2025年華師大版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖是一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)變化的圖像，圖中平行于橫軸，平行于縱軸；由圖像可知（）

A.過程氣體壓強不變B.過程氣體內(nèi)能不變C.過程氣體密度不變D.過程氣體對外做功2、關(guān)于以下四幅圖片；說法正確的是（）

A.在圖1中，向上拉動下表面緊貼水面的玻璃板時，拉力大于重力，主要是受到了大氣壓力的影響B(tài).在圖2中，隨著活塞上砝碼個數(shù)的增加，氣缸內(nèi)封閉的氣體越來越難壓縮（始終為氣體狀態(tài)），主要原因是由于隨著氣體體積的減小，分子間的斥力越來越大C.用燒熱的針尖接觸表面涂有蜂蠟層的云母片，蜂蠟層形成了如圖3所示的熔化區(qū)域，說明蜂蠟對于導(dǎo)熱性存在著各向異性D.圖4為熱機能流圖，隨著機械制造工藝、機械材料等科學(xué)技術(shù)的不斷發(fā)展，熱機的效率仍無法達到100%3、下列物理量中，屬于矢量的是A.電勢B.電勢能C.磁通量D.磁感應(yīng)強度4、如圖所示，電路中的變壓器為理想變壓器，R為滑動變阻器，U1為加在原線圈兩端的交流電壓，I1為原線圈中的電流，U2為副線圈兩端的交流電壓，I2為副線圈中的電流，P2為滑動變阻器上消耗的電功率．若U1保持不變；改變滑動變阻器滑片的位置，下列說法中正確的是。

A.P2保持不變B.U2保持不變C.I1保持不變D.I2保持不變5、圖甲為一列橫波在時刻的波動圖像，圖乙為圖甲中質(zhì)點的振動圖像。則（）

A.該波沿軸正方向傳播B.該波的周期為C.該波的波速為D.質(zhì)點在時的速度最大6、關(guān)于多普勒效應(yīng)，下列說法正確的是（）A.產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是波源頻率發(fā)生了變化B.產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是觀察者或波源發(fā)生運動C.甲、乙兩列車相向行駛，兩車均鳴笛，且所發(fā)出的笛聲頻率相同，那么乙車中的某旅客聽到的甲車笛聲頻率低于他聽到的乙車笛聲頻率D.哈勃太空望遠鏡發(fā)現(xiàn)所接收到的來自于遙遠星系上的某種原子光譜，與地球上同種原子的光譜相比較，光譜中各條譜線的波長均變長（稱為哈勃紅移），這說明該星系正在遠離我們而去7、如圖所示；一內(nèi)外側(cè)均光滑的半圓柱槽置于光滑的水平面上.槽的左側(cè)有一豎直墻壁。現(xiàn)讓一小球（可認為質(zhì)點）自左端槽口A點的正上方從靜止開始下落，與半圓槽相切并從A點進入槽內(nèi)，則下列說法正確的是（）

A.小球離開右側(cè)槽口以后，將做豎直上拋運動B.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，只有重力對小球做功^C.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒D.球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，兩根間距為10cm的無限長光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面上，它們的電阻不計，兩導(dǎo)軌左端連接一阻值為10Ω的定值電阻，兩導(dǎo)軌之間存在有邊界的，沿豎直方向的，磁感應(yīng)強度大小為1T的勻強磁場，磁場邊界(圖中的虛線曲線)與函數(shù)10|sinx|的圖像完全一致(式中y的單位是cm)，且相鄰兩個區(qū)域的磁場方向相反；一阻值為10Ω的光滑導(dǎo)體棒垂直于兩導(dǎo)軌，在水平外力作用下以10m/s的速度在導(dǎo)軌上水平勻速向右運動(與兩導(dǎo)軌接觸良好且接觸電阻不計)，圖中的電壓表和電流表均為理想交流電表，則（）

A.回路中產(chǎn)生的是正弦式交變電流B.導(dǎo)體棒上消耗的熱功率為0.4WC.電壓表的示數(shù)是0.5VD.導(dǎo)體棒運動到圖示虛線cd位置時，電流表示數(shù)為零9、一只電爐的電阻絲和一臺電動機線圈電阻相同，都為R。設(shè)通過它們的電流相同（電動機正常運轉(zhuǎn)），則在相同的時間內(nèi)（）A.電爐和電動機產(chǎn)生的電熱相等B.電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率C.電爐兩端電壓大于電動機兩端電壓D.電爐和電動機兩端電壓相等10、關(guān)于熱力學(xué)溫度和攝氏溫度，以下說法正確的是（）A.熱力學(xué)溫度的單位K是國際單位制中的基本單位B.溫度升高就是升高了1KC.就是1KD.的溫度可用熱力學(xué)溫度粗略地表示為273K11、如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體沿箭頭所示的方向發(fā)生狀態(tài)變化的過程；則關(guān)于該氣體壓強變化的下列說法中正確的是（）

A.從狀態(tài)c到狀態(tài)d的過程中，壓強一直減小B.從狀態(tài)d到狀態(tài)a的過程中，壓強一直增大C.從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程中，壓強先增大后減小D.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中，壓強先增大后減小12、下列說法正確的是（）A.物體從外界吸熱時，內(nèi)能不一定增大B.當(dāng)分子間距增大時，分子勢能一定增大C.蔗糖受潮后會粘在一起，沒有確定的幾何形狀，所以它是非晶體D.一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變時，氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少13、下列說法正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的熱運動B.一定質(zhì)量的理想氣體在溫度不變的條件下，壓強增大，則外界對氣體做功C.內(nèi)能可以全部轉(zhuǎn)化為機械能，而不引起其它變化E.一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進行E.一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進行14、封閉在氣缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學(xué)溫度關(guān)T系如圖所示，該氣體的摩爾質(zhì)量為M，狀態(tài)A的體積為溫度為O、A、D三點在同一直線上，阿伏伽德羅常數(shù)為由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中

A.氣體從外界吸收熱量，內(nèi)能增加B.氣體體積增大，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少C.氣體溫度升高，每個氣體分子的動能都會增大D.氣體的密度不變15、在冰壺比賽中，某隊員利用紅壺去碰撞對方的藍壺，兩者在大本營中心發(fā)生對心碰撞如圖(a)所示，碰后運動員用冰壺刷摩擦藍壺前進方向的冰面來減小阻力，碰撞前后兩壺運動的v-t圖線如圖(b)中實線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量均為19kg，則

A.碰后藍壺速度為0.8m／sB.碰后藍壺移動的距離為2.4mC.碰撞過程兩壺損失的動能為7.22JD.碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比為5：4評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、某實驗愛好者設(shè)計了模擬路燈光控電路，利用光敏電阻作為光傳感器，配合使用斯密特觸發(fā)器來控制電路，他設(shè)計的電路如圖，他所使用的斯密特觸發(fā)器的輸入端信號____（“可以”或“不可以”）連續(xù)變化，為了更加節(jié)能，讓天色更暗時，路燈點亮，應(yīng)將R1___一些（“增大”或“減小”）。17、等壓變化：一定質(zhì)量的某種氣體，在______不變時，體積隨溫度變化的過程。18、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時壓強為經(jīng)歷A→B→C→A的過程，C→A過程中，氣體壓強______（填“增加”、“減小”或“不變”）；整個過程中與外界交換的熱量相當(dāng)于放出61.4J。該氣體在A→B過程中對外界所做的功為______J。

19、如圖所示的電路，水平放置的上下可移動的平行板電容器中有一個帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，若保持電容器兩極板間的距離不變，將滑動變阻器的滑片P向左移動，液滴將___________（填“向上運動”、“向下運動”或“不動”）；若保持變阻器的滑片P的位置不變，減小電容器兩極板間的距離，液滴將_________（填“向上運動”；“向下運動”或“不動”）。

20、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許從b流向a，水平放置的平行板電容器AB內(nèi)部原有一電荷P處于靜止?fàn)顟B(tài)，一直保持兩極板處于平行狀態(tài)，若A和B的間距稍增大一些后，P的運動情況將是________；若把A和B的正對面積稍增大一些后，P的運動情況將是_________；若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，P的運動情況將是________．（填“靜止不動”；“向下運動”或“向上運動”）

21、如圖所示，真空中有一對相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢差為U，兩板間的電場為勻強電場．若一個質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A板向B板做勻加速直線運動并到達B板，則粒子在運動過程中加速度大小a=________，粒子到達B板時的速度大小v=________．

22、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。23、如圖所示，兩端開口的圓筒內(nèi)嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內(nèi)的位置，小李同學(xué)做如下實驗：在圓筒左側(cè)凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側(cè)垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當(dāng)圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現(xiàn)了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)27、某同學(xué)用圖1所示的裝置研究兩個小球在斜槽末端發(fā)生碰撞的情況，并用它來驗證碰撞中的動量守恒定律，圖中AB是斜槽，BC為水平槽．

（1）實驗中通過僅測量小球做平拋運動的______（選填“水平位移”或“豎直位移”）；可間接得到小球碰撞前后的速度關(guān)系.

（2）檢驗水平槽BC是否調(diào)平的方法是：_______.

（3）實驗裝置中的重錘線起什么作用？__________.

（4）實驗時先使入射球m1從斜槽上某一固定位置S多次由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，從而確定P點的位置，再把被碰球m2放在水平槽末端，讓球m1仍從位置S多次由靜止開始滾下，跟球m2碰撞后，兩球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，從而確定M、N點的位置．

a.為提高實驗的精度，減小誤差，要求m1__________m2．（選填“>”“<”“＝”）

b.其中確定P點位置的多次落點痕跡如圖2所示，刻度尺的零點與O點對齊，則OP＝_________cm．

（5）經(jīng)測定，m1=45.0g，m2=7.5g，M、N距O點的距離如圖3所示，請通過計算說明本次實驗中兩小球碰撞前后的動量是否守恒__________.

（6）牛頓曾設(shè)想，把物體從高山上水平拋出，速度一次比一次大，落地點就一次比一次遠，如果速度足夠大，物體就不再落回地面，它將繞地球運動，成為人造地球衛(wèi)星，如圖，同樣是受地球引力，隨著拋出速度增大，物體會從做平拋運動逐漸變?yōu)樽鰣A周運動，請分析原因_____________．

28、為了測一個自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻RL；實驗室提供以下器材：

（A）待測線圈L（阻值約為2Ω；額定電流3A）

（B）電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻r1=1Ω）

（C）電流表A2（量程3.0A，內(nèi)阻r2約為0.2Ω）

（D）滑動變阻器R1（0～10Ω）

（E）滑動變阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值電阻R3=10Ω

（G）定值電阻R4=100Ω

（H）電源（電動勢E約為9V；內(nèi)阻很小）

（I）單刀單擲開關(guān)兩只S1、S2；導(dǎo)線若干．

要求實驗時，改變滑動變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內(nèi)測得多組A1表和A2表的讀數(shù)I1、I2，然后利用給出的I2-I1圖象（如乙圖所示），求出線圈的電阻RL的準(zhǔn)確值．

①實驗中定值電阻應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用________．（填寫器材前面的序號；如：A；B、C等，直接寫器材名稱或符號均不得分）

②請你畫完圖甲方框中的實驗電路圖_____________．

③實驗結(jié)束時應(yīng)先斷開開關(guān)_______.

④由I2-I1圖象，求得線圈的直流電阻RL=_______Ω.參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．在圖像中，過坐標(biāo)原點的直線為等壓變化，不過坐標(biāo)原點；故不是等壓變化，故A錯誤；

B．由題圖可知，為等溫變化；溫度不變，故內(nèi)能不變，故B正確；

C．到為等壓變化，由到體積減?。挥捎谫|(zhì)量不變，故密度增大，故C錯誤；

D．過程為等容變化；氣體對外不做功，故D錯誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在圖1中；向上拉動下表面緊貼水面的玻璃板時，拉力大于重力，主要是受到了水的張力的影響，故A錯誤；

B．在圖2中；隨著活塞上砝碼個數(shù)的增加，氣缸內(nèi)封閉的氣體越來越難壓縮（始終為氣體狀態(tài)），主要原因是由于隨著氣體體積的減小，氣體壓強越來越大，故B錯誤；

C．用燒熱的針尖接觸表面涂有蜂蠟層的云母片；蜂蠟層形成了如圖3所示的熔化區(qū)域，說明云母片對于導(dǎo)熱性存在著各向異性，故C錯誤；

D．熱機在工作過程中；燃料不可能完全燃燒，尾氣帶走較多的熱量，機器本身散熱，克服機械間摩擦做功等，熱機的效率仍無法達到100%，故D正確。

故選D。3、D【分析】磁通量、電勢和電勢能都是沒有方向的，是標(biāo)量，只有磁感應(yīng)強度是即有大小又有方向，是矢量，故A正確。4、B【分析】【詳解】

B、保持U1不變，根據(jù)輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定可知輸出電壓U2不變，B選項正確；D、使滑片P滑動時，R變化，而電壓U2不變，所以副線圈電流I2變化，故D錯誤；C、由知I2變化，則I1變化，故C錯誤；A、由知P2發(fā)生變化；故A錯誤；故選B．

【點睛】根據(jù)輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，輸入的功率的大小是由輸出功率的大小決定的，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比分析即可．5、D【分析】【詳解】

A．由乙圖知，點在時刻振動方向向下，故波的傳播方向為軸負向；故A項錯誤；

B．由乙圖知，點振動周期該波周期和點振動周期相同，即該波的周期為故B項錯誤；

C．該波的波速

故C項錯誤；

D．由乙圖知，在時點在平衡位置；速度最大，故D項正確。

故選D。

【點睛】

本題首先要能正確識別、理解振動圖像和波動圖像，關(guān)鍵能把握兩種圖像之間的內(nèi)在聯(lián)系，要注意兩種圖像判斷質(zhì)點振動方向的方法是不同的，不能混淆。6、D【分析】【詳解】

產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是觀察者或波源發(fā)生相對運動，使得觀察者接收到的波的頻率發(fā)生變化，選項AB錯誤；甲、乙兩列車相向行駛，兩車均鳴笛，且所發(fā)出的笛聲頻率相同，因乙車中的乘客相對甲車靠近，而相對乙車靜止，那么乙車中的某旅客聽到的甲車笛聲頻率高于他聽到的乙車笛聲頻率，選項C錯誤；哈勃太空望遠鏡發(fā)現(xiàn)所接收到的來自于遙遠星系上的某種原子光譜，與地球上同種原子的光譜相比較，光譜中各條譜線的波長均變長（稱為哈勃紅移），即頻率變小，說明該星系正在遠離我們而去，故D正確；故選D．7、D【分析】【詳解】

小球經(jīng)過槽的最低點后；在小球沿槽的右側(cè)面上升的過程中，槽也向右運動，小球離開右側(cè)槽口時相對于地面的速度斜向右上方，小球?qū)⒆鲂睊佭\動而不是做豎直上拋運動，故A錯誤；小球在槽內(nèi)運動的全過程中，從剛釋放到最低點，只有重力做功，而從最低點開始上升過程中，除小球重力做功外，還有槽對球作用力做負功。故B錯誤；小球在槽內(nèi)運動的全過程中，從剛釋放到最低點，只有重力做功，而從最低點開始上升過程中，除小球重力做功外，還有槽對球作用力做負功。但球?qū)Σ圩饔昧ψ稣Γ瑑烧咧驼脼榱?。所以小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒。故C錯誤；小球在槽內(nèi)運動的前半過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒，而小球在槽內(nèi)運動的后半過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量守恒，故D正確；故選D。

【點睛】

考查動量守恒定律與機械能守恒定律．當(dāng)球下落到最低點過程，由于左側(cè)豎直墻壁作用，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒，但小球機械能守恒．當(dāng)球從最低點上升時，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量守恒，但小球機械能不守恒，而小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒．二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)

為導(dǎo)體棒長度L；所以回路中產(chǎn)生的正弦式交變電流，A正確；

BC．回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為

則電動勢的有效值

電壓表測量R兩端的電壓，則

電流表的示數(shù)為有效值，為

導(dǎo)體棒上消耗的熱功率

B錯誤C正確；

D．電流表示數(shù)為有效值；一直為0.05A，D錯誤。

故選AC。9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用；根據(jù)焦耳定律。

電爐和電動機的電阻相同；電流相同，則在相同的時間內(nèi)電爐和電動機產(chǎn)生的電熱相等，故A正確；

B．電動機消耗的電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；另一部分轉(zhuǎn)化為機械能，電爐消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而相等時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量相等，則在相同的時間內(nèi)，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率，故B正確；

CD．設(shè)電流為I；則電爐兩端電壓。

電動機兩端電壓所以即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓，故CD錯誤。

故選AB。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學(xué)溫度的單位K是國際單位制中七個基本單位之一；A正確；

B．由。

得。

則知溫度升高了就是升高了1K；B正確；

C．熱力學(xué)溫度和攝氏溫度的關(guān)系是。

可知與1K表示的溫度不同；C錯誤；

D．根據(jù)。

知，當(dāng)時。

D正確。

故選ABD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)。

則。

則V-T圖像上某點與原點連線的斜率與壓強成反比。

A．因c點與原點連線的斜率小于d點與原點連線的斜率，可知c態(tài)壓強大于d態(tài)壓強，即從狀態(tài)c到狀態(tài)d的過程中；壓強一直減小，選項A正確；

B．從狀態(tài)d到狀態(tài)a的過程中；圖像上各點與原點連線的斜率增大，則壓強一直減小，選項B錯誤；

C．從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程中；圖像上各點與原點連線的斜率減小，則壓強增大，選項C錯誤；

D．從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過程中；各點與原點連線的斜率先減小后增大，則壓強先增大后減小，選項D正確。

故選AD。12、A:D【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若同時對外做功，則其內(nèi)能不一定增大，故A正確；

B．當(dāng)分子間距離等于時分子勢能最小，從距離小于處增大分子之間的距離；則分子勢能先減小后增大，故B錯誤；

C．蔗糖受潮后會粘在一起；沒有確定的幾何形狀，它是晶體中的多晶體，故C錯誤；

D．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程；一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變時，溫度升高，體積增大，密度減小，單位體積內(nèi)氣體的分子個數(shù)減少，所以氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少，故D正確。

故選AD。13、B:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運動就是固體顆粒在液體分子撞擊下無規(guī)則的運動；故A錯誤；

B．一定質(zhì)量的理想氣體在溫度不變的條件下，壓強增大，根據(jù)玻意耳定律

可知體積一定減?。煌饨鐚ξ矬w做功，故B正確；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機械能但而不引起其它變化，故C錯誤；

D．分子間平衡距離是分子引力與分子斥力相等的位置；此時分子勢能最小，故D正確；

E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律的微觀解釋；一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進行，故E正確。

故選BDE。14、A:B【分析】【詳解】

A點和D點在過原點的連線上，說明氣體由A到D壓強不變，體積增大，密度減小，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少，氣體對外做功，溫度升高氣體的平均動能增加，內(nèi)能增加，故需要吸熱，故AB正確，CD錯誤．故選AB．15、A:D【分析】【詳解】

由圖可知碰撞前后紅壺的速度為和由動量守恒可得解得碰后藍壺速度為由數(shù)學(xué)關(guān)系可得紅冰壺如果不發(fā)生碰撞有故藍色冰壺停止運動得時間為t=5s，碰后藍壺移動的距離為碰撞過程兩壺損失的動能為紅壺所受摩擦力藍壺所受摩擦力，碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比為故AD正確，BC錯誤；

故選AD．

【點睛】

由動量守恒可得碰后藍壺速度大小，碰撞過程兩壺損失的動能為初末動能之差，碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比由牛頓運動定律求出．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

光敏電阻的電阻隨光照增強而減小；天暗時，電阻比較大，光敏電阻兩端的電勢差比較大，則輸入門電路為高電勢，而另一輸入端為低電勢，最后路燈亮；天亮?xí)r，光敏電阻比較小，則光敏電阻兩端的電勢差比較小，則輸入門電路為低電勢，而另一輸入端為低電勢，路燈熄滅。

【詳解】

斯密特觸發(fā)器的工作原理是：當(dāng)加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值（1.6V）時；輸出端Y會突然從高電平跳到低電平（0.25V），而當(dāng)輸入端A的電壓下降到另一個值的時候（0.8V），Y會從低電平突然跳到高電平（3.4V）。天暗時，光敏電阻阻值大，A端的電勢升高，當(dāng)A段的電勢升高到一定的值時，經(jīng)過非門，輸出端Y為低電勢，LED導(dǎo)通，路燈亮，故斯密特觸發(fā)器的輸入端信號可以連續(xù)變化；

R1調(diào)大時，天更暗時，光敏電阻變大，才導(dǎo)致分壓變大，則A端的電勢高，輸出端Y為低電勢，LED燈亮，故讓天色更暗時，路燈點亮，應(yīng)將R1增大一些?！窘馕觥靠梢栽龃?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】壓強18、略

【分析】【詳解】

[1]C→A過程中，圖線是過原點的直線，根據(jù)

可得

可知C→A過程中氣體壓強不變；

[2]整個過程中與外界交換的熱量相當(dāng)于放出61.4J，而整個過程中內(nèi)能不變，則外界對氣體做功為W=61.4J

其中A→B過程氣體體積變大，對外做功W1；B→C過程體積不變，W2=0；從C→A過程等壓壓縮，外界對氣體做功

則由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即氣體在A→B過程中對外界所做的功為138.6J?！窘馕觥坎蛔?38.619、略

【分析】【詳解】

[1]因開始時液滴受力平衡，故液滴受上的電場力等于重力；當(dāng)滑片向左滑動時，滑動變阻器接入電阻變大，則電路中電流減小，故R2兩端的電壓減?。灰螂娙萜髋cR2并聯(lián)，故電容器兩端的電壓減小，根據(jù)

則電容器內(nèi)部的場強E減?。灰旱问茈妶隽p小，故液滴將向下運動；

[2]當(dāng)滑片不動時，電容器兩端的電壓不變，減小極板間的距離，根據(jù)

則電容器內(nèi)部的場強E增大，故受電場力增大，故液滴將向上運動?！窘馕觥肯蛏线\動向上運動20、略

【分析】【詳解】

[1]電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據(jù)

板間電場強度

Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變；仍靜止。

[2]使極板A和B正對面積增大后，跟據(jù)

電容變大，根據(jù)

電量要增加，但是由于電壓不變，根據(jù)

兩板間距不變；故場強不變，電場力不變，則電荷仍靜止不動。

[3]若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，根據(jù)

則電容變大，電量不變，根據(jù)

則電壓減小，根據(jù)

場強減小，電場力減小，故P的運動情況將是向下運動【解析】（1）靜止不動（2）靜止不動（3）向下運動21、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開始運動，只受電場力，有：U=Ed；F=qE；

聯(lián)立解得：

根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2ad

解得：

點睛：本題電荷在電場中加速問題，求解速度通常有兩種思路：一是動能定理；二是牛頓第二定律與運動學(xué)公式結(jié)合．【解析】22、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關(guān)，跟到平面鏡的距離無關(guān)，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關(guān)，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關(guān)。但是我們遠離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產(chǎn)生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；23、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規(guī)律，根據(jù)光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據(jù)凸透鏡成像的原理；由點S發(fā)出的光經(jīng)過凸透鏡后會聚到像點，并結(jié)合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據(jù)光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應(yīng)在S′處，若物體為AS，則成像應(yīng)為A′S′；根據(jù)成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯(lián)立以上幾式得【解析】四、作圖題(共3題，共15分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變