2025年人教版PEP高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版PEP高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷720考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2010秋?徐州期末）“追拍法”屬于慢速快門拍攝法的一種，要求相機(jī)跟著動(dòng)體相應(yīng)的動(dòng)，將動(dòng)體作為實(shí)影主體來(lái)表現(xiàn)動(dòng)感，如圖是體育攝影中“追拍法”的成功之作，攝影師眼中清晰的滑板運(yùn)動(dòng)員是靜止的，而模糊的背景是運(yùn)動(dòng)的，攝影師用自己的方式表達(dá)了運(yùn)動(dòng)的美，請(qǐng)問(wèn)攝影師選擇的參考系是（）A.大地B.滑板運(yùn)動(dòng)員C.步行的人D.太陽(yáng)2、（2015秋?淄博校級(jí)期末）如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對(duì)稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上．則以下判斷正確的是（）A.b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B.b點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)C.a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差大于b、c兩點(diǎn)的電勢(shì)差D.試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能3、如圖所示，開(kāi)始時(shí)矩形線圈平面與磁場(chǎng)垂直，且一半在勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)一半在勻強(qiáng)磁場(chǎng)外，若要使線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，則下列方法中不可行的是（）A.以ab為軸轉(zhuǎn)動(dòng)B.以O(shè)O′為軸轉(zhuǎn)動(dòng)C.以ad為軸轉(zhuǎn)動(dòng)（小于60°）D.以bc為軸轉(zhuǎn)動(dòng)（小于60°）4、電磁炮是現(xiàn)代武器庫(kù)中的一朵“奇葩”，其中“軌道電磁炮”由電源、金屬軌道、炮彈和電磁鐵組成．發(fā)射時(shí)接通電路，強(qiáng)大的電流通過(guò)導(dǎo)軌、電樞，與電源構(gòu)成回路，同時(shí)電磁鐵中的強(qiáng)磁場(chǎng)對(duì)電樞產(chǎn)生一個(gè)巨大的推力，推動(dòng)電樞加速運(yùn)動(dòng)，從而推動(dòng)炮彈高速發(fā)射出去．下列四幅俯視圖是簡(jiǎn)化后的“軌道電磁炮”發(fā)射圖，其中正確表示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的是（）A.B.C.D.5、甲、乙兩個(gè)物體都做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．轉(zhuǎn)動(dòng)半徑比為3：4，在相同的時(shí)間里甲轉(zhuǎn)過(guò)60圈時(shí)，乙轉(zhuǎn)過(guò)45圈，則它們所受的向心加速度之比為（）A.3：4B.4：3C.4：9D.9：166、如圖所示，一斜面體靜止在粗糙的水平地面上，一物體恰能在斜面體上沿斜面勻速下滑，此時(shí)斜面受地面的摩擦力為F1．若用沿平行于斜面方向的力F向下推此物體，使物體加速下滑，斜面體仍與地面保持相對(duì)靜止，此時(shí)斜面體受地面的摩擦力為F2，則（）A.F1=F2=OB.F2方向水平向右C.F2方向水平向左D.F1F2均不為零7、如圖所示；一根條形磁鐵自左向右穿過(guò)一個(gè)閉合螺線管，則電路中（）

A.始終有感應(yīng)電流自a向b流過(guò)電流表GB.始終有感應(yīng)電流自b向a流過(guò)電流表GC.先有a→G→b方向的感應(yīng)電流，后有b→G→a方向的感應(yīng)電流D.先有b→G→a方向的感應(yīng)電流，后有a→G→b方向的感應(yīng)電流8、圖中物體沿粗糙斜面下滑的過(guò)程中，下列關(guān)于各個(gè)力做功的說(shuō)法正確的是（）A.重力對(duì)物體不做功B.支持力對(duì)物體做正功C.摩擦力對(duì)物體做負(fù)功D.以上說(shuō)法都不正確9、如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，O為兩電荷連線的中點(diǎn)，a、b兩點(diǎn)所在直線過(guò)O點(diǎn)，且a與b關(guān)于O對(duì)稱．以下判斷正確的是（）A.a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同B.a、b兩點(diǎn)電勢(shì)相同C.將一負(fù)電荷由a點(diǎn)移到O點(diǎn)，電勢(shì)能減小D.將一正電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢(shì)能先減小后增大評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、（2010秋?清遠(yuǎn)校級(jí)期中）如圖所示，有三個(gè)點(diǎn)電荷，甲帶電為+q，乙?guī)щ姙?9q，丙帶電為Q．甲乙相距為R，將丙電荷放甲乙連線上的某點(diǎn)，使甲、乙、丙都處于平衡狀態(tài)，則丙電荷的電性應(yīng)為_(kāi)___，電荷量Q=____，所放位置應(yīng)在____．11、曲線運(yùn)動(dòng)的條件：物體所受____的方向跟它的速度方向不在同一條直線上或它的____方向與速度方向不在同一條直線上．12、一棟16m高的樓房屋檐處，因滲水每隔一定時(shí)間有一水滴落下，當(dāng)?shù)谖宓嗡坞x開(kāi)屋檐時(shí)，第一滴水滴正好落到地面，此時(shí)第三滴水滴距地面的高度是____m．13、質(zhì)點(diǎn)在x軸上運(yùn)動(dòng)，其位置坐標(biāo)x隨時(shí)間t的變化關(guān)系為x=2t2+2t-4，則其加速度a=____m/s2．當(dāng)t=0時(shí)，速度為_(kāi)___m/s（x的單位是m，t的單位是s）．14、【題文】（09·天津·9）（1）如圖所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd全部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積為S，電阻為R。線框繞與cd邊重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中感應(yīng)電流的有效值I=____。線框從中性面開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量q=____。15、在“測(cè)定金屬電阻率”的實(shí)驗(yàn)過(guò)程中：

（1）正確操作獲得金屬絲的直徑以及電流表、電壓表的讀數(shù)如圖所示，則它們的讀數(shù)依次是____mm、____A、____V．

（2）實(shí)驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器阻值范圍為0～10Ω，電流表內(nèi)阻約為幾歐，電壓表內(nèi)阻約為20kΩ，電源為干電池，其電動(dòng)勢(shì)E=4.5V，內(nèi)阻較小．則電路圖____（選填字母代號(hào)）為實(shí)驗(yàn)選擇電路，該電路測(cè)量的金屬絲電阻比真實(shí)值偏____（選填“大”或“小”）．

16、如圖所示A、B是兩塊相同的均勻長(zhǎng)方形磚塊，長(zhǎng)為L(zhǎng)，疊放在一起，A磚相對(duì)于B磚右端伸出的長(zhǎng)度，B磚放在水平桌面上，磚的端面與桌面平行，為保持兩磚都不翻倒，B磚伸出桌邊的最大長(zhǎng)度是____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、新能源是指新開(kāi)采的能源．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)轱柡推捏w積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共21分)22、某物理學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過(guò)程中，用伏安法研究某電子元件R1的（6V；2.5W）伏安特性曲線，要求多次測(cè)量盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，備有下列器材：

A．電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10Ω）

B．量程為3A，內(nèi)阻約為0.1Ω的電流表A2；

C．量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表Al；

D．量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ的電壓表V1

E．滑動(dòng)變阻器（0～20Ω；10A）

F．滑動(dòng)變阻器（0～200Ω；1A）

G．定值電阻R0（阻值1990Ω）

H．開(kāi)關(guān)與導(dǎo)線若干。

I．直流電源（6V；內(nèi)阻不計(jì)）

（1）根據(jù)題目提供的實(shí)驗(yàn)器材，請(qǐng)你設(shè)計(jì)出測(cè)量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內(nèi)）

（2）在實(shí)驗(yàn)中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)該選用的電流表是______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______．（填寫器材序號(hào)）

（3）實(shí)驗(yàn)中，______的示數(shù)為_(kāi)_____時(shí)，可測(cè)出電子元件R1的額定功率2.5W．23、某小組同學(xué)利用如圖(a)

所示的裝置研究一定質(zhì)量氣體的壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系.

他們?cè)谂c壓強(qiáng)傳感器相連的試管中封閉了一定質(zhì)量的氣體；將溫度傳感器的熱敏元件伸入到試管內(nèi)部，通過(guò)數(shù)據(jù)采集器和計(jì)算機(jī)測(cè)得試管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)和溫度.

實(shí)驗(yàn)中，把試管浸在燒杯的冷水中，通過(guò)在燒杯中逐次加入熱水來(lái)改變?cè)嚬軆?nèi)氣體的溫度．

溫度傳感器壓強(qiáng)傳感器試管熱敏元件(a)

(1)

該組同學(xué)在先后三次實(shí)驗(yàn)中獲得了三組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，通過(guò)計(jì)算機(jī)繪出的p鈭?t

圖象分別如圖(b)

中的abc

所示；其中三條線不重合的原因是______；

(2)

如果圖中p1

為已知量；則圖線a

的函數(shù)表達(dá)式為_(kāi)_____；

(3)

如果某次實(shí)驗(yàn)中，加入熱水后沒(méi)有充分?jǐn)嚢?，就立即記錄壓?qiáng)和溫度的數(shù)值，則測(cè)量的氣體溫度和該時(shí)刻氣體實(shí)際溫度相比將______(

填“偏高”“偏低”“一致”)

24、利用所學(xué)物理知識(shí)解答問(wèn)題：

（1）如圖甲所示是用雙縫干涉測(cè)光波波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)設(shè)備示意圖；圖中①是光源，②是濾光片，③是單縫，④是雙縫，⑤是光屏。下列操作能增大光屏上相鄰兩條亮紋之間距離的是______

A．增大③和④之間的距離。

B．增大④和⑤之間的距離。

C．將綠色濾光片改成紅色濾光片。

D．增大雙縫之間的距離。

（2）如果將燈泡換成激光光源；該實(shí)驗(yàn)照樣可以完成，這時(shí)可以去掉的部件是______（填數(shù)字代號(hào)）。

（3）轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭的手輪；使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)第1條亮紋，讀出手輪的讀數(shù)如圖乙所示。繼續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)第10條亮紋，讀出手輪的讀數(shù)如圖丙所示。則相鄰兩亮條紋的間距是______mm。

（4）如果已經(jīng)量得雙縫的間距是0.30mm、雙縫和光屏之間的距離是900mm，則待測(cè)光的波長(zhǎng)是______m．（取三位有效數(shù)字）評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共12分)25、A、rm{B}rm{C}rm{D}是中學(xué)化學(xué)的常見(jiàn)物質(zhì)，其中rm{A}rm{B}rm{C}均含有同一種元素。在一定條件下相互轉(zhuǎn)化的關(guān)系如下圖所示rm{(}部分反應(yīng)中的rm{H_{2}O}已略去rm{)}請(qǐng)?zhí)羁眨簉m{(1)}若rm{A}可用于自來(lái)水消毒，rm{D}是生產(chǎn)、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質(zhì)，則反應(yīng)rm{壟脷}的離子方程式為_(kāi)______________________________；實(shí)驗(yàn)室保存rm{C}的水溶液應(yīng)加入____________rm{(}填試劑名稱rm{)}rm{(2)}若rm{A}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，rm{B}是汽車尾氣之一，遇空氣會(huì)變色，則反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為_(kāi)___________________________________。rm{(3)}若rm{C}是一種能形成硫酸型酸雨的污染性氣體，rm{D}是一種能支持燃燒和呼吸的氣體，則反應(yīng)rm{壟脹}中氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的質(zhì)量比為_(kāi)________。rm{(4)}若rm{D}是一種常見(jiàn)的溫室氣體，rm{A}rm{B}rm{C}的的焰色反應(yīng)都呈黃色，則反應(yīng)rm{壟脹}的離子方程式為_(kāi)_______________________________。26、對(duì)氨基苯甲酸酯類是一類局部麻醉藥，化合物rm{M}是該類藥物之一。合成rm{M}的一種路線如下：已知以下信息：rm{壟脵}核磁共振氫譜顯示rm{B}只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，rm{H}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫。rm{壟脷}rm{壟脹E}為芳香烴，其相對(duì)分子質(zhì)量為rm{92}rm{壟脺}rm{(}苯胺，易被氧化rm{)}回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___，其化學(xué)名稱是____。rm{(2)}由rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型為_(kāi)___，rm{H}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，寫出該聚合反應(yīng)的化學(xué)方程式____。rm{(3)D}的同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣的共有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{6:1}的是____rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{)}rm{(4)}參照上述合成路線，以乙烯和環(huán)氧乙烷為原料rm{(}無(wú)機(jī)試劑任選rm{)}制備rm{1}rm{6-}己二醛，設(shè)計(jì)合成路線____27、鹽酸氨溴索rm{(H)}對(duì)于治療老年重癥肺炎有良好的療效，其合成路線如下rm{(}部分反應(yīng)條件及產(chǎn)物已略rm{)}對(duì)于治療老年重癥肺炎有良好的療效，其合成路線如下rm{(H)}部分反應(yīng)條件及產(chǎn)物已略rm{(}

rm{)}

的名稱為_(kāi)_______；反應(yīng)rm{(1)B}中為取代反應(yīng)的是__________rm{壟脵-壟脼}填序號(hào)rm{(}rm{)}的芳香族同分異構(gòu)體rm{(2)B}滿足下列條件：rm{J}可水解rm{壟脵}可發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脹}最多消耗rm{1molJ}rm{2molNaOH}有_______種；rm{J}有_______種；rm{B}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{NaHCO}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{J}rm{B}rm{NaHCO}組吸收峰，則它的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)__________。rm{{,!}_{3}}可用堿性新制氫氧化銅懸濁液檢驗(yàn)溶液反應(yīng)，并有氣體生成，其核磁共振氫譜有rm{4}組吸收峰，則它的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)__________。中的特征官能團(tuán)，寫出該檢驗(yàn)的離子反應(yīng)方程rm{4}rm{(3)}關(guān)于rm{C}的說(shuō)法正確的是________。A.式：___________________________。難溶于水rm{(4)}可使酸性rm{E}溶液褪色C.rm{E}最多與rm{B.E}加成rm{KMnO_{4}}不能與金屬鈉反應(yīng)rm{1molE}鄰氨基苯甲酸甲酯rm{1molH_{2}}具有塔花的甜香味，也是合成糖精的中間體，以甲苯和甲醇為原料，無(wú)機(jī)試劑自選，參照rm{D.E}的合成路線圖，設(shè)計(jì)rm{(5)}的合成路線___________。rm{(L)}評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共30分)28、三只燈泡L1、L2和L3的額定電壓分別為1.5V；1.5V和2.5V；它們的額定電流都為0.3A．若將它們連接成圖1、圖2所示電路，且燈泡都能正常發(fā)光．

（1）試求圖1電路的總電流和電阻R2消耗的電功率；

（2）分別計(jì)算兩電路電源的總功率；并說(shuō)明哪個(gè)電路更節(jié)能．

29、（2016?菏澤一模）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)分布有方向豎直向下、寬度為2d的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子從y軸上的A點(diǎn)以速度v0水平向右射出，穿過(guò)勻強(qiáng)電場(chǎng)后恰好打在x軸上的G點(diǎn)，且速度方向與x軸正方向成θ=60°夾角斜向下．若A點(diǎn)坐標(biāo)為（0，2d）；G點(diǎn)坐標(biāo)為（3d，0），粒子重力不計(jì)．

（1）試求該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；

（2）若撤去電場(chǎng)，在該坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)加上一個(gè)方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的圓形磁場(chǎng)，粒子扔按原方向入射，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后粒子仍打在x軸上的G點(diǎn)，且速度方向與x軸正方向成θ=60°夾角斜向下，試求該圓形磁場(chǎng)的最小面積S．30、如圖所示AB、CD為平行金屬板，A、B兩板間電勢(shì)差為500V，C、D始終和電源相接，測(cè)得其間的場(chǎng)強(qiáng)為104V/m，一質(zhì)量為2.5×10-24㎏，電荷量為8×10-16C的帶電粒子（重力不計(jì)）由靜止開(kāi)始；經(jīng)A；B加速后穿過(guò)CD發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在熒光屏上，已知C、D極板長(zhǎng)S均為4cm，熒光屏距CD右端的距離L為3cm；

問(wèn)：（1）粒子剛離開(kāi)B板小孔時(shí)的速度大小？

（2）粒子打在熒光屏上距O點(diǎn)多遠(yuǎn)處？

（3）粒子打在熒光屏上時(shí)的動(dòng)能為多大？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】“追拍法”是跟蹤運(yùn)動(dòng)的物體，將運(yùn)動(dòng)的物體看做是靜止的，由此其背景就是運(yùn)動(dòng)的了．【解析】【解答】解：

“追拍法”是跟蹤運(yùn)動(dòng)的物體；將運(yùn)動(dòng)的物體看做是靜止的，該圖片是運(yùn)動(dòng)的滑板運(yùn)動(dòng)員被攝影師當(dāng)做靜止的，而用鏡頭跟蹤，故參考系是滑板運(yùn)動(dòng)員．

故B正確；ACD錯(cuò)誤．

故選：B．2、D【分析】【分析】根據(jù)等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)分析各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小，由電場(chǎng)線性質(zhì)及電場(chǎng)的對(duì)稱性可知ab間及bc兩點(diǎn)間的電勢(shì)差關(guān)系；由電勢(shì)能的定義可知a、c兩點(diǎn)電勢(shì)能的大小．【解析】【解答】解：A、在MN上，兩電荷連線中點(diǎn)電場(chǎng)線最密，場(chǎng)強(qiáng)最大．在兩電荷連線上，中點(diǎn)處電場(chǎng)線最疏，場(chǎng)強(qiáng)最小，則b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于連線中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；也小于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故A錯(cuò)誤．

B、MN是一條等勢(shì)線，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，可知與兩等量異號(hào)電荷連線上的點(diǎn)相比較，d點(diǎn)的電勢(shì)要高，所以d點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)；故B錯(cuò)誤．

C、由對(duì)稱性可知，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b；c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；故C錯(cuò)誤．

D；因c點(diǎn)的電勢(shì)小于d點(diǎn)的電勢(shì)；故試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故D正確；

故選：D3、D【分析】【分析】磁通量是穿過(guò)線圈的磁感線的條數(shù)．對(duì)照產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過(guò)電路的磁通量發(fā)生變化進(jìn)行分析判斷有無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生．【解析】【解答】解：A、以ab為軸轉(zhuǎn)動(dòng)（小于90°）；磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A可行；

B；以O(shè)O′為軸轉(zhuǎn)動(dòng)；磁通量減小，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B可行；

C；以ad為軸轉(zhuǎn)動(dòng)（小于60°）；磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C可行；

D、以bc為軸轉(zhuǎn)動(dòng)（小于60°）；磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D不開(kāi)可行；

不同選擇不可行的，故選：D．4、B【分析】【分析】電流由電源正極經(jīng)炮彈流向電源負(fù)極，炮彈受到的安培力方向應(yīng)水平向前，由左手定則判斷磁場(chǎng)方向是否正確．【解析】【解答】解：A；由左手定則可知；圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向使炮彈受到的安培力向后，不符合實(shí)際，故A錯(cuò)誤；

B；由左手定則可知；圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向使炮彈受到的安培力向前，符合實(shí)際，故B正確；

CD；電流和磁場(chǎng)平行故不受安培力；不符合要求，故CD錯(cuò)誤；

故選：B．5、B【分析】【分析】根據(jù)角速度定義ω=可知甲、乙的角速度之比，再由向心加速度公式a=ω2r可以求出他們的向心加速度之比．【解析】【解答】解：相同時(shí)間里甲轉(zhuǎn)過(guò)60圈，乙轉(zhuǎn)過(guò)45圈，根據(jù)角速度定義ω=可知。

ω1：ω2=4：3

由題意。

r1：r2=3：4

根據(jù)a=ω2r得：

a1：a2=4：3

故選B6、A【分析】【分析】物塊勻速下滑時(shí)，對(duì)木塊和斜面體整體受力分析，根據(jù)平衡條件得到地面對(duì)斜面體的摩擦力；物塊勻速下滑和加速下滑時(shí)，分別對(duì)物塊受力分析可知，斜面體對(duì)木塊的力不變，故木塊對(duì)斜面體的力也不變，從而根據(jù)平衡條件得到地面對(duì)斜面體的摩擦力不變．【解析】【解答】解：物塊勻速下滑時(shí)；對(duì)物塊和斜面體整體進(jìn)行受力分析，受到重力；支持力，假設(shè)地面對(duì)整體有摩擦力，設(shè)為水平向右，如圖

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得到摩擦力為零；

物塊勻速下滑時(shí)；物塊受到重力；支持力和摩擦力；物塊在推力作用下加速下滑時(shí)，除推力外，仍舊受到重力、支持力和摩擦力，由于支持力不變，摩擦力也不變，即物塊對(duì)斜面體的力不變，故斜體體受到地面的摩擦力也不變；

故選A．7、C【分析】【分析】楞次定律的內(nèi)容：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是要阻礙引起感應(yīng)電流磁通量的變化．根據(jù)楞次定律判定感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：條形磁鐵從左向右進(jìn)入螺線管的過(guò)程中，原磁場(chǎng)方向向右，且磁通量在增加，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)阻礙原磁場(chǎng)磁通量的變化，所以感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向左，由安培定則，知感應(yīng)電流的方向a→G→b．

條形磁鐵從左向右離開(kāi)螺線管的過(guò)程中，原磁場(chǎng)方向向右，且磁通量在減少，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)阻礙原磁場(chǎng)磁通量的變化，所以感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向右，由安培定則，知感應(yīng)電流的方向b→G→a．故ABD錯(cuò)誤；C正確；

故選：C．8、C【分析】【分析】本題要抓住做功的兩個(gè)必要因素：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過(guò)的距離．二者缺一不可，由W=FLcosθ確定正負(fù)功．【解析】【解答】解：A；重力方向與位移方向夾角小于90°；故重力做正功，故A錯(cuò)誤；

B；支持力方向與位移垂直；故支持力不做功，故B錯(cuò)誤；

C；摩擦力方向與位移方向相反；故摩擦力做負(fù)功，故C正確；

D；綜上可知；故D錯(cuò)誤；

故選：C9、A【分析】【分析】據(jù)等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)分析各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系，由電場(chǎng)線性質(zhì)及電場(chǎng)的對(duì)稱性可知ab及bc兩點(diǎn)間的電勢(shì)關(guān)系；由電勢(shì)能的定義分析電勢(shì)能的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

A、如圖所示，根據(jù)兩等量異種電荷電場(chǎng)線的分布情況，由對(duì)稱性可知，a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同；故A正確；

B、根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸減小，可知，a點(diǎn)的電勢(shì)高于兩點(diǎn)電荷連線中垂面的電勢(shì)，b的電勢(shì)低于兩點(diǎn)電荷連線中垂面的電勢(shì)，而中垂面是一個(gè)等勢(shì)面，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)；故B錯(cuò)誤．

C；由上分析可知；a點(diǎn)的電勢(shì)高于O點(diǎn)的電勢(shì)，負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，則將一負(fù)電荷由a點(diǎn)移到O點(diǎn)，電勢(shì)能增大，故C錯(cuò)誤．

D、a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，則將一正電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)；電勢(shì)一直降低，電勢(shì)能一直減小，故D錯(cuò)誤．

故選：A二、填空題(共7題，共14分)10、負(fù)電甲左側(cè)處【分析】【分析】甲、乙、丙三個(gè)點(diǎn)電荷都處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)電荷受力分析，每個(gè)電荷都處于受力平衡狀態(tài)，故根據(jù)庫(kù)侖定律可分別對(duì)任意兩球進(jìn)行分析列出平衡方程即可求得結(jié)果．【解析】【解答】解：甲；乙、丙三個(gè)電荷要平衡；必須三個(gè)電荷的一條直線，外側(cè)二個(gè)電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個(gè)電荷，所以外側(cè)兩個(gè)電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以丙必須為負(fù)電，在甲的左側(cè)．

設(shè)丙所在位置與甲的距離為r，則丙所在位置與乙的距離為R+r；要能處于平衡狀態(tài)，所以甲對(duì)丙的電場(chǎng)力大小等于乙對(duì)丙的電場(chǎng)力大小；

設(shè)丙的電量為q．則有：=

解得：r=．

對(duì)點(diǎn)電荷甲，其受力也平衡，則=

解得：Q=q．

故答案為：負(fù)電，，甲左側(cè)處．11、合外力加速度【分析】【分析】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同．【解析】【解答】解：曲線運(yùn)動(dòng)的條件：物體所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一條直線上或它的加速度的方向與速度方向不在同一條直線上．

故答案為：合外力；加速度12、12【分析】【分析】初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第1t、第2t、第3t、第4t的位移之比為1：3：5：7；根據(jù)上述結(jié)論得到第三滴水滴距地面的高度．【解析】【解答】解：初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；第1t；第2t、第3t、第4t的位移之比為1：3：5：7；

故第三滴水滴距地面的高度為；

故答案為：12m．13、略

【分析】

根據(jù)x=以及x=2t2+2t-4，知a=4m/s2．當(dāng)t=0時(shí)；速度為2m/s．

故本題答案為：4；2

【解析】【答案】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式x=去分析加速度和初速度．

14、略

【分析】【解析】本題考查交變流電的產(chǎn)生和最大值；有效值、平均值的關(guān)系及交變電流中有關(guān)電荷量的計(jì)算等知識(shí)。

電動(dòng)勢(shì)的最大值電動(dòng)勢(shì)的有效值電流的有效值【解析】【答案】（1）15、0.7300.422.24甲小【分析】【分析】應(yīng)明確螺旋測(cè)微器讀數(shù)原理；電流表與電壓表讀數(shù)時(shí)要注意估讀，本題電流表為估讀，電壓表為估讀；

滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法時(shí)，通過(guò)電源的電流遠(yuǎn)大于采用限流式時(shí)的電流．【解析】【解答】解：（1）螺旋測(cè)微器讀數(shù)為L(zhǎng)=0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm；

電流表示數(shù)為I=0.42A；電壓表讀數(shù)為U=2.24V．

（2）根據(jù)題意，因電源不宜在長(zhǎng)時(shí)間、大功率狀況下使用，故滑動(dòng)變阻器不能用分壓式應(yīng)用限流式，又待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，故電流表應(yīng)用外接法，故電路圖甲為應(yīng)當(dāng)采用的最佳電路．根據(jù)歐姆定律R=知；由于電壓表的分流作用而使得R測(cè)量值偏?。?/p>

故答案為：（1）0.730，0.42，2.24；（2）甲，?。?6、L【分析】【分析】應(yīng)用整體法考慮，根據(jù)平衡條件得出若兩磚不翻到且B伸出最長(zhǎng)時(shí)，應(yīng)滿足整體的重心應(yīng)恰好在桌子的邊緣【解析】【解答】解：將兩塊磚看做一個(gè)整體，則其總長(zhǎng)度為，根據(jù)平衡條件看做，為了保持兩磚都不翻倒，整體的重心應(yīng)恰好在桌子邊緣，所以整體重心與A右邊緣距離為L(zhǎng)，由圖可知B邊緣到桌子邊緣的距離為x=L-L=L；

故答案為：L．三、判斷題(共5題，共10分)17、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計(jì)，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√18、×【分析】【分析】根據(jù)新能源的定義進(jìn)行判斷，新能源又稱非常規(guī)能源，是指?jìng)鹘y(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開(kāi)始開(kāi)發(fā)利用或正在積極研究、有待推廣的能源．【解析】【解答】解：新能源又稱非常規(guī)能源；是指?jìng)鹘y(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開(kāi)始開(kāi)發(fā)利用或正在積極研究；有待推廣的能源，如太陽(yáng)能、地?zé)崮?、風(fēng)能、海洋能、生物質(zhì)能和核聚變能等，因此新能源是指新開(kāi)采的能源這種說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)．同溫下未飽和蒸氣壓強(qiáng)小于飽和蒸氣壓強(qiáng)．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開(kāi)始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強(qiáng)不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)殡S溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，電荷在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力作用．【解析】【解答】解：電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用；故電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．

故答案為：√21、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對(duì)所研究的問(wèn)題可以忽略的時(shí)候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共21分)22、略

【分析】解：（1）在研究該元件的伏安特性曲線時(shí)；要求電壓從零調(diào)節(jié)，因此滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，在該實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，由于沒(méi)有電壓表，因此需要用已知內(nèi)阻的電流表G進(jìn)行改裝，由此可畫出原理圖如下所示：

（2）該元件的電流約為：Im==0.43A；故電流表應(yīng)選用0.6A量程；故選：C；

因采用分壓接法；故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻；故選：E；

（3）根據(jù)改裝原理可知；新改裝的電表內(nèi)阻為：1990+10=2000Ω；則要使電壓示數(shù)為6V，則表頭的示數(shù)應(yīng)為3mA；此時(shí)元件達(dá)額定功率為2.5W；

故答案為：（1）如右圖所示；（2）C；E；（3）電流表G；3mA

（1）在研究該元件的伏安特性曲線時(shí)；要求電壓從零調(diào)節(jié)，因此滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，所以在選擇時(shí)選擇總阻值較小的，便于調(diào)節(jié)；

（2）在該實(shí)驗(yàn)中；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，由于沒(méi)有電壓表，因此需要用已知內(nèi)阻的電流表G進(jìn)行改裝，由此可畫出原理圖；

（3）根據(jù)電表的改裝原理可知電流表示數(shù)為多少時(shí)可以應(yīng)元件兩端電壓為6V；

（4）由電表的電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，說(shuō)明它們的電壓和電流相等，根據(jù)圖象求出此時(shí)流過(guò)R1和R2的電壓電流，從而求出R1的阻值；根據(jù)串并聯(lián)知識(shí)進(jìn)一步求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻值．

本題考查測(cè)量燈泡的伏安特性曲線的方法，要注意電表的改裝原理，并能正確利用歐姆定律進(jìn)行分析求解．【解析】C；E；電流表；3mA23、略

【分析】解：(1)

由題，是氣體先后三次實(shí)驗(yàn)中獲得了三組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的P鈭?t

圖象，根據(jù)公式：PVT=C

可知；其中三條線不重合的原因可能是實(shí)驗(yàn)的過(guò)程中的體積不同，有可能是開(kāi)始時(shí)氣體的質(zhì)量不同；

(2)

斜率為：k=鈻?P鈻?t=P1273

縱軸截距為：P1

故圖線壟脵

的函數(shù)表達(dá)式為：P=kt+P1=P1273t+P1

(3)

在實(shí)驗(yàn)的過(guò)程中“加入熱水后就立即記錄一次壓強(qiáng)和溫度的數(shù)值”是錯(cuò)誤的；應(yīng)該是“加入熱水后，在氣體狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄壓強(qiáng)和溫度的數(shù)值”；因?yàn)檫@時(shí)氣體的溫度與液體的溫度不一定相等，但測(cè)量的氣體溫度和該時(shí)刻氣體實(shí)際溫度相比是相等的．

故答案為：(1)

體積不同，或者質(zhì)量不同；(2)P1273t+P1(3)

一致。

(1)

根據(jù)公式：PVT=C

分析不重合的原因即可；

(2)

運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)求出斜率；然后結(jié)合查理定律即可求出；

(3)

由于熱敏電阻在氣體內(nèi)；所以測(cè)量的氣體溫度和該時(shí)刻氣體實(shí)際溫度相比是相等的．

該題考查對(duì)查理定律的驗(yàn)證，解答本題關(guān)鍵是根據(jù)查理定律進(jìn)行分析，最后親手做實(shí)驗(yàn)體會(huì)實(shí)際問(wèn)題．【解析】體積不同，或者質(zhì)量不同；P1273t+P1

一致24、BC②，③1.615.37×10-7【分析】【分析】

（1）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式得出增加相鄰亮紋（暗紋）間的距離的方法。

（2）將燈泡換成激光光源；激光的單色性好，不需要濾光片。

（3）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，需要估讀一位，再依據(jù)△x=

（4）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ求出光波的波長(zhǎng)。

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法；固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，不需估讀。以及掌握條紋間距公式，注意相鄰亮條紋間距的求解是解題的關(guān)鍵。

【解答】

（1）根據(jù)△x=λ知；為增大相鄰亮紋（暗紋）間的距離，可采取增大雙縫到光屏的距離；減小雙縫間距離、或增大入射光的波長(zhǎng)，而單縫與雙縫間距不會(huì)影響條紋間距。故BC正確，AD錯(cuò)誤。

（2）將燈泡換成激光光源；激光的單色性好，不需要濾光片與單縫，即為②與③。

（3）圖乙中固定刻度讀數(shù)為0.0mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×4.5=0.045mm，所以最終讀數(shù)x1=0.045mm。

圖丙中固定刻度讀數(shù)為14.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×3.5=0.035mm，所以最終讀數(shù)x10=14.535mm。

根據(jù)△x==1.61mm；

（4）相鄰干涉條紋的間距△x=1.61mm=1.61×10-3m

由△x=λ得λ===5.37×10-7m

故答案為：

（1）BC；（2）②③；（3）1.61；（4）5.37×10-7

【解析】BC②，③1.615.37×10-7五、推斷題(共3題，共12分)25、（1）鐵粉和稀鹽酸

（2）

（3）2：1

（4）【分析】【分析】本題考查較為綜合，涉及元素化合物的推斷，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力，物質(zhì)性質(zhì)是解題關(guān)鍵，題目具有一定難度，做題時(shí)注意把握推斷的思路?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}可用于自來(lái)水消毒，應(yīng)為rm{Cl_{2}}rm{D}是生產(chǎn)、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質(zhì)，應(yīng)為rm{Fe}則rm{B}為rm{FeCl_{3}}rm{C}為rm{FeCl_{2}}則反應(yīng)rm{壟脷}的離子方程式為：的離子方程式為：rm{壟脷}因?yàn)槁然瘉嗚F具有還原性，易被空氣氧化，所以rm{2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}的水溶液應(yīng)加鐵粉，

故答案為：實(shí)驗(yàn)室保存rm{C}的水溶液應(yīng)加鐵粉，鐵粉和稀鹽酸；

rm{C}若rm{2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，應(yīng)為rm{(2)}rm{A}是汽車尾氣之一，遇空氣會(huì)變色，應(yīng)為rm{NH_{3}}反應(yīng)rm{B}的化學(xué)方程式為rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}

故答案為：rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}

rm{NO}rm{壟脵}是一種能形成硫酸型酸雨的污染性氣體，則rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}應(yīng)為rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}則rm{(3)}為若rm{C}是一種能形成硫酸型酸雨的污染性氣體，則rm{C}rm{C}為rm{C}rm{SO_{2}}為rm{A}反應(yīng)rm{H_{2}S}的化學(xué)方程式是rm{D}rm{O_{2}}rm{B}；

故答案為：rm{S}rm{壟脹}

rm{2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}若，該反應(yīng)中氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物均為硫，其質(zhì)量比為rm{2}rm{1}是常見(jiàn)的溫室氣體，rm{2}rm{1}的的焰色反應(yīng)都呈黃色，則rm{2}為rm{1}rm{(4)}，rm{D}為A、rm{B}rm{C}的的焰色反應(yīng)都呈黃色rm{B}為rm{C}rm{A}為rm{NaO}反應(yīng)rm{H}的離子方程式是：rm{O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}

故答案為：rm{O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}rm{H}【解析】rm{(1)2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}鐵粉和稀鹽酸rm{(2)4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}rm{(1)2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}

}rm{(2)4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}rm{(4)O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}rm{(3)2}26、（1）2-甲基丙烯（2）還原反應(yīng)（3）15（4）【分析】【分析】本題考查的是有機(jī)物的合成與推斷，掌握有機(jī)物各官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)化的條件是解答本題的關(guān)鍵，注意題中信息的運(yùn)用?！窘獯稹亢舜殴舱駳渥V顯示rm{B}只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，則rm{B}中一個(gè)碳原子上連有三個(gè)甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，則rm{B}中一個(gè)碳原子上連有三個(gè)甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式則rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}可知，；根據(jù)信息rm{壟脷}可知，rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{壟脷}為芳香烴，其相對(duì)分子質(zhì)量為rm{D}則rm{E}為芳香烴，其相對(duì)分子質(zhì)量為rm{92}則rm{E}的分子式為rm{{C}_{7}{H}_{8}}則其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{H}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對(duì)位，根據(jù)rm{E隆煤F}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{H}苯環(huán)上兩種取代基處于對(duì)位，則硝基處于甲基的對(duì)位，所以rm{F}為rm{G}為rm{H}為rm{D}與rm{H}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{M}則rm{M}為的分子式為rm{E}則其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{92}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對(duì)位，根據(jù)rm{E}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{{C}_{7}{H}_{8}}苯環(huán)上兩種取代基處于對(duì)位，則硝基處于甲基的對(duì)位，所以rm{H}為rm{E隆煤F}為rm{H}為rm{F}與rm{G}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{H}則rm{D}為rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{M}甲基丙烯，故答案為：rm{M}甲基丙烯；rm{(1)A}，其化學(xué)名稱為rm{2-}甲基丙烯，生成rm{2-}的反應(yīng)為苯環(huán)上的硝基轉(zhuǎn)化為氨基，所以為還原反應(yīng)；rm{2-}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，該聚合反應(yīng)的化學(xué)方程式____故答案為：還原反應(yīng)；rm{(2)}為其同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣，則不含羥基，含有醚鍵，則連有醚鍵的兩個(gè)烴基可分別為甲基和戊基，乙基和丁基，丙基和丙基。甲基只有一種，乙基只有一種，丙基有兩種，丁基有rm{(2)}種，戊基有rm{G}種，所以連有醚鍵的兩個(gè)烴基可分別為甲基和戊基，有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為乙基和丁基時(shí)有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為丙基和丙基時(shí)有rm{(3)D}種結(jié)構(gòu)，所以共有rm{4}種結(jié)構(gòu)，其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{8}的是故答案為：rm{8}rm{4}乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{3}rm{8+4+3=15}二溴乙烷，根據(jù)信息rm{6:1}可知rm{15}rm{(4)}二溴乙烷發(fā)生信息rm{1}的反應(yīng)生成rm{2-}rm{壟脷}己二醇，rm{1}rm{2-}二溴乙烷發(fā)生信息rm{壟脷}的反應(yīng)生成rm{1}rm{6}己二醇，rm{1}rm{6}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{1}rm{6-}己二醛，其合成路線為：rm{1}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{2-}rm{壟脷}己二醛，其合成路線為：故答案為：rm{1}【解析】rm{(1)}rm{2-}甲基丙烯rm{(2)}還原反應(yīng)rm{(3)15}rm{(4)}27、（1）鄰硝基甲苯(或2-硝基甲苯)①⑤

（2）6種

（3）

（4）AB

（5）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成和有機(jī)物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)的關(guān)系，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知rm{B}的名稱為：鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}；反應(yīng)rm{壟脵}是甲苯的取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脷}是甲基的氧化反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脺}是加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脻}是取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脼}是氨基和酸的反應(yīng)，故答案為：鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}rm{壟脵壟脻}rm{(2)}rm{B}的芳香族同分異構(gòu)體rm{J}可以水解，則含有酯基，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則要有醛基或甲酸某酯，同時(shí)滿足rm{1molJ}最多消耗rm{2molNaOH}的的芳香族同分異構(gòu)體rm{B}可以水解，則含有酯基，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則要有醛基或甲酸某酯，同時(shí)滿足rm{J}最多消耗rm{1molJ}的rm{2molNaOH}有rm{J}有種，rm{J}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{6}rm{B}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{NaHCO}rm{B}故答案為：rm{NaHCO}r