2025年華東師大版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理上冊月考試卷64考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，在某電場中的一條電場線上依次有A、B、C三點，AB距離與BC距離相等，下列關(guān)于電勢差正確的（）A.AB間電勢差一定等于BC間電勢差B.AB間電勢差一定大于BC間電勢差C.AB間電勢差一定小于BC間電勢差D.AB間電勢差可能等于BC間電勢差2、一根粗細均勻的電阻絲，橫截面的直徑是d，電阻為R，把它拉制成直徑是的均勻細絲后，它的電阻變成（）A.B.100RC.D.10000R3、彈簧振子做簡諧運動時，從振子經(jīng)過某一位置A

開始計時，則[]

A.當振子再次與零時刻的速度相同時，經(jīng)過的時間一定是半周期B.當振子再次經(jīng)過A

時，經(jīng)過的時間一定是半周期C.當振子的加速度再次與零時刻的加速度相同時，一定又到達位置A

D.一定還有另一個位置跟位置A

有相同的位移4、物體做勻加速直線運動，相繼經(jīng)過兩段距離為16m

的路程，第一段用時4s

第二段用時2s

則物體的加速度是()A.23m/s2

B.43m/s2

C.89m/s2

D.169m/s2

5、如圖是在同一直線上運動的物體甲；乙的位移圖象．由圖象可知是（）

A.甲比乙先出發(fā)。

B.甲和乙從同一地方出發(fā)。

C.甲的運動速率大于乙的運動速率。

D.甲的出發(fā)點在乙前面S處。

6、如圖所示，水平虛線EF的下方存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B。一帶負電微粒自離EF為h的高處自由下落，從B點進入場區(qū)，沿虛線BCD做勻速圓周運動，從D點射出.已知重力加速度為g，下列說法正確的是：A.電場強度的方向豎直向上B.微粒做圓周運動的半徑為C.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能先減小后增大D.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能和重力勢能相加之和先增大后減小7、如圖所示，在電荷為+Q

的電場中，有ab

兩點。一電子從a

向b

運動，那么，該電子所受的電場力將(

)

A.減小B.增大C.不變D.無法判斷8、如圖所示，物體A

靠在豎直的墻面C

上，在豎直向上的力F

作用下，AB

物體均保持靜止，則物體A

受力分析示意圖正確的是()A.B.C.D.9、某交變電壓為u=6sin314tV，則（）A.用此交變電流作打點計時器的電源時，打點周期為2sB.把額定電壓為6V的小燈泡接在此電源上，小燈泡正常發(fā)光C.把額定電壓為6V的小燈泡接在此電源上，小燈泡將燒毀D.耐壓6V的電容器可以直接用在此電源上評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L；直徑d和電阻R．

（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為______mm．

（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值______．（填“偏大”或“偏小”）11、如圖，金屬桿ab的質(zhì)量為m，長為L，通過的電流為I，處在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，結(jié)果ab靜止且緊壓于水平導軌上．若磁場方向與導軌平面成θ角，則棒ab受到的摩擦力大小為____；棒對導軌的壓力大小為____．

12、一閉合線圈有50匝，總電阻R＝20Ω，穿過它的磁通量在0.1s內(nèi)由8×10－3Wb增加到1.2×10－2Wb，則線圈中的感應(yīng)電動勢E＝＿＿＿＿V，線圈中的電流強度I＝＿＿＿A。13、在用單擺測重力加速度的實驗中（1）為了比較準確地測量出當?shù)氐闹亓铀俣戎?，?yīng)選用下列所給器材中的哪些？將所選用的器材的字母填在題后的橫線上．（A）長1m左右的細繩；（B）長30m左右的細繩；（C）直徑2cm的鉛球；（D）直徑2cm的鐵球；（E）秒表；（F）時鐘；（G）最小刻度是厘米的直尺；（H）最小刻度是毫米的直尺。所選擇的器材是_____________________________。（2）某同學測出不同擺長時對應(yīng)的周期T，作出T2~L圖線，如圖所示，再利用圖線上任兩點A、B的坐標（x1，y1）、（x2，y2），可求得g=。（3）在本實驗中，由于擺球形狀不規(guī)則，無法準確測量擺長但擺線的長度可以準確測量．現(xiàn)使用同一擺球，多次改變擺線長度并測得每一次相應(yīng)的擺動周期對于數(shù)據(jù)處理方法，下列說法中正確的是（）（A）與不是直線關(guān)系（B）擺長可以利用圖線求出（C）與是直線關(guān)系，在理論上，直線的斜率與直線的相同（D）與是直線關(guān)系，在理論上，直線的斜率與直線的不同（4）寫出兩條對提高實驗結(jié)果準確程度有益的建議：①__________________________________________________________；②__________________________________________________________。14、如圖所示，一單匝線圈從左側(cè)進入磁場.

在此過程中所經(jīng)歷的時間為0.1s

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為0.2V

則線圈中的磁通量變化了______Wb

．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)23、某同學在做“利用單擺測重力加速度”的實驗中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間，如圖1所示，則：

（1）該擺擺長為______cm，秒表所示讀數(shù)為______s．

（2）如果測得的g值偏小，可能的原因是______

A．測擺線長時擺線拉得過緊。

B．擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C．開始計時時；秒表過遲按下。

D．實驗中誤將49次全振動記為50次。

（3）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l并測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對應(yīng)的l與T的數(shù)據(jù)，再以l為橫坐標，T2為縱坐標，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2所示，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=______（用k表示）．評卷人得分五、計算題(共2題，共16分)24、如圖所示，靜止在勻強磁場中的36Li

核俘獲一個速度為v0=7.7隆脕104m/s

的中子而發(fā)生核反應(yīng)36Li+01n隆煤13H+24He.

若已知24He

的速度v2=2.0隆脕104m/s

其方向與反應(yīng)前中子速度方向相同.

求：(1)13H

的速度是多大？(2)

在圖中畫出兩粒子的運動軌跡并求出軌道半徑之比；(3)

當粒子24He

旋轉(zhuǎn)3

周時，粒子13H

旋轉(zhuǎn)幾圈？25、一列簡諧橫波在x

軸上傳播；在t1=0

和t2=0.05s

時刻，其波形圖分別如圖中的實線和虛線所示，求：

(1)

這列波可能具有的波速？

(2)

當波速為280m/s

時，波的傳播方向？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】解：只有一條電場線無法確定場強的大??；若為勻強電場，則根據(jù)U=Ed可知，AB間電勢差可能等于BC間電勢差；若為正電荷形成的電場，則AB間電勢差大于BC間電勢差；若為負電荷形成的電場，則AB間電勢差小于BC間電勢差；故正確的只有D；

故選：D．

根據(jù)題意計論可能的電場分布情況；再根據(jù)U=Ed可定性分析電勢差之間的關(guān)系．

本題考查對電場分布以及U=Ed的考查，要注意明確當電場為非勻強電場時，U=Ed不能定量計算，但可以用于定性分析．【解析】【答案】D2、D【分析】解：將電阻絲拉制成直徑是的均勻細絲后，橫截面積變?yōu)樵瓉淼挠捎隗w積不變，則長度變?yōu)樵瓉淼?00倍，根據(jù)R=知；電阻變?yōu)樵瓉淼?0000倍．故D正確，A；B、C錯誤．

故選：D．

抓住電阻的體積不變；結(jié)合直徑的變化得出長度的變化，通過電阻定律得出電阻的變化．

解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律據(jù)R=知道電阻絲的體積不變．【解析】【答案】D3、C【分析】【分析】

彈簧振子做簡諧振動，具有周期性.

當振子的速度再次與零時刻的速度相同時，可能振子通過關(guān)于平衡位置對稱點，經(jīng)過的時間為不一定是一個周期.

振子在一個周期內(nèi)，經(jīng)過的路程是4

個振幅.

當振子再次經(jīng)過此位置時，經(jīng)過的時間不一定是一個周期。本題考查簡諧運動過程的分析和理解能力，抓住簡諧運動的周期性和對稱性.

也可以通過圖象分析?！窘獯稹緼.當振子的速度再次與零時刻的速度相同時；可能振子通過關(guān)于平衡位置對稱點，經(jīng)過的時間也不一定是半個周期，故A錯誤；

C.彈簧振子做簡諧振動；具有對稱性，當振子的加速度再次與零時刻的加速度相同時，由于方向也相同，一定又到達原來位置，故C正確;

B.當振子再次經(jīng)過A

時；經(jīng)過的時間可能半周期，也可能小于或大于半個周期，故B錯誤;

D.根據(jù)運動的對稱性；還有另一個位置跟位置A

有相同的速度，該位置與A

關(guān)于平衡位置對稱，故D錯誤；

故選C。

【解析】C

4、B【分析】【分析】根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出兩個中間時刻的瞬時速度，結(jié)合速度時間公式求出物體的加速度。

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論；并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷。

【解答】

解：第一段時間內(nèi)的平均速度為：v1=xt1=164m/s=4m/s

第二段時間內(nèi)的平均速度為：v2=xt2=162m/s=8m/s

根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度知，兩個中間時刻的時間間隔為：鈻?t=2s+1s=3s

則加速度為：a=v2鈭?v1?t=8鈭?43m/s2=43m/s2

選項ACD錯誤；B正確。

故選B。

【解析】B

5、D【分析】

A；甲乙都是在t=0時刻出發(fā)．故A錯誤．

B、D乙從原點出發(fā)，而甲從距原點正方向上S處出發(fā)，即甲的出發(fā)點在乙前面S處．故B錯誤；D正確．

C；乙的斜率大于甲的斜率；則乙的運動速率大于甲的運動速率．故C錯誤．

故選D

【解析】【答案】由圖讀出甲乙同時出發(fā)的；出發(fā)地點不同．根據(jù)位移圖象的斜率比較速度的大小，斜率大，速度大．

6、B【分析】試題分析：粒子進入復合場做勻速圓周運動，受到的向心力只能是洛侖茲力，所以電場力與重力平衡，電場力應(yīng)豎直向上，粒子帶負電，所以電場強度方向豎直向下，故A項錯；進入復合場的速度做圓周運動的半徑又聯(lián)立叁式，得r＝故B項正確；因電場力向上，所以鑿子由B運動到C的過程電場力做負功，電勢能增加，故C項錯；從B到D的過程，電場力與重力合力為零，所以電勢能與重力勢能之和無變化，故D項錯?？键c：本題考查了帶電粒子在復合場中的運動、洛侖茲力和電場力的概念公式、功與勢能的關(guān)系?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、B【分析】解：點電荷周圍的電場線是越靠近點電荷越密，即場強越強，一電子從a

向b

運動；場強越來越大，則電場力越來越大。故B正確，AC

D錯誤。

故選：B

根據(jù)點電荷周圍的電場線是越靠近點電荷越密；即場強越強，可以判斷出電場力大小的變化。

解決本題的關(guān)鍵可根據(jù)點電荷周圍電場線的分布入手，也可以根據(jù)庫侖定律的公式F=kQer2

進行判斷?！窘馕觥緽

8、A【分析】【分析】先運用整體法分析墻面對A

有無彈力.

再以B

為研究對象；分析受力情況，最后以A

為研究對象，分析受力情況.

本題考查用整體法、隔離法分析物體受力情況.

墻壁與A

之間沒有彈力，就一定沒有摩擦力．【解答】首先對AB

利用整體法分析受力；可知墻面對A

無彈力，則墻面對A

也沒有摩擦力；再以B

為研究對象，它受四個力作用，重力豎直向下、彈簧的彈力豎直向上、A

對B

的壓力垂直斜面斜向下，A

對B

沿斜面向下的摩擦力；以A

為研究對象，它受三個力作用，本身受到的重力、B

對A

的支持力和B

對A

沿斜面向上的摩擦力。

故選A。

【解析】A

9、D【分析】解：A、該交流電的角速度ω=314=100π；則周期T===0.02s；故A錯誤；

B、交流電的電壓有效值U==3V；小于燈泡的額定電壓，故小燈泡不能正常發(fā)光也不會燒壞；故BC錯誤；

D；電容器的耐壓值為電壓的最大值；故耐壓6V的電容器可以直接用在此電源上；故D正確；

故選：D。

由交流電的表達式可明確交流電的有效值；最大值及角速度；再由公式計算周期，即可分析求解．

本題考查對交流電表達式的掌握，要注意明確最大值和有效值之間的關(guān)系，并明確燈泡的額定電壓為有效值，而電容器的耐壓值要用最大值．【解析】D二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】解：（1）由圖甲所示螺旋測微器可知；固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為19.8×0.01mm=0.198mm，金屬絲直徑為0.5mm+0.198mm=0.698mm；

（2）由圖乙所示電路圖可知；電流表采用外接法，由于電壓表分流，所測電流偏大，由歐姆定律可知，金屬絲電阻測量值偏?。?/p>

故答案為：（1）0.698；（2）偏?。?/p>

螺旋測微器固定刻度與可動刻度所示之和是螺旋測微器的示數(shù)；

分析電路結(jié)構(gòu)；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)；應(yīng)用歐姆定律分析實驗誤差．

螺旋測微器固定刻度與可動刻度所示之和是螺旋測微器的示數(shù)；游標卡尺不需要估讀，螺旋測微器需要估讀；對游標卡尺讀數(shù)時，要注意游標尺的精度．【解析】0.698；偏小11、略

【分析】

作出金屬桿受力的主視圖；如圖．根據(jù)平衡條件得。

又FA=BIL

解得Ff=BILsinθ

FN=mg-BILcosθ

故本題答案是：BILsinθ；mg-BILcosθ

【解析】【答案】金屬桿ab受到重力、安培力、導軌的支持力和摩擦力平衡，金屬桿與磁場方向垂直，安培力大小FA=BIL；根據(jù)平衡條件列方程求解．

12、略

【分析】【解析】試題分析：由法拉第電磁感應(yīng)定律可得則線圈中電流為考點：法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律【解析】【答案】20.113、略

【分析】（1）由公式需要測量的是繩子的長度，周期，小球的直徑，需要的器材為ACEH（2）由公式傾斜直線的斜率為可求出g（3）由第二問公式可判斷（3）BC對（4）①擺線的最大擺角不超過100；②選擇密度大的擺球等【解析】【答案】（1）ACEH2分（2）2分（3）BC4分（4）①擺線的最大擺角不超過100；②選擇密度大的擺球等每空1分共2分14、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=鈻?鈱?鈻?t

得：鈻?婁碌=E鈻?t=0.2隆脕0.1Wb=0.02Wb

故答案為：0.02

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解磁通量的變化量；從而即可求解．

本題是法拉第電磁感應(yīng)定律的簡單應(yīng)用.

要知道線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS.

對于磁通量的變化，也可以根據(jù)磁感線數(shù)判斷．【解析】0.02

三、判斷題(共8題，共16分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?1、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．四、作圖題(共1題，共4分)23、略

【分析】解：（1）單擺的擺長l=L+=．

秒表的小盤讀數(shù)為50s；大盤讀數(shù)為15.2s，則秒表的讀數(shù)為75.2s．

（2）根據(jù)T=得，g=

A；測擺線長時擺線拉得過緊；則擺長的測量值偏大，導致重力加速度的測量值偏大，故A錯誤．

B；擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知擺長的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏小，故B正確．

C；開始計時時；秒表過遲按下，則周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，故C錯誤．

D；實驗中誤將49次全振動記為50次；則周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，故D錯誤．

故選：B．

（3）根據(jù)T=得，可知圖線的斜率k=則重力加速度g=．

故答案為：（1）98.50；75.2；（2）B；（3）．

（1）單擺的擺長等于擺線的長度和擺球的半徑之和；秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)和大盤讀數(shù)之和．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達式；結(jié)合擺長和周期的測量誤差確定重力加速度的測量誤差．

（3）根據(jù)單擺的周期公式得出T2-l的關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度．

單擺的擺長等于懸點到球心的距離，不能漏算小球的半徑．根據(jù)解析式研究圖象的意義是慣用的思路．【解析】98.50；75.2；B；五、計算題(共2題，共16分)24、解：

(1)

中子撞擊鋰核生成氚核和氫核過程中動量守恒m0v0=m1v1+m2v2

式中m0m1