2025年滬教新版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版高二物理上冊階段測試試卷234考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（4分）如圖所示，直線A為電源的U﹣I圖線，直線B為電阻R的U﹣I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電路的總功率不可能分別是（）A.4W、8WB.2W、4WC.4W、6WD.2W、3W2、如圖所示，a，b，c為電場中同一條水平方向電場線上的三點，c為ab中點．a，b電勢分別為下列敘述正確的是（）A.該電場在c點處的電勢一定為4VB.a點處的場強一定大于b點處的場強C.一正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少D.一正電荷運動到c點時受到的電場力由a指向c3、如圖所示，在柱形容器中裝有部分水，容器上方有一可自由移動的活塞。容器水面浮有一個木塊和一個一端封閉、開口向下的玻璃管，玻璃管中有部分空氣，系統(tǒng)穩(wěn)定時，玻璃管內空氣柱在管外水面上方的長度為a，空氣柱在管外水面下方的長度為b，水面上方木塊的高度為c，水面下方木塊的高度為d。現(xiàn)在活塞上方施加豎直向下、且緩緩增大的力F，使活塞下降一小段距離（未碰及玻璃管和木塊），下列說法中正確的是（）（A）d和b都減小（B）只有b減?。–）只有a減小（D）a和c都減小4、小燈泡通電后，其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，則下列說法不正確的是()A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B.對應P點，小燈泡的電阻為C.對應P點，小燈泡的電阻為D.對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積5、做簡諧振動的單擺擺長不變，若擺球質量增加為原來的4倍，擺球經過平衡位置時速度減小為原來的則單擺振動的（）A.頻率、振幅都不變B.頻率、振幅都改變C.頻率改變、振幅不變D.頻率不變、振幅改變6、在真空中有ab

兩個點電荷，b

的電荷量是a

的2

倍，如果a

受到的靜電力是F

則b

受到的靜電力是(

)

A.F

B.2F

C.3F

D.4F

7、2009年12月11日；中國選手劉翔在東亞運動會男子110米欄決賽中，以13秒66的成績奪得冠軍，實現(xiàn)了中國選手在該項目上的三連冠．關于劉翔在決賽中的運動速度，下列說法正確的是（）

A.平均速度約為8.05m/s

B.最大速度一定為8.05m/s

C.沖刺速度一定為8.05m/s

D.起動速度約為8.05m/s

8、如圖甲所示,電壓表V1、V2串聯(lián)接入電路中時,示數(shù)分別為6V和4V,當只有電壓表V2接入電路中時,如圖乙所示,示數(shù)為9V,電源的電動勢為()

A.9.8VB.10.8VC.10VD.11.2V9、如圖甲所示，在水平面上固定有平行長直金屬導軌ab和cd，bd端接有電阻R．導體棒ef垂直軌道放置在光滑導軌上，導軌電阻不計。導軌右端區(qū)域存在垂直于導軌面的勻強磁場，且磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示。在t=0時刻，導體棒以速度v0從導軌的左端向右運動，經過時間2t0開始進入磁場區(qū)域；取磁場方向垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，回路中順時針方向為電流正方向，則回路中的電流i隨時間t的變化規(guī)律圖象可能是（）

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、如圖是一種溫度自動報警器原理示意圖，制作水銀溫度計時，插入一根金屬絲，水銀與金屬絲相接觸時，電磁鐵電路就會接通．當溫度____時，電鈴響，發(fā)出報警信號，此時螺線管的上端是____極．

11、將2.0kg的物體從靜止開始，以1.0m/s2的加速度豎直提升8.0m，需要做的功為______J，物體的重力勢能增加______J．（g取10m/s2）12、將一個電動傳感器接到計算機上，就可以測量快速變化的力，用這種方法測得的某單擺擺動時懸線上拉力的大小隨時間變化的曲線如圖所示，根據(jù)此圖線提供的信息，t=0.2s時擺球正經過____（填“最高點”或“最低點”），此單擺的擺動的周期T=____s．

13、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置；在以下操作步驟中，靜電計指針的張角分別是怎樣變化的？請將答案填在相應的橫線上．

①甲圖中將B板上移，靜電計的指針張角將____.（填“增大”或“減小”或“不變”）

②乙圖中將B板左移，靜電計的指針張角將____.（填“增大”或“減小”或“不變”）

③丙圖中將電介質插入兩板之間，靜電計的指針張角將____.（填“增大”或“減小”或“不變”）

④本實驗的研究方法是____．14、如圖所示，在《探究產生感應電流的條件》的實驗中，開關斷開時，條形磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針不動；開關閉合時，磁鐵靜止在線圈中，電流表表針也不動；開關閉合時，將磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針發(fā)生偏轉．由此得出，產生感應電流的條件是：電路必須______，穿過電路的磁通量發(fā)生______．15、(1)

如圖所示，桌面上放一10

匝的線圈，線圈中心上方一定高度處有一豎立的條形磁體。當磁體豎直向下運動時，穿過線圈的磁通量將____(

選填“變大”或“變小”)

在上述過程中，穿過線圈的磁通量變化了1.0Wb

經歷的時間為0.5s

則線圈中的感應電動勢為____V

(2)

太陽能是綠色能源，太陽能發(fā)電已被廣泛應用，某型號太陽能電池組的電動勢為43.2V

內阻為6婁賂

給一個阻值為8.4婁賂

的電阻供電，則通過該電阻的電流為____A

該電阻兩端的電壓為____V

16、如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢面，且相鄰兩等勢面的電勢差相等，一正電荷在等勢面婁脮3

上時具有動能60J

它運動到等勢面婁脮1

上時，速度恰好為零，令婁脮2=0

那么，當該電荷的電勢能為12J

時，其動能大小為______J.評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共6分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、簡答題(共2題，共12分)24、rm{(1)}甲醇質子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉化為氫氣的一種原理是rm{CH_{3}OH(g)}和rm{H_{2}O(g)}反應生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}下圖是該過程中能量變化示意圖，若在反應體系中加入催化劑，反應速率增大，正反應活化能rm{a}的變化是________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}反應熱rm{婁隴H}的變化是__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}請寫出反應進程rm{CH}的變化是________rm{a}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}反應熱rm{)}的變化是__________rm{婁隴H}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}請寫出反應進程rm{)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}和rm{OH(g)}和rm{H}rm{OH(g)}rm{H}反應的熱化學方程式_______________。rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)}反應的熱化學方程式_______________。以rm{O(g)}燃料電池為電源電解法制取二氧化氯rm{(2)}為一種黃綠色氣體，是國際上公認的高效、廣譜、快速、安全的殺菌消毒劑。rm{CH_{3}OH}燃料電池放電過程中，通入rm{ClO_{2}}的電極附近溶液的rm{(ClO_{2})}________rm{壟脵CH_{3}OH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{O_{2}}負極反應式為___________。rm{pH}下圖中電解池用石墨作電極，在一定條件下電解飽和食鹽水制取rm{(}陽極產生rm{)}的反應式為________________________________。

rm{壟脷}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{ClO_{2}}時rm{ClO_{2}}標準狀況，忽略生成的氣體溶解rm{壟脹}停止電解，通過陽離子交換膜的陽離子為________rm{6.72L}rm{(}25、一質量為m=0.2kg

的皮球.

從高H=0.8m

處自由落下，與地面相碰t=0.1s

后反彈的最大高度為h=0.45m

求球與地面接觸這段時間內地面對皮球的平均作用力？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A|B|D【分析】【解析】試題分析：電源的U﹣I圖象與U軸的交點數(shù)值是電源的電動勢；電源的U﹣I圖象與電阻R的U﹣I圖象交點電壓與電流是該電源與該電阻組成閉合電路時的電路電流與路端電壓，由圖象求出電源電動勢、電路電流與路端電壓，然后由P出=UI求出電源的輸出功率，有P=EI求解電源的總功率．【解析】

由圖象可知，電源電動勢E=3V，電路電流I=2A時，路端電壓U=2V；則電源的輸出功率，即外電路功率為：P出=UI=2V×2A=4W，電路的總功率為：P=EI=3V×2A=6W；因選不可能的是，故選：ABD．【解析】【答案】ABD2、C|D【分析】試題分析：當該電場是勻強電場時，由于沿電場方向相同距離電勢差相等，則場在c點處的電勢一定為4V．當該電場不是勻強電場時，在c點處的電勢不一定為4V．故A錯誤；一條電場線無法比較電場線的疏密，就無法比較場強的大小，則a點處的場強不一定大于b點處的場強．故B錯誤；由題，a點的電勢高于b點的電勢，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大可知，正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少．故C正確；由題可判斷電場線方向從a指向b，正電荷運動到c點時受到的電場力由a指向c．故D正確．考點：考查了電勢，電場強度，電勢能【解析】【答案】CD3、C【分析】活塞下降一小段距離，則容器中的氣體體積減小，壓強增大，對于木塊露出的部分決定于上、下壓強差，故c不變，對于玻璃管，浮力等于重力，排開水的體積不變，因壓強增大，b變大，故a減小，C正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緾4、B【分析】試題分析：根據(jù)可知，隨著所加電壓的增大，減小，故小燈泡的電阻增大，選項A正確；對應P點，小燈泡的電阻為選項C正確，B錯誤；對應P點，小燈泡的功率為P=UI2即圖中矩形PQOM所圍的面積，選項D正確。考點：I-U圖線；歐姆定律；電功率。【解析】【答案】B5、D【分析】解：由單擺的周期公式T=2π可知，單擺擺長不變，則周期不變，頻率不變；

振幅A是反映單擺運動過程中的能量大小的物理量，由EK=mv2可知；擺球經過平衡位置時的動能不變，但質量增加，所以高度減小，因此振幅改變，所以D正確．

故選：D．

由單擺的周期公式T=2π可以判斷單擺的周期的變化，由EK=mv2可以判斷單擺的能量的變化；從而可以判斷振幅的變化．

單擺的擺長和重力加速度的大小決定單擺的周期的大小，單擺的能量決定單擺的振幅的大?。窘馕觥俊敬鸢浮緿6、A【分析】解：電荷對b

電荷的靜電力與b

電荷對a

電荷的靜電力是一對作用力與反作用力，大小相等。所以b

受到的靜電力是F.

故A正確；BC

D錯誤。

故選：A

a

電荷對b

電荷的靜電力與b

電荷對a

電荷的靜電力是一對作用力與反作用力，根據(jù)作用力和反作用力的大小關系求出b

所受到的靜電力．

解決本題的關鍵是要知道作用力與反作用力大小是相等的，理解牛頓第三定律的內容．【解析】A

7、A【分析】

根據(jù)平均速度的定義有：=8.05m/s；故A正確；

B；8.05m/s是劉翔整個比賽過程中的平均速度；不是最大速度，也不是經過終點線的瞬時速度和啟動速度，故BCD錯誤．

故選A

【解析】【答案】根據(jù)平均速度公式正確求解平均速度的大小；理解瞬時速度的概念．

8、B【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，電源電動勢肯定大于路端電壓，所以電動勢要超過10V，AC排除?？芍?lián)立求得電動勢為10.8V

【點評】本題考查了閉合電路歐姆定律的理解，通過列式求解。9、A【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應定律可得，在0～2t0時間內，產生的感應電動勢E1=為定值；則感應電流為定值，根據(jù)楞次定律可得回路中電流方向為逆時針，即負方向；

導體棒進入磁場的過程中，感應電流i===-隨著速度減小；安培力減小、則加速度a減小，i-t圖象的斜率減小，根據(jù)右手定則可得電流方向為順時針。

所以A正確；BCD錯誤；

故選：A。

根據(jù)法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律求解感應電流隨時間的變化關系；再根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向。

對于圖象問題，關鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導出橫坐標和縱坐標的關系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷。【解析】A二、填空題(共7題，共14分)10、升高N【分析】【解答】①溫度自動報警器的工作過程是這樣的；當溫度升高時，玻璃泡中的水銀膨脹，水銀液柱上升，當升高到警戒溫度即金屬絲下端對應的溫度時，控制電路接通，電磁鐵有磁性，吸引銜鐵，從而使觸點與上面斷開，與下面連通，此時電鈴響，發(fā)出報警信號．

②從圖可知，電流是從螺旋管的下端流入，上端流出，根據(jù)安培定則可知，用右手握螺線管，讓四指指向螺線管中電流的方向，則大拇指所指的上端就是螺線管的N極．

故答案為：升高；N．

【分析】①溫度自動報警器是由于溫度計所在的環(huán)境溫度的變化；從而可以控制左側控制電路的接通，實現(xiàn)自動控制．

②首先由電源的正負極判斷出螺旋管中電流的方向，再利用安培定判斷出螺旋管的N、S極．11、略

【分析】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

F-mg=ma

解得：F=2×（10+1）=22N

則F做的功：W=Fh=22×8=176J

物體重力勢能的增加等于物體克服重力所做得功，為：W克=-WG=mgh=20×8=160J

故答案為：176；160．

根據(jù)牛頓第二定律求出牽引力的大小；從而求出牽引力做的功，根據(jù)W=mgh求出物體克服重力做的功．

本題通過牛頓第二定律，結合功的公式進行求解，也可以通過動能定理求出拉力對物體做功的大?。窘馕觥?76；16012、略

【分析】

在t=0.2s時；懸線的拉力最大，所以擺球正經過最低點．從平衡位置開始計時，在一個周期內兩次經過平衡位置，從圖上可以看出，從0.2s開始計時，第二次經過平衡位置的時間為1.4s，所以單擺的周期為1.2s．

故本題答案為：最低點；1.2．

【解析】【答案】單擺在擺動的過程中；經過最低點時，繩子的拉力最大，經過最高點時，繩子的拉力最小．從平衡位置開始計時，在一個周期內兩次經過平衡位置．

13、增大增大減小控制變量法【分析】【解答】（1）根據(jù)C=，C=B板上移，S減小，C減小，Q不變，U增大，張角將增大；（2）B板左移，d增大，C減小，U增大，張角將增大；（3）插入電介質，ε增大，電容C增大，U減小；張角將減小．（4）控制變量法．

故答案為：增大；增大、減小、控制變量法．

【分析】根據(jù)C=，C=聯(lián)合分析求解；研究某量與其他兩之間的關系時，常采用控制變量法．14、略

【分析】解：開關斷開時；條形磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針不動；知磁通量變化，電路斷開，不產生感應電流．

開關閉合時；磁鐵靜止在線圈中，電流表表針也不動；知電路閉合，磁通量不變，不產生感應電流．

開關閉合時；將磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針發(fā)生偏轉．知電路閉合，磁通量變化，產生感應電流．

綜上所知；感應電流產生的條件是：電路必須閉合，穿過電路的磁通量發(fā)生變化．

故答案為：閉合；變化．

當穿過閉合回路中的磁通量發(fā)生變化時；會產生感應電流．

解決本題的關鍵掌握感應電流的產生條件，知道當穿過閉合回路中的磁通量發(fā)生變化時，會產生感應電流．【解析】閉合；變化15、（1）變大，20

（2）3；25.2

【分析】(1)(1)【分析】由磁通量的定義可知線圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應定律可求得線圈中的感應電動勢，從而即可求解。本題考查法拉第電磁感應定律的應用，題目較為簡單，熟記法拉第電磁感應定律即可求解?！窘獯稹吭诖朋w豎直向下落時；穿過線圈的磁感應強度增大，故磁通量變大；

由法拉第電磁感應定律可得：E=N?婁脮?t=10隆脕10.5V=20V

故填：變大，2

(2)

【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流，由歐姆定律求出電阻兩端的電壓。閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律是電路部分重點知識，要能熟練運用。

【解答】根據(jù)閉合電路歐姆定律得：通過該電阻的電流為。

I=ER+r=43.26+8.4A=3A

該電阻兩端的電壓為U=IR=3隆脕8.4V=25.2V

故填：325.2

【解析】(1)變大，2020(2)(2)325.2

16、略

【分析】解：由題；正電荷在等勢面婁脮3

上時動能60J

在等勢面婁脮1

上時動能為零，此過程電荷動能的減小60J

．

由于相鄰等勢面間的電勢差相等；電荷經過相鄰等勢面時電場力做功相等，動能減小量相等，則電荷經過婁脮2

等勢面時的動能為30J

又婁脮2=0

所以電荷的動能與電勢能的總量為30J

根據(jù)能量守恒定律得到，電勢能為12J

時它的動能為18J

．

故答案為：18

相鄰等勢面間的電勢差相等；電荷經過相鄰等勢面時電場力做功相等，根據(jù)動能定理求出電荷經經過婁脮2

等勢面時的動能，確定電荷的總能量，再由能量守恒定律求出電勢能為12J

時它的動能．

本題要充分運用勻強電場的特點，確定出電荷的總能量是關鍵．【解析】18

三、判斷題(共5題，共10分)17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、證明題(共2題，共6分)22、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側彈簧被拉伸X，右側彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側彈簧被拉伸X，右側彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、簡答題(共2題，共12分)24、（1）減小不變CH3OH(g)+H2O(g)=CO2(g)+3H2(g)△H=+(a-b)KJ/mol

（2）①增大；CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1；【分析】【分析】本題主要是考查反應熱的計算、蓋斯定律應用及電化學原理的應用，是高考?？碱}型，注意原電池和電解池的原理分析和電極反應書寫是關鍵，側重知識的綜合能力考察，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}催化劑降低反應的活化能，加快反應速率，即rm{a}減小，但催化劑不能改變活化能，即反應熱rm{triangleH}不變，反應能量圖中生成物的總能量大于反應物的總能量，則為吸熱反應，由圖可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸氣反應生成rm{CO_{2}}和氫氣吸收的熱量為rm{(a-b)kJ}反應熱化學方程式為：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

故答案為：減小；不變；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}