2025年浙教新版選修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教新版選修3物理上冊(cè)月考試卷324考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，電路中的變壓器為理想變壓器，R為滑動(dòng)變阻器，U1為加在原線(xiàn)圈兩端的交流電壓，I1為原線(xiàn)圈中的電流，U2為副線(xiàn)圈兩端的交流電壓，I2為副線(xiàn)圈中的電流，P2為滑動(dòng)變阻器上消耗的電功率．若U1保持不變；改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，下列說(shuō)法中正確的是。

A.P2保持不變B.U2保持不變C.I1保持不變D.I2保持不變2、一個(gè)矩形線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)為e=220sin100t（V），關(guān)于這個(gè)交變電流，下列說(shuō)法中正確的是()A.交變電流的頻率為100HzB.電動(dòng)勢(shì)的有效值為220VC.電動(dòng)勢(shì)的有效值約為311VD.t=0時(shí)，線(xiàn)圈平面與中性面垂直3、一定質(zhì)量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變的條件下，溫度為0℃時(shí)，其體積為當(dāng)溫度升高為時(shí)，體積為V，那么每升高1℃增大的體積等于（）A.B.C.D.4、下列情況中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A.如圖甲所示，導(dǎo)體AB順著磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.如圖乙所示，條形磁鐵插入線(xiàn)圈中不動(dòng)時(shí)C.如圖丙所示，小螺線(xiàn)管A置于大螺線(xiàn)管B中不動(dòng)，開(kāi)關(guān)S一直接通時(shí)D.如圖丙所示，小螺線(xiàn)管A置于大螺線(xiàn)管B中不動(dòng)，開(kāi)關(guān)S一直接通，在移動(dòng)變阻器滑片的過(guò)程中5、一單擺在地球表面做受迫振動(dòng)，其共振曲線(xiàn)（振幅A與驅(qū)動(dòng)力的頻率f的關(guān)系）如圖所示；則（）

A.此單擺的固有周期約為0.5sB.此單擺的擺長(zhǎng)約為1mC.若擺長(zhǎng)增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長(zhǎng)增大，共振曲線(xiàn)的峰將向右移動(dòng)6、如圖所示，實(shí)線(xiàn)和虛線(xiàn)分別表示振幅、頻率均相同的兩列波的波峰和波谷．此刻，M是波峰與波峰相遇點(diǎn)，下列說(shuō)法中不正確的是()

A.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)O正處在平衡位置B.P、N兩點(diǎn)始終處于平衡位置C.M點(diǎn)振幅為單個(gè)波引起的振幅的2倍D.從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置7、在直徑為d的圓形區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場(chǎng)方向垂直圓面指向紙外．一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子，從磁場(chǎng)區(qū)域的一條直徑AC上的A點(diǎn)沿紙面射入磁場(chǎng)，其速度方向與AC成α＝15°角，如圖所示，此粒子在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，速度的方向改變了90°，重力可忽略不計(jì)，則該粒子射入時(shí)的速度大小v為()

A.B.C.D.8、下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.彩虹是光的衍射現(xiàn)象B.肥皂膜在陽(yáng)光的照射下呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象C.交通警示燈選用紅燈是因?yàn)榧t光更容易穿透云霧煙塵D.液晶顯示應(yīng)用了光的偏振評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C．閉合開(kāi)關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI；則：

A.變化過(guò)程中ΔU和ΔI的比值保持不變B.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變C.電阻R0兩端電壓減小，減小量為ΔUD.電容器的帶電荷量增大，增加量為CΔU10、如圖所示，兩根間距為的無(wú)限長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面上，它們的電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌左端連接一阻值為10Ω的定值電阻，兩導(dǎo)軌之間存在著有邊界的，沿豎直方向的，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界（圖中的虛線(xiàn)曲線(xiàn)）與函數(shù)的圖像完全一致（式中y的單位是cm），且相鄰兩個(gè)區(qū)域的磁場(chǎng)方向相反；一阻值為10Ω的光滑導(dǎo)體棒垂直于兩導(dǎo)軌，在水平外力作用下以10m/s的速度在導(dǎo)軌上水平勻速向右運(yùn)動(dòng)（與兩導(dǎo)軌接觸良好且接觸電阻不計(jì)），圖中的電壓表和電流表均為理想交流電表，則（）

A.回路中產(chǎn)生的正弦式交變電流B.電壓表的示數(shù)是2VC.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到圖示虛線(xiàn)cd位置時(shí)，電流表示數(shù)為零D.導(dǎo)體棒上消耗的熱功率為0．4W11、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c，其壓強(qiáng)p與溫度t的關(guān)系如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.氣體由a到b為等容變化B.氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能大于在狀態(tài)b的內(nèi)能C.氣體由b到c的過(guò)程必放熱E.b到c的過(guò)程是等壓過(guò)程，溫度升高，氣體對(duì)外做功E.b到c的過(guò)程是等壓過(guò)程，溫度升高，氣體對(duì)外做功12、一定質(zhì)量的理想氣體，在體積保持不變的條件下，若氣體溫度升高，則（）A.氣體中每個(gè)分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能一定都變大B.氣體中每個(gè)分子對(duì)器壁撞擊的作用力都變大C.氣體的壓強(qiáng)變大D.氣體一定從外界吸收熱量13、一定量的理想氣體從狀態(tài)M開(kāi)始，經(jīng)狀態(tài)N、P、Q回到狀態(tài)M。其壓強(qiáng)—溫度圖像（P—T圖像）如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）

A.從M到N氣體對(duì)外界做功B.從N到P是放熱過(guò)程C.從N到P氣體的體積增大E.從P到M氣體對(duì)外界做功E.從P到M氣體對(duì)外界做功14、如圖所示，矩形木塊中上部挖空成為半徑為R的光滑的半圓周周軌道，置于光滑的水平面上，a、c兩點(diǎn)等高．此軌道可以固定，也可以不固定．一滑塊m從軌道的a點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，且此時(shí)軌道也是靜止的，那么下列說(shuō)法中正確的是：（））

A.若軌道不固定，滑塊與軌道組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒；B.若軌道固定，則m經(jīng)最低b點(diǎn)時(shí)的速度大小為C.若軌道不固定，則m滑不到c點(diǎn)處；D.；若軌道不固定，則m經(jīng)最低b點(diǎn)時(shí)的速度大小小于．評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、在電解液中，(1)若5s內(nèi)沿相反方向通過(guò)某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_(kāi)______A；(2)若5s內(nèi)到達(dá)陽(yáng)極的負(fù)離子和到達(dá)陰極的正離子均為5C，則電流為_(kāi)______A．16、如圖所示，一橫截面為半圓柱形的玻璃磚，圓心為O，半徑為R．某一單色光垂直于直徑方向從A點(diǎn)射入玻璃磚，折射光線(xiàn)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，OP與單色光的入射方向平行，且A到O的距離為P到O的距離為則玻璃磚對(duì)單色光的折射率為_(kāi)________．

17、如圖所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑動(dòng)變阻器最大值R3＝5Ω，則當(dāng)滑動(dòng)觸頭從a滑到b的過(guò)程中，電流表示數(shù)的變化情況是______________________________．

18、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線(xiàn)，一定質(zhì)量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線(xiàn)1為絕熱變化過(guò)程，氣體內(nèi)能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體對(duì)外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關(guān)系是_____。

19、一物體沿x軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅12cm，周期2s．當(dāng)t=0時(shí)，位移為6cm，且向x軸正方向運(yùn)動(dòng)；

（1）物體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式（用正弦函數(shù)表示）為_(kāi)________________；

（2）t=10.5s時(shí)物體的位置為_(kāi)_______cm20、.如圖甲所示，為某簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖象，乙圖為在該波的傳播方向上某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象．下列說(shuō)法中正確的是_______(填正確答案標(biāo)號(hào)．)

A.該波的波速為10m/s

B.該波一定沿x軸正方向傳播

C.若圖乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，那么，在t=0.15s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為(0.5m，0)

D.若圖乙是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，那么，在t=0.15s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1m，－4cm)

E.當(dāng)t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P一定正在經(jīng)過(guò)平衡位置21、據(jù)統(tǒng)計(jì)，人在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體所受重力的數(shù)倍．為探究這個(gè)問(wèn)題，實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，即通過(guò)一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來(lái)模擬人體落地時(shí)的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計(jì)，不考慮空氣阻力的影響取重力加速度g＝10m/s2下表為一次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的相關(guān)數(shù)據(jù)．

。重物（包括傳感器）的質(zhì)量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時(shí)間t/s

0.1

（1）請(qǐng)你選擇所需數(shù)據(jù)；通過(guò)計(jì)算回答下列問(wèn)題。

a．重物受到地面的最大沖擊力時(shí)的加速度大小a＝_____

b．在重物與地面接觸過(guò)程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過(guò)程中受到的沖擊力，可采取一些具體措施，請(qǐng)你提供一種可行的方法并說(shuō)明理由．_____．22、閱讀短文；回答問(wèn)題：

變頻空調(diào)機(jī)。

空調(diào)機(jī)中有被稱(chēng)為“冷媒”的物質(zhì)；利用它的物態(tài)變化可以實(shí)現(xiàn)室內(nèi)；室外熱量的轉(zhuǎn)移，如圖所示是空調(diào)機(jī)制冷系統(tǒng)的原理圖，其中壓縮機(jī)的作用是對(duì)氣態(tài)“冷媒”加壓，并使“冷媒”在管內(nèi)循環(huán)，壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速越大，“冷媒”的流量越大，空調(diào)機(jī)的制冷能力就越強(qiáng)．

壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速由供電頻率決定；“變頻空調(diào)”是與傳統(tǒng)供電頻率不變的“定頻空調(diào)”相比較而產(chǎn)生的概念，與“定頻空調(diào)”相比，變頻空調(diào)機(jī)的變頻器可以在一定范圍內(nèi)調(diào)節(jié)供電頻率，從而改變壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速．供電頻率越高，轉(zhuǎn)速越大，達(dá)到控制“冷媒”流量的目的．

變頻空調(diào)機(jī)開(kāi)始工作時(shí)；以最大功率進(jìn)行制冷，當(dāng)室內(nèi)溫度快速降至設(shè)定溫度后，壓縮機(jī)隨機(jī)處于低速持續(xù)運(yùn)轉(zhuǎn)狀態(tài)，維持室溫基本不變．

某型號(hào)變頻空調(diào)機(jī)的部分參數(shù)如下表；其中：制冷量是指單位時(shí)間內(nèi)空調(diào)機(jī)從密閉區(qū)域內(nèi)去除熱量的總和；能效比是空調(diào)機(jī)在額定狀態(tài)工作時(shí)，制冷量與輸入功率之比．

。

最小。

額定。

最大。

輸入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

(1)空調(diào)機(jī)的制冷原理是：在室內(nèi)；“冷媒”由于________吸收熱量，而在室外則由于________放出熱量，從而把室內(nèi)的熱量轉(zhuǎn)移到室外，達(dá)到降低室內(nèi)溫度的目的．（以上均填物態(tài)變化名稱(chēng)）

(2)關(guān)于變頻空調(diào)機(jī)；下列說(shuō)法正確的是：（_____）．（填字母序號(hào)）

A；變頻空調(diào)的壓縮機(jī)與定頻空調(diào)一樣；也是斷斷續(xù)續(xù)工作的。

B；空調(diào)機(jī)制冷時(shí)；圖中鋼管A內(nèi)流動(dòng)的是氣態(tài)“冷媒”

C；空調(diào)壓縮機(jī)是利用降溫的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的。

D、變頻器供電頻率越高，空調(diào)機(jī)的制冷能力越強(qiáng)評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線(xiàn)電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線(xiàn)方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線(xiàn)。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共3分)26、某同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測(cè)定金屬的電阻率．用米尺測(cè)量金屬絲的長(zhǎng)度，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑時(shí)的刻度如圖所示。金屬絲的電阻大約為，在用伏安法對(duì)金屬絲的電阻進(jìn)行進(jìn)一步測(cè)定時(shí)，有如下供選擇的實(shí)驗(yàn)器材：

直流電源：電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻可不計(jì)；

電流表：量程為，內(nèi)阻；

電流表：量程為，內(nèi)阻；

電壓表：量程，內(nèi)阻；

滑動(dòng)變阻器：最大阻值；

滑動(dòng)變阻器：最大值值

開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)等。

(1)從圖中讀出金屬絲的直徑__________

(2)在所給的可供選擇的器材中，應(yīng)該選用的電流表是__________，應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是__________（填寫(xiě)器材的字母代號(hào)）；

(3)用所選的器材，在下邊的方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_____________；

(4)實(shí)驗(yàn)測(cè)出電阻絲的電阻為，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)，計(jì)算電阻率的公式是__________。這種金屬材料的電阻率為_(kāi)_________（保留一位有效數(shù)字）。

評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共40分)27、如圖所示，在垂直于紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩根光滑平行金屬軌道MN、PQ固定在豎直平面內(nèi)，相距為L(zhǎng)，電阻不計(jì)，中間連接阻值為R的電阻．電阻為r的金屬導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，且與軌道接觸良好，以速度v豎直向下做勻速運(yùn)動(dòng)．探究此過(guò)程中，在時(shí)間內(nèi)重力做的功與感應(yīng)電流的電功之間的關(guān)系；并說(shuō)明能量轉(zhuǎn)化情況．

28、如圖所示，將一個(gè)折射率為的透明長(zhǎng)方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個(gè)截面，一單色細(xì)光束入射到P點(diǎn)，入射角為θ．求：

（1）若要使光束進(jìn)入長(zhǎng)方體后能射至AD面上；角θ的最小值；

（2）若要此光束在A(yíng)D面上發(fā)生全反射；角θ的范圍．

29、如圖所示，水平直軌道AC的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=8m，AC中點(diǎn)B正上方有一探測(cè)器，C處有一豎直擋板D．現(xiàn)使物塊Pl沿軌道向右以速度Vl與靜止在A(yíng)處的物塊P2正碰，碰撞后，P1與P2粘成組合體P．以Pl、P2碰撞時(shí)刻為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，探測(cè)器只在t1=2s至t2=4s內(nèi)工作．已知物塊Pl、P2的質(zhì)量均力m=1kg，Pl、P2和P均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2．

（1）若v1=8m/s；P恰好不與擋板發(fā)生碰撞，求P與軌道AC間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

（2）若P與擋板發(fā)生彈性碰撞后，并能在探測(cè)器工作時(shí)間內(nèi)通過(guò)B點(diǎn)，求V1的取值范圍；

（3）在滿(mǎn)足（2）的條件下；求P向左經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的最大動(dòng)能．

30、如圖1所示，小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）在光滑圓弧槽上的A、A′之間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，小球的運(yùn)動(dòng)視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，使用周期性外力驅(qū)動(dòng)小球，得出驅(qū)動(dòng)力頻率與振幅之間的關(guān)系如圖2所示，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率為時(shí)小球振幅最大。撤去驅(qū)動(dòng)力，小球自由振動(dòng)，A、A′點(diǎn)為左右端點(diǎn)，D為最低點(diǎn)，A、A′點(diǎn)與圓心O的連線(xiàn)與豎直方向之間的夾角相等且均為（<5°），已知重力加速度g；求：

（1）光滑圓弧槽的半徑；

（2）小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中在最低點(diǎn)D和端點(diǎn)A處對(duì)光滑圓弧槽的壓力之比。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

B、保持U1不變，根據(jù)輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定可知輸出電壓U2不變，B選項(xiàng)正確；D、使滑片P滑動(dòng)時(shí)，R變化，而電壓U2不變，所以副線(xiàn)圈電流I2變化，故D錯(cuò)誤；C、由知I2變化，則I1變化，故C錯(cuò)誤；A、由知P2發(fā)生變化；故A錯(cuò)誤；故選B．

【點(diǎn)睛】根據(jù)輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，輸入的功率的大小是由輸出功率的大小決定的，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比分析即可．2、B【分析】【詳解】

交變電流的頻率為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)的有效值為選項(xiàng)B正確

C錯(cuò)誤；t=0時(shí)，線(xiàn)圈平面與中性面重合，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.3、A【分析】【分析】

【詳解】

由等壓變化可得

則每升高1℃增大的體積

故選A。4、D【分析】【詳解】

如圖甲所示；導(dǎo)體AB順著磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，不切割磁感線(xiàn)，無(wú)感應(yīng)電流，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；如圖乙所示，條形磁鐵插入線(xiàn)圈中不動(dòng)時(shí)，磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；如圖丙所示，小螺線(xiàn)管A置于大螺線(xiàn)管B中不動(dòng)，開(kāi)關(guān)S一直接通時(shí)，穿過(guò)B的磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；如圖丙所示，小螺線(xiàn)管A置于大螺線(xiàn)管B中不動(dòng)，開(kāi)關(guān)S一直接通，在移動(dòng)變阻器滑片的過(guò)程中，線(xiàn)圈A中的電流變化，穿過(guò)線(xiàn)圈B的磁通量變化，會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)D正確；故選D.

點(diǎn)睛：解答本題的關(guān)鍵是正確理解感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，即穿過(guò)閉合回路的磁通量變化，或者閉合電路的部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．5、B【分析】【詳解】

A．由圖可知；此單擺的發(fā)生共振的頻率與固有頻率相等，則固有頻率為0.5Hz，故A正確；

B．由圖可知，此單擺的發(fā)生共振的頻率與固有頻率相等，則周期為2s，由公式可得；擺長(zhǎng)約為1m，故B正確；

C．若擺長(zhǎng)增大；單擺的固有周期增大，則固有頻率減小，故C錯(cuò)誤；

D．若擺長(zhǎng)增大；則固有頻率減小，所以共振曲線(xiàn)的峰將向左移動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選AB。6、A【分析】【詳解】

由圖知O點(diǎn)是波谷和波谷疊加；該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)O正處在波谷位置，A錯(cuò)誤；P；N兩點(diǎn)是波谷和波峰疊加，由于振幅相同，位移始終為零，即處于平衡位置，B正確；M點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，則M點(diǎn)振幅為單個(gè)波引起的振幅的2倍，選項(xiàng)C正確；因該時(shí)刻M點(diǎn)在波峰位置，則從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置，D正確；此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選A.

點(diǎn)睛：介質(zhì)中同時(shí)存在幾列波時(shí)，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾．在波的重疊區(qū)域里各點(diǎn)的振動(dòng)的物理量等于各列波在該點(diǎn)引起的物理量的矢量和．7、A【分析】【詳解】

帶電粒子垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)；其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。

因軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角等于速度的偏向角，由題知粒子速度的方向改變了則軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角是設(shè)帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，則由幾何知識(shí)得：解得：由得選A.

【點(diǎn)睛】畫(huà)出運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)求出粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由半徑公式求出該粒子射入時(shí)的速度大小v．8、A【分析】彩虹是光的色散現(xiàn)象，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；肥皂膜在陽(yáng)光的照射下呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象，選項(xiàng)B正確；交通警示燈選用紅燈是因?yàn)榧t光更容易穿透云霧煙塵，選項(xiàng)C正確；液晶顯示應(yīng)用了光的偏振，選項(xiàng)D正確；此題選擇錯(cuò)誤的選項(xiàng)，故選A.二、多選題(共6題，共12分)9、A:D【分析】【詳解】

A.根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可以畫(huà)出圖象，圖象的斜率表示電源內(nèi)阻與定值電阻之和，所以恒定不變．A正確。

B.由圖可知因?yàn)殡娮柙龃?，所以電壓表示和電流表的示?shù)的比值變大．故B錯(cuò)誤。

C.閉合開(kāi)關(guān)增大可變電阻的阻值后，電流中的電流減小，由歐姆定律可得電阻兩端的電壓減小，兩端的電壓增大，而它們總的電壓即路端電壓增大，所以電阻兩端的電壓減小量小于．故C錯(cuò)誤．

D.兩端的電壓增大量為因?yàn)殡娙萜髋c并聯(lián)，所以電容器兩端電壓增大量為電容器的帶電荷量增量為．故D正確．10、A:B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知導(dǎo)體棒切割磁感線(xiàn)的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間成正弦規(guī)律變化；且產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向做周期性變化，所以回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，故A正確；

B．導(dǎo)體棒產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為

電動(dòng)勢(shì)的有效值為

電壓表的示數(shù)為

故B正確；

C．導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到圖示虛線(xiàn)cd位置時(shí)；感應(yīng)電流瞬時(shí)值為零，但有效值不為零，所以電流表示數(shù)不為零，故C錯(cuò)誤；

D．導(dǎo)體棒上消耗的熱功率為

故D正確。

故選ABD。11、B:D:E【分析】【詳解】

A．這是個(gè)p-t圖象，轉(zhuǎn)化成p-T圖象；如圖所示：

ab直線(xiàn)不過(guò)原點(diǎn)，因此a到b不是等容變化選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．理想氣體的內(nèi)能等于分子的平均動(dòng)能的總和，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，a到b的過(guò)程溫度減小，分子的平均動(dòng)能減小，理想氣體的內(nèi)能減小，即氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能大于在狀態(tài)b的內(nèi)能；選項(xiàng)B正確；

E．氣體由b到c的過(guò)程是等壓變化；溫度升高，所以體積增大，對(duì)外做功，選項(xiàng)E正確；

C．氣體由b到c的過(guò)程，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，溫度升高可知△U是正值且變大，氣體對(duì)外做功可知W為負(fù)值，所以Q必定為正值；即氣體要吸熱，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．氣體由a到c的過(guò)程；溫度不變，壓強(qiáng)減小，則體積增大，所以氣體在狀態(tài)a的體積小于在狀態(tài)c的體積，選項(xiàng)D正確；

故選BDE。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質(zhì)量的氣體；在體積不變的情況下，若氣體的溫度升高，則氣體分子的平均動(dòng)能增大，而不是氣體分子的每個(gè)動(dòng)能都一定增大，故A錯(cuò)誤；

B．由于不是每個(gè)分子的速度都增大；總有速度還會(huì)變小的，所以每個(gè)分子對(duì)器壁的作用力不一定都變大，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知；若溫度升高的同時(shí)，體積不變，則壓強(qiáng)一定變大，故C正確；

D．若氣體的溫度升高，則它的內(nèi)能一定增大，即△U＞0，而體積不變，故外界沒(méi)有對(duì)它做功，即W=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知；氣體一定從外界吸收熱量，故D正確。

故選CD。13、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．從M到N氣體的壓強(qiáng)不變；溫度降低，體積減小，外界對(duì)氣體做功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

BC．從N到P氣體的溫度不變；壓強(qiáng)增大，體積減小，外界對(duì)氣體做功，是放熱過(guò)程，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．由題圖可知，N、Q的連線(xiàn)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，說(shuō)明氣體在狀態(tài)N和狀態(tài)Q時(shí)的體積相等；選項(xiàng)D正確；

E．從P到M；圖線(xiàn)上各點(diǎn)與原點(diǎn)的連線(xiàn)的斜率減小，說(shuō)明氣體的體積增大，氣體對(duì)外界做功，選項(xiàng)E正確。

故選BDE。14、B:D【分析】【詳解】

B、若軌道固定，根據(jù)機(jī)械能守恒可得m經(jīng)最低b點(diǎn)時(shí)的速度大小為故B正確；

ACD、若軌道不固定，滑塊與軌道組成的系統(tǒng)在豎直方向動(dòng)量不守恒，在水平方向動(dòng)量守恒，m經(jīng)最低b點(diǎn)時(shí)，則有解得m經(jīng)最低b點(diǎn)時(shí)的速度大小小于根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒可知，若軌道不固定，則m能滑到c點(diǎn)處，故D正確，A；C錯(cuò)誤；

故選BD．三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內(nèi)沿相反方向通過(guò)某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內(nèi)到達(dá)陽(yáng)極的負(fù)離子為5C，則電流【解析】2116、略

【分析】【詳解】

光路如圖所示：

根據(jù)幾何關(guān)系可得，光從半圓柱形玻璃磚射出時(shí)，入射角為300，折射角為600

根據(jù)光的折射定律：

即玻璃的折射率為【解析】【答題空1】17、略

【分析】【詳解】

由電路的組成可知，R1和R3的上半部分串聯(lián)，R2和R3的下半部分串聯(lián)，然后再并聯(lián)．只要求出P由a向b滑動(dòng)過(guò)程中電阻的變化，就可求得電流的變化．設(shè)P、a間電阻為Ra；則混聯(lián)電路的電阻為。

上式中分子里兩個(gè)因式之和為定值，則當(dāng)時(shí)當(dāng)時(shí)，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

當(dāng)時(shí)，R＝2.1Ω，I2＝3A

故當(dāng)滑動(dòng)觸頭P從a端滑動(dòng)到b端的過(guò)程中；電流表示數(shù)變化：從3.94A減小到2.52A再增大到3A.

【點(diǎn)睛】

本題正確列出并聯(lián)電路電阻表達(dá)式，再根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系，即可正確解題．【解析】從3.94A減小到2.52A再增大到3A18、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內(nèi)能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據(jù)可知，p-V圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q319、略

【分析】【詳解】

（1）振子的周期為T(mén)=2s，則角速度為：振幅A=12cm．故x=0.12sin（πt+φ0），當(dāng)t=0時(shí)，位移為6cm，可得：或因?yàn)閠=0時(shí)，速度方向沿x軸正方向，所以取則子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為

（2）簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為．t=10.5s時(shí)，有：．【解析】20、A:D:E【分析】【詳解】

由甲圖讀出波長(zhǎng)由乙圖讀出周期T=0.2s，則該波的波速故A正確；由于不知道乙圖為波的傳播方向上哪個(gè)具體質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，所以無(wú)法判斷波的傳播方向，故B錯(cuò)誤；若乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則此時(shí)刻P向下振動(dòng)，則波沿x軸負(fù)方向傳播，所以Q點(diǎn)向上振動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間：時(shí)，處于波谷處，所以坐標(biāo)為（2m、-4cm），故C錯(cuò)誤；若乙是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，則此時(shí)刻Q向下振動(dòng)，則波沿x軸正方向傳播，所以P點(diǎn)向上振動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間：時(shí)，處于波谷處，所以坐標(biāo)為（1m、-4cm），故D正確．由圖可知t=0時(shí)刻P點(diǎn)處于平衡位置，經(jīng)時(shí)P點(diǎn)又再次回到平衡位移，向反方向運(yùn)動(dòng)，故E正確.故選ADE.21、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時(shí)加速度的大小為a，由牛頓第二定律解得：

b．重物在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理有：

重物與地面接觸前瞬時(shí)的速度大小為：

重物離開(kāi)地面瞬時(shí)的速度大小為：

重物與地面接觸過(guò)程，重物受到的平均作用力大小為F，設(shè)豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍數(shù)為：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接觸地面后要同時(shí)下蹲以通過(guò)延長(zhǎng)與地面接觸的時(shí)間來(lái)減小人受到地面的沖擊力．【解析】90m/s26人接觸地面后要同時(shí)下蹲以通過(guò)延長(zhǎng)與地面接觸的時(shí)間來(lái)減小人受到地面的沖擊力22、略

【分析】（1）在室內(nèi)；制冷劑由液態(tài)變成氣態(tài)，叫做汽化，汽化吸熱；在室外又由氣態(tài)變成液態(tài)叫液化，液化放熱．故填汽化（蒸發(fā)）；液化．

（2）變頻空調(diào)的壓縮機(jī)是連續(xù)工作的，故A錯(cuò)誤；由圖示可知，空調(diào)機(jī)制冷時(shí)，圖中鋼管A內(nèi)流動(dòng)的是氣態(tài)“冷媒”，故B正確；空調(diào)壓縮機(jī)是利用做功的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的，故C錯(cuò)誤；變頻器供電頻率越高，空調(diào)機(jī)的制冷能力越強(qiáng)，故D正確。所以選BD?！窘馕觥恳夯疊D四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線(xiàn)管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線(xiàn)管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共3分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由主尺上看出，有上方一個(gè)格出現(xiàn)，故讀數(shù)為0.5mm，螺旋尺上讀出了兩個(gè)格，故為2.0×0.01mm=0.020mm

即精確數(shù)值為0.5mm+0.020mm=0.520mm

（2）[