器官、大腦和肌肉．

故答案為：傳感器、控制器22、略

【分析】

設(shè)地球同步衛(wèi)星的周期為T1，GPS衛(wèi)星的周期為T2；由題意有：

由萬有引力定律的公式和向心的公式有：

由以上兩式可得：

因而：

故答案為：

【解析】【答案】該題從這兩種衛(wèi)星的周期和向心力公式的兩種表達(dá)式（）上入手．找出半徑與周期關(guān)系表達(dá)式和加速度與半徑關(guān)系表達(dá)式，從而求出R1：R2和a1：a2的值．

23、略

【分析】解：磁場(chǎng)的方向是向右的，根據(jù)左后定則可以判斷，正電荷向上偏轉(zhuǎn)，負(fù)電荷向下偏轉(zhuǎn)，所以a

點(diǎn)帶正電，a

端電勢(shì)高于b

的電勢(shì)．

當(dāng)電場(chǎng)力和洛倫茲力相等時(shí)有：qE=qvBE=Ud

則v=UBd=0.1隆脕10鈭?30.08隆脕2隆脕10鈭?3m/s=0.625m/s

故答案為：0.625

高．

血液流動(dòng)時(shí)；血液中的正負(fù)電荷在磁場(chǎng)中發(fā)生偏轉(zhuǎn)，向上下兩端偏轉(zhuǎn)，在上下兩端間產(chǎn)生電勢(shì)差，最終電荷在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡.

根據(jù)該規(guī)律求出血流的速度大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵知道血液中的正負(fù)電荷發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最終在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【解析】0.625

高24、失重天平【分析】【分析】當(dāng)飛船在環(huán)繞地球的軌道上飛行時(shí)，所需的向心力由地球?qū)λ娜f有引力提供，航天員處于完全失重狀態(tài)．