2025年上教版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于分子電流假說，下列說法中正確的是（）A.分子電流假說最初是由法國學者法拉第提出的B.分子電流假說是安培通過精密儀器觀察到分子電流而提出的C.分子電流假說無法解釋加熱“去磁”現(xiàn)象D.分子電流假說揭示了磁鐵的磁場與電流的磁場具有共同的本質(zhì)，即磁場都是由運動電荷產(chǎn)生的2、關(guān)于物體做曲線運動，下列說法正確的是（）A.物體受的合外力不為零時一定做曲線運動B.物體做曲線運動時所受的合外力一定不為零C.物體在恒力的作用下，不能做曲線運動D.速度的大小和方向一定時刻變化3、如圖，一理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為4：1，原線圈兩端接入一正弦交流電源；副線圈電路中R為負載電阻，交流電壓表和交流電流表都是理想電表．下列結(jié)論正確的是（）A.若電壓表讀數(shù)為6V，則輸入電壓的最大值為24VB.若輸入電壓不變，副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，則電流表的讀數(shù)減小到原來的一半C.若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，則輸入功率也增加到原來的2倍D.若保持負載電阻的阻值不變．輸入電壓增加到原來的2倍，則輸出功率增加到原來的8倍4、如圖所示是滑梯簡化圖，一小孩從滑梯上A點開始無初速度下滑，在AB段勻加速下滑，在BC段勻減速下滑，滑到C點恰好靜止，整個過程中滑梯保持靜止狀態(tài)．假設(shè)小孩在AB段和BC段滑動時的動摩擦因數(shù)分別為μ1和μ2，AB與BC長度相等，則（）A.整個過程中地面對滑梯始終無摩擦力作用B.動摩擦因數(shù)μ1+μ2=2tanθC.小孩從滑梯上A點滑到C點先超重后失重D.整個過程中地面對滑梯的支持力始終等于小孩和滑梯的總重力5、如圖所示；位于豎直面內(nèi)的半圓形光滑凹槽放在光滑的水平面上，小滑塊從凹槽邊緣A點由靜止釋放，經(jīng)最低點B向上到達另一側(cè)邊緣C點．把小滑塊從A點到達B點稱為過程Ⅰ，從B點到達C點稱為過程Ⅱ，則（）

A.過程Ⅰ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒。

B.過程Ⅰ中小滑塊對凹槽做正功。

C.過程Ⅱ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)機械能守恒。

D.過程Ⅱ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)機械能不守恒。

6、在如下左圖的電路中，當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，A、B兩燈亮度的變化情況為（）A.A燈和B燈都變亮B.A燈和B燈都變暗C.A燈變亮，B燈變暗D.A燈變暗，B燈變亮7、如圖所示，電荷量為q的正點電荷與均勻帶電且很薄的水平圓板相距為2d，點電荷到圓板的垂線通過圓板的圓心，若圖中b點的電場強度為零，則在圖中a點的電場強度大小和方向分別為（靜電力常數(shù)為k）（）A.，豎直向下B.，豎直向下C.，豎直向上D.，豎直向下8、一物體受F1=4N和F2=7N兩個共點力的作用，則合力大小可能是（）A.0B.2NC.5ND.12N9、用三根輕繩將質(zhì)量為m的物塊懸掛在空中，如圖所示．已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°，則ac繩和bc繩中的拉力分別為（）A.mg，mgB.mg，mgC.mg，mgD.mg，mg評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、一臺電風扇，內(nèi)阻為20Ω，接上220V的電壓后正常運轉(zhuǎn)，此時它消耗的電功率是66W，那么通過電動機的電流是____A，電動機輸出功率為____W，如接上電源后，扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動，電動機消耗的發(fā)熱功率為____W．11、【題文】一正弦式電流頻率為______，接上R=10Ω電阻后，一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為______，12、（2013秋?宣武區(qū)校級期中）如圖所示，小球B靜止在光滑水平面上，小球A以速度v0=6m/s向右運動；A；B的質(zhì)量分別為1kg、2kg．若A、B分別發(fā)生：

（1）彈性碰撞，則碰后A的速度大小為____m/s；

（2）完全非彈性碰撞，則碰后A的速度大小為____m/s．13、初動能為20ev的電子，從A點順著電線場方向飛入勻強電場，達到B點（位移SAB=10cm）時，電子的速度降為零，則UAB為____v，勻強電場的電場強度為____．14、（2011秋?崇明縣校級期中）在利用牛頓管“研究重力作用下物體的運動”的實驗中，兩次實驗情景如圖所示，其中，____（填“左”或“右”）圖是已抽成真空的情景；觀察兩次實驗現(xiàn)象，得到的科學結(jié)論是____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）16、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應強度一定為零．____．（判斷對錯）17、普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對錯）18、當溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）19、如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標原點，則地面的坐標為x=-0.8m．____．（判斷對錯）20、較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導致受力平衡．因為分子沖擊力小，不易改變大顆粒的運動狀態(tài)．____．（判斷對錯）21、布朗運動是微觀粒子的運動，其運動規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共2題，共18分)22、要測繪一個標有“3V0.6W

”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V

并便于操作。已選用的器材有：電池組(

電動勢為4.5V

內(nèi)阻約1婁賂):

電流表(

量程為0隆蘆250mA.

內(nèi)阻約5婁賂);

電壓表(

量程為0隆蘆3V.

內(nèi)限約3k婁賂):

電鍵一個、導線若干。(1)

實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的____(

填字母代號)

A.滑動變阻器(

最大阻值20婁賂

額定電流1A)

B.滑動變阻器(

最大阻值1750婁賂

額定電流0.3A)

(2)

實驗的電路圖應選用下列的圖____(

填字母代號)

(3)

實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5V

內(nèi)阻為50婁賂

的電源兩端，小燈泡消耗的功率是____W

23、如圖甲，某實驗小組采用常規(guī)方案驗證動量守恒定律。實驗完成后，該小組又把水平木板改為豎直木板再次實驗，如圖乙所示。圖中小球半徑均相同、質(zhì)量均已知，且mA＞mB；B；B′兩點在同一水平線上。

（1）若采用圖甲所示的裝置；實驗中還必須測量的物理量是______。

（2）若采用圖乙所示的裝置；下列說法正確的是______。

A．必需測量B′O；BN、BP和BM的距離。

B．必需測量B′N；B′P和B′M的距離。

C．若=+則表明此碰撞動量守恒。

D．若=+則表明此碰撞動量守恒評卷人得分五、綜合題(共2題，共6分)24、【題文】將阻值為R="36"Ω的電阻絲浸入質(zhì)量為m="200"g、溫度為t1="20"℃的煤油中，電阻絲兩端接在電壓為U="6"V的電源上，假設(shè)電阻絲放出的熱量全部被煤油吸收，經(jīng)過t="7"mIn的時間后，煤油的溫度t2是多少度？〔煤油的比熱容c="0.5"caL/（g·℃）〕25、【題文】

磁譜儀是測量能譜的重要儀器。磁譜儀的工作原理如圖所示，放射源Ｓ發(fā)出質(zhì)量為m、電量為q的粒子沿垂直磁場方向進入磁感應強度為Ｂ的勻強磁場，被限束光欄Ｑ限制在２的小角度內(nèi)，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后打到與束光欄平行的感光片Ｐ上。（重力影響不計）

（１）若能量在Ｅ∽Ｅ＋ΔＥ（ΔＥ>0，且ΔＥ<<Ｅ）范圍內(nèi)的粒子均垂直于限束光欄的方向進入磁場。試求這些粒子打在膠片上的范圍Δx1.

(2)實際上，限束光欄有一定的寬度，粒子將在２角內(nèi)進入磁場。試求能量均為Ｅ的粒子打到感光膠片上的范圍Δx2參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】安培根據(jù)通電螺線管的磁場與條形磁鐵相似提出的一種假說，他認為構(gòu)成磁體的分子內(nèi)部存在一種環(huán)形電流--分子電流．由于分子電流的存在，每個磁分子成為小磁體，兩側(cè)相當于兩個磁極．通常情況下磁體分子的分子電流取向是雜亂無章的，它們產(chǎn)生的磁場互相抵消，對外不顯磁性．當外界磁場作用后，分子電流的取向大致相同，兩端顯示較強的磁體作用，形成磁極，就被磁化了．當磁體受到高溫或猛烈撞擊時會失去磁性，是因為激烈的熱運動或震動使分子電流的取向又變的雜亂無章了．【解析】【解答】解：A；分子電流假說最初是由安培提出來的；故A錯誤；

B；安培的分子電流假說在當時物質(zhì)結(jié)構(gòu)的知識甚少的情況下無法證實；只是一種假說，故B錯誤；

C；加熱去磁現(xiàn)象可以根據(jù)分子電流假說解釋；構(gòu)成磁體的分子內(nèi)部存在一種環(huán)形電流--分子電流通常情況下磁體分子的分子電流取向是雜亂無章的，它們產(chǎn)生的磁場互相抵消，故C錯誤；

D；“分子電流”并不是專指分子內(nèi)部存在環(huán)形電流的；分子電流假說揭示了磁鐵的磁場與電流的磁場具有共同的本質(zhì)，即磁場都是由電荷的運動形成的，故D正確；

故選：D2、B【分析】【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點曲線的切線方向相同．【解析】【解答】解：A；物體受的合外力不為零時可能做曲線運動；也可能做直線運動，關(guān)鍵要看合力與速度是否在同一條直線上．所以A錯誤；

B；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；所以物體做曲線運動時所受的合外力一定不為零，所以B正確；

C；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；合外力大小和方向不一定變化，比如平拋運動，受到的就是恒力重力的作用，所以C錯誤；

D；曲線運動物體的速度方向與該點曲線的切線方向相同；所以曲線運動的速度的方向是時刻變化的，而大小可能不變，如勻速圓周運動．所以D錯誤；

故選：B．3、A【分析】【分析】電壓表讀數(shù)6V為有效值，電壓與匝數(shù)成正比可得輸入電壓的有效值為24V，根據(jù)正弦交流電有效值與最大值的關(guān)系可得輸入電壓的最大值輸入功率隨輸出功率而變化，輸出功率變大則輸入功率變大．若輸入電壓不變，副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，得輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數(shù)也應增加到原來的2倍，若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，輸出電流減小到原來的一半，輸入功率即P=IU也減小到原來的一半．【解析】【解答】解：A、若電壓表讀數(shù)為6V，由電壓與匝數(shù)成正比可得輸入電壓有效值為24V，根據(jù)正弦交流電有效值與最大值的關(guān)系可得因此其最大值為V；A正確；

B；若輸入電壓不變；副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，可得輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數(shù)也應增加到原來的2倍，B錯誤；

C、若輸入電壓不變，則輸出電壓也不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，由知輸入功率等于輸出功率減小到原來的一半；C錯誤；

D、若保持負載電阻的阻值不變．輸入電壓增加到原來的2倍，輸出電壓增大到原來的2倍，則由可知輸出功率增加到原來的4倍；D錯誤．

故選：A．4、B【分析】【分析】小朋友在AB段做勻加速直線運動，加速度沿斜面向下；在BC段做勻減速直線運動，加速度沿斜面向上．以小朋友和滑梯整體為研究對象，將小朋友的加速度分解為水平和豎直兩個方向，由牛頓定律分析地面對滑梯的摩擦力方向和支持力的大??；判斷超失重時，利用加速度的方向判斷即可．【解析】【解答】解：ACD、小朋友在AB段做勻加速直線運動，將小朋友的加速度a1分解為水平和豎直兩個方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根據(jù)牛頓定律知，地面對滑梯的摩擦力方向先水平向右；有豎直向下的分加速度，則由牛頓第二定律分析得知：小孩處于失重，地面對滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的總重力．同理；小朋友在BC段做勻減速直線運動時，小孩處于超重，地面對滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的總重力，地面對滑梯的摩擦力方向水平向左．故ACD錯誤．

B、設(shè)AB的長度為L，AB間的高度為h，則sinθ=；小孩在B點的速度為v．

小孩從A到B為研究對象；由動能定理得：

-μ1mgLcoosθ+mgh=-0①

小孩從B到C為研究過程；由動能定理得：

-μ2mgLcosθ+mgh=0-..②

聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)得：μ1+μ2=2tanθ；故B正確．

故選：B．5、A|B|C【分析】

A；過程Ⅰ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力；系統(tǒng)在水平方向上動量守恒．故A正確．

B；在過程Ⅰ中；小滑塊對槽的壓力做正功．故B正確．

C；過程Ⅱ中小滑塊與凹槽組成的系統(tǒng)；只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒．故C正確，D錯誤．

故選ABC．

【解析】【答案】當系統(tǒng)不受外力時或所受的外力之和為零；系統(tǒng)動量守恒，當系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒．

6、B【分析】試題分析：當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，變阻器接入電路中的阻值減小，回路總阻值減小，總電流增大，端電壓減小，UA減小，A燈變暗，IA減小，由于I總增大，故左側(cè)支路電流增大，左側(cè)支路串聯(lián)的定值電阻的分壓增大，故B燈分壓減小，B燈變暗。B正確?？键c：直流電路動態(tài)分析?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、B【分析】【分析】求解本題的關(guān)鍵是明確點電荷場強的公式及合場強為零的含義，及其帶電圓板產(chǎn)生場強的特點．【解析】【解答】解：由于b點處的合場強為零，所以帶電圓板在b處產(chǎn)生的場強與點電荷+q在b處產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，場強大小均為=；帶電圓板應帶負電．

根據(jù)帶電圓板場強的對稱性特點可知，圓板在a點產(chǎn)生的場強方向向下，大小為E1=，+q在a處產(chǎn)生的場強大小為E2=，方向向下，所以根據(jù)電場的疊加知a點的電場強度大小為E=E1+E2=+=；方向向下．

故選：B．8、C【分析】【分析】兩力合成時；合力隨夾角的增大而減小，當夾角為零（方向相同）時合力最大，夾角180°（方向相反）時合力最小，合力范圍。

為：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：當二力夾角為零時，即兩個力在同一直線上，并且方向相同，合力最大、最大值為：F1+F2=4N+7N=11N；

當夾角180°時，即兩個力在同一直線上，并且方向相反，合力最小、最小值為：F1-F2=7N-4N=3N；

故合力的范圍為3N≤F≤11N；故C正確，ABD錯誤；

故選：C．9、A【分析】【分析】對c點進行受力分析．

根據(jù)平衡條件和三角函數(shù)表示出力與力之間的關(guān)系．【解析】【解答】解：對結(jié)點C受力分析，受到三根繩子拉力，將Fa和Fb合成為F；

根據(jù)三力平衡得出：F=Fc=mg

已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°；所以α=30°

根據(jù)三角函數(shù)關(guān)系得出：

Fa=F?cosα=mg

Fb=F?sinα=mg

故選：A．二、填空題(共5題，共10分)10、0.364.22420【分析】【分析】電風扇正常工作時其電路是非純電阻電路，根據(jù)P=UI求解電流，由P熱=I2R求出熱功率，總功率減去熱功率等于電動機輸出功率．扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動時電動機電路是純電阻電路，根據(jù)P=求解電動機消耗的發(fā)熱功率．【解析】【解答】解：電風扇正常運轉(zhuǎn)時；由P=UI得：

通過電動機的電流I==A=0.3A

電動機輸出功率P出=P-I2R=66-0.32×20=64.2（W）

扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動時電動機電路是純電阻電路，電動機消耗的發(fā)熱功率P熱′==W=2420W

故答案為：0.3，64.2，2420．11、略

【分析】【解析】交流電頻率周期電壓有效值為10V，一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為

故答案為：50Hz，0.2J【解析】【答案】50Hz，0.2J12、22【分析】【分析】（1）兩球發(fā)生彈性正碰；碰撞過程動量守恒；機械能守恒，由動量守恒定律與機械能守恒定律可以求出碰撞后的速度．

（2）完全非彈性碰撞，碰撞結(jié)束后兩個物體的速度相等，由此即可求出碰撞后的速度．【解析】【解答】解：（1）取水平向右的方向為正方向，設(shè)碰撞后A球的速度為v1，B球的速度為v2．兩球碰撞過程動量守恒；由動量守恒定律得：

mAv0=mAv1+mBv2；

兩球發(fā)生完全彈性碰撞，由機械能守恒定律得：

代入數(shù)據(jù)并整理后可得：

解得：v1=-2m/s

A球速度大小為2m/s；方向水平向左．

（2）完全非彈性碰撞；碰撞結(jié)束后兩個物體的速度相等，則：

mAv0=（mA+mB）v

代入數(shù)據(jù)得：m/s

故答案為：2，213、20200v/m【分析】【分析】由A到B用動能定理uq=△EK可求得電勢差，由E=可得場強【解析】【解答】解：由動能定理：由A到B：qUAB=0-EK0可得：=20V

UAB=Ed可得：E=═200V/m

故答案為：20，20014、右只在重力作用下，物體下落快慢相同【分析】【分析】輕重不同的物體在真空管中，不受阻力，做自由落體運動．根據(jù)h=gt2比較時間，根據(jù)下落空氣阻力對物體運動有無影響進行判斷．【解析】【解答】解：空氣阻力時；阻力對物體的運動有影響，下落的加速度不同．而在真空管中，不受阻力，做自由落體運動．則右圖是已抽成真空的情景。

觀察兩次實驗現(xiàn)象；得到的科學結(jié)論是在沒有空氣阻力作用的情況下，輕重物體以相同的加速度下落．

故答案為：右只在重力作用下，物體下落快慢相同三、判斷題(共7題，共14分)15、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應強度的大小與F，Il等因素無關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應強度的定義式，有：；由此可知的磁感應強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關(guān)，即該處的磁感應強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×18、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內(nèi)的分子的平均動能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】根據(jù)建立坐標系的條件可知，建立坐標系需要確定坐標原點與正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標原點；選擇向下為正方向，則地面的坐標為：x=0.8m．所以該說法錯誤．

故答案為：×20、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導致受力平衡．因為各個方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運動狀態(tài)，不是因為分子的沖擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】布朗運動是由于分子的無規(guī)則運動而使花粉小顆粒受到撞擊而振動；布朗運動的實質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運動的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運動是固體小顆粒的運動；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×四、實驗探究題(共2題，共18分)22、(1)A

(2)B

(3)0.1

【分析】(1)

因?qū)嶒炓箅娏鲝牧阏{(diào)；所以滑動變阻器應用分壓式接法，為了便于操作，應選全電阻最小的變阻器A

(2)

因小燈泡電阻為R=U2P=320.6=15婁賂RvR>RRA

故電流表應用外接法，又變阻器用分壓式，故電路圖應選B。(3)

電源與小燈泡直接串聯(lián)；那么路端電壓等于小燈泡兩端的電壓，畫出內(nèi)阻為5婁賂

電動勢為1.5V

的電源的路端電壓與干路電流的關(guān)系圖線和小燈泡的伏安特性曲線的交點即表示小燈泡與該電源直接串聯(lián)；

根據(jù)交點坐標(1.0V,0.1A)

可以計