2025年冀教版選擇性必修2物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版選擇性必修2物理下冊月考試卷262考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，兩根長直導(dǎo)線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的兩小孔中，為連線中點，連線上兩點關(guān)于點對稱．導(dǎo)線均通有大小相等、方向向上的電流。已知長直導(dǎo)線在周圍產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度式中是常數(shù)、是導(dǎo)線電流大小、為點到導(dǎo)線的距離。一帶正電的小球以初速度從點出發(fā)沿連線運動到點。關(guān)于上述過程；下列說法正確的是（）

A.小球先做加速運動后做減速運動B.小球做變加速直線運動C.小球?qū)ψ烂娴膲毫ο葴p小后增大D.小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃?、如圖甲所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為10：1，原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電源，為定值電阻，R為滑動變阻器；圖中各電表均為理想電表，下列說法正確的是（）

A.副線圈兩端交變電壓的表達式為B.在t=0.05s時刻，電壓表的示數(shù)為C.滑片向下移動過程中，電壓表和的示數(shù)不變，的示數(shù)變小D.滑片向下移動過程中，電流表示數(shù)變大，滑動變阻器R消耗的功率變大3、圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的勻強磁場，三個質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率對準圓心O沿著AO方向射入磁場；其運動軌跡如圖所示。若帶電粒子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是（??）

A.a粒子速率最小，在磁場中運動時間最長B.c粒子速率最大，在磁場中運動時間最長C.a粒子速度最小，在磁場中運動時間最短D.c粒子速率最小，在磁場中運動時間最短4、如圖所示，在直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，∠a＝∠b＝邊長ab＝L，粒子源在b點將帶負電的粒子以大小、方向不同的速度射入磁場，已知粒子質(zhì)量為m，電荷量為q；則在磁場中運動時間最長的粒子中，速度最大值是()

A.B.C.D.5、如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子（不計重力）以速度v從A點沿直徑AOB方向射入磁場，經(jīng)過△t時間從C點射出磁場，OC與OA成角?，F(xiàn)將另一同種帶電粒子以速度3v仍從A點射入磁場；則該粒子在磁場中的運動時間為（）

A.3△tB.2△tC.△tD.△t6、如圖所示，空間某區(qū)域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里。三個帶電的微粒電荷量相等，質(zhì)量分別為已知在該區(qū)域內(nèi)，在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，在紙面內(nèi)向右做勻速直線運動，在紙面內(nèi)向左做勻速直線運動。下列選項正確的是（）

A.一定帶負電B.一定帶正電C.一定有D.一定有7、如圖所示，用輕繩將一條形磁鐵豎直懸掛于O點，在其正下方的水平絕緣桌面上放置一銅質(zhì)圓環(huán)?，F(xiàn)將磁鐵從A處由靜止釋放，經(jīng)過B、C到達最低處D，再擺到左側(cè)最高處E；圓環(huán)始終保持靜止。下列說法正確的是（）

A.磁鐵在A、E兩處等高B.磁鐵從A到D的過程中，圓環(huán)對桌面的壓力等于圓環(huán)受到的重力C.磁鐵從D到E的過程中，從上往下看，圓環(huán)中感應(yīng)電流方向為逆時針方向D.磁鐵從D到E的過程中，圓環(huán)受到的摩擦力方向水平向左8、下面有關(guān)物理學(xué)史的敘述正確的是（）A.庫侖首先提出了電場的概念，并引用電場線形象地表示電場的強弱和方向B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系C.法國物理學(xué)家?guī)靵鲈谇叭斯ぷ鞯幕A(chǔ)上通過實驗確立了庫侖定律D.楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并研究提出了判斷感應(yīng)電流方向的方向楞次定律9、一個矩形線圈在勻強磁場中轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生交流電動勢的瞬時值為則下列說法中正確的是A.當時，線圈平面與中性面垂直B.當時，穿過線圈的磁通量等于零C.該交流電能讓標注為“300V，”的電容器正常工作D.若轉(zhuǎn)速n提高1倍，其他條件不變，則電動勢的變化規(guī)律將變?yōu)樵u卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、關(guān)于回旋加速器，下列說法正確的是（）A.電場用來加速帶電粒子，磁場則使帶電粒子回旋B.電場和磁場同時用來加速帶電粒子C.所加交變電源的頻率與帶電粒子做圓周運動的頻率相同D.同一帶電粒子獲得的最大動能只與交流電壓的大小有關(guān)，而與交流電壓的頻率無關(guān)11、如圖甲所示的LC振蕩電路中，通過P點的電流隨時間變化的圖線如圖乙所示，若把通過P點向右規(guī)定為電流的正方向；則（）

A.0.5~1ms內(nèi)，電容器C正在充電B.0.5~1ms內(nèi)，電容器的上極板帶負電荷C.1~1.5ms內(nèi)，Q點比P點電勢低D.1~1.5ms內(nèi)，電場能正在增加12、下列說法正確的是（）A.無線電波的接收，需要先調(diào)諧再解調(diào)B.在工業(yè)上，可利用X射線檢查金屬構(gòu)件內(nèi)部的缺陷C.利用電化學(xué)氣體傳感器可以制成可燃氣體報警器D.霍爾元件能把磁感應(yīng)強度這個磁學(xué)量轉(zhuǎn)化為電阻這個電學(xué)量13、如圖所示，導(dǎo)體棒a、b分別置于平行光滑水平固定金屬導(dǎo)軌的左右兩側(cè)，其中a棒離寬軌道足夠長，b棒所在導(dǎo)軌無限長，導(dǎo)軌所在區(qū)域存在垂直導(dǎo)軌所在平面豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。已知導(dǎo)體棒的長度等于導(dǎo)軌間的距離，兩根導(dǎo)體棒粗細相同且均勻，材質(zhì)相同，a棒的質(zhì)量為m，電阻為R，長度為L，b棒的長度為2L?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒a一個水平向右的瞬時沖量I；導(dǎo)體棒始終垂直于導(dǎo)軌且與導(dǎo)軌接觸良好，不計導(dǎo)軌電阻，關(guān)于導(dǎo)體棒以后的運動，下列說法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒a穩(wěn)定運動后的速度為B.導(dǎo)體棒b穩(wěn)定運動后的速度為C.從開始到穩(wěn)定運動過程中，通過導(dǎo)體棒a的電荷量為D.從開始到穩(wěn)定運動過程中，導(dǎo)體棒b產(chǎn)生的熱量為14、如圖（a）所示，水平面內(nèi)有一光滑金屬導(dǎo)軌，ac邊的電阻為R，其他電阻均不計，ab與ac角夾角為135°，cd與ac垂直。將質(zhì)量為m的長直導(dǎo)體棒擱在導(dǎo)軌上。并與ac平行。棒與ab、cd交點G、H間的距離為L0，空間存在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。在外力作用下，棒由GH處以初速度v0向右做直線運動。其速度的倒數(shù)隨位移x變化的關(guān)系如圖（b）所示。在棒運動L0到MN處的過程中（）

A.導(dǎo)體棒做勻變速直線運動B.導(dǎo)體棒運動的時間為C.流過導(dǎo)體棒的電流大小不變D.電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為15、目前的手機觸摸屏大多是電容式觸摸屏．電容式觸摸屏內(nèi)有一導(dǎo)電層．導(dǎo)電層四個角引出四個電極，當手指觸摸屏幕時，人體和觸摸屏就形成了一個電容，電容具有“通高頻”的作用，從而導(dǎo)致有電流分別從觸摸屏四角上的電極中流出，并且流經(jīng)這四個電極的電流與手指到四角的距離成正比，控制器通過對這四個電流比例的精確計算，得出觸摸點的位置信息．在開機狀態(tài)下，下列說法正確的是（）A.電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是因為手指對屏幕按壓產(chǎn)生了形變B.電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象C.當手指觸摸屏幕時手指有微弱的電流流過D.當手指離開屏幕時，電容變小，對高頻電流的阻礙變大，控制器不易檢測到手指的準確位置16、如圖所示，矩形線圈abcd與理想變壓器的原線圈組成閉合電路，燈泡L1、L2完全相同。當變壓器原線圈中的抽頭P置于最上端時，原、副線圈的匝數(shù)比為n∶1。矩形線圈abcd在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉(zhuǎn)動，且磁場只分布在bc邊的左側(cè)，磁感應(yīng)強度大小為B，線圈面積為S，轉(zhuǎn)動的角速度為ω，匝數(shù)為N；線圈電阻不計。則下列說法正確的是（）

A.若增大矩形線圈abcd的轉(zhuǎn)速，燈L1一定變亮B.在圖示位置時，矩形線圈中瞬時感應(yīng)電動勢最大C.當抽頭P置于最上端時，在線圈abcd轉(zhuǎn)動的過程中，電壓表示數(shù)為D.若僅將線圈abcd的轉(zhuǎn)軸平移至ad邊處，且轉(zhuǎn)速不變，則電壓表示數(shù)也不變17、我國的特高壓輸電技術(shù)獨霸全球，并且特高壓輸電技術(shù)成為全球標準。也是全球特高壓輸電線最長、核心專利最多、技術(shù)最完備的國家。如圖是遠距離輸電的原理圖，發(fā)電機的內(nèi)阻為1Ω，供給銀川一中照明用電。變壓器都是理想變壓器，升壓變壓器T1的匝數(shù)比為1∶4，降壓變壓器T2的匝數(shù)比為3∶1，輸電線的總電阻R=4Ω；全校共50個班，每班有“220V，22W”燈6盞。若保證全部電燈正常發(fā)光，則下列說法正確的是（）

A.發(fā)電機輸出功率為7000WB.輸電效率約為94.3%C.輸電線上損耗的電功率為40WD.發(fā)電機的電動勢為250V評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示，金屬圓環(huán)套在光滑的絕緣水平桿上，左側(cè)一條形磁鐵，正在沿圓環(huán)軸心方向朝環(huán)運動．我們可以判斷，圓環(huán)中形成的感應(yīng)電流方向為________（從右往左看）（填“順時針”或“逆時針”），環(huán)受安培力作用會向________（填“右”或“左”）運動．19、遠距離輸電線路簡化如圖所示，圖中標示了電壓、電流、輸電線總電阻R和線圈匝數(shù)，變壓器均可視為理想變壓器。若電廠輸送電壓不變，隨著用戶數(shù)量增加，用戶消耗的功率增大，降壓變壓器將______（填“增大”“減小”或“不變”）；若電廠輸送電功率不變，升壓變壓器的輸出電壓增加到10U2，則輸電線上損耗功率變?yōu)樵瓉淼腳_____倍。

20、為了把需要傳遞的有用信號（如圖像信號、聲音信號等）加載到電磁波上發(fā)射出去，必須對振蕩電流進行_____________（選填“調(diào)諧”“調(diào)制”或“解調(diào)”）；使聲音或圖像信號從高頻電流中還原出來的過程，叫_____________（選填“調(diào)諧”“調(diào)制”或“解調(diào)”），也叫檢波。21、如圖所示，矩形線圈一邊長為d，另一邊長為a，電阻為R，當它以速度V勻速穿過寬度為L，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場過程中，若L__________，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為__________；若L>d，產(chǎn)生的電能為__________，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為__________．

22、有界勻強磁場磁感應(yīng)強度B=0.2T，寬度L2=3m，一正方形均勻金屬框邊長L1=1m，以v=10m/s的速度勻速穿過磁場區(qū)，金屬框平面始終保持和磁感線方向垂直，如圖所示。畫出金屬框穿過磁場的過程中bc兩端電壓的Ubc-t圖線（從cd邊進入磁場開始計時）_________________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共2題，共14分)27、如圖所示，直角坐標系xoy位于豎直平面內(nèi)，在第Ⅳ象限存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應(yīng)強度為B=2T、方向垂直于xoy平面向外，電場E1平行于y軸；在第Ⅲ象限存在沿x軸正方向的勻強電場E2，已知場強E1、E2的大小相等。一可視為質(zhì)點、比荷為的帶正電的小球，從y軸上的A（0，0.2m）點以初速度v0水平向右拋出，經(jīng)過x軸上的M（0.4m，0）點進入第Ⅳ象限，在第Ⅳ象限恰能做勻速圓周運動。不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。求：

（1）小球從A點拋出的初速度大小v0及場強E1的大??；

（2）小球第一次經(jīng)過y軸負半軸的坐標；

（3）小球從A點出發(fā)到第三次經(jīng)過y軸負半軸所用的總時間。

28、如圖1所示，單匝正方形金屬線框ABCD用一絕緣細線豎直懸掛，在線框上半部有一垂直于紙面向里的勻強磁場，大小隨時間變化的關(guān)系如圖2所示。已知線框邊長L＝m，電阻R＝0.5Ω、質(zhì)量m＝0.5kg，取g＝10m/s2．求：

（1）線框中感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

（2）線框中的電功率；

（3）2s時細線中拉力的大小。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可知，處的磁場方向垂直于向里，處的磁場方向垂直于向外，磁感應(yīng)強度大小先減小，過點后反向增大，根據(jù)左手定則可知，帶正電的小球受到的洛倫茲力開始方向向上且減小，過點后方向向下且增大，由此可知，小球在水平方向不受外力，小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動，在處，根據(jù)

磁感應(yīng)強度大小先減小，壓力在增大，在處，根據(jù)

磁感應(yīng)強度大小逐漸增大；所以根據(jù)牛頓第三定律小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃蟆?/p>

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)理想變壓器變壓比等于匝數(shù)比可得副線圈兩端交變電壓的最大值為

角速度為

所以副線圈兩端交變電壓的表達式為

故A錯誤；

B．輸入電壓的有效值為

根據(jù)

可得U2=22V

電壓表測量的是有效值，所以電壓表V2的示數(shù)為22V；故B錯誤；

CD．在滑動變阻器R滑片向下移動的過程中，R接入電路的阻值變小，因為輸入電壓不變，匝數(shù)比不變，則輸出電壓不變，所以電壓表V1、V2示數(shù)不變。副線圈電流變大，則原線圈電流也變大，因此電流表A1和A2示數(shù)均變大。根據(jù)歐姆定律可知電阻R0兩端電壓變大，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知R兩端電壓變小，即電壓表V3示數(shù)變小。在副線圈電路中，定值電阻R0可看作等效內(nèi)阻，滑動變阻器R可看作外電阻，由于不確定滑動變阻器R與定值電阻R0的大小關(guān)系，因此無法判斷滑動變阻器R的功率變化；故C正確，D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

從圖中可知

根據(jù)洛倫茲力提供向心力

可得a粒子速率最小，從圖中可得三個軌跡的圓心角

在磁場中的運動時間

而運動周期

與速度大小無關(guān)，即三者的運動周期相同，所以軌跡所對圓心角越大，運動時間越長，故a粒子在磁場中運動時間最長。

故選A。4、D【分析】【詳解】

由左手定則和題意知，沿ba方向射出的粒子在三角形磁場區(qū)域內(nèi)轉(zhuǎn)半周，運動時間最長，速度最大的軌跡恰與ac相切，軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得最大半徑：r＝ab×tan＝L

由洛倫茲力提供向心力qvmB＝m

從而求得最大速度：vm＝

所以ABC錯誤；D正確。

故選D。

5、D【分析】【詳解】

設(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑是R，以速度v射入時，半徑

根據(jù)幾何關(guān)系可知

解得

運動時間

粒子以速度3v射入時，半徑

設(shè)第二次射入時的圓心角為θ，根據(jù)幾何關(guān)系可知

解得θ=60°

第二次運動的時間為

故ABC錯誤，D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．微粒a在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，必有

所以a所受的電場力方向豎直向上，與電場強度方向相同，故a一定帶正電；A錯誤；

B．微粒c向左做勻速直線運動，若c帶正電，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，平衡條件得

若c帶負電，電場力豎直向下，左手定則判斷洛倫茲力豎直向上，重力豎直向下，平衡條件得

所以微粒c可以帶正電也可以帶負電；B錯誤；

C．微粒b向右做勻速直線運動，若b帶負電，則電場力豎直向下，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，故不可能受力平衡，故b一定帶正電，平衡條件得

得

而所以C正確；

D．若c帶正電，由可得故若c帶負電，從中無法比較qE和mcg的大小，故ma與mc之間的大小也無法比較；D錯誤；

故選C。7、C【分析】【詳解】

A.由于有部分機械能轉(zhuǎn)化為電能；故在A的高度大于E處高度，A錯誤；

B.A到D過程中；圓環(huán)中磁通量增加，圓環(huán)與磁鐵間相互排斥，故圓環(huán)給桌面的壓力大于圓環(huán)受到的重力，故B錯誤；

C.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環(huán)磁通量向上減少，根據(jù)楞次定律可分析出感應(yīng)電流方向為逆時針，故C正確；

D.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環(huán)中的磁通量減少，因此圓滑有向左運動的趨勢，圓環(huán)不動，因此圓環(huán)受到摩擦力方向向右，故D錯誤。

故選C。8、C【分析】【分析】

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻．

【詳解】

法拉第首先提出了電場的概念且采用了電場線描述電場；故A錯誤；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故B錯誤；庫侖總結(jié)出了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用規(guī)律，確立了庫侖定律，故C正確；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次研究提出了判斷感應(yīng)電流方向的方向--楞次定律，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．

【點睛】

題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶．9、B【分析】【詳解】

t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁感線垂直，線圈平面與中性面重合，故A錯誤；當時，電動勢最大，線圈與中性垂直，磁能量等于零，故B正確；300V是電容器允許的最高電壓，而該交流電最大值是所以此交流電不可以使“”的電容器正常工作，故C錯誤；感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為當將其電樞的轉(zhuǎn)速提高一倍時，由可知和都增加一倍，則表達式為故D錯誤；故選B.二、多選題(共8題，共16分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電場的作用是使帶電粒子加速；磁場的作用是使帶電粒子回旋，A正確，B錯誤；

C．為使帶電粒子每次經(jīng)過盒縫時都被加速；交變電源的頻率須等于帶電粒子在磁場中做圓周運動的頻率，C正確；

D．由。

知帶電粒子獲得的最大動能。

則帶電粒子獲得的最大動能與交流電壓無關(guān)；D錯誤。

故選AC。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可知；在0.5~1ms內(nèi)，電流為正方向且減小，故此時電容器正在充電，故A正確；

B．在0.5~1ms內(nèi)，經(jīng)過P點的電流向右，由于電路中做定向移動的帶電粒子是帶負電的電子，電子經(jīng)過P點向左移動；因此電容器上極板帶負電，故B正確；

C．由圖乙可知，在1~1.5ms內(nèi)，通過自感線圈的電流向上，且增大，Q點比P點電勢高；故C錯誤；

D．由圖乙可知；在1~1.5ms內(nèi)電流在增大，故磁場能在增大，電容器處在放電過程，故電場能在減小，D錯誤。

故選AB。12、A:B:C【分析】【詳解】

A．天空中有各種頻率且載有信號的無線電波；因此無線電波的接收，需要先調(diào)諧再解調(diào)，A正確；

B．由于X射線具有較強的穿透能力；在工業(yè)上，可利用X射線檢查金屬構(gòu)件內(nèi)部的缺陷，B正確；

C．利用電化學(xué)氣體傳感器可以檢測氣體的濃度；則可以制成可燃氣體報警器，C正確；

D．霍爾元件能把磁感應(yīng)強度這個磁學(xué)量轉(zhuǎn)化為電壓這個電學(xué)量；D錯誤。

故選ABC。13、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)

根據(jù)題意，導(dǎo)體棒b的質(zhì)量電阻分別為2m、2R，運動穩(wěn)定過程對a棒有

對b棒有

穩(wěn)定時有

解得

A錯誤；B正確；

C．根據(jù)

結(jié)合上述解得

C正確；

D．從開始到穩(wěn)定運動過程中有

導(dǎo)體棒b產(chǎn)生的熱量

解得

D錯誤。

故選BC。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．直線的斜率為

所以有

即

得

故不是勻變速直線運動；故A錯誤；

B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有

解得

故B正確；

C．感應(yīng)電動勢為

感應(yīng)電動勢大小不變，感應(yīng)電流為

大小不變；故C正確；

D．克服安培力做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為

故D正確。

故選BCD。15、C:D【分析】【詳解】

A．電容觸摸屏只需要觸摸；由于流經(jīng)四個電極的電流與手指頭到四角的距離成比例，控制器就能確定手指的位置，無需要手指有壓力，故A錯誤；

B．電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是電容器的充放電原理；不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；故B錯誤；

C．由題意可知；手指從手的觸點吸走一部分電荷，在電荷定向移動的過程中，會有微弱電流通過；故C正確．

D．當手指離開屏幕時；電容變小，對高頻電流的阻礙變大，控制器不易檢測到手指的準確位置，選項D正確；

故選CD．

點睛：由題意明確電容式觸摸屏的原理；明確當手觸摸電容觸摸屏?xí)r，手指和工作面形成一個電容器，改變手指的壓力或接觸面積，都能改變電容．根據(jù)電容的決定因素分析．16、A:C【分析】【詳解】

A．若增大矩形線圈abcd的轉(zhuǎn)速，根據(jù)電動勢的最大值知，最大值變大，則有效值變大，經(jīng)變壓器變壓后的輸出電壓U2變大，燈泡L1與電容器串聯(lián)，由歐姆定律有

因轉(zhuǎn)速增大，電容器的容抗變小，則燈泡L1的電流一定增大，即燈L1一定變亮；故A正確；

B．在圖示位置時，線圈平面與磁感線垂直為中性面，而ad邊切割磁感線的瞬時速度與B平行；故瞬時電動勢為零，故B錯誤；

C．在線圈abcd轉(zhuǎn)動360°的過程中，有兩個90°的轉(zhuǎn)動有交流電產(chǎn)生，根據(jù)有效值的定義可知

當抽頭P置于最上端時，匝數(shù)比為n∶1，根據(jù)匝數(shù)比等于電壓比，可得副線圈兩端的電壓即電壓表的示數(shù)為

故C正確；

D．若僅將線圈abcd的轉(zhuǎn)軸平移至ad邊處且轉(zhuǎn)速不變，線圈轉(zhuǎn)動360°一直都有交流電產(chǎn)生，最大值為有效值為

可推得電壓表的示數(shù)為

則電壓表的示數(shù)要變大；故D錯誤。

故選AC。17、A:B【分析】【詳解】

C．每個燈泡的流為

降壓變壓器副線圈總電流為

則高壓輸電線上的電流為

則損耗功率為

故C錯誤；

A．由能量守恒得，發(fā)電機輸出功率為

故A正確；

B．輸電效率約為

故B正確；

D．損耗電壓為

則發(fā)電機的電動勢為

故D錯誤。

故選AB。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

[1]原磁場方向向右；向右運動時，穿過圓環(huán)的磁通量要變大，根據(jù)楞次定律，圓環(huán)中感應(yīng)電流產(chǎn)生向左的感應(yīng)磁場，即產(chǎn)生了順時針方向的感應(yīng)電流（從右往左看）．

[2]據(jù)來拒去留，環(huán)受到向右的安培力，將向右運動．【解析】順時針右19、略

【分析】【詳解】

[1]隨著用戶數(shù)量增加，降壓變壓器副線圈負載變小，電流變大，則降壓變壓器原線圈電流變大，電廠輸送電壓不變，則不變，根據(jù)電壓關(guān)系

電流變大，則變小，根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知降壓變壓器減??；

[2]若電廠輸送電功率不變，升壓變壓器的輸出電壓增加到根據(jù)可知，輸電電流變?yōu)樵瓉淼母鶕?jù)

可知則輸電線上損耗功率變?yōu)樵瓉淼?.01?！窘馕觥繙p小0.0120、略

【分析】【詳解】

[1]信息轉(zhuǎn)化為電信號后；由于信號頻率比較低不能直接用來發(fā)射，需要把傳遞的電信號“加載”到高頻電磁波上，這就是調(diào)制；

[2]從經(jīng)過調(diào)制的高頻電流中“取出”調(diào)制電信號，這一過程叫解調(diào)或叫檢波。【解析】調(diào)制解調(diào)21、略

【分析】【分析】

根據(jù)公式E=Blv求出線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；由閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流，即可由焦耳定律求出線圈產(chǎn)生的電能，由q=It求解電量．

【詳解】

線圈進入磁場的過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=Bav，

由閉合電路歐姆定律得感應(yīng)電流：

如果：L通過導(dǎo)體截面的電荷量為

如果：L>d，由焦耳定律得，線圈產(chǎn)生的電能為

通過導(dǎo)體截面的電荷量為．【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]線框進入磁場過程中，線框中感應(yīng)電流沿逆時針方向（為正方向），b點的電勢高于c點的電勢，線框在進入和穿出磁場的過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小相等，為

bc兩端電壓為

進入與穿出磁場的時間為

線框完全在磁場中運動的時間為

線框完全在磁場中時，穿過線框的磁通量不變，感應(yīng)電流為零，bc兩端的電壓為零。

線框穿出磁場過程中感應(yīng)電流沿順時針方向，bc兩端電壓為

bc兩端電壓的Ubc-t圖線為。

【解析】見詳解四、作圖題(共4題，共32分)23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導(dǎo)線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關(guān)作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關(guān)閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控