2025年教科新版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在圖示的電場中，電荷從靜止開始運動，加速度越來越大的是（）A.B.C.D.2、如圖所示的電路中，閉合開關S后，a、b、c三盞燈均能正常發(fā)光，電源電動勢E恒定且內阻r不可忽略。現(xiàn)將變阻器R的滑片稍向上滑動一些；三盞燈亮度變化的情況是（）

A.a燈變亮，b燈和c燈變暗B.a燈和c燈變亮，b燈變暗C.a燈和c燈變暗，b燈變亮D.a燈和b燈變暗，c燈變亮3、如圖所示電路中，為電阻箱，為定值電阻（阻值未知）。當電阻箱電阻為20Ω時；通過它的電流為1A；當電阻箱電阻為64Ω時，通過它的電流為0.5A；當通過電阻箱的電流為0.1A時，電阻箱電阻為（）

A.124ΩB.416ΩC.654ΩD.800Ω4、均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場．如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，其電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點，OM=ON=2R．已知M點的場強大小為E，則N點的場強大小為（）

A.B.C.D.5、如圖所示，是圓周上四點，和均為圓的直徑且相互垂直，O為圓心，在兩點分別放上帶電荷量為的點電荷，e為連線的中點，則下列判斷錯誤的是（）

A.O點電勢比c點電勢高B.一個正的點電荷，沿圓弧按順時針從c點運動到d點，電勢能一直增大C.將b點處負電荷沿圓弧按順時針從b點運動到d點，兩電荷組成的系統(tǒng)電勢能先減小后增大D.一個負的點電荷放在e點時，受到的電場力從c點指向d點6、如圖所示為某示波管內的聚焦電場橫截面示意圖，實線和虛線分別表示電場線和等勢線。電場中a、b兩點的場強大小分別為和電勢分別為和下列說法中正確的是（）

A.B.C.D.7、如圖所示，平行板電容器與直流電源、理想二極管（正向電阻為零，可以視為短路；反向電阻無窮大，可以視為斷路）連接，電源負極接地，初始時電容器不帶電，閉合開關穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器極板間的P點且處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.減小極板間的正對面積，帶電油滴會向下移動，且P點的電勢會降低B.減小極板間的正對面積，帶電油滴會向上移動，且P點的電勢會降低C.斷開開關S，帶電油滴將向下運動D.將下極板上移，帶電油滴將向上運動8、如圖，帶正電的小球A固定在光滑絕緣斜面底端，輕彈簧的一端連接帶負電的小球B，另一端固定于擋板，兩小球的球心在彈簧的軸線上，彈簧原長時處于O點。將球B由O點靜止釋放，小球沿斜面運動至M點時加速度為零。則下列說法正確的是（）

A.球B做簡諧運動B.球B運動后不可能靜止在斜面上C.球B運動至M點時一定有最大速度D.球B在M點和O點的機械能可能相等評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示，A、B是圓心角為120°的一段圓弧的兩個端點，D是圓弧的中點，圓弧的圓心是O，半徑為r，AB與CD相交于C點，電荷量均為Q的兩個正點電荷分別固定于A、B兩點。靜電力常量為k。下列說法正確的是（）

A.O、D兩點的電勢相等B.O、D兩點的電場強度相等C.D點的電場強度大小為D.將一負點電荷從O沿直線OD移到D，其電勢能先增加后減少10、如圖所示的電路中，閉合開關當滑動變阻器的滑片向上移動時；下列說法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變小C.電阻的電功率變大D.電源的總功率變小11、如圖甲所示，一個條形磁鐵固定在水平桌面上，以的右端點為原點，中軸線為軸建立一維坐標系．一個靈敏的小磁針放置在軸上不同位置，設與軸之間的夾角為．實驗測得與之間的關系如圖乙所示．已知該處地磁場方向水平，磁感應強度大小為．下列說法正確的是（）

A.的右端為極B.的中軸線與地磁場方向垂直C.在處產(chǎn)生的磁感應強度大小為D.處合磁場的磁感應強度大小為12、下列關于電源的說法正確的是（）A.電源是將電能轉化為其他形式的能的裝置B.電源的作用是使電源的正負極保持一定量的正、負電荷，維持一定的電勢差C.與電源相連的導線中的電場是由電源正、負極上的電荷形成的D.在電源內部負電荷由正極流向負極（或正電荷由負極流向正極）13、下列說法正確的是（）A.處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體B.導體處于靜電平衡時它里面的場強處處為零C.導體處于靜電平衡時導體越尖銳的位置電荷分布越密D.靜電屏蔽中我們利用了牛頓運動定律14、理論研究表明，無限大的均勻帶電平板在周圍空間會形成與平面垂直的勻強電場．現(xiàn)有兩塊無限大的均勻絕緣帶電平板正交放置，如圖所示，A1B1板兩面帶正電，A2B2板兩面帶負電，且兩板單位面積所帶電荷量相等(設電荷不發(fā)生移動)．圖中直線A1B1和A2B2分別為帶正電平面和帶負電平面與紙面正交的交線，O為兩交線的交點，C、D、E、F恰好位于紙面內正方形的四個頂點上，且CE的連線過O點．則下列說法中正確的是。

A.D、F兩點電勢相同B.E、F兩點場強相同C.UEF＝UEDD.在C、D、E、F四個點中電子在F點具有的電勢能最大15、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內阻為r，為定值電阻，為滑動變阻器，C為電容器，A、V分別為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器的滑片P自a端向b端滑動的過程中，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)減小B.電流表示數(shù)增大C.電容器C所帶電荷量增多D.a點的電勢降低評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如圖所示，一個α粒子（氦核）在電勢差為U1=100V的電場中由靜止開始加速運動，然后射入電勢差為U2=10V的兩塊平行板的偏轉電場中，偏轉電場極板長L=20cm，間距d=5cm．若α粒子能飛離平行板區(qū)（重力可忽略），則α粒子剛進入偏轉電場時的動能為________eV,飛離偏轉電場時的偏移量y=_____________m．

17、如圖所示，水平平行線代表電場線，但未指明方向，帶電量為10-8C的正電微粒，在電場中只受電場力的作用，由A運動到B，動能損失A點的電勢為則微粒運動軌跡是虛線______（填“1”或“2”），B點的電勢為______V。

18、如圖所示的A、B、C、D四組靜電實驗中，能使左邊的驗電器的金箔張開的是______組和______組（A；B兩組實驗中小球的手柄均為絕緣手柄；D組實驗中虛線框表示金屬網(wǎng)罩）。

A.B.C.D.19、了解多用電表的______和______，掌握多用電表的使用方法。20、某同學利用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一圓柱體工件的直徑和高度，測量結果如圖（a）和（b）所示。該工件的直徑為__________cm，高度為________mm。

21、小李同學在學習了庫侖定律之后，為了研究帶電小球在它們之間的相互作用力下的運動，他在絕緣的光滑水平面上放三個質量相等的帶電小球a、b、c，它們處在同一直線上，如圖以向右為正方向，若釋放a球，a球的初始加速度為若釋放c球，c球的初始加速度為則根據(jù)所學知識可知，釋放b球，b球的初始加速度大小為______方向是______。

22、如圖甲所示電路，電源電壓保持不變。閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端的過程中，R1、R2的I﹣U關系圖象如圖乙所示。則電源電壓為_______V，R1的阻值是_______Ω。

23、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

評卷人得分四、實驗題(共1題，共2分)24、為了測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻；在圖中給出了兩種實驗電路圖。

（1）為了使測量結果比較準確，應選用下列實驗電路圖中的__________圖所示的電路進行實驗；

（2）若實驗臺上備有下列實驗器材：

A.電流表（0~0.6A）

B.電流表（0~3A）

C.電壓表（0~3V）

D.電壓表（0~15V）

E.滑動變阻器（10Ω；2A）

F.開關。

G.導線。

應該選用的電流表是________（填字母序號），應該選用的電壓表是________（填字母序號）；

（3）某位同學記錄了6組數(shù)據(jù)，對應的點已經(jīng)標在坐標紙上。請在圖坐標紙上畫出U-I圖線()，根據(jù)所畫圖線可得出干電池的電動勢E＝________V，內電阻r＝________Ω。（結果均保留兩位有效數(shù)字）

評卷人得分五、解答題(共3題，共6分)25、有人說：“既然能量不會憑空產(chǎn)生，也不會憑空消滅，能量在轉化和轉移的過程中，其總量是保持不變的，那么，我們?yōu)槭裁催€要節(jié)約能源？”請你用能量轉化和轉移的方向性來論述節(jié)約能源的必要性。26、材料的電阻率ρ隨溫度變化的規(guī)律為ρ=ρ0(1+αt)，其中α稱為電阻溫度系數(shù)，ρ0是材料在t=0℃時的電阻率．在一定的溫度范圍內α是與溫度無關的常量．金屬的電阻一般隨溫度的增加而增加，具有正溫度系數(shù)；而某些非金屬如碳等則相反，具有負溫度系數(shù)．利用具有正負溫度系數(shù)的兩種材料的互補特性，可制成阻值在一定溫度范圍內不隨溫度變化的電阻．已知：在0℃時，銅的電阻率為1.7×10-8Ω·m，碳的電阻率為3.5×10-5Ω·m；在0℃附近，銅的電阻溫度系數(shù)為3．9×10-3℃-1，碳的電阻溫度系數(shù)為-5.0×10-4℃-1．將橫截面積相同的碳棒與銅棒串接成長1.0m的導體，要求其電阻在0℃附近不隨溫度變化，求所需碳棒的長度（忽略碳棒和銅棒的尺寸隨溫度的變化）．27、如圖所示，兩平行金屬板A、B間為一勻強電場，A、B相距6cm，CD為電場中的兩點（其中C點在金屬板上），且CD=4cm，CD連線和場強方向成60°角。已知電子從D點移到C點克服電場力做功為3.2×10-17J，電子電荷量e=1.6×10-19C；求：

（1）勻強電場的場強大?。?/p>

（2）若B板接地，D點電勢為多少?

（3）將一質子從極板B移到D點時；其電勢能變化多少?

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

正電荷從靜止開始沿電場線方向運動；電場線越密集的地方電場強度越大，根據(jù)牛頓第二定律。

可知B選項中電荷加速度越來越大；ACD錯誤，B正確。

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

變阻器R的滑片稍向上滑動一些，變阻器接入電路的阻值變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得

干路電流增大，所以a燈變亮，并聯(lián)部分電路電壓為

可得b燈兩端電壓變小，所以b燈變暗，通過b燈的電流減小。通過c燈的電流為

可得，c燈變亮。故ABC錯誤；D正確。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

把電阻箱之外的電路看作一個等效電源，設整體的電動勢為內阻為則有

聯(lián)立解得

當通過電阻箱的電流為0.1A時，可得電阻箱電阻為故ACD錯誤，B正確。

故選B。4、A【分析】【詳解】

假設在O點有一個完整的帶電荷量為2q的帶電球殼，設完整球殼在N點產(chǎn)生的場強大小為E0，左半球殼在N點產(chǎn)生的電場強度大小為E左，右半球殼在N點產(chǎn)生的電場強度大小為E右，根據(jù)電場疊加原理

根據(jù)題意

根據(jù)對稱性可知右半球殼在N點產(chǎn)生的電場強度大小和左球殼在M點產(chǎn)生場強大小相等即

解得

A正確；BCD錯誤。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．兩點處的點電荷帶等量的異種電荷，因此兩者連線的垂直平分線為電勢為零的等勢線，因此O點的電勢為零，又c點的電勢為負，d點的電勢為正；故A正確；

B．一個正的點電荷，沿圓弧按順時針從c點運動到d點；由于電勢逐漸升高，因此電勢能一直增大，故B正確；

C．將b點處負電荷沿圓弧按順時針從b點運動到d點；電場力先做負功，后做正功，因此兩電荷組成的系統(tǒng)電勢能先增大后減小，故C錯誤；

D．由于e點處電勢為零，電場強度平行于方向由d指向c，因此將一個帶負電的點電荷放在e點時，某受到的電場力從c指向d；故D正確。

本題選錯誤的，故選C。6、B【分析】【詳解】

電場線的疏密表示電場的強弱，a點的電場線比較密，所以沿電場線方向電勢降低，所以有

故選B。7、D【分析】【詳解】

AB．正對面積減小，注意到存在二極管，處理方法先假設沒有二極管，則電容器兩板間電壓U不變，

U不變S減小，會使Q減小，但二極管的存在使得Q不能減少，故實際過程為Q不變。上式Q不變，S減小，所以U增大，d不變，所以E增大，所以油滴上移。

即為P與下極板電勢差，P與下極板距離不變，E增大，所以增大。選項AB錯誤；

C．斷開開關；不能放電，故油滴不動，選項C錯誤；

D．根據(jù)

U不變，d減小，Q增大，可以充電，故U不變，d減小，E增大；油滴上移，選項D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

A．球B向下運動過程中；彈簧彈力增加，庫侖力增加，若庫侖力不變，則沿斜面的合外力可以提供回復力而做簡諧運動，故A錯誤；

B．若沿斜面向上的彈簧彈力；沿斜面向下的重力下滑分力，庫侖力達到平衡，小球才可以靜止在斜面上，故B錯誤；

C．M點之后；彈簧彈力增大，庫侖力也增大，可能還有加速階段，不能保證M點時最大速度，故C錯誤；

D．整個系統(tǒng)機械能守恒，球B由O→M，彈簧的彈性勢能增加，球的電勢能減小，若兩者相等，則球在M點和O點的機械能相等；可能存在這種情況，故D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)9、A:C【分析】【詳解】

A．O、D兩點關于兩等量正電荷對稱；所以兩點電勢相等，A正確；

B．根據(jù)場強的疊加法則可知O、D兩點電場強度等大反向；B錯誤；

C．D點的電場強度疊加示意圖：

根據(jù)點電荷的場強公式結合幾何關系可知：

C正確；

D．一負點電荷從O沿直線OD移到C，電場力做正功，電勢能減小，從C點移到D點，電場力做負功，電勢能增加，所以負點電荷從O沿直線OD移到D；其電勢能先減小后增加，D錯誤。

故選AC。10、C:D【分析】【詳解】

滑動變阻器滑片向上移動→外電阻增大→干路電流減小→電源總功率減小→內阻分壓減小→電壓表示數(shù)增大→流過的電流增大→的電功率變大；因為干路電流減小且流過的電流增大，所以流過滑動變阻器的電流減小，電流表示數(shù)減小，故AB錯誤，CD項正確．11、B:C【分析】【詳解】

A.當x趨向無窮大時，小磁針所指的方向為地球的磁場的方向，所以根據(jù)題圖可知，x趨向。

無窮大時，趨向1，則趨向90°，即小磁針的方向與x的方向垂直，所以x的方向為。

向東．當x非常小時，小磁針的N極沿x方向，即向東．由題圖可知，開始時N背離O點；

所以O點處的磁極是N極；故A錯誤；

B.由以上的分析可知，P的中軸線沿東西方向；與地磁場方向垂直，故B正確；

C.由乙圖可知，處則P在處產(chǎn)生的磁感應強度大小為BP；

所以故C正確；

D.處合磁場的磁感應強度大小為故D錯誤．12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．在電源內部把電子從正極搬運到負極，克服靜電力做功，將其他形式的能轉化為電能，A錯誤；

B．電荷的搬運使電源正；負極間維持一定電勢差；B正確；

C．導線中的電場是由電源；導線等電路元件所積累的電荷共同形成的；C錯誤；

D．在電源內部；負電荷從電源正極流向負極（或正電荷從負極流向正極），D正確。

故選BD。13、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．處于靜電平衡狀態(tài)時；在導體內部任意一點，感應電荷產(chǎn)生的附加電場的場強與場源電荷產(chǎn)生的場強與大小相等，方向相反，此時導體的內部場強處處為0．電荷只分布在導體的外表面，且整個導體是一個等勢體。故A正確，B正確；

C．導體處于靜電平衡時；導體表面的電荷分布是不均勻的，導體越尖銳的位置電荷分布越密。故C正確；

D．靜電屏蔽中我們利用了處于靜電平衡狀態(tài)時整個導體是一個等勢體的特點；沒有利用牛頓運動定律。故D錯誤。

故選ABC。14、B:D【分析】無限大的均勻帶電平面在周圍空間會形成與平面垂直的勻強電場，故A1B1在四點單獨產(chǎn)生的電場均向上，A2B2在四點單獨產(chǎn)生的電場均向左，四點場強方向均是左偏上45°，大小相等，故B正確；D、F兩點在一條電場線上，而沿著電場線電勢是降低的，故電勢不等，故A錯誤；E、F兩點間電勢差和E、D兩點間電勢差絕對值相同而正負相反，故C錯誤；C、D、E、F四個點，場強方向均是左偏上45°，故CE是等勢面，D點電勢最高，F(xiàn)點電勢最低，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．15、B:D【分析】【詳解】

解法一（程序法）

A．滑片P自a端向b端滑動，滑動變阻器接入電路的阻值減小，則電路總電阻減小，總電流增大，電阻兩端電壓增大；電壓表V示數(shù)變大，A錯誤；

B．電阻兩端的電壓增大，則減小，故減小，電流表A的示數(shù)增大；B正確；

C．由于電容器兩端的電壓減壓，由知電容器所帶電荷量Q減少；C錯誤；

D．故降低；D正確．

故選BD。

解法二（串反并同法）

C．由于減小，與并聯(lián)，則均減小，而知電容器所帶電荷量Q減少；C錯誤；

D．降低；D正確；

A．因為間接與串聯(lián)，故均增大；電壓表V示數(shù)增大，A錯誤；

B．電流表和滑動變阻器串聯(lián)；滑動變阻器接入電路的阻值減小時，電流表A示數(shù)增大，B正確．

故選BD。

解法三（極值法）

D．若將滑片P滑至b點，則D正確；

C．兩端電壓為零，則電容器C兩端電壓也為零，電容器所帶電荷量C錯誤；

A．當時，電路總電阻最小，總電流最大，兩端電壓最大；故A錯誤；

B．由于此時最大，最小，故最大；B正確．

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]粒子直線運動過程加速，由動能定理可得

解得

[2]再根據(jù)動能定理得

又因為粒子進入偏轉電場做類平拋運動，水平方向則有

豎直方向有

粒子在偏轉電場中，根據(jù)牛頓第二定律，可得

聯(lián)立上式解得【解析】2000.0217、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)動能定理得qUAB=△Ek

可得到

由UAB=φA-φB

則B點的電勢φB=φA-UAB=2×103-（-2×104）V=2.2×104V

電荷從A點運動到B點時動能減少，電場力做負功，又電場力指向軌跡的內側，則判斷出來微粒的運動軌跡如圖中的虛線2所示?！窘馕觥?18、A:C【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]AB．處于靜電平衡狀態(tài)下的導體所帶的電荷都分布在導體的外表面；故A能使驗電器帶電，B不能使驗電器帶電；

C．將驗電器與帶電物體用導線連接；二者組成新的導體，導致電荷在新的導體表面重新分布，所以可以使驗電器帶電，故C能使驗電器帶電；

D．由于靜電屏蔽的作用，驗電器不受外電場的影響，故金屬箔是閉合的，D不能使驗電器帶電。19、略

【分析】【詳解】

略【解析】構造原理20、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺讀數(shù)即工件的直徑為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即工件的高度為【解析】4.2151.85021、略

【分析】【詳解】

[1][2]對三個小球構成的系統(tǒng)，假設同時釋放三個小球，則三個小球構成的系統(tǒng)受到的合力為零，且在釋放瞬間，a球的加速度為c球的加速度為b球的加速度為對系統(tǒng)由牛頓第二定律知

即

所以

方向水平向右?！窘馕觥?水平向右22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由電路圖可知與串聯(lián)，電壓表測兩端的電壓，測兩端的電壓；電流表測電路中的電流，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最?。?/p>

由圖象可知，電路中的最小電流

兩端的電壓

兩端的電壓

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分壓之和，所以電源電壓

由

可得定值電阻的阻值為【解析】①.18②.2023、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結合電阻