2025年浙教新版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，彈簧振子在M、N之間做簡諧運(yùn)動。以平衡位置O為原點(diǎn)，建立Ox軸，向右為x軸正方向。若振子位于N點(diǎn)時開始計時；則其振動圖像為。

A.B.C.D.2、圖1為一列簡諧波在t=0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點(diǎn)：圖2為質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.在t=0.10s時，質(zhì)點(diǎn)Q向y軸正方向運(yùn)動B.從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點(diǎn)Q通過的路程為30cmC.從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸負(fù)方向傳播了8mD.在t=0.25s時，質(zhì)點(diǎn)P的加速度沿y軸負(fù)方向3、如圖所示，P、M、N為三個透明平板，M與P的夾角略小于N與P的夾角一束平行光垂直P的上表面入射；下列干涉條紋的圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖所示，物塊A、B的質(zhì)量分別為mA＝2kg，mB＝3kg，物塊A左側(cè)固定有一輕質(zhì)彈簧．開始B靜止于光滑的水平面上，A以v0＝5m/s的速度沿著兩者連線向B運(yùn)動；某一時刻彈簧的長度最短．則以下看法正確的是（）

A.彈簧最短時A的速度大小為1m/sB.彈簧最短時A的速度大小為2m/sC.從B與彈簧接觸到彈簧最短的過程中A克服彈簧彈力做的功與彈簧彈力對B所做的功相等D.從B與彈簧接觸到彈簧最短的過程中彈簧對B的沖量相同5、在光滑的水平面上，一質(zhì)量為m的小球A以初動能如與質(zhì)量為2m的靜止小球B發(fā)生碰撞，碰撞后A球停下，則撞后B球的動能（）A.0B.C.D.6、下列關(guān)于波的反射的說法正確的是（）A.反射波線與法線的夾角為反射角B.入射波線與界面的夾角為入射角C.入射波線與法線的夾角為入射角D.在波的反射中，入射角等于反射角7、利用圖1所示的裝置（示意圖），觀察光的干涉、衍射現(xiàn)象，在光屏上得到如圖2中甲和乙兩種圖樣．下列關(guān)于P處放置的光學(xué)元件說法正確的是。

A.甲對應(yīng)單縫，乙對應(yīng)雙縫B.甲對應(yīng)雙縫，乙對應(yīng)單縫C.都是單縫，甲對應(yīng)的縫寬較大D.都是雙縫，甲對應(yīng)的雙縫間距較大評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，一質(zhì)量M=8.0kg的長方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一個質(zhì)量m=2.0kg的小木塊A。給A和B以大小均為5.0m/s；方向相反的初速度，使A開始向左運(yùn)動，B開始向右運(yùn)動，A始終沒有滑離B板，A；B之間的動摩擦因數(shù)是0.5。則在整個過程中，下列說法正確的是（）

A.小木塊A的速度減為零時，長木板B的速度大小為3.75m/sB.小木塊A的速度方向一直向左，不可能為零C.小木塊A與長木板B共速時速度大小為3m/sD.長木板的長度可能為10m9、現(xiàn)有一束紅光和一束紫光；圖甲為兩束光通過平行玻璃磚后射出，圖乙為兩束光從水射向空氣，圖丙為兩束光分別通過相同的雙縫干涉裝置得到的條紋，圖丁為兩束光分別通過相同的單縫衍射裝置得到的條紋，以下判斷正確的是（）

A.圖甲中的a光束為紫光B.圖乙中的b光束為紫光C.圖丙中的a條紋為紫光條紋D.圖丁中的b光束為紫光條紋10、如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊相連，滑塊在之間做往復(fù)運(yùn)動，不計一切摩擦。之間有一點(diǎn)（未畫出）與點(diǎn)相距規(guī)定水平向右為正方向；從某時刻開始計時，滑塊的振動圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.在運(yùn)動過程中，滑塊的機(jī)械能守恒B.和時，滑塊的加速度相同，動能相同C.在內(nèi)，滑塊的速度增大，加速度減小D.在內(nèi)，滑塊通過的路程為11、如圖所示；跳樓機(jī)是常見的大型機(jī)動游樂設(shè)備。這種設(shè)備的座艙裝在豎直柱子上，由升降機(jī)送至高處后使其自由下落（不計阻力），一段時間后，啟動制動系統(tǒng)，座艙勻減速運(yùn)動到地面時剛好停下。下列說法正確的是（）

A.自由下落階段和制動階段，乘客動量的變化量相同B.自由下落階段和制動階段，乘客所受合力的沖量大小相等C.自由下落階段和制動階段，乘客所受重力做的功一定相等D.整個下落過程中，乘客的最大速度是全程平均速度的兩倍12、關(guān)于全反射，下列說法正確的是（）A.光從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)時可能產(chǎn)生全反射B.光從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)時可能產(chǎn)生全反射C.光從折射率大的介質(zhì)射向折射率小的介質(zhì)時可能產(chǎn)生全反射D.光從傳播速度小的介質(zhì)射向傳播速度大的介質(zhì)時可能產(chǎn)生全反射評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、2018年俄羅斯世界杯足球比賽中；一足球運(yùn)動員踢一個質(zhì)量為0.4kg的足球。

（1）若開始時足球的速度是4m/s，方向向右，踢球后，球的速度變?yōu)?0m/s，方向仍向右（如圖甲所示），則足球的初動量p=___________，方向___________，足球的末動量p'=___________，方向___________；在這一過程中足球動量的改變量Δp=___________，方向___________。

（2）若足球以10m/s的速度撞向球門門柱，然后以3m/s的速度反向彈回（如圖乙所示），則這一過程中足球的動量改變量是___________，方向___________。14、如果質(zhì)點(diǎn)所受的回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移大小成______（正比或反比），并且總是指向________，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動就是簡諧運(yùn)動。15、（1）內(nèi)容。

如果一個系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個系統(tǒng)的總動量保持不變。

（2）表達(dá)式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動量等于相互作用后的總動量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個物體動量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動量守恒。

（4）應(yīng)用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個物體及研究的過程）。

b.進(jìn)行受力分析，判斷系統(tǒng)動量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時討論說明。16、正弦波（簡諧波）

（1）如果波的圖像是正弦曲線，這樣的波叫作______，也叫______。

（2）簡諧波中各質(zhì)點(diǎn)的振動是簡諧運(yùn)動。17、質(zhì)點(diǎn)P在一直線上運(yùn)動，其坐標(biāo)x與時間t有如下關(guān)系：x=-Asint（SI）(A為常數(shù))任意時刻ｔ，質(zhì)點(diǎn)速度為零的時刻t=_____。18、如圖所示，光滑水平面上用輕繩連接質(zhì)量分別為和的兩個物體和B，物體靜止，物體B以初速度水平向右運(yùn)動，繩子被拉緊時突然斷裂，物體B的速度變?yōu)閯t物體的速度變?yōu)開_____。根據(jù)以上數(shù)據(jù)______求出此過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能（選填“能”或“不能”）。

19、在陽光照射下，充滿霧氣的瀑布上方常常會出現(xiàn)美麗的彩虹．彩虹是太陽光射入球形水珠經(jīng)折射、內(nèi)反射，再折射后形成的．光的折射發(fā)生在兩種不同介質(zhì)的_______上，不同的單色光在同種均勻介質(zhì)中__________不同．20、光纖通信技術(shù)是利用光導(dǎo)纖維傳輸信號，以實現(xiàn)信息傳遞的一種通信方式。我國的光纖通信技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平。當(dāng)光從光纖的外套進(jìn)入內(nèi)芯后，光的傳播速度變______（選填“大”或“小”）。若某種光纖的內(nèi)芯在空氣中發(fā)生全反射的臨界角為45°，則內(nèi)芯的折射率為______（結(jié)果可用根號表示）。評卷人得分四、實驗題(共2題，共8分)21、據(jù)統(tǒng)計人在運(yùn)動過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體自身重力的數(shù)倍．為探究這個問題，實驗小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進(jìn)行了實驗，即通過一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計．g取10m/s2．下表為一次實驗過程中的相關(guān)數(shù)據(jù)．

。重物(包括傳感器)的質(zhì)量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時間t/s

0.1

（1）請你選擇所需數(shù)據(jù)；通過計算回答下列問題：

a．重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大??；

b．在重物與地面接觸過程中；重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的多少倍．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取什么具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由．22、小華用如圖所示的裝置“驗證動量守恒定律”，AB為斜槽，BC為斜面、已知入射小球的質(zhì)量為被碰小球的質(zhì)量為兩小球半徑相等。

（1）下列實驗操作步驟，正確順序是______。

①測量出落點(diǎn)M、P、N到B點(diǎn)的距離

②將BC連接在斜槽末端。

③將AB固定在桌邊；使槽的末端切線水平。

④讓入射小球從斜槽頂端A處由靜止釋放，多次實驗后，標(biāo)記小球在斜面上的平均落點(diǎn)位置P

⑤將被碰小球放在斜槽末端B處，仍讓入射小球從斜槽頂端A處由靜止釋放，兩球發(fā)生碰撞，多次實驗后，分別標(biāo)記兩球在斜面上的平均落點(diǎn)位置M、N

（2）入射小球與被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為______（選填“>”“=”或“<”）

（3）調(diào)整斜槽末端切線水平的做法是______。

（4）若實驗滿足關(guān)系式______（用題中物理量表示）；則說明兩球碰撞前后動量守恒。

（5）小華在操作步驟⑤時，發(fā)現(xiàn)在步驟④的操作中，槽的末端是不水平的，有些向上傾斜，于是把它調(diào)為水平，調(diào)整后的斜槽末端離地面高度跟原來相同，然后繼續(xù)操作步驟⑤，且其他實驗操作都正確。若調(diào)節(jié)斜槽引起小球在空中運(yùn)動時間的變化可忽略不計，則該實驗可能會得到怎樣的結(jié)果，并說明理由。()評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)23、如圖所示，一個輕質(zhì)彈簧與一個質(zhì)量為m=0.2kg的小球所構(gòu)成的彈簧振子放在光滑金屬桿上，已知該彈簧的勁度系數(shù)k=50N/m，O點(diǎn)是彈簧振子靜止時的位置，今將振子向左壓縮0.2m到B點(diǎn)，此時外力對彈簧振子做功為10J，然后由靜止釋放，則它在A、B之間運(yùn)動；不計其他阻力，求：

（1）振子在A點(diǎn)的位移大小。

（2）振子在A點(diǎn)的加速度大小。

（3）振子在哪點(diǎn)的速度最大？最大速度為多少？

24、某種柱狀透明工藝品的截面形狀如圖所示，AO、BO為夾角60°的平面，底部AMB為半徑為R的一段圓弧，其對應(yīng)的圓心角也為60°，圓心在∠AOB的角平分線OM延長線上。一束單色平行光沿與OA面成45°角的方向斜向下射向OA面，經(jīng)OA折射進(jìn)入該柱狀介質(zhì)內(nèi)，已知介質(zhì)折射率為

（?。┩ㄟ^計算說明在介質(zhì)OA面的折射光線的方向；

（ⅱ）求底部弧面AMB有光線射出的部分對應(yīng)的弧長（不考慮二次反射）。

25、如圖，一列簡諧橫波在軸上傳播，圖甲和圖乙分別為軸上兩質(zhì)點(diǎn)的振動圖像，且為試求出這列波的波長與波速？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

AB；AB項兩個圖象的橫軸不是時間；不是振動圖象，故AB錯誤。

CD、由于向右為正方向，振子位于N點(diǎn)時開始計時；所以0時刻，在正向最大位移處，將向左運(yùn)動，即向負(fù)方向運(yùn)動，故C正確，D錯誤；

故選C。2、B【分析】【詳解】

A．圖2為質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖像，則知在t=0.10s時，質(zhì)點(diǎn)Q正從平衡位置向y軸負(fù)方向運(yùn)動；故A錯誤；

B．從t=0.10s到t=0.25s經(jīng)過的時間為

由于t=0.10s時刻質(zhì)點(diǎn)Q在平衡位置處，所以質(zhì)點(diǎn)Q通過的路程

故B正確；

D．在t=0.10s時，質(zhì)點(diǎn)Q向y軸負(fù)方向運(yùn)動，可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，此時質(zhì)點(diǎn)P正向y軸正方向運(yùn)動。從t=0.10s到t=0.25s經(jīng)過的時間為

則在t=0.25s時，質(zhì)點(diǎn)P位移為負(fù)，加速度方向與y軸正方向相同；故D錯誤；

C．由圖1知波長λ=8m，則波速為

從t=0.10s到=0.25s經(jīng)過的時間為Δt=0.15s，該波沿x軸負(fù)方向傳播的距離為

故C錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

光線在空氣膜的上、下表面發(fā)生反射，并發(fā)生干涉。從而形成干涉條紋。設(shè)空氣膜頂角為θ，處為兩相鄰亮條紋；如圖所示：

則此兩處的光程分別為

因為當(dāng)光程差時表現(xiàn)為亮條紋，所以有

則

設(shè)此兩相鄰亮紋中心的距離為則由幾何關(guān)系得

即

可知夾角越小，條紋間距越大，由題意可知M與P的夾角略小于N與P的夾角則左邊的條紋間距大于右邊的條紋間距。

故選D。4、B【分析】【詳解】

AB．運(yùn)動過程中動量守恒，彈簧最短時A、B速度相等，根據(jù)動量守恒定律可知：

代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s；故A錯誤，B正確.

C．在此過程中A克服彈簧彈力做的功為：

代入數(shù)據(jù)得：WA=21J

而彈簧彈力對B所做的功為：

代入數(shù)據(jù)得：WB=6J；故兩者不相等，所以C錯誤.

D．此過程彈簧對A的沖量為：

代入數(shù)據(jù)得：

對B的沖量為：

代入數(shù)據(jù)得：

故此過程中彈簧對A、B的沖量大小相同，方向相反，故D錯誤.5、B【分析】【詳解】

小球A與靜止小球B發(fā)生正碰，規(guī)定小球A的初速度方向為正方向，設(shè)撞后B球的速度大小為根據(jù)碰撞過程中動量守恒可得

碰后A球停下，即

解得

又

所以碰后B球的動能為

ACD錯誤；B正確。

故選B。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．反射波線與法線的夾角為反射角；故A錯誤；

BC．入射波線與法線的夾角為入射角；故B錯誤，C正確；

D．在波的反射中；不能說入射角等于反射角，只能說反射角等于入射角，故D錯誤。

故選C。7、A【分析】【詳解】

根據(jù)單縫衍射圖樣和雙縫干涉圖樣特點(diǎn)判斷．

單縫衍射圖樣為中央亮條紋最寬最亮，往兩邊變窄，雙縫干涉圖樣是明暗相間的條紋，條紋間距相等，條紋寬度相等，結(jié)合圖甲，乙可知，甲對應(yīng)單縫，乙對應(yīng)雙縫，故A正確，BCD錯誤．二、多選題(共5題，共10分)8、A:C:D【分析】【詳解】

AB．木塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒，由于初速度均為v0=5.0m/s，所以木板的動量大于小木塊的動量，系統(tǒng)合動量方向向右，所以木塊A先向左做減速運(yùn)動，速度減為零后反向向右做加速運(yùn)動，最后木塊與木板一起做勻速直線運(yùn)動，以向右為正方向，由動量守恒定律得當(dāng)木塊A的速度間為零時

代入數(shù)據(jù)解得

故A正確；B錯誤；

C．最終木塊與木板速度相等，根據(jù)動量守恒定律可得

代入數(shù)據(jù)解得

故C正確；

D．最終木塊與木板相對靜止，一起做勻速直線運(yùn)動，對系統(tǒng)

代入數(shù)據(jù)解得x=8m

木板的最小長度為8m；可能為10m，故D正確。

故選ACD。

【點(diǎn)評】

本題考查了動量守恒定律與能量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚物體運(yùn)動過程是解題的前提，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律求出木板速度與長度的臨界值是即可解題。9、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．有圖甲可知，a、b入射角相同，a的折射角小，所以a的折射率大，故a是紫光；故A正確；

B．圖乙中b光發(fā)生全反射，頻率高折射率大的更容易發(fā)生全反射，故b光是紫光；故B正確；

C．圖丙中的a條紋寬度更窄，波長越短頻率越高的光干涉條紋越窄，故a條紋為紫光；故C正確；

D．圖丁為衍射條紋，圖中的b光束衍射條紋較寬，所以b光的波長更長，故b光是紅光；故D錯誤。

故選ABC。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．在運(yùn)動過程中；滑塊以及彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，滑塊的機(jī)械能不守恒，故A錯誤；

B．和時；滑塊的位移相同，則回復(fù)力相同，加速度相同，速度的大小相同，則動能相同，故B正確；

C．在內(nèi)；滑塊的位移減小，則速度增大，加速度減小，故C正確；

D．在以及內(nèi)，滑塊通過的路程均小于則在內(nèi)，滑塊通過的路程小于故D錯誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

AB．設(shè)下落過程的最大速度為v，自由下落階段和制動階段由動量定理可得，乘客所受合力的沖量分別為

即兩個過程乘客所受合力的沖量大小相等；方向相反，由動量定理知，合力的沖量等于動量的變化量，故動量的變化量也是大小相等，方向相反，故A錯誤，B正確；

C．重力做功為

無法確定兩個過程下落的位移關(guān)系；故乘客所受重力做的功不一定相等，故C錯誤；

D．由勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律可知，勻加速和勻減速過程的平均速度均為即全程的平均速度為故整個下落過程中，乘客的最大速度是全程平均速度的兩倍，故D正確。

故選BD。12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

全反射的條件是光從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)；折射率大的介質(zhì)相對于折射率小的介質(zhì)是光密介質(zhì)，同一種光在不同介質(zhì)中傳播，傳播速度小的介質(zhì)相對于傳播速度大的介質(zhì)是光密介質(zhì)。

故選ACD。三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]足球的初動量為。

速度方向水平向右；則初動量方向向右；

[3][4]足球的末動量為。

方向仍為向右；

[5][6]這一過程中足球動量的改變量。

方向向右；

（2）[7][8]若足球以10m/s的速度撞向球門門柱；設(shè)向右為正方向，則初動量為。

然后以3m/s的速度反向彈回；末動量為。

則動量的改變量為。

則動量改變量的大小為5.2方向向左?！窘馕觥?.6kg·m/s向右4kg·m/s向右2.4kg·m/s向右5.2kg·m/s向左14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)簡諧運(yùn)動的定義可知，如果質(zhì)點(diǎn)所受的回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移大小成正比，并且總是指向平衡位置，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動就是簡諧運(yùn)動?！窘馕觥空绕胶馕恢?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動量守恒的定義：如果一個系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個系統(tǒng)的總動量保持不變動量守恒的。

（2）[2][3]動量守恒定律的表達(dá)式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠(yuǎn)大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動量守恒。

（4）[7][8][9][10]應(yīng)用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進(jìn)行受力分析；判斷系統(tǒng)動量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動量。

d.由動量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠(yuǎn)大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動量16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正弦波②.簡諧波17、略

【分析】【詳解】

質(zhì)點(diǎn)做簡諧振動，速度為零的時刻位移最大，則此時

解得【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物體和B在光滑水平面上運(yùn)動，動量守恒，有

解得

[2]根據(jù)能量守恒可知此過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能

代入和可得到因此根據(jù)以上數(shù)據(jù)能求出此過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能?！窘馕觥磕?9、略

【分析】【詳解】

折射都發(fā)生在兩種介質(zhì)的界面上，或者不均勻的介質(zhì)中；同種均勻介質(zhì)中，不同頻率的光傳播速度不同．【解析】界面?zhèn)鞑ニ俣?0、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]為使光線在內(nèi)芯中發(fā)生全反射，外套的折射率小于內(nèi)芯的折射率，由

可知；當(dāng)光從光纖的外套進(jìn)入內(nèi)芯后，折射率變大，光的傳播速度變小。

[2]若某種光纖的內(nèi)芯在空氣中發(fā)生全反射的臨界角C=45°，由

可解得【解析】小四、實驗題(共2題，共8分)21、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時加速度的大小為a

由牛頓第二定律①

解得

b．重物在空中運(yùn)動過程中，由動能定理②

重物與地面接觸前瞬時的速度大小

重物離開地面瞬時的速度大小

重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F；設(shè)豎直向上為正方向。

由動量定理③

解得F=510N

故

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍。

（2）可以通過增加重物與地面接觸時間來減小沖擊力，由動量定理Ft=Δmv可知，接觸時間增加了，沖擊力F會減小。【解